文档内容
直方向，能正确表示游客加速下滑或减速上滑的是（ ）
武汉外国语学校 2023~2024 学年度高二年级下学期期末
物理试题
A． 减速上滑 B． 减速上滑
命题人： 审题人：
本试卷共6页，15小题，满分100分。考试用时75分钟
注意事项：
1．答卷前，考生务必用黑色字迹钢笔或签字笔将自己的姓名、考生号、考场号和座位号填写在答题
卡上。
C． 加速下滑 D． 加速下滑
2．作答选择题时，选出每小题答案后，用 2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需
改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案，答案不能答在试卷上。
3．非选择题必须用黑色字迹钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；
4．氢原子能级如图甲所示，一群处于高能级的氢原子，向低能级跃迁时发出多种可见光，分别用这些可见光照射图
如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答的
答案无效。 乙电路的阴极K，其中3条光电流I随电压U变化的图线如图丙所示，已知可见光能量范围约为1.64eV到3.11eV之
4．考生必须保持答题-卡的整洁。考试结束后，将试卷和答题卡一并交回。
间，a光的光子能量为2.86 eV。则（ ）
一、单选题（本题共6小题，每小题4分，共24分．在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目
要求）．
1．某气体在T 、T 两种不同温度下的分子速率分布图像如图甲所示，纵坐标f (v)表示各速率区间的分子数占总分
1 2
子数的百分比，横坐标v表示分子的速率；而黑体辐射的实验规律如图乙所示，图乙中画出了T 、T 两种不同温度
1 2
下黑体辐射的强度与波长的关系，下列说法正确的是（ ）
A．图甲中T >T ，图乙中T >T
1 2 1 2
B．图甲中T T
1 2 1 2
C．图甲中T T ，图乙中T T 。
1 2
2．D
【详解】A．根据电荷数和质量数守恒可知X为β粒子，穿透性较强，但不能轻松穿透几厘
米厚的铅板，故A错误；
B．半衰期是统计数据，100个碘129原子在1570万年后不一定还有50个未发生衰变，故
B错误；
C．半衰期不会受外界环境的影响而改变，故C错误；
D．由于衰变过程中有质量亏损，所以碘129原子核的质量大于氙129原子核和X粒子的
总质量，故D正确。
3．C
4．D
【详解】A．氢原子从n=4能级向低能级跃迁时能辐射出6种频率的光，只有2种可见光，
分别为从n=4能级向n=2能级跃迁和从n=3能级向n=2能级跃迁，故A错误；
B．当滑片P向a端移动时，施加反向电压，光电流I将减小，故B错误；
C．根据
可知频率越大，遏止电压越大，故a光的频率最大，根据
c
λ=
f
可知频率越大，波长越短，故a光的波长最短，根据
ℎ
p=
λ
可知a光光子动量最大，故C错误；
D．根据氢原子能级图可知氢光谱可见光只有4条，而a光的能量最大，故排除氢原子从
n=6能级向n=2能级跃迁的可能，故a光是氢原子从n=5能级向n=2能级跃迁发出的光，
能量为2.86eV，b光是氢原子从n=4能级向n=2能级跃迁发出的光，能量为2.55eV，c光
是氢原子从n=3能级向n=2能级跃迁发出的光，能量为1.89eV，故图丙中3条图线对应的遏止电压，一定有|U −U |≤0.97V
b c
5．C
【详解】其运动过程的 图像如图所示
由于 图像的斜率表示物体加速度， 图像的面积表示物体的位移，则加速度大小分
别为
，
整理有
6．A
【详解】瓦片放在房脊上，相当于物体放在斜面上的模型，如图所示
瓦片重力沿斜面和垂直斜面的分力分别为mgsinθ，mgcosθ。
A．弹力的合力A的重力垂直斜面方向的分力平衡，大小为mgcosθ， 两个侧面弹力大小
相等夹角120度，如图所示
对A的弹力大小为F =F =mgcosθ
N1 N2
B．B对A的作用力与A的重力平衡，故大小等于mg，方向竖直向上。故B错误；
C．A受到重力，两个侧面对它的弹力和两个侧面对它的摩擦力，共5个力，故C错误；D．B对A的最大静摩擦力的合力大小与瓦片沿斜面方向的重力的分力平衡
Fsinθ
max
故D错误。
7．CD
【详解】A．因为是搓纸轮带动第一张向右运动，第1张纸上表面受到搓纸轮施加的静摩
擦力f，方向向右，大小不确定，故A错误；
D．第1张纸下表面受到第2张纸施加的滑动摩擦力f′，方向向左，即有
f '=μ (mg+F)
2
F为搓纸轮对第1张纸的压力，要让纸张一张一张进入则需满足
f '=μ (mg+F)<μ F
2 1
由题知F≫mg，故必有 ，故D正确；
BC．第2张纸与第3张纸之间的摩擦力及第99张纸与第100张纸之间的摩擦力都是静摩擦
力，根据受力平衡可知，大小均为f '=μ (mg+F)，故B错误，C正确；
2
8．BCD
【详解】A．根据质量数守恒和电荷数守恒可知，衰变方程为
❑
4X→A−4Y +4He
z z−2 2
故A错误；
B．此反应中放出的总能量
ΔE=(m −m −m )c2
X Y α
故B正确；
C．核反应前后系统动量守恒，即
m v =m v
Y Y α α
新核和α粒子在磁场中做圆周运动时，洛伦兹力提供向心力，有
mv2
Bqv=
r
联立两式可知核Y和α粒子在磁场中运动的半径之比r 2
Y =
r Z−2
α
α粒子在磁场中运动的半径为R，所以核Y在磁场中运动的半径
2R
r =
Y Z−2
故C正确；
D．核X发生衰变前后，根据能量守恒定律有
1 1
ΔE= m v2+ m v2
2 Y Y 2 α α
又由于
m v =m v
Y Y α α
联立两式整理得核Y的动能
1 m
m v2= α ΔE
2 Y Y m +m
α Y
9．BC
系统运动稳定时，对整体运用牛顿第二定律得
隔离对 分析，有
解得
可知弹簧秤的示数是25N，故A错误，B正确；
CD．在突然撤去 的瞬间，弹簧弹力保持不变，则m 的受力不变，m 的加速度大小仍为
2 2
； 的加速度大小为
故C正确，D错误。10．AD
【详解】AB．设棒以加速度a 向右匀加速时，滑套恰好不在棒上滑动，如图所示
0
则有
Ncosθ=mg，Nsinθ=ma
0
解得
a =gtanθ=7.5m/s2
0
故A正确，B错误；
C．当
a=10m/s2>a
0
时，滑套会沿棒上滑，如图所示
设滑套相对棒的加速度大小为a ，经时间t 滑套滑出直棒，则有
1 1
Ncosθ−mg=ma sinθ
1
Nsinθ=m(a−a cosθ)
1
1
L = a t2
1 2 1 1
解得
a =2m/s2 ，t =1.0s
1 1
故C错误；D．当
a=5m/s2μ ，此后A与长木板一起开始做匀减速直线运动，加速度大小为
2 1
μ (M+m+m)g 2
a = 1 = m/s2
共 M+m 3
设经过时间t 木板与物体B达到共同速度，则
4
v =v −a t =v
共1 共 共 4 0
解得
t =1.32s
4
故在t =0.6s内A相对物体B位移
4
v +v
Δs = 共 0t −v t =0.5808m
4 2 4 0 4
此时A与B距离为
Δs −Δs =1.656m
3 4
此后B做匀速运动，A与长木板一起做减速运动，不会相撞。
A、B两物体从撤去推力F到A、B之间距离达到最小时所用的时间
t=t +t =1.8s
3 4
