文档内容
专题03 全等三角形10大经典必考模型专项训练（10大题型+18道拓展培优）
经典必考模型一 平移模型
经典必考模型二 轴对称模型
经典必考模型三 旋转模型
经典必考模型四 一线三等角模型
经典必考模型五 垂直模型
经典必考模型六 手拉手模型
经典必考模型七 半角模型
经典必考模型八 倍长中线模型
经典必考模型九 对角互补模型
经典必考模型十 角平分线模型
注：本讲义有部分题型可用勾股定理来作答：a²+b²=c²；
【经典模型一 平移模型】
【模型解读】把△ABC沿着某一条直线l平行移动，所得到△DEF与△ABC称为平移型全等三角形，图①，
图②是常见的平移型全等三角线．
【常见模型】
【例1】（2023九年级·全国·专题练习）如图，正方形 的顶点 在直线 上，将直线 向上平移线段
的长得到直线 ，直线 分别交 ， 于点 ， ．若求 的周长，则只需知道( )A． 的长 B． 的长 C． 的长 D．DF的长
【答案】A
【分析】过 作 于 ，连接 ， ，然后利用已知条件可以证明 )，
)，接着利用全等三角形的性质即可解决问题．
【详解】解：过 作 于 ，连接 ， ，
直线 向上平移线段 的长得到直线 ，
，
而 ， ，
)，
，
同理 )，
，
的周长为： ．
求 的周长，则只需知道 的长．
故选：A．
【点睛】本题主要考查了平移的性质和全等三角形的性质和判定，同时也利用了三角形周长的定义，掌握
平移的性质以及全等三角形的性质与判定是解题的关键．1．（2024·河南周口·三模）如图，在 中， ， ， ， ，将
向右上方平移，使得点C与原点重合，则点A平移后的坐标为（ ）．
A． B． C． D．
【答案】C
【分析】本题主要考查了坐标与图形，三角形全等的判定和性质，平移的性质，解题的关键是先求出点A
的坐标，根据将 向右上方平移，使得点C与原点重合，得出应该使 向右平移4个单位，再向
上平移1个单位，然后求出点A平移后的坐标即可．
【详解】解：如图，过点C作 轴，过点A作 于点M，过点B作 于点N，
∵ ， ，
∴ ， ，
∵ ，
∴ ，
∴ ，
∵ ，
∴ ，∴ ， ，
∴ ，
∵将 平移，使点C与原点O重合，
∴应该使 向右平移4个单位，再向上平移1个单位，
∴点A平移后的对应点为： ，即 ．
故选：C．
2．（21-22七年级下·广东江门·期末）如图， 沿 所在直线向右平移得到 ，已知 ，
，则 的长为 ．
【答案】2
【分析】根据平移可知 ，据此即可作答．
【详解】根据平移可知 ，
∴ ，
∴ ，即 ，
∵ ，
∴ ，
∵ ，
∴ ，
∴ ，
故答案为：2．
【点睛】本题主要考查了平移的性质，全等三角形的性质等知识，根据平移得出 ，是解答
本题的关键．
3．（23-24八年级上·全国·课后作业）如图1， ， ，点C是 上一点，且 ，
．(1)试判断 与 的位置关系，并说明理由．
(2)如图2，若把 沿直线BD向左平移，使 的顶点C与点B重合，此时AC与BE互相垂直吗？
请说明理由．
【答案】(1) ，理由见解析
(2) ，理由见解析
【分析】（1）证 ，得 ．从而得 ，利用三角形的内
角和定理得 ，从而即可得解．
（2）由全等三角形的性质得 ．由 得 ，从而即可得证．
【详解】（1）解： ．理由如下：
∵ ， ，
∴ ．
在 和 中，
∴ ，
∴ ．
∵ ，
∴ ．
∵ ，
∴ ，
∴ ．
（2）解： ．理由如下：
记题图2中AC与BE的交点为F．由（1）知 ，
∴ ．
∵ ，
∴ ，
∴ ，
∴ ．
【点睛】本题主要考查了全等三角形的判定及性质，直角三角形的性质以垂线，熟练掌握全等三角形的判
定及性质是解题的关键．
【经典模型二 轴对称模型】
【模型解读】将原图形沿着某一条直线折叠后，直线两边的部分能够完全重合，这两个三角形称之为轴对
称型全等三角形，此类图形中要注意期隐含条件，即公共边或公共角相等．
【常见模型】
【例2】（23-24七年级下·四川达州·期末）如图，在 和 中，点B，C，E，F在同一条直线上，
， ， ， ， ，则 的度数为（ ）
A．70° B．85° C．110° D．25°
【答案】A
【分析】本题主要考查了全等三角形的性质与判定，三角形内角和定理，证明 是解题的关
键．证明 得到 ，则可由三角形内角和定理求出
．
【详解】解：∵ ，∴ ，即 ，
又∵ ，
∴ ，
∴ ，
∴ ，
故选A．
1．（20-21八年级上·河南洛阳·期中）如图在四边形ABCD中，已知AD∥BC，AB∥CD， ABC和 AEC关
于AC所在的直线对称，AD和CE相交于点O，连接BE交AC于点P，图中全等三角形的△对数有（△ ）
A．4对 B．5对 C．6对 D．7对
【答案】C
【分析】依据轴对称的性质以及平行线的性质，即可得到图形中的全等三角形，进而得出图中全等三角形
的对数．
【详解】在四边形ABCD中，AD∥BC，AB∥CD，
∴∠BAC＝∠DCA，∠ACB＝∠CAD，
又∵AC＝CA，
∴△ABC≌△CDA（ASA），
∵△ABC和△AEC关于AC所在的直线对称，
∴△ABC≌△AEC，
∴△ADC≌△CEA，
∵△ABC和△AEC关于AC所在的直线对称，
∴AB＝AE，BC＝EC，AC垂直平分BE，
∴BP＝EP，
∴△ABP≌△AEP（SSS），△BCP≌△ECP（SSS），∵AE＝CD，∠AEO＝∠CDO，∠AOE＝∠COD，
∴△AOE≌△COD（AAS），
∴图中全等三角形的对数有6对，
故选：C．
【点睛】此题考查了全等三角形的判定与性质以及轴对称性质，熟练掌握全等三角形的判定与性质是解本
题的关键．
2．（23-24八年级上·湖北武汉·期中） 和 关于直线L对称，若 的周长为 ，
， ．则 ．
【答案】12
【分析】根据 和 关于直线L对称可知 ，故 的周长为 ，据此得
出结论．
本题考查的是轴对称的性质，熟知关于轴对称的两个图形全等是解题的关键．
【详解】∵ 和 关于直线L对称， 的周长为 ，
∴ ，
∴ 的周长为 ，
·∵ ．
故答案为：12．
3．（23-24八年级上·江苏徐州·期中）材料阅读：“对称补缺”是解决与轴对称图形有关问题的一种添加
辅助线的常用策略．例如图 ， 中， 是 的平分线， 交 的延长线于点 ．如
图 ，延长 、 交于点 ，即可构造出轴对称图形 ，进而得到边、角之间特殊的数量关系，为
解决问题提供思路．
迁移应用：
如图 ， 中，若 ， ， 是 的角平分线交 于点 ， 垂足
为点 ．若 ，求 的长．
【答案】14
【分析】本题考查全等三角形的性质和判定，延长 ， 交于点 ，先证明 得出
，然后证明 得出 ，即可求出 ．【详解】解：延长 ， 交于点 ，如图：
，
，
，
， ，
，
在 和 中，
，
，
，
是 的角平分线，
，
， ，
，
，即 ，
．
【经典例题三 旋转模型】
【模型解读】将三角形绕着公共顶点旋转一定角度后，两个三角形能够完全重合，则称这两个三角形为旋
转型三角形，识别旋转型三角形时，涉及对顶角相等、等角加（减）公共角的条件．
【常见模型】【例3】（2023·浙江·八年级假期作业）如图，在 中， ， ，D、E是
斜边 上两点，且 ，若 ， ， ，则 与 的面积之和为
（ ）
A．36 B．21 C．30 D．22
【答案】B
【分析】将 关于 对称得到 ，从而可得 的面积为15，再根据对称的性质可得
，然后根据三角形全等的判定定理证出 ，从而可得
，最后根据 与 的面积之和等于 与
的面积之和即可得．
【详解】解：如图，将 关于AE对称得到 ，
则 ， ，
，
，
，在 和 中， ，
，
，
，即 是直角三角形，
，
，
即 与 的面积之和为21，
故选：B．
【点睛】本题考查了轴对称的性质、三角形全等的判定定理与性质等知识点，通过作辅助线，构造全等三
角形和直角三角形是解题关键．
1．（20-21九年级上·重庆渝中·期末）如图，将 绕点 顺时针旋转 得到 ，点 、 、
在同一条直线上．若 ，则 的度数是（ ）
A． B． C． D．
【答案】B
【分析】根据全等三角形的性质和三角形内角和定理解答即可；
【详解】∵将 绕点 顺时针旋转 得到 ，
∴ ，
∴ ， ， ，
∴ ，
∵点 、 、 在同一条直线上，∴ ，
∵ ，
∴ ，
∵ ， ，
∴ ， ，
∴ ；
故选：B．
【点睛】本题主要考查了全等三角形的性质，三角形的外角性质，准确计算是解题的关键．
2．（21-22九年级上·广东汕头·期末）如图，在平面直角坐标系中，点A的坐标是（4，0），点P的坐标
是（0，3），把线段AP绕点P逆时针旋转90°后得到线段PQ，则点Q的坐标是 ．
【答案】（3，7）
【分析】过Q作QE⊥y轴于E点，证明△QEP≌△POA，得到EQ=PO=3，EP=OA=4后即可求解．
【详解】解：过Q作QE⊥y轴于E点，如下图所示：
∵旋转90°，
∴∠1+∠2=90°，
∵EQ⊥y轴，
∴∠3+∠2=90°，∴∠1=∠3，
且∠QEP=∠POA=90°，PQ=PA，
∴△QEP≌△POA(AAS)，
∴EQ=PO=3，EP=OA=4，
∴EO=EP+PO=4+3=7，
∴点Q的坐标是(3，7)，
故答案为：(3，7)．
【点睛】本题考查三角形全等的判定和性质，坐标与图形，本题的关键过Q作QE⊥y轴于E点，证明
△QEP≌△POA．
3．（23-24八年级上·贵州遵义·期末）在 中， ，点E为 上一动点，过
点A作 于D，连接 ．
(1)【观察发现】
如图①， 与 的数量关系是 ；
(2)【尝试探究】
点E在运动过程中， 的大小是否改变，若改变，请说明理由，若不变，求 的度数；
(3)【深入思考】
如图②，若E为 中点，探索 与 的数量关系．
【答案】(1)
(2) 的大小不变，
(3)
【分析】此题考查等腰直角三角形的判定与性质、全等三角形的判定与性质等知识．
（1）由 ，得 ，而 ，所以
，于是得到问题的答案；
（2）作 交 于点F，则 ，而 ，即可证
明 ，得 ，则 ，所以 的大小不改变， ；
（3）作 交 于点G，作 于点H，可证明 ，得 ，由，得 ，则 ，由 ，得 ，则 ，所
以 ，即可推导出 ．
【详解】（1）∵
∴ ，
∴ ，
∵ ，
∴ ，
故答案为： ．
（2） 的大小不改变，
如图①，作 交 于点F，则 ，
∴ ，
由（1）得 ，
∵
∴ ，
∴ ，
∴ ，
∴ 的大小不改变， ．
（3） E，
理由：如图②，作 交 于点G，作 于点H，则
∴ ，
∵E为 中点，∴ ，
∵ ，
∴ ，
∴ ，
由（2）得 ，
∴ ，
∴ ，
∵ ，
∴ ，
∴ ，
∴ ，
∴ ．
【经典例题四 一线三等角模型】
模型1.一线三等角（K型图）模型（同侧型）
【模型解读】
在某条直线上有三个角相等，利用平角为180°与三角形内角和为180°，证得两个三角形全等。
【常见模型及证法】
同侧型一线三等角（常见）：
锐角一线三等角 直角一线三等角（“K型图”） 钝角一线三等角
条件： + CE=DE
证明思路： +任一边相等
模型2.一线三等角（K型图）模型（异侧型）
【模型解读】在某条直线上有三个角相等，利用平角为180°与三角形内角和为180°，证得两个三角形全等。
【常见模型及证法】异侧型一线三等角：
锐角一线三等角 直角一线三等角 钝角一线三等角
条件： + 任意一边相等
证明思路： +任一边相等
【例4】（2023·江苏·八年级假期作业）探究：如图①，在 中， ， ，直线 经
过点 ， 于点 ， 于点 ，求证： ．
应用：如图②，在 中， ， 三点都在直线 上，并且有 ．求
出 和 的关系．
拓展：如图①中，若 ，梯形 的面积______．
【答案】探究：证明过程见详解；应用： ，理由见详解；拓展：
【分析】探究： ， ，可知 是等腰直角三角形， ， ，可知
，可求出 ，根据角角边即可求证；应用： ， 三点都在
直线 上， ，可求出 ，可证 ，可得
，由此即可求解；拓展：由 ，可知 ，设 ，
则 ，根据梯形面积公式即可求解．
【详解】探究：证明：∵ ，直线 经过点 ， 于点 ， 于点 ，
∴点 三点都在直线 上，∴ ， ，∴ ，
在 ， 中， ，∴ ；
应用：∵ ， 三点都在直线 上， ，
∴ ， ，∴ ，
在 ， 中， ，∴ ，∴ ，
∵ ，∴ ；
拓展：由探究可知， ， ，
∴ ，设 ，则 ，
∴ ，故答案为： ．
【点睛】本题主要考查等腰直角三角形，全等三角形，梯形的综合，掌握等腰直角三角形的性质，全等三
角形的判定和性质，梯形的面积计算方法是解题的关键．
1．（23-24八年级上·海南儋州·期末）如图，小李用若干长方体小木块，分别垒了两堵与地面垂直的木块
墙，其中木块墙 ， ．木块墙之间刚好可以放进一个等腰直角三角板，点B在 上，
点A和C分别与木块墙的顶端重合，则两堵木块墙之间的距离 为（ ）
A． B． C． D．
【答案】D
【分析】本题考查了全等三角形的判断和性质，熟练掌握全等三角形的判定条件是解题的关键．
利用角角边定理证明 ，然后结合全等三角形的性质分析求解．【详解】解：由题意可得
在 与 中
故选：D．
2．（22-23七年级下·陕西西安·期末）如图，在四边形 中， ， ，点 是 上一点，连
接 、 ，若 ， ，则 的长为 ．
【答案】10
【分析】先证明 ，再证明 ，即可作答．
【详解】 ，
又 ，
，
， ，
，
， ，
， ，
，
故答案为：10．
【点睛】本题考查了全等三角形的判定与性质，三角形的外角的性质等知识，掌握三角形的判定与性质是解答本题的关键．
3．（23-24七年级下·安徽宿州·期末）如图1， ， ， ，P，Q分别为线段AB，
BD上任意一点．
(1)若 为 的中点，点 与点 重合，试说明 与 全等；
(2)如图2，若 ， ，求 ， ， 之间的数量关系；
(3)如图3，将“ ， ”改为“ （ 为锐角）”，其他条件不变．若 ，
，判断（2）中的数量关系是否会改变？并说明理由．
【答案】(1)证明见解析
(2)
(3)不会改变，理由见解析；
【分析】本题考查了全等三角形的性质和判定，解题过程中，运用分类讨论思想和类比思想是解题关键．
（1）根据题意应用 证明即可；
（2）根据题意证明 ，得到 ， ，则问题可证；
（3）根据题意证明 ，得到 ， ，则问题可证；
【详解】（1）解：由题意可知 ．
∵ ， ，
∴ ， ，
∴ ．
又∵ 为 的中点，
∴ ，∴ ；
（2）解：由（1）可知 ．
∵ ，
，
∴ ．
又∵ ，
∴ ，
∴ ， ，
∴ ，
即 ， ， 之间的数量关系为 ；
（3）解：不会改变；
理由：∵ ，
，
∴ ．
又∵ ， ，
∴ ，
∴ ， ，
∴ ，
即（2）中的数量关系不会改变；
【经典例题五 垂直模型】
【例5】（23-24七年级下·陕西西安·期中）小曲在一个科学实验课上学习了发声物体的振动实验后，对其
作了进一步的探究：在一个支架的横杆点 处用一根细绳悬挂一个小球 ，小球 可以自由摆动，如图，
表示小球静止时的位置．当小明用发声物体靠进小球时，小球从 摆到 位置，此时过点 作
于点 ，当小球摆到 位置时， 与 恰好垂直（图中的 均在同一平面
上），过点 作 于点 ．现已知 ，测得 ，则 的长为（ ）A． B． C． D．无法确定
【答案】B
【分析】本题考查全等三角形的判定和性质，证明 ，即可求解．
【详解】解：
，
又 ， ，
，
，
．
在 和 中，
， ， ，
，
．
∵ ，
∴
故选：B．
1．（22-23七年级下·四川成都·期末）如图，在 中， ， ， 于点E，
于点D， ， ， 则 的长是（ ）A．5 B．6 C．7 D．8
【答案】B
【分析】本题主要考查全等三角形的判定和性质，掌握全等三角形的判定方法（AAS）和性质（全等三角
形的对应边）是解题的关键．根据直角三角形的两锐角互余及角的和差得到 ，即可证明
，可得 ， ，根据 ，即可解题．
【详解】解：∵ ， ， ，
∴ ， ， ，
∴ ，
在 和 中，
，
∴ ，
∴ ， ，
∵ ，
∴ ，
∵ ， ，
∴ ．
故选：B．
2．（24-25八年级上·全国·假期作业）如图，在 中， ， ， 于 ，
于 ， ， ，则 的长是 ．【答案】2
【分析】本题考查的是全等三角形的判定和性质，掌握全等三角形的判定定理和性质定理是解题的关键．
先证明 可得 ，再根据线段的和差计算即可．
【详解】解： ， ，
，
在 和 中，
，
，
，
∴ ．
故答案为：2．
3．（23-24七年级下·广东佛山·期末）生活中的数学
(1)用3块正方体积木搭建了一个立体模型，其主视图如图1，其中①号正方体边长为 ，③号正方体
边长 ，则 _________cm
(2)用10块高度都是 的长方体积木搭建了两个滑梯，其主视图如图2，其中 于点
于点 ，试判断 的数量关系，并说明理由．
【答案】(1)6.5
(2) ，理由见解析【分析】本题考查了全等三角形的判定与性质，三角形内角和定理等知识，解题的关键是：
（1）利用 证明 ，即可求解；
（2）利用 证明 ，即可得出结论．
【详解】（1）解：∵①号正方体边长为 ，③号正方体边长 ，
∴ ， ， ，
∵②号正方形，
∴ ， ，
∴ ，
在 和 中，
，
∴ ，
∴ ， ，
∴ ，
故答案为：6.5；
（2）解： ，
理由：由题意知： ， ，
∵ ，
∴ ，
∴ ， ，
∵ ， ，
∴ ，
在 和 中
，
∴ ，
∴ ．【经典例题六 手拉手模型】
模型.手拉手模型（三角形）
【模型解读】
将两个三角形绕着公共顶点（即头）旋转某一角度后能完全重合，则这两个三角形构成手拉手全等，也叫
旋转型全等，常用“边角边”判定定理证明全等。
公共顶点A记为“头”，每个三角形另两个顶点逆时针顺序数的第一个顶点记为“左手”，第二个顶点记
为“右手”。
对应操作：左手拉左手（即连结BD），右手拉右手（即连结CE），得 。
【常见模型及证法】
（等
边）
（等腰直
角）
（等腰）
【例6】例1．（2023春·江苏·八年级专题练习）如图， 是等边三角形 内一点，将线段 绕点
顺时针旋转 ，得到线段 ，连接 ， ．(1)求证： ；(2)连接 ，若 ，
求 的度数．
【答案】(1)见解析(2)
【分析】（1）由等边三角形的性质知 ， ，由旋转的性质知 ， ，
从而得 ，再证 可得答案；
（2）由 ， 知 为等边三角形，即 ，继而由 ，得到
，再利用 即可得解．
【详解】（1）证明： 是等边三角形， ， ．
线段 绕点 顺时针旋转 ，得到线段 ，
， ． ． ．
在 和 中， ， ．
（2）解：如图，
， ， 为等边三角形． ，
， ． ．
【点睛】本题主要考查等边三角形的性质和旋转的性质及全等三角形的判定与性质，熟练掌握旋转的性质证得三角形的全等是解题的关键．
1．（2022·福建·福州九年级期末）如图，△ABC是等边三角形，且 ，点D在边BC上，连按AD，
将线段AD绕点A顺时针旋转60°，得到线段AE，连接DE，BE．则△BED的周长最小值是_________．
【答案】 ##
【分析】根据旋转可得AD=AE， ∠DAE=60°，进而得出△ADE为等边三角形，则DE=AD，根据“SAS”
可证△ACD≌△ABE，可得CD=BE，而△BED的周长为BD+BE+DE=BD+CD+AD=BC+AD，当AD⊥BC时，
AD最小， △BED的周长最小，然后求出AD的最小值即可解答．
【详解】解：∵线段AD绕点A顺时针旋转60°得到线段AE，
∴AD=AE，∠DAE=60°，∴△ADE是等边三角形，∴DE=AD，
∵△ABC是等边三角形，AB=4，∴AB=AC，∠BAC=60°，BC=AB=4，
∴∠BAC=∠DAE，∴∠CAD=∠BAE，∴△ACD≌△ABE，∴CD=BE，
∴△BED的周长为BD+BE+DE=BD+CD+AD=BC+AD，
∴当AD最小时，△BED的周长最小，
当AD⊥BC，时，AD最小，过A作AM⊥BC于M，
∴BM= BC=2，∴AM= ，∴AD的最小值为 ，∴△BED的周长最小值是4+ ．故答案为：4+ ．
【点睛】本题考查了旋转的性质、等边三角形的判定与性质，勾股定理等知识，将求△BED的周长最小值
转化求AD的最小值是解题的关键．
2．（2022秋·江苏·八年级专题练习）如图，在等腰△ABC与等腰△ADE中，AB=AC，AD=AE，
∠BAC=∠DAE=α，连接BD和CE相交于点P，交AC于点M，交AD于点N．(1)求证：BD=CE．(2)求证：
AP平分∠BPE．(3)若α=60°，试探寻线段PE、AP、PD之间的数量关系，并说明理由．
【答案】(1)见解析(2)见解析(3)PE=AP+PD，见解析
【分析】（1）由“SAS”可证△BAD≌△CAE，可得BD=CE；
（2）由全等三角形的性质可得S BAD=S CAE，由三角形面积公式可得AH=AF，由角平分线的性质可得
△ △
AP平分∠BPE；（3）由全等三角形的性质可得∠BDA=∠CEA，由“SAS”可证△AOE≌△APD，可得
AO=AP，可证△APO是等边三角形，可得AP=PO，可得PE=AP+PD，即可求解．
【详解】（1）证明：∵∠BAC=∠DAE=α，∴∠BAD=∠CAE，
又∵AB=AC，AD=AE，∴△BAD≌△CAE（SAS），∴BD=CE；
（2）证明：如图，过点A作AH⊥BD，AF⊥CE，
∵△BAD≌△CAE，∴S BAD=S CAE，BD=CE，
△ △
∴ BD×AH= CE×AF，∴AH=AF，
又∵AH⊥BD，AF⊥CE，∴AP平分∠BPE；
（3）解：PE=AP+PD，理由如下：如图，在线段PE上截取OE=PD，连接AO，
∵△BAD≌△CAE，∴∠BDA=∠CEA，
又∵OE=PD，AE=AD，∴△AOE≌△APD（SAS），∴AP=AO，
∵∠BDA=∠CEA，∠PND=∠ANE，∴∠NPD=∠DAE=α=60°，
∴∠BPE=180°-∠NPD=180°-60°=120°，又∵AP平分∠BPE，∴∠APO=60°，
又∵AP=AO，∴△APO是等边三角形，∴AP=PO，∵PE=PO+OE，∴PE=AP+PD．
【点睛】本题是三角形综合题，考查了全等三角形的判定和性质，直角三角形的性质，等边三角形的判定
和性质以及角之间的关系，证明△BAD≌△CAE是解本题的关键．
3．（2023春·山东东营·七年级校考阶段练习）在学习全等三角形知识时、教学兴趣小组发现这样一个模型：
它是由两个共顶点且顶角相等的等腰三角形构成．在相对位置变化的同时，始终存在一对全等三角形．通
过资料查询，他们得知这种模型称为“手拉手模型” 兴趣小组进行了如下探究：
（1）如图1，两个等腰三角形△ABC和△ADE中，AB=AC，AE=AD，∠BAC=∠DAE，连接BD、CE、如
果把小等腰三角形的腰长看作小手，大等腰三角形的腰长看作大手，两个等腰三角形有公共顶点，类似大
手拉着小手，这个就是“手拉手模型”，在这个模型中，和△ADB全等的三角形是 ，此时BD和CE的数
量关系是 ；（2）如图2，两个等腰直角三角形△ABC和△ADE中，AB=AC，AE=AD，
∠BAC=∠DAE=90°，连接BD，CE，两线交于点P，请判断线段BD和CE的数量关系和位置关系，并说明
理由；
（3）如图3，已知△ABC，请完成作图：以AB、AC为边分别向△ABC外作等边△ABD和等边△ACE（等
边三角形三条边相等，三个角都等于60°），连接BE，CD，两线交于点P，并直接写出线段BE和CD的
数量关系及∠PBC+∠PCB的度数．【答案】（1）△AEC，BD=CE；（2）BD=CE且BD⊥CE，理由见解析；（3）作图见解析，BE=CD，
∠PBC+∠PCB=60°．
【分析】（1）根据SAS证明两个三角形全等即可证明；
（2）通过条件证明△DAB≌△EAC（SAS），得到∠DBC+∠ECB=90°，即可证明BD⊥CE，从而得到结果；
（3）根据已知条件证明△DAC≌△BAE(SAS)，即可得到结论．
【详解】解：（1）∵AB=AC，AE=AD，∠BAC=∠DAE，
∴∠DAE+∠EAB=∠BAC+∠EAB，即 ，
∴△ADB≌△AEC(SAS)，∴BD=CE；
（2）BD=CE且BD⊥CE；理由如下：因为∠DAE=∠BAC=90°，如图2．
所以∠DAE+∠BAE=∠BAC+∠BAE．所以∠DAB=∠EAC．
在△DAB和△EAC中， ，所以△DAB≌△EAC（SAS）．
所以BD=CE，∠DBA=∠ECA．
因为∠ECA+∠ECB+∠ABC=90°，所以∠DBA+∠ECB+∠ABC=90°．
即∠DBC+∠ECB=90°．所以∠BPC=180°-（∠DBC+∠ECB）=90°．
所以BD⊥CE．综上所述：BD=CE且BD⊥CE．
（3）如图3所示，BE=CD，∠PBC+∠PCB=60°．
由图可知 ，AD=AB，AE=AC，∴∠DAB+∠BAC=∠EAC+∠BAC，即 ，
∴△DAC≌△BAE(SAS)，∴BE=CD， ，
又∵ ，∴∠ADC+∠BDC=∠ABE+∠BDC=60°，
∴∠BPC=∠ABP+∠BDC+∠DBA=120°， ∴∠PBC+∠PCB=60°．
【点睛】本题主要考查了全等三角形的知识点应用，准确分析图形是解题的关键．
【经典例题七 半角模型】
半角模型概念：过多边形一个顶点作两条射线，使这两条射线夹角等于该顶角一半。
思想方法：通过旋转（或截长补短）构造全等三角形，实现线段的转化。
解题思路一般是将半角两边的三角形通过旋转到一边合并成新的三角形，从而进行等量代换，然后证明与
半角形成的三角形全等，再通过全等的性质得到线段之间的数量关系。半角模型（题中出现角度之间的半
角关系）利用旋转——证全等——得到相关结论.
模型1.半角模型（90°-45°型）
【模型展示】
1）正方形半角模型
条件：四边形ABCD是正方形，∠ECF=45°；
结论：①△BCE≌△DCG；②△CEF≌△CGF；③EF＝BE＋DF；④ AEF的周长=2AB；
⑤CE、CF分别平分∠BEF和∠EFD。
2）等腰直角三角形半角模型
条件： ABC是等腰直角三角形，∠DAE=45°；结论：①△BAD≌△CAG；②△DAE≌△GAE；③∠ECG==90°；④DE2＝BD2＋EC2；
模型2.半角模型（60°-30°型或120°-60°型）
1）等边三角形半角模型（120°-60°型）
条件： ABC是等边三角形， BDC是等腰三角形，且BD=CD，∠BDC=120°，∠EDF=60°；
结论：①△BDE≌△CDG；②△EDF≌△GDF；③EF＝BE＋FC；④ AEF的周长=2AB；
⑤DE、DF分别平分∠BEF和∠EFC。
2）等边三角形半角模型（60°-30°型）
模型3.半角模型（ - 型）
条件：∠BAC= ，AB=AC，∠DAE= ；
结论：①△BAD≌△CAF；②△EAD≌△EAF；③∠ECF=180°- 。
【例7】（2022春·山东烟台·八年级校考期中）如图，正方形ABCD的边长为6，点E，F分别在边AB，
BC上，若F是BC的中点，且∠EDF＝45°，则DE的长为 _____．【答案】2
【分析】延长BA到点G，使AG=CF，连接DG，EF，利用SAS证明 ADG≌△CDF，得∠CDF=∠GDA，
DG=DF，再证明 GDE≌△FDE（SAS），得GE=EF，设AE=x，则BE△=6 x，EF=x+3，再利用勾股定理解
决问题． △
【详解】解：延长BA到点G，使AG＝CF，连接DG，EF，
∵AD＝CD，∠DAG＝∠DCF，∴△ADG≌△CDF（SAS），∴∠CDF＝∠GDA，DG＝DF，
∵∠EDF＝45°，∴∠EDG=∠ADE+∠ADG＝∠ADE+∠CDF＝45°，
∵DE＝DE，∴△GDE≌△FDE（SAS），∴GE＝EF，
∵F是BC的中点，∴AG=CF=BF=3，设AE＝x，则BE＝6﹣x，EF＝x+3，
由勾股定理得，（6﹣x）2+32＝（x+3）2，解得x＝2，∴AE＝2，
∴DE＝ ，故答案为：2 ．
【点睛】本题主要考查了正方形的性质，全等三角形的判定与性质，勾股定理等知识，熟练掌握半角模型
的处理策略是解题的关键．
1．（2022春·广东河源·八年级校考阶段练习）如图，在边长为6的正方形 内作 ， 交
2．（2022春·广东河源·八年级校考阶段练习）如图，在边长为6的正方形 内作 ，交 于点 ， 交 于点 ，连接 ，将 绕点 顺时针旋转90°得到 ，若 ，则
的长为______．
【答案】5
【分析】由题意易得 ，则有 ，然后可证 ，
则有 ，设 ，则有 ，进而根据勾股定理可求解．
【详解】解：∵四边形ABCD是正方形，且边长为6，
∴ ，∵ 绕点 顺时针旋转90°得到 ，
∴ ，∴点G、B、E三点共线，
∵ ，∴ ，∵AE=AE，∴ ，∴ ，
设 ，则有 ，∴在Rt△ECF中，由勾股定理可得 ，
即 ，解得： ，∴ ；故答案为5．
【点睛】本题主要考查正方形的性质、旋转的性质及勾股定理，熟练掌握正方形的性质、旋转的性质及勾
股定理是解题的关键．
2．（2022·江苏南京·九年级专题练习）（1）阅读理解：如图1，在正方形ABCD中，若E，F分别是
CD，BC边上的点，∠EAF＝45°，则我们常会想到：把△ADE绕点A顺时针旋转90°得到△ABG．易证
△AEF≌_______，得出线段BF，DE，EF之间的数量关系为____________；
（2）类比探究：如图2，在等边△ABC中，D，E为BC边上的点，∠DAE＝30°，BD=3，EC=4，求线段
DE的长；（3）拓展应用：如图3，在△ABC中，AB=AC，∠BAC＝150°，点D，E在BC边上，∠DAE＝
75°，若DE是等腰△ADE的腰长，请直接写出BD：CE的值．【答案】（1） ； ；（2） ；（3） 或
【分析】（1）由旋转的性质可得 ， ， ，进而得到 ，由全
等三角形的性质可得 ，即可解答；（2）将 绕点 顺时针旋转 ，得到 ，连接
，过点 作 ，交 的延长线于点 ，进而证 ≌ ，得到 ，即可求出
和 ，再根据勾股定理即可解答；（3）用 的方法，分类讨论 是等腰 的腰长，求出 ：
的值即可．
【详解】解：（1）把 绕点 顺时针旋转 得到 ，可知： ， ，
，
， ，
在 和 中， ≌ ， ，
， ，故答案为 ； ．
（2）如图，将△ACE绕点A顺时针旋转60°，得到△ABF，连接DF，过点F作FG⊥BC，交CB的延长线
于点G，如图所示：
∵△ABC是等边三角形，∴∠CAB＝∠ABC＝∠C＝60°，AB=AC，
∵∠DAE＝30°，∴∠CAE+∠BAD＝30°，∴∠DAF＝30°，
又∵AD=AD，∴△ADE≌△ADF，∴DE=DF，∵∠ABF＝∠ABC＝∠C＝60°，∠FBG＝60°，∵BF=CE=4，∠G＝90°，∴BG＝ BF=2，FG＝ = ，
∴DG＝5，∴在Rt△DFG中，DF= ，∴线段DF的长为 ．
（3）如图，将△ACE绕点A顺时针旋转150°，得到△ABG，连接DG，过点D作DH⊥BG，交BG的于点
H，∠DAE＝75°，若DE是等腰△ADE的腰，∠ADE为顶角，则∠ADE=30°，
∵AB=AC，∠BAC=150°，∴∠ABC=∠C= （180°-150°）=15°，
∴由旋转性质得△ABG≌△ACE，∴BG=CE，AG=AE，∠ABG=∠C=15°，∴∠DBG=30°，
∵将△ACE绕点A顺时针旋转150°，得到△ABG，∴∠EAG=150°，
∵∠DAE＝75°，∴∠GAD=75°，∴∠ADE=30°，
在△ADE和△ADG中， ，∴△ADE≌△ADG，∴∠GDA=∠ADE=30°，∴∠GDE=60°，
∵∠GDE=∠GBD+∠BGD，∴∠BGD=60°-30°=30°，∴BD=DG，∴BH=GH= BG= CE，
在Rt△BHD中，设HD=x，∵∠DBG=30°，∴BD=2x，由勾股定理得：BH= ，
∴BG=2 ，∴CE=2 ，∴BD：CE= ：3；
如图将△ACE绕点A顺时针旋转150°，得到△ABM，连接DM，过点M作MN⊥BD，交BD于点N，
∵∠DAE＝75°，若DE是等腰△ADE的腰长，∠E为顶角，∴∠E=30°，
∵AB=AC，∠BAC＝150°，∴∠C=∠ABC=15°，∴∠CAE=15°，
∴AE=CE=DE，∴∠BAD=150°-75°-15°=60°，由旋转性质可知△ABM≌△ACE，
∴∠BAM=∠CAE=15°，∠ABM=∠ACE=15°，AM=AE，BM=CE，∴∠MAD=15°+60°=75°=∠DAE，在△MAD和△EAD中， ，∴△MAD≌△EAD，∴DM=DE=CE=BM，
∵MN⊥BD，∴BN=DN= BD，∵∠MBD=∠ABM＋∠ABC=15°+15°=30°，
∴在Rt△BNM中 ，设MN=a，∴BM=2a，∴CE=2a，
由勾股定理得：BN= ，∴BD=2 a，∴BD：CE=2 a：2a= ：1= ．
【点睛】本题考查了四边形的综合题，正方形的性质，全等三角形的判定和性质，旋转的性质，正确的作
出辅助线是解题的关键．
3．（2022秋·重庆綦江·八年级校考阶段练习）（1）如图1，在四边形 中，
， 分别是边 上的点，且 ．求证： ；
（2）如图2，在四边形 中， ， 分别是边 上的点，且
；求证： ，
（3）如图3，在四边形 中， ， 分别是边 延长线上的点，
且 ，写出 之间的数量关系，并证明你的结论．
【答案】（1）见解析；（2）见解析；（3） ；理由见解析
【分析】（1）延长 到G，使 ，连接 ．证明 ，可得 ，进而可
得结论；（2）延长 至M，使 ，连接 ．证明 ．可得
．然后根据 ，证明 ．可得
．进而可以得到结论；（3）在 上截取 ，使 ，连接 ．证明
．可得 ．然后可得出 ，那么
．
【详解】（1）证明：如图1中，延长 到G，使 ，连接 ．∵ ，∴ ，
∴ ，∴ ，∴ ，
∵ ，∴ ，∴ ，∵ ，∴ ；
（2）证明：如图2，延长 至M，使 ，连接 ．
∵ ，∴ ，
在 与 中， ，∴ ，∴ ，
∵ ，在 与 中， ，∴ ，
∴ ，∴ ，
∵ ，∴ ，∴ ；
（3）解： ．证明：如图3，在 上截取 ，使 ，连接 ．
∵ ，∴ ．
在 与 中， ，∴ ．∴ ．
∴ ，
∴ ，∴ ．
∵ ，∴ ．∴ ，∵ ，∴ ．
【点睛】本题属于四边形综合题，考查了三角形全等的判定和性质等知识，解题的关键是学会利用旋转变
换的思想添加辅助线，构造全等三角形解决问题，解题时注意一些题目虽然图形发生变化，但是证明思路和方法是类似的，属于中考压轴题．
【经典例题八 倍长中线模型】
【例8】（23-24八年级上·湖北省直辖县级单位·阶段练习）如图 中， 是中线， ， ，
则 的取值范围是（ ）．
A． B． C． D．
【答案】C
【分析】延长 至点E，使 ，连接 ，利用 证明 ，得 ，再利用
三角形三边关系即可求解．
【详解】解：如图，延长 至点E，使 ，连接 ，
∵ 是 上的中线，
∴ ，
在 和 中，
，
∴ ，
∴ ，
∴ ，即 ，
∴ ，
故选：C．【点睛】本题考查全等三角形的判定与性质、三角形的三边关系，作辅助线构造全等三角形是解题的关系．
1．（2023七年级下·全国·专题练习）在 中， ， ，则 边上的中线 的取值范围是
（ ）
A． B． C． D．无法确定
【答案】C
【分析】延长 至 ，使 ，连接 ．则 ，先根据 定理证出 ，根
据全等三角形的性质可得 ，再利用三角形的三边关系求解即可得．
【详解】解：如图，延长 至 ，使 ，连接 ．则 ，
为 边上的中线，
，在 和 中，
，
，
，
在 中， ，即 ，
解得 ，
故选：C．
【点睛】本题考查了三角形全等的判定与性质、三角形的三边关系，通过作辅助线，构造全等三角形是解
题关键．
2．（23-24八年级上·四川德阳·阶段练习）如图，在 中， 为 边的中线， 为 上一点，连
接 并延长交 于点 ，若 ， ， ，则 的长为 ．
.
【答案】
【分析】本题考查了全等三角形的判定和性质，等腰三角形的性质．延长 至 ，使 ，连接
，根据 证明 ，则 ，根据 可得 ，由
此可得 ，即可得出 ，然后利用线段的和差即可求出 的长．正确的作出辅助线
构造全等三角形是解题的关键．
【详解】如图，延长 至G，使 ，连接 ，
在 和 中
，
，
．
， ，
，
，
，
．
，
，
．
故答案为：
3．（2024八年级上·江苏·专题练习）某数学兴趣小组在活动时，老师提出了这样一个问题：如图1，在
中， ， ，D是 的中点，求 边上的中线 的取值范围．
小明在组内经过合作交流，得到了如下的解决方法：延长 到 ，使 ，请补充完整证明“
”的推理过程．(1)求证：
证明：延长 到点 ，使
在 和 中
（__________）
请补齐空白处
(2)由（1）的结论，根据 与 之间的关系，探究得出 的取值范围是__________；
(3)【感悟】解题时，条件中若出现“中点”“中线”等字样，可以考虑延长中线构造全等三角形，把分散
的已知条件和所求证的结论集合到同一个三角形中．
【问题解决】
如图2， 中， ， ， 是 的中线， ， ，且 ，求
的长．
【答案】(1)已作；对顶角相等； ；
(2)
(3)6
【分析】本题是三角形的综合题和倍长中线问题，主要考查的是全等三角形的判定和性质、三角形的三边
关系等知识，掌握全等三角形的判定定理和性质定理是解题的关键．
（1）延长 到点 ，使 ，由“ ”可证 ；
（2）由全等三角形的性质可得 ，由三角形的三边关系可求解；
（3））延长 交 的延长线于F，由“ ”可证 ，则 ， ，证
明 ，得 ，根据 ，即可得 的长．
【详解】（1）证明：延长 到点 ，使 ，在 和 中，
，
；
（2）由（1）得： ，且 ， ，
，
在 中， ，
；
（3）延长 交 的延长线于F，
∵ 是 的中线
∴
， ，
，
在 和 中，
，
， ，又 且
，
，
，
．
即： 的长是6．
【经典例题九 对角互补模型】
模型1、旋转中的对角互补模型（90°--全等型）
1）“共斜边等腰直角三角形+直角三角形”模型（异侧型）
条件：如图，已知∠AOB＝∠DCE＝90°，OC平分∠AOB.
结论：①CD＝CE，②OD＋OE＝ OC，③ .
2）“斜边等腰直角三角形+直角三角形”模型（同侧型）
条件：如图，已知∠DCE的一边与AO的延长线交于点D，∠AOB＝∠DCE＝90°，OC平分∠AOB.
[来源:学科网ZXXK]
结论：①CD＝CE，②OE－OD＝ OC，③ .
模型2、旋转中的对角互补模型（60°或120°--全等型）
1）“等边三角形对120°模型”（1）条件：如图，已知∠AOB＝2∠DCE＝120°，OC平分∠AOB.
结论：①CD＝CE，②OD＋OE＝OC，③ .
2）“等边三角形对120°模型”（2）
条件：如图，已知∠AOB＝2∠DCE＝120°，OC平分∠AOB，∠DCE的一边与BO的延长线交于点D，
结论：①CD＝CE，②OD－OE＝OC，③ .
3）“120°等腰三角形对60°模型”
条件：△ABC是等腰三角形，且∠BAC=120°，∠BPC=60°。
结论：①PB+PC= PA；
模型3、旋转中的对角互补模型（2α或180°-2α--全等型）1）“2α对180°-2α模型”
条件：四边形ABCD中，AP=BP,∠A+∠B=180° 结论：OP平分∠AOB
注意：①AP=BP，②∠A+∠B=180°，③OP平分∠AOB，以上三个条件可知二推一。
2）“蝴蝶型对角互补模型”
条件：AP=BP,∠AOB=∠APB 结论：OP平分∠AOB的外角。
【例9】在 中， ， ，将一块三角板的直角顶点放在斜边 的中点 处，将此
三角板绕点 旋转，三角板的两直角边分别交射线 、 于点 、点 ，图①，②，③是旋转得到的
三种图形．（1）观察线段 和 之间有怎样的大小关系？并以图②为例，并加以证明；
（2）观察线段 、 和 之间有怎样的数量关系？并以图③为例，并加以证明；
【解答】解：（1） ，理由如下：
如图②，连接 ， 是等腰直角三角形， 为斜边 的中点，， ， ， ，
又 ， ， ，
在 和 中， ， ， ；
（2） ，理由如下：连接 ，如图③所示：
同（1）得： ， ，
，
1．（2023·广西八年级期中）如图，在四边形ABCD中，已知BD平分∠ABC，∠BAD＋∠C＝180°，求
证：AD＝CD．
【答案】见解析
【详解】试题分析：在边BC上截取BE=BA，连接DE，根据SAS证△ABD≌△EBD，推出AD=ED，
∠A=∠BED，求出∠DEC=∠C即可．
试题解析：证明：在边BC上截取BE=BA，连接DE．∵BD平分∠ABC，∴∠ABD=∠CBD．在 ABD和
△△EBD中， ，∴△ABD≌△EBD （SAS），∴AD=ED，∠A=∠BED．∵∠A+∠C=180°，
∠BED+∠CED=180°，∴∠C=∠CED，∴CD=ED，∴AD=CD．
点睛：本题考查了等腰三角形的判定，全等三角形的性质和判定等知识点的应用，解答此题的关键是正确
作辅助线，又是难点，解题的思路是把AD和CD放到一个三角形中，根据等腰三角形的判定进行证明，
题型较好，有一定的难度．
2. 在等边△ABC中，点D是线段BC的中点，∠EDF＝120º，射线DE与线段AB相交于点E，射线DF
与线段AC（或AC的延长线）相交于点F.（1）如图1，若DF⊥AC，直接写出DE与AB的位置关系；
（2）如图2，将（1）中的∠EDF绕点D顺时针旋转一定的角度，DF仍与线段AC相交于点F，求证：DE
＝DF；（3）在∠EDF绕D顺时针旋转过程中，直接用等式表示线段BE、CF、AB之间的数量关系.
【解答】（1）DE⊥AB；（2）见解析；（3）
【解析】（1）∵DF⊥AC，∴∠AFD＝90º，
∵∠A＝60º，∠EDF＝120º，∴∠AED＝360º－∠A－∠AFD－∠EDF＝90º，∴∠DE⊥AB；
（2）连接AD，过点D作DM⊥AB于点M，作DN⊥AC于点N，如图所示：∵点D是BC的中点，∴AD是∠BAC的角平分线，∴DM＝DN，
∵∠AMD＝∠BMD＝∠AND＝∠CND＝90º，∠A＝60º，∴∠MDN＝360º－60º－90º－90º＝120º，
∵∠EDF＝120º，∴∠MDE＝∠NDF，∴△EMD≌△FND，∴DE＝DF；
（3）过点D作DM⊥AB于点M，作DN⊥AC于点N，如图所示：
在△BOM 与△CDN 中， ，∴BM＝CN，DM＝
DN，
∵∠EDF＝120º＝∠MDN，∴∠EDM＝∠NDF，
在△DME与△NDF中， ，∴△EDM≌△FDN，∴ME＝NF，
∴BE－CF＝BM＋EM－（FN－CN）＝2BM＝BD＝ .
3．（2023·山东青岛·八年级统考期中）[问题]如图①，点 是 的角平分线 上一点，连接 ，，若 与 互补，则线段 与 有什么数量关系？
[探究]
探究一：如图②，若 ，则 ，即 ， ，又因为 平分
，所以 ，理由是：_______．
探究二：若 ，请借助图①，探究 与 的数量关系并说明理由．
[结论]点 是 的角平分线 上一点，连接 ， ，若 与 互补，则线段 与 的数量
关系是______．
[拓展]已知：如图③，在 中， ， ， 平分 ．求证： ．
【答案】探究一：角的平分线上的点到角的两边距离相等；探究二：AD＝CD；理由见解析；[结论]：AD
＝CD；[拓展]：见解析．
【分析】探究一：根据角平分线的性质定理解答；
探究二：作 于 ，作 交 的延长线于 ，证明 ，根据全等三角形的性
质证明结论；
[理论] 根据探究结果得到答案；
[拓展]在 上取一点 ，使 ，作 角 的延长线于 ， 于 ，证明
，得到 ，根据等腰三角形的性质得到 ，等量代换得到 ，结合图形
证明结论．
【详解】解：探究一： 平分 ， ， ，
，
理由是：角平分线上的点到角的两边的距离相等，
故答案为：角平分线上的点到角的两边的距离相等；
探究二：作 于 ，作 交 的延长线于 ，平分 ， ， ， ，
， ， ，
在 和 中， ， ；
[理论] 综上所述，点 是 的角平分线 上一点，连接 ， ，若 与 互补，则线段
与 的数量关系是 ，故答案为： ；
[拓展] 在 上取一点 ，使 ，作 角 的延长线于 ， 于 ，
． 平分 ， ， ， ，
， ， ， ， ，
， ， ．
在 和 中， ， ， ，
， ， ， ， ．
， ．
【点睛】本题考查的是全等三角形的判定和性质、角平分线的性质定理，掌握全等三角形的判定定理和性
质定理是解题的关键．【经典例题十 角平分线模型】
模型1.角平分线垂两边（角平分线+外垂直）
【模型解读与图示】
条件：如图1， 为 的角平分线、 于点A时，过点C作 .
结论： 、 ≌ .
图1 图2
常见模型1（直角三角形型）
条件：如图2，在 中， ， 为 的角平分线，过点D作 .
结论： 、 ≌ .（当 是等腰直角三角形时，还有 .）
图3
常见模型2（邻等对补型）
条件：如图3，OC是∠COB的角平分线，AC=BC，过点C作CD⊥OA、CE⊥OB。
结论：① ；② ；③ .
模型2.角平分线垂中间（角平分线+内垂直）
【模型解读与图示】条件：如图1， 为 的角平分线， ，
结论：△AOC≌△BOC， 是等腰三角形、 是三线合一等。
图1 图2 图3
条件：如图2， 为 的角平分线， ，延长BA，CE交于点F.
结论：△BEC≌△BEF， 是等腰三角形、BE是三线合一等。
【例10】（2022·北京·中考真题）如图，在 中， 平分 若 则
____．
【答案】1
【分析】作 于点F，由角平分线的性质推出 ，再利用三角形面积公式求解即可．
【详解】解：如图，作 于点F，∵ 平分 ， ， ，∴ ，
∴ ．故答案为：1．
【点睛】本题考查角平分线的性质，通过作辅助线求出三角形ACD中AC边的高是解题的关键．
1．（2022·山东泰安·中考真题）如图，△ABC的外角∠ACD的平分线CP与内角∠ABC的平分线BP交于
点P，若∠BPC＝40°，则∠CAP＝（ ）
A．40° B．45° C．50° D．60°
【答案】C
【分析】根据外角与内角性质得出∠BAC的度数，再利用角平分线的性质以及直角三角形全等的判定，得
出∠CAP＝∠FAP，即可得出答案.
【详解】解：延长BA，作PN⊥BD，PF⊥BA，PM⊥AC，设∠PCD＝x°，
∵CP平分∠ACD，∴∠ACP＝∠PCD＝x°，PM＝PN，
∵BP平分∠ABC，∴∠ABP＝∠PBC，PF＝PN，∴PF＝PM，
∵∠BPC＝40°，∴∠ABP＝∠PBC＝∠PCD﹣∠BPC＝（x﹣40）°，
∴∠BAC＝∠ACD﹣∠ABC＝2x°﹣（x°﹣40°）﹣（x°﹣40°）＝80°，∴∠CAF＝100°，
在Rt PFA和Rt PMA中， ，
△ △
∴Rt PFA≌Rt PMA（HL），∴∠FAP＝∠PAC＝50°．故选C．
△ △
【点睛】本题考查了角平分线的性质以及三角形外角的性质和直角三角全等的判定等知识，根据角平分线的性质得出PM＝PN＝PF是解题的关键．
2．（2023·山东·七年级专题练习）如图，∠D＝∠C＝90°，点E是DC的中点，AE平分∠DAB，∠DEA＝
28°，求∠ABE的大小．
【答案】28°
【分析】过点E作EF⊥AB于F，根据角平分线上的点到角的两边距离相等可得DE=EF，根据线段中点的
定义可得DE=CE，然后求出CE=EF，再根据到角的两边距离相等的点在角的平分线上证明即可得出BE平
分∠ABC，即可求得∠ABE的度数．
【详解】如图，过点E作EF⊥AB于F，
∵∠D=∠C=90°，AE平分∠DAB，∴DE=EF，∵E是DC的中点，∴DE=CE，∴CE=EF，
又∵∠C=90°，∴点E在∠ABC的平分线上，∴BE平分∠ABC，
又∵AD∥BC，∴∠ABC+∠BAD=180°，∴∠AEB=90°，
∴∠BEC=90°-∠AED=62°，∴Rt△BCE中，∠CBE=28°，∴∠ABE=28°．
【点睛】考查了平行线的性质与判定、角平分线上的点到角的两边距离相等的性质、到角的两边距离相等
的点在角的平分线上的性质，解题关键是熟记各性质并作出辅助线．
3．（2023·江苏·八年级期末）如图， 中， ， ， 平分 ， 则
的最大值为 ．【答案】
【分析】延长 交 于点E，可证 ，再根据 ，可得 的长度，当
最大即可求得最大值．
【详解】解：如图所示延长 交 于点E，
∵ 平分 ， ，∴ ， ，
在 与 中，
∵ ， ， ，
∴ ∴ ， ，
∵ ∴ ，∵ ，∴ ，
∴当 ， 最大，即 最大，
∴答案为 ．
【点睛】本题考查了等腰三角形的性质、角平分线的性质及全等三角形性质，解题关键是根据中线将小三
角形面积转换成大三角形面积取垂直时最大．
4．（2022·安徽黄山·九年级期中）如图，在 中， ， ， 是 边上一动点，
于 ．（1）如图（1），若 平分 时，①求 的度数；
②延长 交 的延长线于点 ，补全图形，探究 与 的数量关系，并证明你的结论；
（2）如图（2），过点 作 于点 ，猜想线段 ， ， 之间的数量关系，并证明你的猜想．【答案】（1）① ，②BD=2EC，理由见详解；（2）BE=CE+2AF，理由见详解．
【分析】（1）①由题意易得∠ABC=∠ACB=45°，则有∠CBD=∠ABD=22.5°，进而可求∠ECD=∠DBA，
则问题得解；②由题意易得CE=EF，则可证△ABD≌△ACF，进而可得BD=CF，最后根据线段的数量关系
可求解；
（2）在BE上截取BH=CE，连接AH，则易证△BHA≌△CEA，则有AE=AH，∠BAH=∠CAE，进而可得
∠HAE=90°，然后根据线段的数量关系可求解．
【详解】解：（1）∵ ， ，∴∠ABC=∠ACB=45°，
∵BD平分∠ABC，∴∠CBD=∠ABD=22.5°，
①∵∠ABD+∠BDA=∠CDE+∠ECD=90°，∠CDE=∠BDA，∴∠ABD=∠ECD=22.5°；
②BD=2EC，理由如下：如图所示：
∵ ，∴∠CEB=∠FEB=90°，
∵BE=BE，∴△CEB≌△FEB（ASA），∴CE=FE，
∵∠DBA+∠F=90°，∠FCA+∠F=90°，∴∠DBA=∠FCA，
∵∠BAD=∠CAF=90°，AB=AC，∴△ABD≌△ACF（ASA），∴BD=CF，∴BD=2CE；
（2）BE=CE+2AF，理由如下：在BE上截取BH=CE，连接AH，如图，
由（1）易得∠HBA=∠ECA，
∵AB=AC，∴△BHA≌△CEA（SAS），∴AH=AE，∠BAH=∠CAE，
∵∠BAH+∠HAC=90°，∴∠EAC+∠HAC=90°，即∠HAE=90°，
∵AF⊥BE，∴AF=HF=FE，
∵BE=BH+HF+FE，∴BE=CE+2AF．【点睛】本题主要考查直角三角形斜边中线定理及等腰直角三角形的性质与判定，熟练掌握直角三角形斜
边中线定理及等腰直角三角形的性质与判定是解题的关键．
一、单选题
1．（2024·山西临汾·一模）如图1，一副三角尺的 是等腰直角三角形， ，
，O是斜边 的中点，含 角的直角三角尺的直角顶点放在点O处，记作 ，
，直角边 与边 在同一条射线上．如图2，把 绕点O逆时针旋转， 与边 交于
点N， 与边 交于点M，得到下列结论．① ；② ；③四边形 的面积
为定值且为 ；④ ．其中，正确的结论有（ ）
A．4个 B．3个 C．2个 D．1个
【答案】A
【分析】
本题考查了全等三角形的判定与性质，连接 ，由于 是等腰直角三角形，根据等腰直角三角形的
性质得 ， ， ， ，利用“ ”易证得 ，则
， 可 判 断 ① ； 得 ， 可 判 断 ② ； 由 得
，可得四边形 的面积 ，可判断③；由 得 ，可
得 ，即可判断④
【详解】解：连接 ，如图，∵ 是等腰直角三角形，
∴ ，
∴
∵ ，
∴ ，
∴ ，
在 和 中，
，
∴ ，
∴ ；故①正确；
②∵
∴
∴ ，故②正确；
③∵ ，
∴ ，
∴四边形 的面积 ，
即四边形 的面积为定值且为 ，故③正确；
④∵ ，
∴ ，
∴ ，故④正确，
所以，正确的结论是①②③④，共4个，
故选：A．2．（23-24八年级上·重庆渝北·阶段练习）如图，在 中， ， ， 的平分线
交 于点D， ，交 的延长线于点E，若 ，则 长为（ ）
A．2 B．3 C．4 D．5
【答案】C
【分析】本题考查了全等三角形的判定和性质，角平分线的定义，作辅助线构造全等三角形是解题关键．
延长 、 交于点 ，先证明 ，得到 ，再证明 ，
得到 ，即可求出 长．
【详解】解：如图，延长 、 交于点 ，
， ，
， ，
，
，
在 和 中，
，
，
，
平分 ，
，
在 和 中，
，，
，
，
故选：C．
3．（22-23七年级下·四川成都·期末）如图，在 中， ， ， 于点E，
于点D， ， ， 则 的长是（ ）
A．5 B．6 C．7 D．8
【答案】B
【分析】本题主要考查全等三角形的判定和性质，掌握全等三角形的判定方法（AAS）和性质（全等三角
形的对应边）是解题的关键．根据直角三角形的两锐角互余及角的和差得到 ，即可证明
，可得 ， ，根据 ，即可解题．
【详解】解：∵ ， ， ，
∴ ， ， ，
∴ ，
在 和 中，
，∴ ，
∴ ， ，
∵ ，
∴ ，
∵ ， ，
∴ ．
故选：B．
4．（23-24八年级上·重庆开州·阶段练习）如图， 与 均为等腰三角形，
，连接 交于点F， 与 交于点G， 与 交于点
H，并连接 ．下列结论：① ；② ；③ ；④ 平分 ；⑤
，正确的个数有（ ）
A．1 B．2 C．3 D．4
【答案】C
【详解】本题考查全等三角形的判定和性质，角平分线的判定等知识，解题的关键是正确寻找全等三角形
解决问题．过点A作 于点M， 于点N，证明 ，即可判断①③④正
确．
【分析】解：过点A作 于点M， 于点N，
∵
∴
在 和 中，
∴ ，故①正确，∴ ，
∵
∴
∵
∴ ，故③正确，
∵
∴
∴
∴ ，
∴ 平分 ，故④正确，
在 和 中， ，
由于无法判断 ，
故无法判断 ，故 与 不一定相等．故②错误．
故选：C．
5．（23-24八年级上·江苏宿迁·阶段练习）如图，在锐角三角形 中， 是 边上的高，分别以
为一边，向外作正方形 和 （正方形四条边都相等，四个角都是直角），连接
和 与 的延长线交于点 ，下列结论：① ；② ；③ 是
的中线；④ ．其中正确结论的个数是（ ）A．1个 B．2个 C．3个 D．4个
【答案】D
【分析】本题考查了正方形的性质的运用，全等三角形的判定及性质的运用，在解答时作辅助线
的延长线于P，过点G作 于Q构造出全等三角形是难点，运用全等三角形的性质是关键，分析
题意，根据正方形的性质可得可求出 ，由“边角边”可得 ，可判断①是否正
确；设 、 相交于点N，由 可得 ，即可判断②的正确性；根据同角的余
角相等求出 ，再证明 ，根据全等三角形性质即可判断④是否正确；证明
，根据全等三角形的对应边相等即可判断③是否正确，从而完成解答．
【详解】解：在正方形 和 中， ， ，
，即 ，
在 和 中， ， ，
，
，故①正确；
设 相交于点N，
，
，
，
，
，故②正确；
过点G作 于Q，过点E作 的延长线于P，如图所示：
，
，
，，
，
在 和 中，
， ，
，
，故④正确；
同理可得 ，
，
在 和 中，
， ，
，
，
是 的中线，故③正确．
综上所述，①②③④结论都正确，共4个．
故选：D．
6．（23-24八年级上·湖北省直辖县级单位·阶段练习）如图，在 中， 为
边上的点，且 ，连接 ，过 作 ，并截取 ，连接 交 于 ，则下列结
论：① ；② 为 的中点；③ ；④ ；其中正确的结论
共有（）
A．1个 B．2个 C．3个 D．4个
【答案】C
【分析】由余角的性质可得 ，故①正确；由“ ”可证 ，可得 ，
由“ ”可证 ，可得 ，故②正确；由角的数量关系可得 ，
故③正确；由全等三角形的性质可得 ，可得 ，故④错误，即可求解．【详解】解：∵ ，
故①正确；
如图，过点 作 于 ，
又
点F是 的中点，故②正确；
故③正确；
故④错误；
故正确的有①②③三个，
故选：C．
【点睛】本题是三角形综合题，考查了等腰直角三角形的性质，全等三角形的判定和性质，添加恰当辅助线构造全等三角形是解题的关键．
二、填空题
7．（23-24七年级下·四川成都·期末）如图，在 中， ， ， 于点 ，
于点 ， ， ，则 的长是 ．
【答案】3
【分析】本题考查了全等三角形的判定和性质，通过证明 ，得出 ，
，最后根据 即可解答．
【详解】解：∵ ，
∴ ，
∵ ，
∴ ，
∴ ，
∵ ， ，
∴ ，
在 和 中，
，
∴ ，
∴ ， ，
∴ ，
故答案为：3．
8．（23-24七年级下·广东深圳·期末）如图，在 中， ，过点B作 ，且使得
，连接AD．若 ，则 的面积为 ．【答案】8
【分析】本题考查了全等三角形的判定与性质，与三角形高有关的计算，过点D作 的延长线的垂线，
作 ，垂足为E，先求出 ，再证明 从而得到 ，利用三角形
面积公式即可求解．
【详解】解：如图，过点D作 的延长线的垂线，作 ，垂足为E，
， ，
，
，
， ，
，
，
，
故答案为：8．
9．（23-24七年级下·陕西西安·期末）如图，已知点B是 边上的动点（不与A、C重合），在 的同
侧作等边 和等边 ，连接 交于点H， 交 于G， 交 于F，连接 ，则当
最小时， ．【答案】
【分析】由题意可证 得 ，在 上截取 可证
，推出 ，当 时， 最小，
据此即可求解．
【详解】解：由题意得：
∴
即：
∵
∴
∴
在 上截取
∴
∴ ，
∴
即：
∴ 是等边三角形
∴
∴
∴
当 时， 最小此时，
∵
∴
∴
∴
故答案为： ．
【点睛】本题综合考查了全等三角形的判定与性质、等边三角形的判定与性质，垂线段最短等知识点，考
查了学生的推理论证能力．
10．（23-24八年级上·重庆江北·期末）如图，在 中， ，点D是边 上的一点，
过点B作 交 的延长线于点E，延长 至点F，使得 ，连接 交 于点H，连接
，若 ， ，则 的长度为 ．
【答案】
【分析】本题考查了全等三角形的判定与性质，直角三角形的性质等知识，过点C作 于M，先
证明 得到 ， ，进而证明 ，得到
，则 ．
【详解】解：如图所示，过点C作 于M，
∴ ，
∵ ，
∴ ，
∴ ，
∵ ，
∴ ，
又∵ ，
∴ ，
∴ ， ，∵ ，
∴ ，
又∵ ， ，
∴ ，
∴ ，
∴ ．
故答案为： ．
11．（2024·贵州·模拟预测）如图， 中， ， 是中线，有下面四个结论：① 与
的面积相等；② ；③若点P是线段 上的一个动点（点P不与点A，D重合），
连接 ，则 的面积比 的面积大；④点P，Q是A，D所在直线上的两个动点（点P与点
Q不重合），若 ，连接 ， ，则 ．所有正确结论的序号是( )
【答案】①②④
【分析】
根据三角形中线定义和三角形面积公式可对①进行判断；延长 至 ，使 ，易证得
，利用三角形三边关系可对②进行判断；再次根据三角形中线定义和三角形面积公式可对
③进行判断；由 ， ， ，易证得 ，可得 ，
即可对④进行判断．
【详解】解：∵ 是中线，
∴
∴ 与 的面积相等，故①正确，
延长 至 ，使 ，如图
∵ ， ，
∴ ，
∴
则在 中，
∴ ，故②正确，
点 是线段 上的一个动点（点 不与点 ， 重合），连接 ， ，如图，
∵
∴
又∵ 与 的面积相等
∴ 的面积和 的面积相等，故③不正确，
点 ， 是 ， 所在直线上的两个动点（点 与点 不重合），若 ，连接 ， ，如图，由 ， ， ，
∴ ，
∴
∴
故④正确，
故答案为：①②④．
【点睛】本题考查全等三角形的判定与性质，三角形中线的性质，三角形的三边关系以及平行线的判定，
利用三角形中线的性质及倍长中线的思想是解决问题的关键．
12．（23-24八年级上·四川德阳·阶段练习）如图，在 中， 为 边的中线， 为 上一点，连
接 并延长交 于点 ，若 ， ， ，则 的长为 ．
.
【答案】
【分析】本题考查了全等三角形的判定和性质，等腰三角形的性质．延长 至 ，使 ，连接
，根据 证明 ，则 ，根据 可得 ，由
此可得 ，即可得出 ，然后利用线段的和差即可求出 的长．正确的作出辅助线
构造全等三角形是解题的关键．
【详解】如图，延长 至G，使 ，连接 ，
在 和 中
，
，
．
， ，
，
，
，
．
，
，
．
故答案为：
三、解答题
13．（23-24七年级下·辽宁沈阳·期末）中线是三角形中的重要线段之一，在利用中线解决几何问题时，常
常采用“倍长中线法”添加辅助线.(1)如图①， 中，若 ， ，求 边上的中线 的取值范围；
同学们经过合作交流，得到了如下的解决方法：延长 至点 ，使 ，连接 ．
请你根据同学们的方法解答下面的问题：
①根据题意，补全图形；
②由已知和作图能得到 ，其依据是______（用字母表示）；
③由三角形的三边关系可以求得 的取值范围是______（直接填空）；
(2)如图②，在 和 中， ， ， ，连接 ， ，若
为 的中线，猜想 与 的数量关系并说明理由．
【答案】(1)①见解析；② ；③
(2) ，理由见解析
【分析】本题考查三角形全等的判定及性质，三角形的三边关系，解答本题的关键作出辅助线，构造出全
等三角形．
（1）①根据题意补全图形即可；
②由 是中线得到 ，又 ， ，通过“ ”可证 ．
据此可解答；
③由 ， ，根据三角形的三边关系有 ，即
，因此 ；
（2）延长 ，使得 ，连接 ，证明 ，可得 ，再证明
即可．
【详解】（1）解：①根据题意画出图形：；
②解： 是中线，
，
在 和 中，
，
．
故答案为： ；
③解： ，
，
，
，即 ，
，
，
．
故答案为： ；
（2）解： ，理由如下：
如图，延长 ，使得 ，连接 ，
根据（1）中原理可得 ，
， ，
，
，，
，
，
，
∴
．
14．（21-22九年级上·山西·期末）阅读以下材料，并按要求完成相应的任务：
从正方形的一个顶点引出夹角为 的两条射线，并连接它们与该顶点的两对边的交点构成的基本平面几
何模型称为半角模型．半角模型可证出多个几何结论，例如：
如图1，在正方形 中，以 为顶点的 ， 、 与 、 边分别交于 、 两点．易
证得 ．
大致证明思路：如图2，将 绕点 顺时针旋转 ，得到 ，由 可得 、 、
三点共线， ，进而可证明 ，故 ．
任务：
如图3，在四边形 中， ， ， ，以 为顶点的 ， 、
与 、 边分别交于 、 两点．请参照阅读材料中的解题方法，你认为结论 是否依
然成立，若成立，请写出证明过程；若不成立，请说明理由．
【答案】成立，见解析
【分析】根据旋转的性质得到 ， ， ， ，，推出 、 、 三点共线，根据全等三角形的性质即可得到结论．
【详解】解：成立．
证明：将 绕点 顺时针旋转 得到 ，
， ， ， ， ，
，
、 、 三点共线，
，
，
， ，
，
，
．
【点睛】本题考查了旋转的性质，全等三角形的判定和性质，正确地作出辅助线是解题的关键．
15．（23-24七年级下·辽宁沈阳·期中）通过对下面数学模型的研究学习，解决下列问题：
【模型呈现】
某兴趣小组在从汉代数学家赵爽的弦图（如图1，由外到内含三个正方形）中提炼出两个三角形全等模型
图（如图2、图3），即“一线三等角”模型和“K字”模型．
【问题发现】
（1）如图2，已知， 中， ， ，一直线过顶点C，过A，B分别作其垂线，垂足
分别为E，F．求证： ；（2）如图3，若改变直线的位置，其余条件与（1）相同，请直接写出 ， ， 之间的数量关系 ；
【问题提出】
（3）在（2）的条件下，若 ， ，则 的面积为 ．
（4）如图4，四边形 中， ， 面积为18且 的长为9，则
的面积为 ．
【答案】（1）证明见解析；（2） ；（3） ；（4）
【分析】本题考查全等三角形的判定与性质，借助前面的结论和思路是解决（4）的关键．
（1）根据题意可得 ，由等量代换证明 ，证明 可得
， ，等量代换即可证明；
（2）证明过程同（1）；
（3）设 ，则 ，先求出x的值，根据三角形面积公式即可求解；
（4）过点B作 交 的延长线于点E，过点F作 于点F，由（1）可得
， ， ，证明 是等腰直角三角形， ，求出 ，
根据三角形面积公式即可求解．
【详解】（1）证明：由题意可得 ， ，
∴ ， ，
∵ ，
∴ ，
∴ ，
在 和 中，
∴∴ ， ，
∴ ；
（2） ，
证明：由题意可得 ， ，
∴ ， ，
∵ ，
∴ ，
∴ ，
在 和 中，
∴
∴ ， ，
∴ ；
（3）设 ，则 ，
∴
∵ ，
∴
∴ ；
（4）如图，过点B作 交 的延长线于点E，过点F作 于点F，
由（1）可得
∴ ， ，
∵ ，
∴ 是等腰直角三角形，∴ ，
∵ 面积为18
∴
∴ ，
∵ 的长为9，
∴ ，
∴
16．（2024七年级下·上海·专题练习）在四边形 中， ， ， ， 、
分别是 ， 上的点，且 ，在探究图1中线段 ， ， 之间的数量关系过程中．
(1)你尝试添加了怎样的辅助线？成功了吗？（真实大胆作答即可得分）
(2)小亮同学认为：延长 到点 ，使 ，连接 ，先证明 ，再证明
，即可得出 ， ， 之间的数量关系是 ．
(3)如图3，在四边形 中， ， ， 、 分别是 ， 上的点，且
，上述结论是否仍然成立？并证明；
【答案】(1)见解析
(2)
(3)成立，见解析
【分析】本题考查了全等三角形的性质与判定；
（1）在 上方作 ，使 ，连接 ，先证明 ，再证明
，即可得出 ， ， 之间的数量关系；
（2）延长 到点 ，使 ，连接 ，先证明 ，再证明 ，即可得出
， ， 之间的数量关系；
（3）延长 到 ，使 ，连接 ，证明 和 ，得到答案；【详解】（1）在 上方作 ，使 ，连接 ，
在 和 中，
，
，
，
∵
∴
∴ 共线
， ，
，
，
在 和 中，
，
，
，
，即 ，
添加辅助线：在 上方作 ，使 ，连接 ，成功了；
（2）延长 到点 ，使 ，连接 ，
，
，在 和 中，
，
，
， ，
， ，
，
，
在 和 中，
，
，
，
，即，
故答案为： ；
（3）结论仍然成立，
证明：延长 到 ，使 ，连接 ，
， ，
，
在 和 中，
，
，
， ，，
，
，
在 和 中，
，
，
，
；
17．（23-24七年级上·山东泰安·期末）（1）【阅读理解】数学兴趣小组在活动时，老师提出了这样一个
问题：如图1，在 中， 是 的中点，求 边上的中线 的取值范围．
小明在组内经过合作交流，得到了如下的解决方法：如图1，过点B作直线 的平行线，交线段 的延
长线于点 ，可以判定 ，得出 ，这样就能把线段 集中
在 中，利用三角形三边的关系，即可得出中线 的取值范围是：______ ______，
（2）【类比应用】如图2，在四边形 中， ，点E是 的中点，若 是 的平分线，
试判断 的数量关系，并说明理由．
（3）【拓展创新】如图3，在四边形 中， 与 的延长线交于点F，E是 的中点，
是 的平分线，试判断 的数量关系，请直接写出你的结论．
【答案】(1)
(2) ,见解析
(3) 见解析
【分析】本题考查了角平分线的意义，平行线的性质，三角形全等的判定和性质，等腰三角形的判定，熟练掌握三角形全等的判定，等腰三角形的判定是解题的关键．
（1）根据 判定 ，选择即可．根据 ，运用三角形三边关系定理计算
即可．
(2) 根据 ，证明 ，判定 是等腰三角形证明即可．
(3) 延长 交 的延长线于点G，仿照(2)的证明解答即可．
【详解】（1）∵ 边上的中线 ，
∴ ，
∵ ，
∴ ，
∵ ，
∴ ，
∴ ，
∵ ，
∴ ，
∵ ，
∴ ，
解得 ，
故答案为： ．
(2)延长 交 的延长线于点F，
∵ ，
∴ ， ，
∵ E是 的中点，
∴ ，∵ ，
∴ ，
∴ ，
∵ 是 的平分线，
∴ ，
∴ ，
∴ ，
∵
∴ ．
故答案为： ．
(3)如图，延长 交 的延长线于点G，
∵ ，
∴ ， ，
∵ E是 的中点，
∴ ，
∵ ，
∴ ，
∴ ，∵ 是 的平分线，
∴ ，
∴ ，
∴ ，
∵
∴ ．
18．（23-24八年级上·安徽合肥·期末）在 和 中， ， ，
．
(1)如图 ，当点 、 、 在同一条直线上时，求证： ；
(2)如图 ，当点 ， 、 不在同一条直线上时， 与 交于点 ， 交 于点 ，求证：
；
(3)如图 ，在（ ）的条件下，连接 并延长 交 于点 ， 是一个固定的值吗？，若是，
求出 的度数；若不是，请说明理由，
【答案】(1)详见解析
(2)详见解析
(3) 是一个固定的值，
【分析】（1）证 ，即可得证；
（2）证 ，得 ，再利用三角形的外角性质得，从而得 ，即可得证；
（3）过点 作 于 ， 于 ．由（ ）得： ，进而得 ，利用角平
分线的判定可得 平分 ，再根据垂线定义即可得解．
【详解】（1）证明：在 和 中，
，
，
；
（2）证明： ，
，
，
在 和 中，
，
，
，
，
，
；
（3）解：过点 作 于 ， 于 ．由（ ）得： ，
∴ ，
∵ ， ，
∴ ，
∵ ，
∴ ，
，
又 ， ，
平分 ，
，
．
，
．
【点睛】本题考查了垂线定义，全等三角形的判定及性质，三角形的外角性质，角平分线的判定，熟练掌
握全等三角形的判定及性质以及角平分线的判定是解题的关键．
