文档内容
徐汇区 2016~2017 学年第二学期九年级质量调研考试
理化试卷
（满分150分，考试时间100分钟） 17.04
物理部分
考生注意：
1．本试卷物理部分含五个大题。
2．答题时，考生务必按答题要求在答题纸规定的位置上作答，在草稿纸、本试卷上答题一律无效。
一、选择题（共16分）
1．依据卢瑟福的原子模型理论，在原子中绕核高速旋转的是
A．原子 B．质子 C．中子 D．电子
2．四冲程柴油机在工作过程中，将机械能转化为内能的冲程是
A．吸气冲程 B．压缩冲程 C．做功冲程 D．排气冲程
3．小徐在教室里能分辨出教室外老师的说话声，主要是依据声音的
A．音调 B．响度 C．音色 D．以上三项都是
4．以下各种单色光中，属于三原色光之一的是
A．蓝光 B．紫光 C．黄光 D．橙光
5．质量为0.2千克的物体从空中落下，物体受到的空气阻力为1牛，其所受合力为
A．1.2牛 B．0.8牛 C．2.96牛 D．0.96牛
6．电动自行车两刹车手柄中各有一个电键S 和S，在行驶中用任一只手柄刹车时，该手柄上的
1 2
电键立即断开，电动自行车上的电动机停止工作。图1所示的电路中符合要求的是
M
S 1 S 1 S 1 S 2 S 1 电动机
M
S 1 电动机 S 2 电动机 电动机 S 2
M M
A B C D
图1
7．当烛焰离凸透镜4厘米时，在凸透镜另一侧的光屏上成一个倒立、放大的实像。该凸透镜的焦
距可能为
A．1厘米 B．3厘米 C．4厘米 D．5厘米
8．如图2所示，甲、乙两个均匀实心正方体放在水平地面上，它们对水平地面的压强相等。若分
别沿水平方向截去体积相等的部分后，它们剩余部分对地面的压强分别为P 、P ，则
甲 乙
A．P 可能等于P B．P 一定大于P
甲 乙 甲 乙
甲 乙
C．P 可能小于P D．P 一定小于P
甲 乙 甲 乙
图2二、填空题（共24分）
9．最早测出大气压强值的科学家是 （ 1 ） ；家庭电路中，电灯与电视机之间是 （ 2 ） 连接（选填
“串联”或“并联”）。标有“220V 500W”字样的电饭锅，正常工作1小时，耗电 （ 3 ） 度。
10．如图3所示，撑杆跳运动员向上跃起的过程中，撑杆弯曲表明力可以改变物体的 （ 4 ） ；运
动员下落过程中动能 （ 5 ） （选填“增大”、“不变”或“减小”）；以地面为参照物，运动员是
（ 6 ） 的（选填“运动”或“静止”）。
11．质量为10千克的物体受到的重力大小为 （ 7 ） 牛、方向 （ 8 ） ，若该物体的体积为5×10-3
米，浸没在水中时受到的浮力大小为 （ 9 ） 牛。
12．某导体两端电压6伏，10秒内通过其横截面的电荷量为5库，这段时间内电流做的功为
（ 1 0 ） 焦，通过它的电流为 （ 1 1 ） 安。当该导体两端电压增大为9伏时，它的电阻 （ 1 2 ） （选填“增
大”、“不变”或“减小”）。
s/米
P
a b
a
8
R R
1 b 2 A 6 c
4
S
2
0
1 2 3 4 5 6 t/秒
图3 图4 图5
13．在图4所示的电路中，将电压表V、V正确连入电路，闭合电键S，电路正常工作，各电表的示
1 2
数均不为零。移动滑动变阻器R的滑片P，电压表V与电流表A示数的比值不发生变化，电压表V与电
2 1 2
流表A示数的比值发生变化。
①电压表V测量的是 （ 1 3 ） 两端的电压，电压表V测量的是 （ 1 4 ） 两端的电压。
1 2
②若电压表V与电压表V示数的比值逐渐变大，则变阻器的滑片P正在向 （ 1 5 ） 端移动(选填
1 2
“a”或“b”)。
14．甲、乙两物体同时同地沿同一直线出发做匀速直线运动。甲运动2秒时通过的路程为2米。此
时甲、乙间的距离为4米。则在图5所示的s-t图像中，乙的s-t图像是图线 （ 1 6 ） ；乙的速度是
（ 1 7 ） 米/秒；当甲运动10秒时，甲、乙两物体之间的距离是 （ 1 8 ） 米。
15．小徐同学暑假要去兰州旅游，他上网查找了上海和兰州两地2016年6月20日到6月22日三
日气温的最高值和最低值。从表中可以看出：上海的昼夜温差比兰州的昼夜温差 （ 1 9 ） 。小徐查
看地图知道，上海属沿海城市，兰州属内陆城市。根据相关信息分析两地昼夜温差区别较大的主要原
因： （ 2 0 ）
。上海 兰州
最高温度 29℃ 27℃
6月20日
最低温度 22℃ 16℃
最高温度 29℃ 28℃
6月21日
最低温度 22℃ 16℃
最高温度 29℃ 27℃
6月22日
最低温度 23℃ 17℃
三、作图题（共7分）
请用2B铅笔将图画在答题纸的相应位置。
16．在图6中根据给出的入射光线AO画出反射光线OB，并标出反射角及其度数。
17．在图7中，分别画出杠杆的动力臂l 和阻力臂l。
1 2
18．在图8中根据通电螺线管的N极，标出磁感线方向、小磁针的N极以及电源正、负极。
法线
O N
A
30° F 2 F 1 电源
（ ） （ ）
O
图6 图7 图8
四、计算题（共25分）
19．质量为1千克的水温度升高了20℃，求吸收的热量Q
吸
。[C
水
＝4.2×103焦/（千克·℃）]
20．如图9所示，用力F匀速提起重为20牛的物体A，不计摩擦。若物体A在10秒内上升4米，求此过
程中拉力F做的功和功率。
图9
21．一个底面直径为 R、底面积为S的薄壁圆柱形容器放在水平地面上，容器内装有一定量的水。
①若容器内水的质量为2千克，求水的体积。
②求距离水面0.1米深处的液体内部压强。
③若在水中浸入一个正方体，正方体沉底后，液体深度变为h，液体对容器底部的压强的增加量
为ΔP，为使ΔP达到最大，求该正方体的边长及液体对容器底部的压强的增加量ΔP。（结果用ρ 、S、
水
R、h等字母表示）
22．在图10所示电路中，电源电压为18伏，R 为定值电阻，R 为滑动变阻器。
1 2
①当电路中电流为0.6安时，求接入电路的总电阻值。
②在确保电路中各元件安全的情况下，移动滑动变阻器的滑片，滑动变阻器的电阻变化范围为8
欧~50欧；用定值电阻R 替换R 后，再移动滑动变阻器的滑片，滑动变阻器的电阻变化范围变为3欧
0 1
~60欧。求该滑动变阻器R 的规格以及定值电阻R、R 的阻值，并写出计算过程。
2 1 0
滑动变阻器R 的规格为“ 欧 安”；定值电阻的阻值R= 欧；R= 欧。
2 1 0
P
R R
1 2
A V
S
图10
五、实验题（共18分）
23．图11所示的弹簧测力计量程为 （ 1 ） 牛，此时的示数为 （ 2 ） 牛。在“探究杠杆
平衡条件”的实验中，杠杆在图12所示位置静止，此时可以将右端的螺母向 （ 3 ） 调节（选填
“左”或“右”），使杠杆在 （ 4 ） 位置平衡。
V
1
R1
V
2
S
R
2
图11 图12 图1324．在“探究平面镜成像的特点”实验中，为得到像与物体到镜面的距离关系，需将镜前物体放
在 （ 5 ） 位置进行多次实验(选填“同一”或“不同”)。在“探究二力平衡的条件”实验中，应
保持物体处于 （ 6 ） 或匀速直线运动状态进行研究。在“探究物质质量与体积的关系”实验中，
要测量不同物质的质量与体积，以得到物质质量与体积关系的 （ 7 ） ；在“测定物质密度”的
实验中，多次测量取平均值是为了 （ 8 ） 。
25．小徐用图13所示的电路研究串联电路中电阻的作用。实验中保持电源电压不变，在电路中
分别接入电阻R 和R。已知R=10欧，R 分别为不同阻值的电阻。他们将实验数据记录在表一中。
1 2 1 2
表一
序号 R 1 (Ω) R 2 (Ω) V 1 表(V) V 2 表(V)
1 10 0 6 0
表二
2 10 10 3 3
3 10 20 2 4
序号 R 1 (Ω) R 2 (Ω) V 1 表(V) V 2 表(V)
6
4 10 30 1.5 4.5
7
5 10 40 1.2 4.8
… … … … …
①分析比较表一中第二列、第三列与第五列的数据及相关条件，归纳得出的初步结论是：串联电路中，
在电源电压不变的情况下，一个电阻不变， （ 9 ） 。
②分析比较表一中 （ 1 0 ） 的数据及相关条件，归纳得出的初步结论是：串
联电路中，在电源电压不变的情况下， 定值电阻两端的电压随着另一电阻值的增大而减小。
③进一步综合分析比较表一中第四列与第五列的数据及相关条件，归纳得出的初步结论是：串联
电路中，在电源电压不变的情况下， （ 1 1 ） 。
④进一步综合分析比较表一中的数据及相关条件，归纳得出的初步结论是： （ 1 2 ） 。
为了使实验结论具有普遍意义，他们又继续进行实验。请你在表二中的第二例、第三列中的空白
处填入拟进行实验的数据： （ 1 3 ） ，以达到研究目的。
26．小徐同学在“测小灯泡电功率”的实验中选取了电源、待测小灯泡（标有“3V”字样）、电流
表、电压表、规格为“10Ω 1A”的滑动变阻器、电键和若干导线，他正确连接电路。实验时，他将滑动
变阻器的滑片置于A端，如图14（a）所示。闭合电键后，发现电压表的示数如图14（b）所示，小灯发出
明亮的光。接着他移动滑片，继续实验，当他将滑片移动至距离A端约四分之一变阻器长度过程中，
发现电压表示数比滑片在A端时逐渐减小约1伏后突然变成0伏。将滑片往回移动一点，电压表恢复
到前面示数。小徐同学思考后判断是 （ 1 4 ） 发生断路故障（选填“小灯”或“滑动变阻器”或
“电压表”），并请求老师帮助。老师检查器材后确认小徐判断正确，故障器材上确有一处断路但其他
部分完好。小徐根据已经获得的信息思考后，没有要求更换器材，而是调整电路连接方法继续实验，
并使小灯正常发光，此时电流表示数如图14（c）所示。
P C
5 10 1 2
0 1 2 15 0 0.2 0.4 3
0
V
3 0
A
0.6
A B - 3 15 - 0.6 3(a) (b) (c)
图14
①实验中使用的电源电压为 （ 1 5 ） 伏；
②小灯额定电流为 （ 1 6 ） 安；
③小灯额定功率为 （ 1 7 ） 瓦；
④小徐发现问题后对电路做出的调整是 （ 1 8 ） 。2016 学年第二学期徐汇区初三年级理化学科
模拟考试 2017.04
题 号 物理部分参考答案及评分要求
一、选择题（每
题2分，共16 1．D。 2．B。3．C。4．A。5．D。6．C。7．B 。8．B。
分）
二、填空题 9 ．（1）托里拆利； （2）并联； （3）0.5。
（14、16、17、20 10．（4）形状； （5）增大； （6）运动。
空每空 2 分， 11．（7）98； （8）竖直向下； （9）49。
其 它 每 空 1 12．（10）30； （11）0.5； （12）不变。
分，共24分）
13．（13）R； （14）R 或电源； （15）a。
1 2
14．（16）a、c； （17）3、1； （18）20。
15．（19）小；
（20）上海周边多水，兰州周边多沙石，由于水的比热容较沙石大，在同样的
自然条件下（吸收或放出相同的热量时），水的温度变化较小，所以上海的昼
夜温差比兰州小。
三、作图题（共 16. 反射光线OB、反射角及度数各1分。
7分） 17. 动力臂l 和阻力臂l 各1分
1 2
18. 磁感线方向、小磁针的N极、电源正负极各1分。
四、计 19. Q = c mΔt 1分
吸 铝
算 题 1分
(3分) = 4.2×103焦/ (千克·℃) ×1千克×20℃
（共25 1分
分） = 8.4×104焦
20. F＝G 1分
W ＝Fs ＝20牛×4米＝80焦 2分
(5分) 拉
P= W / t＝80焦/10秒=8瓦 2分
21. ①V＝m/ρ＝2千克/（1×103千克/米3)
=2×10-3米3
(9分) 3分
②P=ρgh
＝1×103千克/米3×9.8牛/千克×0.1米＝980帕
3分
③ 正方体的边长为R
若R≤h，ΔP =ρ gR3/S 1分
1 水
1分
若R>h，ΔP=ρ ghR2/S
2 水 1分
22. ① R=U/I=18伏/0.6安=30欧 3分
② （U-U )/R=U /R
(8分) 2大 1 2大 2大
代入数据，解得R=10欧
1
I
大
= U/（R
1
+R
2小
）=18伏/（10欧+8欧 ）= 1安 1分
（R +R ’ )=U/I
0 1小 大 1分
代入数据，解得R =15欧
0
U/（R +R ’）=U/R
0 2大 2 2大
解得 U 2 <15伏 1分
故R =60欧
2大
1分
1分说明：在计算中，有关单位错写、漏写，总扣 1 分。
五、实验题 23．（1）0-5； （2）3.6； （3）右； （4）水平。
（每格1分， 24. （5）不同； （6）静止； （7）普适规律；（8）减小误差。
共18分） 25.（9）另一个电阻增大，其两端的电压也增大。
（10）第二列、第三列与第四列。
（11）各电阻两端的电压之和不变。
（12）串联电路中各电阻两端的电压跟它们电阻的大小成正比。
（13）数据合理即可。
26. （14）滑动变阻器。
①（15）4.5；
②（16）0.3；
③（17）0.9；
④（18）将滑动变阻器A端接线改接到B端。
2017 年上海市徐汇区中考物理二模试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（共16分）
1．依据卢瑟福的原子模型理论，在原子中绕核高速旋转的是（ ）
A．原子 B．质子 C．中子D．电子
【考点】32：原子的核式模型．
【分析】根据α粒子散射实验，卢瑟福提出了原子行星模型理论，他认为原子的全部正电
荷和几乎全部质量都集中在原子核上，带负电的电子在原子核外绕核做圆周运动，据此
回答问题．
【解答】解：
卢瑟福的原子结构模型认为：原子由原子核与核外电子组成，原子的全部正电荷与几乎全部质量集中在原子核上，带负电的电子在原子核外，绕原子核高速旋转．
故选D．
2．四冲程内燃机工作时，将机械能转化成内能的冲程是（ ）
A．吸气冲程B．压缩冲程C．做功冲程D．排气冲程
【考点】GM：内燃机的四个冲程．
【分析】四冲程内燃机包括吸气、压缩、做功、排气四个冲程．其中有两个冲程存在能量转
化：压缩冲程将机械能转化为内能，做功冲程将内能转化为机械能．
【解答】解：在四冲程内燃机的四个冲程中，压缩冲程中活塞压缩气体对其做功，将机械
能转化为内能．
故选B．
3．小徐在教室里能分辨出教室外老师的说话声，主要是依据声音的（ ）
A．音调 B．响度 C．音色D．以上三项都是
【考点】9H：音色．
【分析】声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声
音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发
声体本身决定的一个特性．
【解答】解：在教室里能分辨出教室外老师的说话声，主要是依据不同人声音的音色不同，
故ABD错误、C正确．
故选C．
4．以下各种单色光中，属于三原色光之一的是（ ）
A．蓝光 B．紫光 C．黄光D．橙光
【考点】AQ：色光的三原色和颜料的三原色．
【分析】彩色电视机荧屏上呈现各种颜色是由红绿蓝三色色光合成的，红、绿、蓝三种色
光叫色光的三原色．
【解答】解：用放大镜观察彩色电视画面，可以发现是由红、绿、蓝三种色光混合而成的，
因此红、绿、蓝被称为色光的三原色．
故选A．5．质量为 0.2千克的物体从空中落下，物体受到的空气阻力为 1牛，其所受合力为
（ ）
A．1.2牛 B．0.8牛 C．2.96牛 D．0.96牛
【考点】6W：力的合成与应用．
【分析】同一直线上方向相同的两个力的合力等于这两个力的大小之和，方向和这两个力
的方向相同．同一直线上方向相反的两个力的合力等于这两个力的大小之差，方向和这
两个力中较大的力的方向相同．
【解答】解：物体的重力G=mg=0.2kg×9.8N/kg=1.96N；
在空中下落过程中，物体受到重力的方向是竖直向下，空气阻力是竖直向上的．
所以此时物体受到的合力：
F=G﹣f=1.96N﹣1N=0.96N．
故选D．
6．电动自行车两刹车手柄中各有一只开关S 和S ．在行驶中用任一只手柄刹车时，该手
1 2
柄上的开关立即断开，电动机停止工作．以下电路符合要求的是（ ）
A． B． C． D．
【考点】HU：串、并联电路的设计．
【分析】任一只手柄刹车时，该手柄上的开关立即断开、电动机停止工作说明两开关相互
影响、不能独立工作即为串联．
【解答】解：由题意可知，两开关应串联接在电路中，根据选项可知C符合题意，ABD不符
合题意；
故选C．
7．当烛焰离凸透镜4厘米时，在凸透镜另一侧的光屏上成一个倒立、放大的实像．该凸透
镜的焦距可能为（ ）
A．1厘米 B．3厘米 C．4厘米 D．5厘米
【考点】B8：凸透镜成像的应用．【分析】凸透镜成像时，得到的实像都是倒立的，所以物体离凸透镜4cm时，在透镜的另
一侧得到一个放大的实像一定是倒立的．凸透镜成倒立的、放大的实像时，2f＞U＞f，解
不等式得出结果．
【解答】解：物体离凸透镜4cm时，在透镜的另一侧得到一个倒立的、放大的实像，2f＞U
＞f，
所以，2f＞4cm＞f，
即2cm＞f＞4cm，则满足此条件的只有一个3cm，故B正确．
故选B．
8．如图所示，甲、乙两个均匀实心正方体放在水平地面上，它们对水平地面的压强相
等．若分别沿水平方向截去体积相等的部分后，它们剩余部分对地面的压强分别为P 、P
甲
，则（ ）
乙
A．P 可能等于P B．P 一定大于P
甲 乙 甲 乙
C．P 可能小于P D．P 一定小于P
甲 乙 甲 乙
【考点】86：压强的大小及其计算．
【分析】因水平面上物体的压力和自身的重力相等，正方体对水平地面的压强为p= = =
= = =ρgh，由甲乙对水平地面的压强相等可知两者密度的关系；根据△p=
= = = 得出沿水平方向截去体积相等的部分后，对水平地面压强的减少
量的表达式，然后结合甲乙的体积关系得出两者压强减少量的关系，进一步得出答案．
【解答】解：因水平面上物体的压力和自身的重力相等，
所以，正方体对水平地面的压强：p= = = = = =ρgh，
因甲、乙两个均匀实心正方体对水平地面的压强相等，
所以，p=ρ gh =ρ gh ，即ρ = ，
甲 甲 乙 乙 甲
沿水平方向截去体积相等的部分V后，对水平地面压强的减少量：
△p= = = = ，
则两正方体减小的压强分别为：
△p = = = = ，△p = ，
甲 乙
则△p ﹣△p = ﹣ =ρ Vg（ ﹣ ）=ρ Vg（ ﹣ ）=ρ Vg
甲 乙 乙 乙 乙
=ρ Vg ，
乙
因V ＞V ，
甲 乙
所以，△p ﹣△p ＜0，即△p ＜△p ，
甲 乙 甲 乙
因原来甲、乙对水平地面的压强相等，沿水平方向截去体积相等的部分后，乙减少的压强
较大，
所以，甲剩余部分的压强大于乙剩余部分的压强，即p 一定大于p ．
甲 乙
故选B．
二、填空题（共24分）
9．最早测出大气压强值的科学家是 托里拆利 ；家庭电路中，电灯与电视机之间是并联 连接（选填“串联”或“并联”）．标有“220V 500W”字样的电饭锅，正常工作1
小时，耗电 0. 5 度．
【考点】8E：大气压强的存在；IO：家庭电路的连接；J3：电功的计算．
【分析】大气压强的大小最早是在1643年，由意大利科学家托里拆利测出的，它利用玻璃
管、水银首先测出了大气压能支持的水银柱的高，并由此计算出了大气压的具体数值；
各家用电器只有并联在电路中，各家用电器才能正常工作，并且互不影响；
根据公式W=Pt计算电能．
【解答】解：最早测出大气压强值的科学家是托里拆利．
电灯与电视机之间能同时独立工作，应采用并联的连接方式；
该电饭锅正常工作1小时消耗电能W=Pt=0.5kW×1h=0.5kW•h．
故答案为：托里拆利；并联；0.5．
10．如图所示，撑杆跳运动员向上跃起的过程中，撑杆弯曲表明力可以改变物体的 形状
；运动员下落过程中动能 增大 （选填“增大”、“不变”或“减小”）；以地面为参
照物，运动员是 运动 的（选填“运动”或“静止”）．
【考点】6F：力的作用效果；52：参照物及其选择；FL：动能大小的比较．
【分析】（1）力的作用效果是改变物体的形状和改变物体的运动状态；物体运动状态的改
变指：物体方向的改变和物体速度的改变．
（2）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度．质量越大，高度越高，重力势能越大．
（3）若物体的位置相对于所选择的参照物发生了变化，我们就说物体是运动的，若是位
置没有变化就说物体是静止的．
【解答】解：（1）撑杆弯曲形状发生变化，说明力改变了撑杆的形状；
（2）运动员下落的过程中，质量不变，速度增加、动能增加；
（3）运动员下落过程中，以地面为参照物运动员与地面的位置发生了变化，所以运动员
是运动的．
故答案为：形状；增大；运动．11．质量为10千克的物体受到的重力大小为 9 8 牛、方向 竖直向下 ，若该物体的
体积为5×10﹣3米，浸没在水中时受到的浮力大小为 4 9 牛．
【考点】78：重力的计算；8O：阿基米德原理．
【分析】①利用G=mg计算物体的重力，重力的方向总是竖直向下的；
②物体浸没在水中时，排开水的体积等于其自身体积，根据阿基米德原理求出物体浸没
时受到的浮力．
【解答】解：①物体的重力：
G=mg=10kg×9.8N/kg=98N，方向竖直向下；
②它浸没在水中时受到的浮力：
F =ρ gV =ρ gV=1.0×103kg/m3×9.8N/kg×5×10﹣3m3=49N．
浮 水 排 水
故答案为：98；竖直向下；49．
12．某导体两端电压6伏，10秒内通过其横截面的电荷量为5库，这段时间内电流做的功
为 30 焦，通过它的电流为 0.5 安．当该导体两端电压增大为9伏时，它的电阻
不变 （选填“增大”、“不变”或“减小”）．
【考点】IH：欧姆定律的应用；H4：电量及其计算；J3：电功的计算．
【分析】（1）知道导体两端的电压和10秒内通过其横截面的电荷量，根据W=UIt=UQ求
出这段时间内电流做的功，根据I= 求出通过的电流，根据欧姆定律求出导体的电阻；
（2）电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端
的电压和通过的电流无关．
【解答】解：这段时间内电流做的功：
W=UIt=UQ=6V×5C=30J，
通过导体的电流：
I= = =0.5A，
由I= 可得，导体的电阻：R= = =12Ω，
因电阻是导体本身的一种性质，与导体两端的电压和通过的电流无关，
所以，当该导体两端电压增大为9伏时，导体的电阻仍为12Ω不变．
故答案为：30；0.5；不变．
13．在如图所示的电路中，将电压表V 、V 正确连入电路，闭合电键S，电路正常工作，各
1 2
电表的示数均不为零．移动滑动变阻器R 的滑片P，电压表V 与电流表A示数的比值不
2 1
发生变化，电压表V 与电流表A示数的比值发生变化．
2
①电压表V 测量的是 R 两端的电压，电压表V 测量的是 R 或电源 两端的电压．
1 1 2 2
②若电压表V 与电压表V 示数的比值逐渐变大，则变阻器的滑片P正在向 a 端移动
1 2
（选填“a”或“b”）．
【考点】IH：欧姆定律的应用．
【分析】由电路图可知，R 与R 串联，电流表测电路中的电流．
1 2
（1）根据题意确定电压表的连接方式，然后根据电路结构应用串联电路特点与欧姆定律
分析答题．
（2）根据电流表A 与A 示数的比值变化，从而确定对应电流表示数的变化，进一步得出
1 2
滑片移动的方向．
【解答】解：①电压表与电流的比值等于电阻阻值，移动滑动变阻器R 的滑片P，电压表
2
V 与电流表A示数的比值不发生变化，则V 测定值电阻两端电压，即电压表V 测R 两端
1 1 1 1
电压；
电压表V 与电流表A示数的比值发生变化，则电压表V 测滑动变阻器R 两端或电源两
2 2 2
端电压．②在串联电路中，用电器两端电压与其阻值成正比，若电压表V 与V 示数的比值逐渐变
1 2
大，说明定值电阻与滑动变阻器接入电路的电阻相比变大，而定值电阻不变，所以是滑动
变阻器接入电路的阻值增小，由图示电路图可知，滑片向a端移动．
故答案为：①R ；R 或电源；②a．
1 2
14．甲、乙两物体同时同地沿同一直线出发做匀速直线运动．甲运动2秒时通过的路程为
2米．此时甲、乙间的距离为4米．则在如图所示的s﹣t图象中，乙的s﹣t图象是图线 a
；乙的速度是 3 米/秒；当甲运动10秒时，甲、乙两物体之间的距离是 2 0 米．
【考点】68：速度与物体运动．
【分析】知道甲运动2秒时通过的路程为2米，从图象中可找出哪条路线是甲的图象，再
根据此时甲、乙间的距离为4米，可判断哪是乙的图象，并计算乙的速度．
最后根据二者的速度计算当甲运动10秒时，甲、乙两物体之间的距离．
【解答】解：
（1）由题知，甲运动2秒时通过的路程为2米，其速度为1m/s，图象中只有c符合这一数
据，故甲的图象是c．
（2）已知甲、乙两物体同时同地沿同一直线出发做匀速直线运动，甲运动2秒时通过的路
程为2米，又因为此时甲、乙间的距离为4米，所以乙通过的距离只能为2m+4m=6m，
由图象可知，2秒时，a图象中物体通过的距离为6m，所以乙的s﹣t图象是图线a；
乙的速度为：v = = =3m/s．
乙
当甲运动10秒时，甲通过的路程：s ′=v t=1m/s×10s=10m，
甲 甲
乙通过的路程：s ′=v t=3m/s×10s=30m，
乙 乙
又因为两物体同时同地沿同一直线出发做匀速直线运动，
所以甲、乙两物体之间的距离是30m﹣10m=20m．
故答案为：a；3；20．15．小徐同学暑假要去兰州旅游，他上网查找了上海和兰州两地2016年6月20日到6
月22日三日气温的最高值和最低值．从表中可以看出：上海的昼夜温差比兰州的昼夜温
差 小 ．小徐查看地图知道，上海属沿海城市，兰州属内陆城市．根据相关信息分析两
地昼夜温差区别较大的主要原因： 上海周边多水，兰州周边多沙石，由于水的比热容较
沙石大，在同样的自然条件下（吸收或放出相同的热量时），水的温度变化较小，所以上
海的昼夜温差比兰州小 ．
上海 兰州
6月20日 最高温度 29℃ 27℃
最低温度 22℃ 16℃
6月21日 最高温度 29℃ 28℃
最低温度 22℃ 16℃
6月22日 最高温度 29℃ 27℃
最低温度 23℃ 17℃
【考点】GF：比热容解释简单的自然现象．
【分析】比热容是物质的一种特性，相同质量的不同物质，吸收相同的热量（同样的阳光
照射）后，比热容大的温度升高的少；相同质量的不同物质，放出相同的热量后，比热容
大的物体温度降低的少；而水的比热容比沙石大，据此分析判断．
【解答】解：由表中数据可知，上海是沿海地区，因为水的比热容比沙子大，白天，相同质
量的水和沙子吸收相同的热量后，水的温度升高的少，气温较低；夜晚，相同质量的水和
沙子放出相同的热量后，水的温度下降的少，气温较高；由此可知沿海地区白天黑夜的温
差小．
同样的道理，兰州属内陆地区，其昼夜温差则较大．
故答案为：小；上海周边多水，兰州周边多沙石，由于水的比热容较沙石大，在同样的自
然条件下（吸收或放出相同的热量时），水的温度变化较小，所以上海的昼夜温差比兰州
小．
三、作图题（共7分）
16．在图中根据给出的入射光线AO画出反射光线OB，并标出反射角及其度数．【考点】A8：作光的反射光路图．
【分析】根据反射定律：反射光线、入射光线和法线在同一平面内，反射光线、入射光线分
居法线两侧，反射角等于入射角，作出反射光线并标出反射角及其度数．
【解答】解：入射光线AO与平面镜的夹角为30°，则入射角为90°﹣30°=60°，反射角也为
60°，在法线右侧画出反射光线，度数等于入射角为60°即可，如图所示：
17．在图中，分别画出杠杆的动力臂l 和阻力臂l ．
1 2
【考点】7P：力臂的画法．
【分析】力臂的画法：①首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点．②确定力的作用点和
力的方向，画出力的作用线．③从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力
臂．④用字母L 或l 标出．
1 2
【解答】解：
反向延长动力和阻力的作用线，然后从支点O分别向动力作用线、阻力作用线作垂线，
垂线段的长度即为动力臂和阻力臂，如图所示：
．18．在图中根据通电螺线管的N极，标出磁感线方向、小磁针的N极以及电源正、负极．
【考点】CV：通电螺线管的极性和电流方向的判断．
【分析】①根据图中磁感线方向，先判断螺线管的两个磁极；
②根据磁极间的相互作用再判断小磁针的磁极；
③最后根据安培定则判断螺线管中电流的方向，标出电源的正负极．
【解答】解：
在磁体外部，磁感线总是从磁体的N极发出，最后回到S极．所以螺线管的左端为N极，
右端为S极．根据磁极间的相互作用可以判断出小磁针的左端为N极，右端为S极．根据
安培定则：伸出右手，使右手大拇指指示通电螺线管的N极，则四指弯曲所指的方向为电
流的方向，即电流是从螺线管的右端流入的．所以电源的右端为正极，左端为负极．
故答案为：
四、计算题（共25分）
19．质量为1千克的水温度升高了20℃，求吸收的热量Q ．[c =4.2×103焦/（千克
吸 水
•℃ ）]．
【考点】GG：热量的计算．
【分析】知道水的质量、水的比热容、水温度的升高值，利用吸热公式Q =cm△t求水吸
吸
收的热量．
【解答】解：
水吸收的热量：
Q =cm△t
吸
=4.2×103J/（kg•℃）×1kg×20℃=8.4×104J．
答：水吸收的热量为8.4×104J．
20．如图所示，用力F匀速提起重为20牛的物体A，不计摩擦．若物体A在10秒内上升4
米，求此过程中拉力F做的功和功率．
【考点】EC：功的计算；FF：功率的计算．
【分析】由图示可知，滑轮为定滑轮，根据定滑轮特点求出拉力的大小，由功的计算公式
求出拉力的功，然后由功率公式求出拉力的功率．
【解答】解：使用定滑轮不能改变力的大小，
不计摩擦，拉力等于物体重力，则物体重力F=G=20N；
拉力做功：W=Fs=20N×4m=80J，
拉力的功率：P= = =8W．
答：此过程中拉力F做的功80J；拉力的功率8W．
21．一个底面直径为 R、底面积为S的薄壁圆柱形容器放在水平地面上，容器内装有一
定量的水．
①若容器内水的质量为2千克，求水的体积．
②求距离水面0.1米深处的液体内部压强．
③若在水中浸入一个正方体，正方体沉底后，液体深度变为h，液体对容器底部的压强的
增加量为△p，为使△p达到最大，求该正方体的边长及液体对容器底部的压强的增加量
△p．（结果用ρ 、S、R、h等字母表示）
水
【考点】89：液体的压强的计算．
【分析】①已知水的密度和水的质量，根据ρ= 即可求出水的体积；②已知水的密度和水的深度，直接根据p=ρgh即可求出水面下0.1米深处水的压强；
③根据p=ρgh可知，当容器足够深时水未溢出，此时水深度的变化量最大，根据△p=ρ
水
g△h求出压强的最大变化量；当容器装满液体时放入甲物体后液体的深度不变、压强不
变，即△p=0，然后结合压强的最大变化量和压强的最小变化量求出水对容器底部压强增
加量的变化范围．
【解答】解：①由ρ= 可得，水的体积：
V= = =2×10﹣3m3；
②距离水面0.1米深处的液体内部压强：
p=ρ gh=1×103kg/m3×9.8N/kg×0.1m=980Pa；
水
③根据p=ρgh可知，为使△P达到最大，物体排开水的体积应最大，所以正方体的边长最
大；
由于薄壁圆柱形容器的底面直径为 R，
如图1所示，根据勾股定理可知，正方体的边长最大为R；
正方体沉底后，若处于浸没状态（图2的左图），即R≤h，
由于物体对液体的压力和液体对物体的浮力是一对相互作用力，
所以液体对容器底部的压力增加量：
△F =F =ρ gV =ρ gV =ρ gR3，
1 浮1 水 排 水 物 水
所以，△p = = ；
1
正方体沉底后，若物体没有浸没（图2的右图），即R＞h，则液体对容器底部的压力增加量：
△F =F =ρ gV ′=ρ ghR2，
2 浮2 水 排 水
则△p = = ．
2
答：①水的体积为2×10﹣3m3．
②距离水面0.1米深处的液体内部压强为980Pa．
③为使△p达到最大，该正方体的边长为R；
若R≤h，液体对容器底部的压强的增加量△p = ；若R＞h，△p = ．
1 2
22．在如图所示电路中，电源电压为18伏，R 为定值电阻，R 为滑动变阻器．
1 2
①当电路中电流为0.6安时，求电路的总电阻值．
②在确保电路中各元件安全的情况下，移动滑动变阻器的滑片，滑动变阻器的电阻变化
范围为8欧～50欧；用定值电阻R 替换R 后，再移动滑动变阻器的滑片，滑动变阻器的
0 1
电阻变化范围变为3欧～60欧．求该滑动变阻器R 的规格以及定值电阻R 、R 的阻值，
2 1 0
并写出计算过程．
滑动变阻器R 的规格为“ 60 欧 1 安”；定值电阻的阻值R = 10 欧；R = 15
2 1 0
欧．
【考点】IH：欧姆定律的应用．
【分析】由电路图可知，R 与R 串联，电压表测R 两端的电压，电流表测电路中的电流．
1 2 2
（1）当电路中电流为0.6安时，根据欧姆定律求出电路的总电阻值；
（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电压表的示数最大，假设电压表的量程为0
～3V，则电压表的最大示数3V，根据串联电路的电压特点求出R 两端的电压，根据串联
1
电路的电流特点和欧姆定律得出等式即可求出R 的阻值，然后根据欧姆定律求出滑动变
1
阻器接入电路中的电阻为零时电路中的电流，然后判断出接入电路中的电阻可以为零，
这与R 的最小值8Ω矛盾，故此种情况不可能；假设电压表的量程为0～15V，则电压表的
2最大示数为15V，同理求出R 的阻值，再根据欧姆定律求出R 在阻值为8Ω时的电流，然
1 2
后结合电流表的量程确定电路中的最大电流为滑动变阻器允许通过的最大电流；用定值
电阻R 替换R 后，滑动变阻器接入电路中的电阻最小时电路中的电流为滑动变阻器的
0 1
最大电流，根据电阻的串联和欧姆定律得出等式即可求出R 的阻值，再根据电阻的串联
0
和欧姆定律求出变阻器接入电路中的电阻为60Ω时电路中的电流，利用欧姆定律求出电
压表的示数，然后与电压表的量程相比较确定滑动变阻器的最大阻值．
【解答】解：由电路图可知，R 与R 串联，电压表测R 两端的电压，电流表测电路中的电流．
1 2 2
①当电路中电流为0.6安时，由I= 可得，电路的总电阻值：
R= = =30Ω；
②当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电压表的示数最大，
a．若电压表的量程为0～3V，则电压表的最大示数U =3V，
2大
因串联电路中的总电压等于各分电压之和，
所以，R 两端的电压：
1
U =U﹣U =18V﹣3V=15V，
1小 2大
因串联电路中各处的电流相等，
所以，电路中的电流：
I = = ，即 = ，
小
解得：R =250Ω，
1
当变阻器接入电路中的电阻为零时，电路中的电流：
I′= = =0.072A，
即滑动变阻器可以接入电路中的电阻为零，这与R =8Ω矛盾，故此种情况不可能；
2小
b．若电压表的量程为0～15V，则电压表的最大示数U =15V，
2大
因串联电路中的总电压等于各分电压之和，
所以，R 两端的电压：
1U =U﹣U =18V﹣15V=3V，
1小 2大
因串联电路中各处的电流相等，
所以，电路中的电流：
I = = ，即 = ，
小
解得：R =10Ω，
1
当R =8Ω时，电路中的电流：
2小
I = = =1A，
小
即电路中的最大电流为1A，
因电流表的量程为0.6A或3A，
所以，电流表的量程为0～3A，电路中的最大电流应是指滑动变阻器允许通过的最大电
流；
c．用定值电阻R 替换R 后，再移动滑动变阻器的滑片，滑动变阻器的电阻变化范围变为
0 1
3欧～60欧，
则R ′=3Ω时，电路中的电流达到滑动变阻器允许通过的最大电流1A，
2小
即I = = =1A，
大
解得：R =15Ω，
0
当R ′=60Ω时，电路中的电流：
2大
I ′= = =0.24A，
小
电压表的示数：
U ′=I ′R ′=0.24A×60Ω=14.4V＜15V，
2大 小 2大
所以，滑动变阻器的最大阻值为60Ω．
答：①当电路中电流为0.6安时，电路的总电阻值为30Ω；
②60；1；10；15．五、实验题（共18分）
23．图1所示的弹簧测力计量程为 0 ～ 5 牛，此时的示数为 3. 6 牛．在“探究杠杆
平衡条件”的实验中，杠杆在图2所示位置静止，此时可以将右端的螺母向 右 调节
（选填“左”或“右”），使杠杆在 水平 位置平衡．
【考点】7U：探究杠杆的平衡条件实验；74：弹簧测力计的使用与读数．
【分析】弹簧测力计是初中物理中基本的测量工具，使用前要观察它的量程和分度值，再
根据指针所指示的刻度去读数．
根据杠杆的平衡条件可知，杠杆倾斜时，杠杆的重心偏向杠杆下沉的一端，左、右两端的
螺母（或一端的螺母）要向杠杆上翘的一端调节，使杠杆在水平位置平衡，这样避免了杠
杆重力对杠杆平衡产生的影响，同时便于测量力臂．
【解答】解：图示弹簧测力计的最大刻度值为5N，即弹簧测力计的量程为0～5N，其分度
值为0.2N；指针所指示的刻度值为3N+3×0.2N=3.6N；
杠杆放在水平桌面上，发现杠杆左端下倾．根据杠杆的平衡条件，故应该将杠杆两端的螺
母向右调节，使杠杆在水平位置平衡．
故答案为：0～5N；3.6；右；水平．
24．在“探究平面镜成像的特点”实验中，为得到像与物体到镜面的距离关系，需将镜前
物体放在 不同 位置进行多次实验（选填“同一”或“不同”）．在“探究二力平衡的
条件”实验中，应保持物体处于 静止 或匀速直线运动状态进行研究．在“探究物质
质量与体积的关系”实验中，要测量不同物质的质量与体积，以得到物质质量与体积关
系的 普遍规律 ；在“测定物质密度”的实验中，多次测量取平均值是为了 减小误
差 ．
【考点】AE：平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案；2K：探究密度特性的实验．
【分析】（1）在“探究平面镜成像的特点”实验中，一次实验不具备代表性，具有很大的
偶然性，所以应采取同样的实验方案多做几次，才能保证结论的正确；（2）平衡状态是指静止状态或匀速直线运动状态，要探究二力平衡条件，需使物体处于
平衡状态；
（3）为了探究规律应多测量几组实验数据，并且应测量不同种类的物质的质量与体积关
系；
（4）误差是客观存在的，只能在条件允许时尽可能的减小，而不可能避免，在测量过程中，
一般我们会采用多次测量取平均值的方法来减小误差．
【解答】解：
（1）做“探究平面镜成像的特点”实验时，一次实验不具备代表性，应采取同样的实验
方案多做几次，避免实验现象的偶然性，才能保证结论的正确，所以应将物体放在不同位
置进行实验；
（2）静止状态或匀速直线运动状态属于平衡状态，所以在“探究二力平衡的条件”实验
中，应保持物体处于静止状态或匀速直线运动状态进行研究；
（3）“探究物质的质量与体积的关系”，需测量的物理量是：质量与体积；则用天平测出
液体的质量，并用量筒测出液体的体积；为了探究其规律性，应进行多次实验，所以，需
要改变这种液体的体积进行多次测量；
（4）在“测定物质密度”的实验中，多次测量求平均值只能减小误差，提高精确程度．
故答案为：不同；静止；普遍规律；减小误差．
25．小徐用图所示的电路研究串联电路中电阻的作用．实验中保持电源电压不变，在电路
中分别接入电阻R 和R ．已知R =10欧，R 分别为不同阻值的电阻．他们将实验数据记录
1 2 1 2
在表一中．
表一
序 R（Ω） R（Ω） V 表 V 表
1 2 1 2
号 （V） （V）
1 10 0 6 0
2 10 10 3 3
3 10 20 2 4
4 10 30 1.5 4.5
5 10 40 1.2 4.8
①分析比较表一中第二列、第三列与第五列的数据及相关条件，归纳得出的初步结论是：
串联电路中，在电源电压不变的情况下，一个电阻不变， 另一个电阻增大，其两端的电压也增大． ．
②分析比较表一中 第二列、第三列与第四列 的数据及相关条件，归纳得出的初步结
论是：串联电路中，在电源电压不变的情况下，定值电阻两端的电压随着另一电阻值的增
大而减小．
③进一步综合分析比较表一中第四列与第五列的数据及相关条件，归纳得出的初步结论
是：串联电路中，在电源电压不变的情况下， 各电阻两端的电压之和不变． ．
④进一步综合分析比较表一中的数据及相关条件，归纳得出的初步结论是： 串联电路
中各电阻两端的电压跟它们电阻的大小成正比． ．
为了使实验结论具有普遍意义，他们又继续进行实验．请你在表二中的第二例、第三列中
的空白处填入拟进行实验的数据： 20Ω 、 20Ω 和 20Ω 、 30Ω ，以达到研究目的．
表二
序 R（Ω） R（Ω） V 表 V 表
1 2 1 2
号 （V） （V）
6
7
… … … … …
【考点】IL：探究电流与电压、电阻的关系实验．
【分析】分析电路的连接及各电压表测量的电压：
①纵向分析比较表一中第二列、第三列与第五列的数据，找到控制不变的量及变化的量，
得出电阻电压随这个电阻的大小变化关系；
②研究定值电阻两端的电压随着另一电阻值的变化关系时，分析要控制不变的量及变化
的量，研究V 示数的变化随另一电阻即R 的变化关系，据此分析回答；
1 2
③比较表一中第四列与第五列的数据及相关条件，总结得出规律；
④横向分析表中第2、3列数据和4、5列数据，总结得出规律；
用归纳法得出普遍性的结论要满足两个条件：一是所选的样本要有代表性，二是数量足
够多．
【解答】解：①原电路中，两电阻串联，R 的电阻保持不变，R 的电阻逐渐增大，电压表V
1 2 1测R 的电压，电压表V 测R 的电压，电源电压保持不变．
1 2 2
纵向分析比较表一中第二列、第三列与第五列的数据发现：电阻R 不变，R 逐渐增大，电
1 2
压表V 示数即R 的电压逐渐增大，即纳得出的初步结论是：串联电路中，在电源电压不
2 2
变的情况下，一个电阻不变，一个电阻增大，其两端的电压也增大．
②表中定值电阻R 阻值保持不变，R 的阻值逐渐增大，电压表V 示数测R 的电压，
1 2 1 1
研究定值电阻两端的电压随着另一电阻值的变化关系，要控制电源电压不变和R 阻值不
1
变，研究V 示数的变化随另一电阻即R 的变化关系，
1 2
故进一步分析比较表一中的第二列、第三列与第四列数据及相关条件，归纳得出的初步
结论是：串联电路中，在电源电压不变的情况下，定值电阻两端的电压随着另一电阻值的
增大而减小．
③分析比较表一中第四列与第五列的数据，可发现两电压表示数之和为6V定值，即两电
阻的电压之和不变，
进一步综合分析比较表一中第四列与第五列的数据及相关条件，归纳得出的初步结论是
串联电路中，在电源电压不变的情况下，各电阻两端的电压之和不变．
④横向分析表中第2、3列数据和4、5列数据可发现，电阻R 、R 的电阻之比等于V 、V 电
1 2 1 2
压表示数之比，即R 、R 的两端电压之比，
1 2
故进一步综合分析比较表一中的数据及相关条件，归纳得出的初步结论是：串联电路中
各电阻两端的电压跟它们电阻的大小成正比．
在前面的实验中，保持R 的阻值为10Ω不变，改变R 连入电路中的电阻大小，分析得出
1 2
实验结论；
为了使实验结论具有普遍意义，可控制R 的阻值为另外的其它值，如保持R 的阻值为
1 1
20Ω不变，改变R 连入电路中的电阻大小继续进行实验，以达到研究目的．如下表所示：
2
序 R（Ω） R（Ω） V 表 V 表
1 2 1 2
号 （V） （V）
6 20 20
7 20 30
… … … … …
故答案为：①一个电阻增大，其两端的电压也增大．
②第二列、第三列与第四列．
③各电阻两端的电压之和不变．
④串联电路中各电阻两端的电压跟它们电阻的大小成正比；如上表所示（数据合理即可）．26．小徐同学在“测小灯泡电功率”的实验中选取了电源、待测小灯泡（标有“3V”字
样）、电流表、电压表、规格为“10Ω 1A”的滑动变阻器、电键和若干导线，他正确连接电
路．实验时，他将滑动变阻器的滑片置于A端，如图（a）所示．闭合电键后，发现电压表的
示数如图（b）所示，小灯发出明亮的光．接着他移动滑片，继续实验，当他将滑片移动至
距离A端约四分之一变阻器长度过程中，发现电压表示数比滑片在 A端时逐渐减小约1
伏后突然变成0伏．将滑片往回移动一点，电压表恢复到前面示数．小徐同学思考后判断
是 滑动变阻器 发生断路故障（选填“小灯”或“滑动变阻器”或“电压表”），并请
求老师帮助．老师检查器材后确认小徐判断正确，故障器材上确有一处断路但其他部分
完好．小徐根据已经获得的信息思考后，没有要求更换器材，而是调整电路连接方法继续
实验，并使小灯正常发光，此时电流表示数如图（c）所示．
①实验中使用的电源电压为 4. 5 伏；
②小灯额定电流为 0. 3 安；
③小灯额定功率为 0. 9 瓦；
④小徐发现问题后对电路做出的调整是 将滑动变阻器 A 端接线改接到 B 端 ．
【考点】JF：电功率的测量；IH：欧姆定律的应用．
【分析】分别分析若是“小灯”或“滑动变阻器”或“电压表”断路，出现的现象与题中
现象比较，确定正确答案；
①他正确连接电路，说明电流表串联在电路中，电压表并联在灯的两端；发现电压表的示
数如图（b）所示，小灯发出明亮的光，说明此时电路中电流过大，变阻器接入电路中的电
阻为0，据此确定电压表量程，并读数，从而得出电源电压；
②根据变阻器的规格，确定电流表量程读数得出灯的额定电流；
③根据P=UI求灯的额定功率；
④分析电阻丝断点与A和B间的电阻大小，根据串联电路的规律及欧姆定律求出灯正常
发光变阻器连入电路中的电阻大小，从而确定发现问题后对电路做出的调整．
【解答】解：他正确连接电路，说明电压表并联在灯的两端：如果是灯断路，则电压表与电源仍连通，电压表示数为电源电压，不符合题意；
如果是电压表断路，电压表示数始终为0，不符合题意；
故只能是变阻器电阻丝在A端至约四分之一变阻器长度之间的某个位置有断点，导致电
路断路；在这个断点之外电路是连通的，故出现题中的现象，
所以，发现电压表示数比滑片在A端时逐渐减小约1伏后突然变成0伏．将滑片往回移
动一点，电压表恢复到前面示数．小徐同学思考后判断是滑动变阻器发生断路故障；
①电压表并联在灯的两端，实验时，他将滑动变阻器的滑片置于A端，如图（a）所示．闭
合电键后，发现电压表的示数如图（b）所示，小灯发出明亮的光，说明此时电路中电流过
大，变阻器接入电路中的电阻为0，接着他移动滑片，继续实验，当他将滑片移动至距离
A端约四分之一变阻器长度过程中，发现电压表示数比滑片在 A端时逐渐减小约1伏后
突然变成0伏．由此说明将滑动变阻器的滑片置于A端时，电压表的示数只能按大量程
读数，分度值为0.5V，示数为4.5V（否则按小量程读数，电压表示数为0.9V＜1V）；即电源
电压为4.5V；
②因变阻器的规格为“10Ω 1A”，即允许通过的最大电流为1A，故小灯正常发光，此时电
流表示数如图（c）所示，图中电流表只能选用小量程，分度值为0.3A；
③小灯泡的额定功率P=UI=3V×0.3A=0.9W；
④变阻器电阻丝的断点在A﹣四分之一电阻丝之间，
故断点至B端的电阻丝阻值至少为 ×10Ω=7.5Ω，
因灯的额定电压为3V，当变阻器分去U =U﹣U =4.5V﹣3V=1.5V的电压时，
滑 额
灯正常发光，此时变阻器连入电路中的电阻大小：
R = =5Ω＜7.5Ω，
滑
故发现问题后对电路做出的调整是：将滑动变阻器A端接线改接到B端，可使灯正常发
光，可测量灯的额定电功率．
故答案为：滑动变阻器．
①4.5；
②0.3；
③0.9；④将滑动变阻器A端接线改接到B端．2017年5月23日
