文档内容
绝密★启用前
2025 年高考考前信息必刷卷 01（黑吉辽蒙专用）
物 理
（考试时间：75分钟 试卷满分：100分）
考情速递
高考·新动向：2025年高考物理黑吉辽蒙使用相同试卷，由吉林省命题。吉林的出题方式较辽宁更为传
统，将更加注重基础性知识的考查，题干设计与实际应用更为紧密。
高考·新考法：高考强调创新意识和创新思维，试题呈现方式和设问方式更加新颖、丰富，例如以表格、
图形等呈现形式的创新，物理模型和考查角度的创新。
例如，本试卷第1题：创新角度，考查运动轨迹构成的图形选择；第7题：创新呈现形式，通过垂直光
照方向放置的接收器记录小球投影位置，考查简谐运动x-t的图象及其信息读取；第11题：实验器材生
活化，用手机研究物体下落位置变化。
高考·新情境：题目将覆盖生产生活实践、科学技术前沿和社会民生等多元领域，强化理论知识与实际
应用紧密结合。
例如，本试卷第2题、第9题：结合绝缘介质研发、高铁技术等科技前沿背景：第3题、第4题：结合
生产生活实践考查牛顿运动定律及查理定律。
命题·大预测：基于本卷的题目可以看出，高考试卷中包含一定比例的基础性试题，这就要求学生对基
础部分内容的掌握必须扎实牢靠。同时，题目呈现的方式及情景趋于创新，因此，考生们除了熟练掌
握基本知识点外，还应注重提升自己分析问题、解决问题的能力。
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用
橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，
每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1．一质点沿y轴正方向匀速运动，经过坐标原点O点时，受到x轴负方向的恒力作用，它的运动轨迹可能
是（ ）
A． B． C． D．
【答案】A
【解析】根据曲线运动的条件，可知，质点在O点的速度方向与轨迹相切，曲线会弯向受力那一侧，
即向左弯曲且轨迹不会变成竖直。
故选A。
2．2024年8月我国科学家狄增峰团队成功研制出一种人造蓝宝石作为绝缘介质的晶圆。这种材料具有卓
越的绝缘性能，即使在厚度仅为1纳米时也能有效阻止电流泄露，为开发低功耗芯片提供了重要的技
术支撑。如图所示，直流电源与一平行板电容器、理想二极管连接，电容器A板接地。闭合开关，电
路稳定后，一带电油滴位于电容器中的P点恰好处于静止状态。下列说法正确的是（ ）
A．若两板间插入人造蓝宝石，则电容器的电容减小
B．若两板间插入一块金属板，则电容器的电容减小
C．减小极板间的正对面积，油滴将继续保持静止状态
D．A板上移，油滴将继续保持静止状态，油滴的电势能增大
【答案】D【解析】A．若两板间插入人造蓝宝石，根据
可知，ε 增大，电容器的电容C增大，故A错误；
r
B．若两板间插入一块金属板，相当于两电容器串联，则电容器的电容增大，故B错误；
C．减小极板间的正对面积，则电容器的电容C减小，由于二极管具有单向导电性，电容器不会放电，
根据
可得
由此可知，极板间的电场强度变大，则油滴所受电场力变大，油滴将向上移动，故C错误；
D．将A板向上移动一小段距离，则d增大，电容器的电容减小，由于二极管具有单向导电性，电容器
不会放电，根据
可知，两极板间的电场强度不变，油滴所受电场力不变，所以油滴处于静止状态，但P点到上极板的
距离增大，所以上极板与P点的电势差变大，但上极板始终接地，电势为零，所以P点电势降低，油
滴带负电，所以油滴在P点的电势能增大，故D正确。
故选D。
3．某矿场工人利用运输箱向井底运送物资，其简化图如图所示。某次运送物资过程中，运输箱先从静止
做匀加速直线运动，接着做匀速直线运动，最后做匀减速直线运动，到达井底时速度恰好为零。已知
匀加速和匀减速直线运动的时间均为t，匀速运动的时间为 ，下落的总高度为h。则物资（ ）A．匀加速运动阶段处于超重状态
B．整个运动过程的最大速度大小为
C．匀减速运动阶段的加速度大小为
D．匀加速和匀减速运动阶段所受运输箱的作用力相同
【答案】C
【解析】A．匀加速运动阶段加速度竖直向下，物资处于失重状态，A错误；
B．设匀速阶段的速度大小为v，由题意可得
解得
B错误；
C．由速度与时间关系有
得
C正确；
D．由题意知匀加速和匀减速阶段加速度大小等，设物资的质量为M，在匀加速阶段
得
在匀减速阶段
得
故两阶段运输箱对物资的作用力大小不同，D错误。故选C。
4．汽车轮胎压力表的示数为轮胎内部气体压强与外部大气压强的差值。一汽车在平原地区行驶时，压力
表示数为 （ 是1个标准大气压），轮胎内部气体温度为315K，外部大气压强为 。该汽车在
某高原地区行驶时，压力表示数为 ，轮胎内部气体温度为280K。轮胎内部气体视为理想气体，轮
胎内体积不变且不漏气，则该高原地区的大气压强为（ ）
A． B． C． D．
【答案】B
【解析】根据题意可知：在平原地区时，轮胎内部压强为
温度
设在高原地区轮胎内部压强为 ，温度
轮胎做等容变化，根据
解得
该高原地区的大气压强
故选B。
5．沿空间某直线建立x轴，该直线上的静电场方向沿x轴，其x轴正半轴上电场强度随x轴上位置变化规
律如图所示，原点O到 间的图线为直线，x轴正方向为电场强度正方向，x轴负方向为电场强度负方向，一个电荷量大小为q的粒子在O点由静止释放，刚好能沿x轴正方向运动到 处，不计粒
子的重力，则下列判断正确的是（ ）
A．该粒子带负电
B．粒子在 处的电势能小于 处的电势能
C．粒子在 处的动能为
D．O点到 之间电势差大于 到 之间电势差
【答案】C
【解析】A．粒子在O点由静止释放，刚好能沿x轴正方向运动到 处，粒子先做加速运动后做减
速运动，受力方向先与电场强度方向相同，后与电场强度方向相反，故粒子带正电，故A错误；
B．粒子从 到 的过程中，电场力一直做正功，电势能减少，所以粒子在 处的电势能大
于 处的电势能，故B错误；
C．从O点到 处，E-x图线与坐标轴所围的面积 表示O点到 处电势差。从O点到
处由动能定理得
故在 处的动能为 ，故C正确；
D．设O点到 之间电势差为 , 到 之间电势差为 ，由动能定理得
得O点到 之间电势差与 到 之间电势差相等，故D错误。
故选C。
6．如图所示，理想变压器原、副线圈匝数比为3：1，当输入电压U=12V时，额定电压为3 V的灯泡L 正
2
常发光，此时灯泡L 也刚好正常发光。下列说法正确的是（ ）
1
A．L 的额定电压是3 V B．L 的额定电压是9 V
1 1
C．L 的额定功率是L 的3倍 D．L 的额定功率是L 的9倍
1 2 1 2
【答案】A
【解析】AB．设原线圈、副线圈电流为 ，匝数 ，设灯泡L、灯泡L 电压分别为 ，
1 2
题意易得 ，则有
代入题中数据，解得
故A正确，B错误；
CD．设L 、L 的额定功率分别为
1 2
故
又因为 均为3V，故可得又因为
联立可得
整理可得
故CD错误。
故选A 。
7．如图（a），在光滑绝缘水平桌面内建立直角坐标系Oxy，空间内存在与桌面垂直的匀强磁场。一质量
为m、带电量为q的小球在桌面内做圆周运动。平行光沿x轴正方向照射，垂直光照方向放置的接收器
记录小球不同时刻的投影位置。投影坐标y随时间t的变化曲线如图（b）所示，则（ ）
A．磁感应强度大小为 B．投影的速度最大值为
C． 时间内，投影做匀速直线运动D． 时间内，投影的位移大小为
【答案】D
【解析】设小球做匀速圆周运动的速度为 ，角速度为 ，轨迹圆心在接收器上的投影坐标为 ，则在
0时刻小球与轨迹圆心的连线与 轴夹角为 ，则经过时间 ，小球在接收器上的投影坐标为
由图（b）可得， ，
解得小球在接收器上的投影坐标与时间的关系式为
A .由上面分析可得，小球运动周期为
小球在水平面上只受洛伦兹力，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律可得
又
解得磁场磁感应强度
故A错误；
B . 小球投影坐标对时间求导，可得
则投影的最大速度
故B错误；
C . 小球投影做简谐运动，故C错误；
D. 小球投影在 、 时刻的坐标分别为
时间内，投影的位移大小为故D正确；
故选D。
8．“食双星”是指两颗恒星在相互引力作用下绕连线上某点做匀速圆周运动。由于距离遥远，观测者不
能把两颗星区分开，但由于两颗恒星的彼此掩食，会造成其亮度发生周期性变化，观测者可以通过观
察双星的亮度研究双星。如图，t 时刻，由于较亮的恒星遮挡较暗的恒星，造成亮度L减弱，t 时刻则
1 2
是较暗的恒星遮挡较亮的恒星。若较亮的恒星与较暗的恒星的质量和圆周运动的半径分别为m、r 和
1 1
m、r，下列说法正确的是（ ）
2 2
A． B．
C． D．
【答案】BC
【解析】由图可知双星周期
较亮的恒星，根据牛顿第二定律
较暗的恒星，根据牛顿第二定律
联可得故选BC。
9．列车进站时如图所示，其刹车原理可简化如下：在车身下方固定一水平矩形线框，利用线框进入磁场
时所受的安培力，辅助列车刹车。已知列车的质量为m，车身长为s，线框的ab和cd长度均为L（L小
于匀强磁场的宽度），线框的总电阻为R。站台轨道上匀强磁场区域足够长，磁感应强度的大小为B，
方向竖直向上。车头进入磁场瞬间的速度为v，列车停止前所受铁轨及空气阻力的合力恒为f。车尾进
0
入磁场瞬间，列车恰好停止。下列说法正确的是（ ）
A．列车进站过程中电流方向为abcd
B．列车ab边进入磁场瞬间，加速度大小
C．列车从进站到停下来的过程中，线框产生的热量为
D．从车头进入磁场到停止所用的时间为
【答案】ABD
【解析】A．根据楞次定律结合安培定则可知，线框中电流的方向为顺时针（俯视），即列车进站过程
中电流方向为abcd，故A正确；
B．列车车头进入磁场瞬间产生的感应电动势的大小为
则回路中产生的瞬时感应电流的大小为
可得车头进入磁场瞬间所受安培力的大小为
则由牛顿第二定律有联立解得
故B正确；
C．在列车从进入磁场到停止的过程中，克服安培所做的功在数值上等于线框产生的热量，则由能量守
恒有
解得
故C错误；
D．根据动量定理有
其中
而根据法拉第电磁感应定律有
可得
联立以上各式解得
故D正确。
故选ABD。
10．如图所示，倾角为 的光滑斜面固定在水平地面上，一轻质弹簧一端与垂直固定在斜面上的挡板
相连，另一端与物块B栓接，劲度系数为k。物块A紧靠着物块B，物块与斜面均静止。现用一沿斜
面向上的力F作用于A，使A、B两物块一起沿斜面做加速度大小为 的匀加速直线运动直到A、B
分离。物块A质量为m，物块B质量为2m，重力加速度为g， 。下列说法中正确的是（ ）
A．施加拉力的瞬间，A、B间的弹力大小为
B．A、B分离瞬间弹簧弹力大小为
C．拉力F的最大值大于mg
D．在A、B分离前整个过程中A的位移为
【答案】AD
【解析】A．施加拉力F之前，A、B整体受力平衡，根据平衡条件，有
解得
施加F瞬间，物体A、B加速度大小为
对A、B整体，根据牛顿第二定律
对A，根据牛顿第二定律得
联立，解得
故A正确；
B．分离时，物体A、B之间作用力为0，对B根据牛顿第二定律得解得
可得
故B错误；
C．依题意，整个过程中拉力F一直增大， A、B分离瞬间，物体A、B之间作用力为0，F最大，对
A根据牛顿第二定律得
解得
故C错误；
D．在A、B分离前整个过程中A的位移为
故D正确。
故选AD。
二、非选择题：本题共5小题，共54分。
11．（8分）某同学研究自由落体运动的规律时，将小球从一固定的毫米刻度尺旁边由静止释放，用手机
拍摄小球自由下落的视频，然后用相应的软件处理得到分帧图片，利用图片中小球的位置就可以得出
速度、加速度等信息，实验装置如图1所示。如图2所示为小球下落过程中三幅连续相邻的分帧图片
Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ，相邻两帧之间的时间间隔为0.02s。（1）图片Ⅱ中小球的瞬时速度约为 。（结果保留两位小数）
（2）关于实验装置和操作，下列说法正确的是 。
A．刻度尺应固定在竖直平面内
B．选择材质密度小的小球
C．铅垂线的作用是检验小球是否沿竖直方向下落
D．固定手机时，摄像镜头应正对刻度尺
（3）该同学利用多帧图片测算其对应的速度v和下落的高度h，绘制了 图像，如图3所示。其
中P、Q分别为两个大小相同，质量不同的小球下落的图像（空气阻力不变），由图像可知两球质量
大小关系是
（选填“大于”、“等于”、“小于”）。
（4）如何利用 图像判断小球下落过程机械能是否守恒？
【答案】（1）1.38 （2）AD/DA （3）大于
（4）在误差允许的范围内，如果 图像是一条过原点的倾斜直线，且斜率等于
【解析】（1）[1]根据平均速度等于中间时刻的瞬时速度可得图2中小球的瞬时速度约为
（2）[2]A．小球做自由落体运动，为了测量小球下落的位置，刻度尺应固定在竖直平面内，A正确；
B．为了减小阻力带来的实验误差，应该选择密度较大的小球，B错误；
C．铅垂线的作用是检验装置是不是竖直放置，不能检验小球是否沿竖直方向下落，C错误；
D．为了拍摄的小球的位置比较准确，固定手机时，摄像头应正对刻度尺，D正确。
故选AD。
（3）[3]小球下落过程若空气阻力不忽略，且空气阻力不变，根据动能定理，有
得到
根据图像可知P图像斜率大，故质量大；（4）[4]若机械能守恒，则阻力为零，则有
故，在误差允许的范围内，如果 图像是一条过原点的倾斜直线，且斜率等于 ，则机械能守恒。
12．（8分）某同学用DIS“测电源电动势和内电阻”实验电路如图（a）所示，某次实验电压传感器示数
U与电流传感器示数I的 关系如图（b）所示。
（1）图（a）中．定值电阻 在电路中的作用是 。
（2）由图（b）的可得，该电源电动势 V，内阻 Ω。
（3）根据实验测得的U，I数据，若令 ， ，则由计算机拟合得出的 图线如图（c）
所示，则图线最高点A点的纵坐标 W（结果保留3位有效数字）。
【答案】（1）保护电源 （2）2.83 1.03 （3）1.94
【解析】（1）为防止滑动变阻器接入电路的阻值为零导致电路电流太大损坏电源，要在电路中接入
保护电阻，因此定值电阻R 在电路中的作用是保护电源；
0
（2）[1]根据闭合电路欧姆定律
图像表达式可知，电源电动势
[2]内阻
（3）由题意可知
则功率当
时，电源的输出功率最大
所以图线最高点A点的纵坐标
13．（10分）乒乓球是我国的国球，中国乒乓球队更是奥运梦之队。在刚刚结束的第33届巴黎奥运上，
我国包揽了5枚金牌，为国乒喝彩。乒乓球训练入门简单，一支球拍，一个球，就能做颠球训练，也
能对着墙壁开展对练模式。为了避免捡球的烦恼，现在推出了一种悬挂式乒乓球训练器，如图甲所示。
该训练器可简化成一根长为l的轻质细绳下悬挂一可视为质点、质量为m的小球。不计空气阻力，重
力加速度为g。
（1）敲击小球，可以让小球在竖直平面内摆动，最大偏转角度为θ，则小球摆到最高点时，求绳子拉
力大小；
（2）敲击小球，也可以让小球做圆锥摆运动，当轻绳偏离竖直方向夹角为θ时，求绳子拉力大小及
小球线速度大小。
【答案】（1） （2） ，
【解析】（1）对小球受力分析，如图当小球摆到最高点时
对小球受力分析，沿绳方向有
（2）对小球受力分析，如图
竖直方向有
可得绳子的拉力大小为
水平方向由牛顿第二定律
可得小球的线速度大小为
14．（12分）如图所示，质量 的小物块 锁定在倾角 的倾斜轨道上， 距倾斜轨道底端的
距离 ，质量 的木板 静止在水平面上，其左上端紧靠倾斜轨道的末端。现解除 的
锁定使其由静止开始下滑，最后 恰好停在 的最右端。已知 与倾斜轨道和 间的动摩擦因数均为， 与水平面间的动摩擦因数 ，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度 取
。假设 从轨道末端滑上 时，无能量损失，求：
（1）小物块 刚滑上木板 时的速度大小；
（2）木板 的长度。
【答案】（1） （2）
【解析】（1） 在倾斜轨道下滑过程，有
解得
由运动学公式有
解得
（2）因
故木板B向右做加速运动，对 有
解得对B有
解得
由题意可知 运动到B的右端时，二者恰好达到共同速度 ，由运动学规律有
解得
的位移大小
B的位移大小
木板的长度
15．（16分）平面直角坐标系xOy如图所示，在第Ⅰ、Ⅱ象限中有一圆心在О点、半径为R的半圆形有界
匀强磁场，磁场方向垂直坐标平面向里，磁感应强度大小为B，在 的上方有一沿x轴负方向的匀
强电场，电场强度大小为E。在坐标原点有一粒子源，可以沿坐标平面向第Ⅰ象限内的任意方向发射
相同速率的带正电的粒子，粒子的质量为m，电荷量为q。发现有一粒子（记为粒子a）从y轴上的Р
点（0，R）离开磁场进入电场，并且此时速度方向与y轴正方向成30°角，粒子的重力忽略不计，不
考虑粒子间的相互作用。求：（1）粒子射入磁场时速度的大小；
（2）出磁场后能垂直进入电场的粒子从粒子源射出到经过y轴所用的时间；
（3）在直线 上，粒子能进入电场的横坐标范围。
【答案】（1） （2） （3）
【解析】（1）粒子a从О点进入磁场，从Р点离开磁场，在磁场中运动的圆弧对应的圆心角为60°，
轨迹如图甲所示
由几何关系知，粒子a做圆周运动的半径为R，由洛伦兹力提供向心力，有
解得
（2）由分析可知，出磁场后能垂直进入电场的粒子，从О点射入磁场时速度方向与x轴正方向成30°
角，轨迹如图乙所示此粒子在磁场中运动的时间
粒子在无场区运动的时间
设粒子在电场中运动到y轴所用的时间为 ，则有
解得
总时间
（3）沿x轴正方向进入磁场的粒子进入电场的位置在最右侧，沿y轴正方向进入磁场的粒子进入电场
的位置在最左侧，这两种情况粒子的运动轨迹如图丙所示
最右侧有最左侧有
故横坐标范围为
