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年上学期高二期末考试物理
２０２４
参考答案、提示及评分细则
． ．爱因斯坦借鉴了普朗克的能量子理论提出光子的概念 成功解释光电效应现象 正确
１A A , ,A ;
．牛顿总结万有引力定律 但引力常量G是卡文迪许通过扭秤实验测得的 错误
B , ,B ;
．选项中的观点是亚里士多德的 错误
C ,C ;
．卢瑟福通过α粒子散射实验研究 提出了原子的 核式结构模型 不是 枣糕模型 错误．
D , “ ”, “ ”,D
． 物体速度不变 做匀速直线运动 错误
２B A． , ,A ;
物体加速度恒定 做匀加速直线运动 正确
B． , ,B ;
．物体的加速度不断增大 做变加速运动 错误
C , ,C ;
．物体受到的合力不断增大 其加速度不断增大 做变加速运动 错误．
D , , ,D
． ．正确
３A A ;
．波浪 中质点振动方向与波传播方向垂直 是横波 错误
B“ ” , ,B ;
．一个周期内每把扇子运动的路程是 A 错误
C ４ ,C ;
．介质中的质点在振动过程中不会随波移动 故横坐标不变 错误．
D , ,D
． ．火箭发射升空的过程中 加速度向上 宇航员处于超重状态 错误
４B A , , ,A ;
．卫星的基本规律 高轨低速长周期 而 ． 是最大的环绕速度 故 正确 错误
B、C “ ”, ７９km/s , B ,C ;
Mm Mm R g
．由万有引力定律 G mω２r 和地球表面有G mg 联立得ω 错误．
D : r２ ＝ , R２ ＝ , :＝r r,D
． ．管道模型中 能到最高点的条件是最高点速度大于零即可 错误
５B A , ,A ;
v２
．在最高点C点时对轨道没有压力 由mg m 解得v 正确
B , ＝ R, ＝２m/s,B ;
v２
．在最高点C点速度为 时 由F mg m 解得F ． 小球对轨道的反作用力竖直向上
C ４m/s , ＋ ＝ R, ＝０１５N, ,C
错误
;
D
．若从A点静止释放
,
到B点由机械能守恒定律
:
mgR
＝
１mv２B, 在B点由牛顿第二定律
:
F
－
mg
＝
m
v
R
２B
,
解得
２
F mg 与R无关 错误．
＝３ , ,D
． ．由图乙可得v 错误
６C A ０＝３m/s,A ;
．根据系统动量守恒 m v m v m v 由图乙知v 时v 代入可得 m ． 错误
B , １ ０＝ １ １＋ ２ ２, ,１＝０ ,２＝２m/s, : ２＝０３kg,B ;
．弹簧压缩最短时 物块A B 速度相等 m v m m v 得v ． 由动量定理 I mv
C , 、 , １ ０＝( １＋ ２)３, ３＝１２m/s, , ＝ ２ ３＝
． 正确
０３６Ns,C ;
D
．从接触弹簧到弹簧第一次恢复原长的过程
,
相当于弹性碰撞
,
由m
１
v
０＝
m
１
v
A ＋
m
２
v
B,
１m
１
v２
０＝
１m
１
v２A
＋
２ ２
m v
１m
２
v２B, 解得
:
v
B ＝m
２ １
m
０
＝２
．
４m/s,D
错误．
２ １＋ ２
高二物理试题参考答案 第 页 共 页
【 １ ( ４ )】
{#{QQABYYIAggCAAJJAAQhCUQH6CgMQkBGAAQgOwFAAsAAAgBNABAA=}#}． ．由图示结合折射定律可知 光线b对应的折射率较大 增大入射角光线b首先发生全反射 故 正确
７AD A、B , , , A ,
错误
B ;
．同种介质对频率大的光的折射率大 错误
C ,C ;
．真空中频率大的光的波长短 正确．
D ,D
． ．静止时 电容器不充电也不放电 故电流表示数为零 根据电压正负极可知M 极板带正电 正确
８AC A , , , ,A ;
．匀速运动与静止状态一样 电流表示数为零 错误
B , ,B ;
εS Q
．由静止突然向前加速时 电容器极板N会向后移动 两极板间距增大 由 C r C减小 又C U不
C , , , : ＝ kd, , ＝U,
４π
变 Q减小 放电 故电流由b点流向a点 正确
, , , ,C ;
．保持向前匀加速运动时 M N极板之间的距离不变 故电场强度不变 错误．
D , 、 , ,D
． ．小球AB和轻杆系统只有重力做功 故机械能守恒 正确
９AC A 、 , ,A ;
．小球A减少的重力势能应等于小球B增加的机械能与小球A增加的动能之和 错误
B ,B ;
．根据机械能守恒定律 mgL mgL １ m mv２ 得v gL 正确
C :３ ＝ ＋ (３ ＋ ) , ＝ ,C ;
２
．对B由动能定理 mgL W １mv２ 得W ３mgL 错误．
D :－ ＋ ＝ , ＝ ,D
２ ２
． ．根据右手定则 可知感应电流方向为由b到a 错误
１０BCD A , ,A ;
BLv
．金属棒匀速时 BIL mg θI 解得B 正确
B , ＝ sin ,＝R r, ＝１T,B ;
＋
R
．金属棒稳定运动时 电动势E BLv ab间的电压为外电压U E ． 正确
C , ＝ ＝２V, ,ab ＝R r ＝１５V,C ;
＋
ΔΦ BLx
D
．通过电阻R的电荷量q
＝
I － t
＝ R rt
t
＝R r,
解得x
＝１
．
６m,
由能量守恒
:
mgx
sin
θ
＝
Q
＋
１mv２
,
Q
R ＝
( ＋ ) ＋ ２
R
Q ． 正确．
R r ＝０４５J,D
＋
． 分 分 ． 分 分
１１(６ )(１)BC(２ ) (２)１２０(２ ) (３)B(２ )
解析 需要天平测小车质量 需要刻度尺测纸带中打点的间距 时间可由纸带读出 不需要秒表 故选
:(１) , , , , BC;
x x
根据a ２－ １ ． ２
(２) :＝ T２ ＝１２０m/s;
a F图像不过原点 且有正的纵截距 应该是平衡摩擦力时木板倾角过大 选 ．
(３)－ , , , B
． 分 分 A 分 偏大 分
１２(１０ )(１)B(２ ) (２) (２ ) (２ )
I r R
分 g(g ＋ ０) R 分
(３)２９９０(２ ) I A － A(２ )
解析 R 相对电压表和电流表内阻来讲是大电阻 且要求多测几组数据 故用分压式和内接法 选 ．
:(１)x , , , B
闭合开关 前 为了各电表安全 应将滑片P滑到A端 使电压电流从零开始变化 内接法测量值比真实值
(２) S , , , ;
偏大．
U
量程 的电流表 要改装成 的电压表 总电阻R 故需要串联电阻 根据欧姆
(３) １mA G ３V , ＝I＝３０００Ω, ２９９０Ω,
I r R
定律 R g(g ＋ ０) R ．
,x ＝ I A － A
高二物理试题参考答案 第 页 共 页
【 ２ ( ４ )】
{#{QQABYYIAggCAAJJAAQhCUQH6CgMQkBGAAQgOwFAAsAAAgBNABAA=}#}． 分 ． ５
１３(１０ )(１)２２×１０ Pa (２)１２cm
f
解析 当 子弹 与管内壁间达到最大摩擦力时 竹筒内气体压强达临界值 由平衡条件得 p p
:(１) “ ” , , :１＝ ０＋S(２
分
)
得p ． ５ 分
:１＝２２×１０ Pa;(２ )
根据气体等温变化规律pLS pLS 分
(２) :０ ０ ＝ １ １ ,(２ )
解得 L 分
:１＝１０cm,(２ )
推杆推动的距离 L L L ． 分
:Δ ＝ ０－ １＝１２cm(２ )
． 分 ． －２ 能胜出
１４(１４ )(１)４m/s (２)７５×１０ J
解析 设碰撞前瞬间弹珠A的速度为v 由动能定理得
:(１) １, :
μmgx １mv２ １mv２ 分
－ １＝ １－ ０(２ )
２ ２
解得v 分
１＝４m/s(２ )
设碰后瞬间弹珠A的速度为v′ 弹珠B的速度为v 由动量守恒定律得
(２) １ , ２, :
mv mv′ mv
１＝ １ ＋ ２
解得v 分
２＝３m/s(２ )
所以两弹珠碰撞瞬间的机械能损失
E １mv２ １mv′２ １mv２ 分
Δ ＝ １－( １ ＋ ２)(２ )
２ ２ ２
解得 E ． －２ 分
Δ ＝７５×１０ J(２ )
碰后弹珠B运动的距离为 x 由动能定理得
Δ ,
μmgx １mv２ 分
－ Δ ＝０－ ２(２ )
２
解得 x ． 分
Δ ＝０９m(１ )
所以弹珠B恰好进坑 故能胜出． 分
, (１ )
qEL m
． 分 ２ E ４π L
１５(１６ )(１) m (２)２３ (３)qB (４)(２－１)
３
解析 带电粒子在 区匀强电场中做匀加速直线运动 由动能定理
:(１) Ⅰ , :
qEL １mv２ 分
＝ ０(２ )
２
qEL
解得v ２ 分
:０＝ m (２ )
带电粒子在 区匀强电场中做类平抛运动
(２) Ⅱ ,
x轴方向 L vt 分
: ＝ ０ １(１ )
y轴方向 ３L １at２ 分
: ＝ １(１ )
２ ２
qE
a ２
＝ m
解得 E E 分
:２＝２３ (２ )
高二物理试题参考答案 第 页 共 页
【 ３ ( ４ )】
{#{QQABYYIAggCAAJJAAQhCUQH6CgMQkBGAAQgOwFAAsAAAgBNABAA=}#}qEL
带电粒子在Q点时竖直分速度v at ６
(３) y＝ １＝ m
v
Q点速度与x轴夹角正切 θ y 所以θ 分
:tan ＝v ＝ ３, :＝６０°(２ )
０
m m
在磁场中粒子的周期 T ２π 在磁场中运动的时间t ２T ４π 分
: ＝qB , ２＝ ＝ qB (２ )
３ ３
v２ mv
带电粒子在匀强磁场中qvB m 得r 分
(４) : ＝ r , ＝qB(１ )
设从A点释放的粒子进入磁场的速度大小为v 半径为r 第二次到x轴的位置坐标为x 有
１, １, １, :
mv
x L vt r θ L vt １ θ
１＝ ＋ ０ －２１sin ＝ ＋ ０ －２qBsin
设从C点释放的粒子刚进入 区的速度为v 进入磁场的速度大小为v 半径为r 第二次到x轴的位置坐
Ⅱ C, ２, ２,
标为x ２, 有 :２ qEL ＝ １mv C２ v C ＝ ２ v ０(１ 分 )
２
mv
x L vt r α L vt ２ α
２＝ ＋ C －２２sin ＝ ＋ C －２qBsin
其中v θ v α v a３L
１sin ＝ ２sin ＝ y＝ ２
２
所以两个粒子第二次经过x轴的位置之间的距离
x x x vt vt L 分
Δ ＝ ２－ １＝ C － ０ ＝(２－１) (２ )
高二物理试题参考答案 第 页 共 页
【 ４ ( ４ )】
{#{QQABYYIAggCAAJJAAQhCUQH6CgMQkBGAAQgOwFAAsAAAgBNABAA=}#}
