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哈师大附中 2025 级 2025-2026 学年度第一学期期中考试
物理答案
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
B D C D B B A D D C
11 12 13 14
AB BD BD ACD
1.【答案】B
【详解】A．伽利略利用图甲中的“斜面”是为了“冲淡”重力的影响，便于测量运动时间，故A正确，不符
合题意；
B．伽利略利用图乙中的“斜面实验”装置，结合逻辑推理，说明力不是维持物体运动的原因，故B错误，符
合题意；
C．图丙是在借助激光笔及平面镜观察桌面的形变，该实验运用了微小放大的思想，故C正确，不符合题意；
D．图丁中把匀变速直线运动的 图像分成很多小段，每小段近似看作匀速直线运动，把各小段的面积之和
代表物体在 内总位移，采用了“微元法”，故D正确，不符合题意。
故选B。
2.【答案】D
【详解】A．重力和弹力是不同性质的力；只能说，静止在草地上的足球受到的弹力大小等于它的重力大小，
选项A错误；
B．图乙，静止在水平地面上的两个足球间虽然接触但是无弹力，选项B错误；
C．图丙，脚对足球的压力和足球对脚的支持力是一对相互作用力，选项C错误；
D．图丁，打到球网上的足球受到弹力是因为球网发生了形变，选项D正确。
故选D。
3.【答案】C
【详解】A．杯子静止，处于受力平衡状态，在竖直方向上，受向下的重力与向上的静摩擦力等大反向，所以
杯子受到的摩擦力方向竖直向上，根据牛顿第三定律，手受到的摩擦力方向竖直向下，故A错误；
BC．杯子重力不变，所受的静摩擦力不变，与手握杯子的力大小无关，但最大静摩擦力与压力有关，手握的越
紧，杯子和手之间的最大静摩擦力越大，故B错误，C正确；
D．若往杯中倒水，水的重力增大，静摩擦力也增大，保持杯子静止，手握住杯子的力不一定必须增大，故D
错误。
故选C。
4.【答案】D
【详解】设弹簧的原长为l0，弹簧的劲度系数为k，则
，
学科网（北京）股份有限公司联立解得
，
故选D。
5.【答案】B
【详解】A．设碰地前速度大小为v1，碰地后速度大小为v2，则 ，
解得 ，
速度变化量为
弹性球碰地前后瞬间，速度变化量大小为 ，A错误；
B．下落时间为
上升时间为
弹性球下落时间和上升时间之比为 ，B正确；
C．下落平均速度为
上升平均速度为
弹性球下落过程的平均速度和上升过程的平均速度大小之比为 ，C错误；
D．速度变化率为加速度，下落和上升过程加速度相等，均为 ，D错误。
故选B。
6.【答案】B
【详解】小车向右做匀加速直线运动，由于球固定在杆上，而杆固定在小车上，则球和小车具有相同的水平向
右的加速度，由牛顿第二定律可知，小球所受重力和杆对小球作用力的合力水平向右，杆对小球作用力方向只
可能沿图中的OC方向。小车沿斜面上滑过程做匀减速直线运动，设整体质量为 ，斜面倾角为 ，由牛顿
学科网（北京）股份有限公司第二定律可知加速度大小
整体加速度方向沿斜面向下。对小球进行受力分析，小球受重力 mg（竖直向下）和直杆对它的作用力 F。此
时，要使小球的加速度大小为 且沿斜面向下，则直杆对小球的作用力和重力的合力应沿斜面向下。通过
平行四边形定则可以判断，直杆对小球的作用力方向为OB方向（垂直斜面向上），故直杆对小球作用力的方
向先沿OC方向，再沿 方向。
故选B。
7.【答案】A
【详解】对A4纸分析可知
对整体分析可知
其中
解得
故选A。
8.【答案】D
【详解】A．以C桶为研究对象，货车向左匀速行驶时，受重力、A、B的支持力，如图所示， C桶在竖直方
向受力平衡，由平衡条件可得
解得
A错误；
B．若货车以 的加速度向左加速行驶，设A对C的作用力为 ，B对C的作用力为 ，C在竖直方向受力
学科网（北京）股份有限公司平衡，则有
在水平方向由牛顿第二定律则有
解得
可知C受到重力、A、B作用力的合力大小为
方向水平向左。则A、B对C作用力的合力一定不等于 ，B错误；
C．若货车以 的加速度向左减速行驶，则货车的加速度向右，由B选项解析可知，B对C的支持力小于A对
C的支持力，C错误；
D．为使桶C与货车保持相对静止，货车刹车时的加速度向右，当B对C的支持力减小到零时，刹车加速度达
到最大，此时A对C的支持力达到最大，设为 ，可知C在竖直方向受力平衡，则有
解得
在水平方向由牛顿第二定律则有
解得
可知为使桶C与货车保持相对静止，货车刹车的加速度不能超过 ，D正确。
故选D。
学科网（北京）股份有限公司9.【答案】D
【详解】A．t=10s前后队员的加速度方向向下，没有发生改变，故A错误；
B．队员的加速度取决于队员受到的合力，所以前10s内加速度没有发生变化，10~14s的过程中加速度先向下
逐渐减小后向上逐渐增大，14~20s的过程中加速度逐渐减小，方向始终向上，故B错误；
C．由前面对加速度的分析可知在10~14s的过程中出现了加速度为零的时刻，此时刻为队员速度最大的时刻，
故C错误；
D．由牛顿第二定律可知，t=14s时加速度最大，最大值为2g，故D正确。
故选D。
10.【答案】C
【详解】AD．对小球B分析，受拉力、重力、支持力处于平衡状态，根据几何关系和平衡条件可得
√3
F = = mg
N 3
对小球A分析，根据竖直方向平衡条件可得
联立可得
故AD错误；
B．对小球B分析，圆柱体对B的支持力大小
方向与竖直方向夹角为30°，则根据牛顿第三定律，B对圆柱体压力
对圆柱体分析，根据水平方向的平衡条件可得
解得
故B错误；
C．对滑轮 分析，根据平衡条件，两绳对滑轮的作用力合力（两力大小相等且垂直，则合力为 ）与杆对
滑轮作用力大小相等，则杆对滑轮 作用力大小
学科网（北京）股份有限公司故C正确；
故选C。
11.【答案】AB
12.【答案】BD
【详解】AB．整个过程中小球保持静止则小球处于平衡状态，如下图所示，利用图解法分析可知轻绳 上的
拉力先减小后增大，小球左侧的轻绳上力处处相等，由图可知轻绳 的拉力一直减小，夹角 不变则轻质
滑轮受到轻绳 的作用力逐渐减小。故A错误，B正确；
C．设斜面倾角为 ，物体受力平衡，则对进行受力分析可知
若初始时 ，则随着 减小，摩擦力 会逐渐增大。但若初始时 ，则 初始时沿斜面向
下，随着 减小，摩擦力会先减小后反向增大。故C错误；
D．将斜面、物块、滑轮和轻绳 看成一个整体，则对整体进行受力分析如下图所示
学科网（北京）股份有限公司水平面对斜面作用力即为 与 的合力，其大小等于整体重力 与轻绳拉力 的合力。随着 不断减小，则
根据平行四边形定则可知 与 合力不断减小，则水平面对斜面作用力在不断减小。故D正确。
故选BD。
13.【答案】BD
【详解】A．螺钉松脱后做竖直上抛运动，故A错误；
螺钉落至井底时的速度为则
即螺钉落至井底时的速度大小为35m/s，故B正确；
C．升降机在4s内匀速上升的位移为
螺钉的位移为
所以矿井深度为 ，故C错误；
D．螺钉的位移为
h m
所以螺钉松脱后运动的整个过程中平均速度大小为v= 2=15 ，故D正确。
t s
故选BD。
14.【答案】ACD
【详解】AB．物块在传送带上加速过程，由牛顿第二定律有
解得
学科网（北京）股份有限公司由运动学公式可得，物块运动的位移为
物块运动的时间为
之后物块随传送带一起匀速，则有
物块相对于传送带运动过程，传送带的位移为
则物块相对于传送带运动路程为
故B错误；
物块沿斜面匀速上滑，物块在斜面上运动的时间
则物块在传送带和斜面上运动的总时间为
故A正确；
C. 若对物块施加的力F沿斜面向上，则F=mgsinθ+μ mgcosθ=5N，故C正确；
2
D．物块在斜面上运动过程中对物块受力分析，如图所示
将斜面对物块的支持力 和摩擦力 等效成 ，则有
学科网（北京）股份有限公司解得
方向不变，然后将 、 和拉力 矢量平移到一个三角形当中，当 与 垂直时拉力 最小，则
有
则 与斜面的夹角
故D正确；
15.【答案】(1)BD (2) (3)5N
【详解】（1）A. 本实验采用的科学方法是等效替代法，故A错误；
B．拉橡皮筋时，弹簧测力计、橡皮筋、细绳应与木板相距较近且与木板平面平行，故B正确；
C．拉小圆环到达O点时，拉力要大小适当，拉力 和 的夹角大小适当，并非越大越好，故C错误；
D．在同一次实验中，应将小圆环O拉到同一位置，以保证两次力的作用效果相同，故D正确。
故选BD。
（2）用一个弹簧秤拉橡皮条时，力一定沿橡皮条AO方向，图中可以看出， 表示一个弹簧测力计表示的力，
F表示的是用平行四边形定则作出的两个力的合力，所以一定沿橡皮条AO方向的是 。
（3）当两个力的角度为0°，有
当两个力的角度为180°时，有
解得 N， N
当两个力的夹角为90°时，有
1
16.【答案】 BC (x −2x )f2 D 未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足
100 4 2
【详解】(1)[1]AD．因为力传感器可测出轻绳中的拉力大小，不用测出砂和砂桶的质量，也不用保证砂和砂桶
的质量m远小于小车的质量M， AD错误；
B．为了让绳的拉力成为小车的合力，必须将带滑轮的长木板右端垫高，以平衡摩擦力，B正确；
C．小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录力传感器的示数，C正确。
故选BC。
5
(2)打点计时器所用交变电流的频率为f，即相邻两计数点的时间间隔为 T=
f
学科网（北京）股份有限公司(x −x )−x 1
由逐差法可知，加速度a= 4 2 2= (x −2x )f2
(2T) 2 100 4 2
(3)[3]由牛顿第二定律
解得 ，则 ，解得 ，D正确，ABC错误。
故选D。
[4]从图像可以看出，绳有拉力而小车没有加速度，小车没有运动，说明未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足。
17.【答案】(1)22N
(2)4N 方向水平向右
【详解】（1）以圆环为对象，竖直方向根据受力平衡可得
解得绳子拉力大小为T=5N
以物块为对象，竖直方向根据受力平衡可得
解得支持力 N=22N
根据牛顿第三定律，可知物块对地面的压力大小为22N。
（2）以物块为对象，水平方向根据受力平衡可得
可知地面对物块的摩擦力大小为4N，方向水平向右。
18.【答案】(1)
(2)
(3)1.6m
【详解】（1）箱子做匀速直线运动，
在竖直方向上有
水平方向上有
滑动摩擦力的公式有
联立以上各式代入数据得 ；
（2）箱子在斜面上做匀减速直线运动，
代入数据解得加速度的大小为 ；
学科网（北京）股份有限公司根据牛顿第二定律得
代入数据可解得
（3）因 ，故箱子会沿斜面下滑，
根据牛顿第二定律得
代入数据可解得
箱子沿斜面向下做匀加速直线运动
箱子在水平面上匀减速直线运动，
根据牛顿第二定律得
代入数据可解得
故箱子最终静止在距斜面左端1.6m处。
19.【答案】(1)7m
(2)9s
(3)168m，文件能传输完毕
【详解】（1）设A、B经过时间t 第一次通信断开，根据几何关系可知，A在B斜前方且为10m，由几何关系
1
得两人在运动方向上位移之差满足
联立以上三式
或 （舍去）
此时A的位移大小为
（2）4s末B的速度
学科网（北京）股份有限公司运动的位移
A位移为
由于
通信仍处于中断状，再经过 恢复通信，则
AB从第一次通信断开到恢复的时间
（3）AB从第一次通信断开到恢复，此时，A在前方，速度小于B，从通信恢复，到通信第二次断开，用时为
此后相距越来越远，失去信号，可知能够保持通信的总时间为
设23s末，B在前，两人相距7m，通信处于断开状态，假设再经 通信恢复，则
解得
B减速后两手机再次连接时A到起跑线的距离
此时，B在前，速度小于A，假设从通信恢复，到通信再次断开，用时为 ，则
学科网（北京）股份有限公司（停止运动）
解得
则手机连接时间共15s，恰好传输成功。
学科网（北京）股份有限公司
