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黄冈市高三 9 月物理试题答案
一、选择题（每小题4分，共40分。多选题少选得2分，有错选不得分）
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
选项 C D B A B D A CD BC AD
1.C 【解析】由运动学公式得 ，即 。
2
2
2.D 【解析】单杠左、右侧的墙2壁−对 单 杠=的0−作 用力是 一=对2 平衡力。单杠对人手的总的作用
力始终等于人的重力。单杠对手的弹力与手对单杠的弹力是一对相互作用力，大小始终相等。
两侧墙壁对单杠的静摩擦力的合力始终等于人与单杠的总重力。
3.B 【解析】人从蹲着的状态到完全站直过程中，先加速向上再减速向上，即该过程中先
超重再失重，选项B正确。
4.A 【解析】由几何关系得细绳与水平方向夹角α满足关系 ，细绳张力大小F
满足关系 ，解得 。 cos =0.8
5
5.B 【解2 析s】in 0~=t 时 间内， 探=测6器 做匀减速直线运动。t ~3t 时间内，取t 时刻速度大小
0 0 0 0
为v ，则 ，得 。t ~3t 时间内，取2t 时刻速度大小为v ，则
1 0 0 0 2
1
0− 1 =2 − 0 ·2 0 1 = 0 0
，得 ，即 。0~t 时间内， 。
0
1 0 1 1 2 3 2
0由− 2 =2 − 2 可· 知0 不满 2足=两4 倍0 关0 系。 1 =4 2 = 1 0−2 − 0 0 =2 0 0
6.D 【解析】根据对称性，B点张力大小满足关系 ，B`点张力大小满足关系
− =
，则 。对CB部分受力分析得2C 点co张s力 =大 小 ，对C`B`部
G
2 `cos = > ` = 2tan
分受力分析得C`点张力大小 ，则 。
G
` = 2tan > `
7.A 【解析】排球从Q点自由落体到P点的时间 ，取脱手时的速度大小为
2ℎ
1 = =0.6s
v ，则 ，解得v =5m/s。排球返回P点时的速度 。取加速
1 1
1
ℎ=2 1 − 1 2 = 2 ℎ=6m/s
过程加速度大小为a，则排球从P点上升至返回P点过程中 ，解得 .
2 2 2
1 2− 1 250 2
8.CD 【解析】物体大小、形状可忽略时可视为质点。物2体 +做2往−复 运=动0时，路 程=与11位m移/s大
小不相等。物体自由落体时初速度为零，加速度为g。如火车在运动，以火车为参考系，火
车桌椅为静止的。
9.BC 【解析】A项中平均速度为-2m/s。B项中平均速度为2m/s。C项中平均速度为2m/s。
D项中平均速度为3m/s。
10.AD 【解析】对B分析，弹簧弹力 ，解得 。对
A分析，斜面支持力 ， ，解得
= sin37°+ cos37° =
。撤去推力瞬间，由弹簧弹力不变，则B得加速度仍为零，对A分析
= sin37°+ cos37° cos37°= + + sin37°
，解得 。
=4 + sin37°+
二、非选择题（共60分）
cos37° = =2
11．（1）2.0 （2）1.5（1.4、1.6均给分）、200（198~202均给分） （每空2分）【解析】（1）由二力平衡，弹簧的弹力大小为2.0N；
（2）弹簧原长为1.5cm，由胡克定律得 ，弹簧劲度系数k=200N/m。
12．（1）x -x （2） , =（ 3 ）− 0 ， （每空2分）
2 1
1+ 3−2 2 4+ 6−2 5 1
2 2
2 − −
【解析】（1）位移为s=x -x 。
2 1
（2）由 ，解得 ；由 ，
2 1+ 3−2 2 2
3− 2 − 2− 1 = 1 1 = 2 6− 5 − 5− 4 = 2
解得 。
4+ 6−2 5
（3） 取2 =动摩擦 2 因数为μ，斜面倾角为θ，上滑过程 ，下滑过程
，令 ， ，得 ，得 ，
1 =− sin − cos 2 =−
2 2 2 2 2 2
sin + ， c解os得 = ， 1− 2 。 为=确 保1+物 块2能重新 滑=回−底 端 ，+斜4 面 倾角正 切=值−应 大
2 2 1
于=，4 即 大于 。=2 − = −
−
13．（10分）（1）摩擦力大小为4N，方向水平向右；（2）支持力大小为147N
解：（1）设路面对人的摩擦力大小为f ，对狗的摩擦力为f 。
1 2
以人和狗为整体，得f =f （2分）
1 2
得：f =4N （1分）
2
摩擦力方向水平向右 （1分）
（2）设路面对狗的支持力为F ，牵狗绳的张力为F。
N
对狗受力分析，
（2分）
（2分）
cos = 2
得：F =147N （2分）
sin N + =
14．（16分）（1）t =1.2s （2）t =3.2s （3） =1.25m/s
0 1
解：（1）从静止加速到最大运行速率的时间 （2分）
解得t =1.2s （2分）
0 = 0
（2）因加速或减速运动时的加速度大小相等，机器人从最大速率减速至零的时间和位
移大小与从零加速到最大运行速率的时间和位移大小相等，设加速位移大小为x ，匀速时间
0
为t 。
匀
得 （2分）
x -2x =v t 2 （1分）
1 2 0 0m =匀 −0
t =t +2t （1分）
1 匀 0
解得 3.2s （2分）
（3）由2 ，机器人从B运动到C的过程不能加速度到最大速度 ，设机器人加
1 =
速到 后开始减速，加速和减速过程中时间和位移大小相等，设机器人从B运动到C的时
0 > 2
间为 。
1
2 （1分）
2
1
2 =22
（1分）
1
2 =2 （2分）
2
解 =得 2 1.25m/s （2分）
=
15．（18分）（1） （2） （3）
3 6 24
解：（1）A、B间恰 好=发2生 相 对滑动时 ，1 =设两2者 加速度大 小=为a 0 ，5 = 5
对A、B分析 （1分）
= + 2 0
对B分析 （1分）
2 = 2 0
解得 （2分）
3
（2） 由=F2 > F， A、B间发生相对滑动且B滑动时的加速度大小仍为a ，设A的加速度
1 0
大小为a 。
1
对A分析 （2分）
− 2 = 1
左端对齐时 （2分）
1 2 1 2
2 1 1−2 0 1 =2
解得 （1分）
（3） 设1 =F 作2 用的时间为t ，撤力时B的速度最大，撤力后再经t 时间A、B速度共速，
2 2 3
由A与地面间的动摩擦因数小于A、B间动摩擦因数，共速后两者一起匀减速直至停下，设
撤力前B的加速度大小为a ，撤力后B相对A滑动的加速度大小为a ，共速前A的加速度
B1 0
大小为a ，共速后A的加速度大小为a ，
A1 A2
撤力前对B分析 （1分）
2− 2 = 2 1
共速前对A分析 （1分）
2 −4 + 2 = 1
共速后对A、B分析 （1分）
木板B恰好未从木板4A 上+掉2落 ，= + 2 2
应满足 （1分）
1 3
其中 2 1− 1 2· 2+ 3 = 4 （1分）
最大速度 （1分）
1 2− 0 3 = 1 2+ 3
解得 = 1 2 （1分）
6
= 5
A运动的总时间 （1分）
0− 1 2+ 3
= 2+ 3+ − 2
解得 （1分）
24
= 5
说明：其他解法正确，比照给分
