文档内容
松江区 2016~2017 学年第二学期九年级质量调研考试
理化试卷
（满分150分，考试时间100分钟） 17.04
物理部分
考生注意：
1．本试卷物理部分含五个大题。
2．答题时，考生务必按答题要求在答题纸规定的位置上作答，在草稿纸、本试卷上答题一律无效。
，考生务必按答题要求在答题纸规定的位置上作答，在草稿纸、本试卷上答题一律无效。
一、选择题（16分）
下列各题均只有一个正确选项，请将正确选项的代号用2B铅笔填涂在答题纸的相应位置上，更改答
案时，用橡皮擦去，重新填涂。
1．在下列各星球中，属于恒星的是
A．月球 B．地球 C．水星 D．太阳
2．吉他表演时，演奏者用较大的力拨动琴弦是为了调节琴声的
A．响度 B．音调 C．音色 D．频率
3．四冲程柴油机在工作过程中，将内能转化为机械能的冲程是
A．吸气冲程 B．压缩冲程 C．做功冲程 D．排气冲程
[来源:Zxxk.Com]
4．被誉为“上海之根”的广富林遗址文化公园，将于今年年底正式对外开放。如图1所示的一池
碧波映出的美景是光的什么现象形成的
A．光的直线传播 B．光的反射 C．光的折射 D．光的色散
R1
A
S
R2
图1 图2 V
图3
5．如图2所示，小红提着包站在水平地面上，下列各对力中属于平衡力的是
A．手对包的拉力与包对手的拉力 B．小红的重力与地面对小红的支持力
C．手对包的拉力与包的重力 D．包的重力与地面对小红的支持力
6．在图3所示的电路中，电源电压保持不变。当电键S从闭合到断开时，电路中
A．电流表的示数变小，电压表的示数变大
B．电流表的示数变大，电压表的示数变大
C．电流表的示数变大，电压表的示数变小
D．电流表的示数不变，电压表的示数变大
7．水平地面上的甲、乙、丙三辆小车同时从同一点出发沿同一直线开始匀速运动，其中甲、乙的
s-t图像如图4所示。运动4秒时甲与乙相距2米，乙与丙相距3米。若将丙的s-t图像也画在图4中，
则下列关于丙s-t图像的判断中正确的是
A．一定在甲图像的上方 B．一定在乙图像的上方C．可能在甲、乙图像间 D．可能在乙图像的下方
8．如图5所示，盛有液体甲的薄壁圆柱形容器和均匀圆柱体乙放置在水平地面上，将两个完全相
同的物块（物块密度大于液体甲的密度），一个浸没在液体甲中，另一个放在圆柱体乙上。液体甲对容
器底部的压力增加量和压强增加量分别为ΔF 和Δp ，圆柱体乙对水平地面压力增加量和压强增加
甲 甲
量分别为ΔF 和Δp ，则
乙 乙
A．ΔF 一定小于ΔF B．ΔF 可能大于ΔF
甲 乙 甲 乙
C．Δp 一定大于Δp D．Δp 可能等于Δp
甲 乙 甲 乙
图5
图
4
二、填空题（共23分）
[来源:学*科*网]
请将结果填入答题纸的相应位置。
9．远距离输电时为了减少输电线上的电能损失，常采用 （ 1 ） 输电（选填“高压”或“低
压”）。在家庭电路中，消耗的电能常用 （ 2 ） 表来测量。标有 “220V 100W”的电视机正常工作1
小时耗电 （ 3 ） 度。
10．篮球是中考体育测试的项目之一，如图6所示，篮球被投出后球在上升过程中动能
（ 4 ） ，惯性 （ 5 ） （均选填“变大”、“变小”或“不变”）。碰到篮板后篮球会弹回说明力可以
改变物体 （ 6 ） 。
F
2
A
B
F
1
C
C 图7
图6 图8
11．如图7所示，分别用力F 和F 匀速提起同一重物，则F （ 7 ） F（选填“大于”、“等于”或
1 2 1 2
“小于”）；若重物重为2牛，被匀速提升0.5米，则拉力F 做功 （ 8 ） 焦，此过程中，重物的机械能
1
（ 9 ） （选填“变大”、“不变”或“变小”）。
12．如图8所示，将重力为20牛的物体浸没在水中,物体排开水的体积为2×10-3米3，则物体受到
的浮力为 （ 1 0 ） 牛；它所受重力和浮力的合力大小为 （ 1 1 ） 牛；增大物体在水中的深度，它受到的
浮力将 （ 1 2 ） （选填“变大”、“不变”或“变小”）。
13．某导体两端的电压为3伏时，10秒内通过该导体横截面的电荷量为3库，通过该导体的电流
为 （ 1 3 ） 安，这段时间内电流做功为 （ 1 4 ） 焦，该导体两端电压改变为6伏时，其电阻为 （ 1 5 ）欧。
14．如图9所示的电路，闭合电键，两灯均发光。
L
c 2d
① 若在电路中添加一根导线，连接在a、b、c、d四点中的两 点。
为避免实验中电源短路，导线不能连接 （ 1 6 ） 两点。
S
② 若过了一会儿，两灯都熄灭了。已知电路中只有一处故 障
L
且发生在L 或L 。 1
1 2
（a）经过思考，小华认为故障 （ 1 7 ） 是短路。（选填“一 a b
图9
定”、“可能”或“一定不”）
（b）在电路中添加一只完好的小灯L ，连接在a、b、c、d四点中的两点。当小灯L 连接的是 （ 1 8 ）
3 3
两点时，闭合电键S，观察到小灯L 始终不发光，就能判断故障一定发生在L 上。
3 1
15．某小组同学在学习完“大气压强”之后，通过上网查阅资料知道：在海拨2千米以内，每上升
10米大气压强约减小100帕。还查阅到科学家在研究水的沸点和海拔高度之间关系时的相关数据，
如下表所示：
海拔高度h/km 0 1 3 6 9 …
水的沸点t/℃ 100 97 91 80 70 …
根据对资料中信息的分析，回答以下问题：
① 在海拔8848米的珠穆朗玛峰顶上，水的沸点大约是 （ 1 9 ） ℃。水的沸点和大气压之间的
关系 （ 2 0 ） ；
② 若某校操场处的大气压强为p 帕，该校实验楼的高度为H米，则该实验楼楼顶的大气压强为
0
（ 2 1 ） 帕。
三、作图题（共7分）
请将图直接画在答题纸的相应位置，作图题必须使用2B铅笔。
16．在图10中，重为4牛的均匀球体保持静止，用力的图示法画出该球所受的重力G。
17．在图11中，根据给出的入射光线AO画出反射光线OB，并标出反射角的度数。
18．根据图12中通电螺线管的N极，标出磁感线方向、小磁针的N极，并在括号内标出电源的正、
负极。
法线
A N
60°
· 电源
O
（ ） （ ）
图10 图11 图12
四、计算题（共26分）
请将计算过程和答案写入答题纸的相应位置。
19．质量为1千克的铝块温度升高了20℃，求铝块吸收的热量Q 。
吸
[c ＝0.9×103焦/（千克·℃）]
铝20．杠杆平衡时，动力F 的大小为10牛，动力臂l 为0.2米，阻力臂l 为0.1米，求：阻力F 的大小。
1 1 2 2
21．在图13所示的电路中，电源电压为18伏保持不变，电阻R 的阻值为10欧, 滑动变阻器R 上
1 2
标有“1.5A”字样。闭合电键S后，电流表A的示数如图14所示。
R 1 R 2 P
V
A
S
图13 图14
[来源:Z§xx§k.Com]
① 求电阻R 两端的电压U 。
1 1
② 求10秒内电流通过滑动变阻器R 所做功W 。
2 2
③ 在电路安全工作的情况下，移动变阻器R 的滑片，电路消耗的最大功率恰为最小功率的2.5
2
倍，求变阻器的最大阻值R 。
2最大
22．如图15所示，一个质量为m、底面积为S的薄壁柱形容器漂浮在水面上。
① 若容器底面积为0.02米2，底部到水面的距离为0.1米，求容器底部受到水的压强P 及压力F
水
水
② 现有液体A、B，其密度如下表所示请选择一种液体，当把这种液体倒入容器中，能使容器内
的液面和容器外的水面相平。（液体不会溢出）
（a）选择液体________。
（b）求倒入容器中液体的深度h。（用m、ρ 、S表示）
水
图15
液体 密度
A 0.8ρ
水
B 1.2ρ
水
五、实验题(共18分)
请根据要求在答题纸的相应位置作答。
23．如图16（a）所示为常用体温计，量程为 （ 1 ） ℃，读数为 （ 2 ）℃。如图16（b）所示为 （ 3 ） ，使用时“+”接线柱应与被测导体靠近电源 （ 4 ） 极的一端相连。
（a）
图 1 6
（b）
24．在焦距为5厘米、10厘米和20厘米的凸透镜中选择一个放置在图17所示的位置，将蜡烛、
光 屏 分 置 于 光 具 座 上 透 镜 两 侧 ， 调 整 透 镜 和 光 屏 的 中 心 大 致 与 烛 焰 的 中 心 在
（ 5 ） 。若将蜡烛放置在A点通过三个凸透镜都能在光屏上成像，则焦距为 （ 6 ） 厘米的透镜所
成的像最小；若在BC间移动光屏时可在光屏上得到清晰的像，则实验中所用透镜的焦距可能是
（ 7 ） 厘米。
A B C
0 10 20 30 40 50 60 70 80 90 cm
图17
25．雨滴从高空下落时会受到空气阻力的作用，研究发现，同一雨滴下落时所受空气阻力大小与
下落速度和所处环境空气密度有关，下表是对一重力为2.5×10－3牛的雨滴进行研究得到的数据。
实验序号 空气密度ρ （千克/米3） 下落速度v（米/秒） 所受空气阻力f（×10－3牛）
气
1 0.4 2 0.13
2 0.8 2 0.26
[来源:学。科。网Z。X。X。K]
3 1.0 2 0.325
4 1.0 3 0.73
5 1.0 4 1.25
① 由上表实验数据可知，雨滴在密度为0.4千克/米3的空气中以2米/秒的速度下落时所受合力
为 （ 8 ） 牛。
② 由上表中实验序号1与2与3的实验数据及相关条件可知： （ 9 ） 。
③ 由上表中实验序号 （ 1 0 ） 的实验数据及相关条件可知：当同一雨滴所处环境的空气
密度相同时，下落速度越大，雨滴所受空气阻力越大。
④ 根据二力平衡条件计算该雨滴以4米/秒的速度匀速下落时，所处环境空气密度应满足的条
件，ρ = （ 11 ） 千克/米3。
气
26．小华做“测定小灯泡电功率”的实验。现有电源、待测小灯（标有“2.5V”字样、额定功率在
1瓦以上）、电压表、电流表、滑动变阻器、电键以及导线若干。他正确串联实验器材，然后将电压表并
联在电路中。闭合电键，移动变阻器的滑片，发现电流表示数变化范围为0.06A～0.2A、电压表示数变
化范围为0～1.2V，小灯始终无法正常发光。他经过思考得
出原因所在，于是对实验器材进行了适当调整，重新正确
连接电路，实验步骤正确，刚闭合电键时，电流表和电压表
的示数如图18所示。移动滑片，发现当变阻器的滑片恰好 V A
图18在中点时，小灯正常发光。
① 测定小灯的额定功率需要测量和记录的物理量是 （ 1 2 ） 。
② 小华原来实验时小灯始终无法正常发光的原因是 （ 1 3 ） ，并画出小华刚开始实验时
的电路图 （ 1 4 ） 。（用2B铅笔在答题纸的相应位置作图）
③ 小灯正常发光时电源电压为 （ 1 5 ） 伏，小灯的额定功率为 （ 1 6 ） 瓦。松江区 2017 初三模拟考
理化试卷物理部分参考答案与评分要求
2017.4
题号 答案及评分标准
一、选择 (16分) 1．D 2．A 3．C 4．B 5．C 6．B 7．D 8．A
9．(1) 高压；(2) 电能；(3) 0.1。
10．(4)变小；(5) 不变；(6) 运动状态。
二、填空（23分） 11．(7) 大于；(8)1；(9)变大。
12．(10)19.6；(11)0.4；(12)不变。
13．(13)0.3；(14)9；(15) 10。
14．(16) ac；(17)一定不；(18)bc或dc。
15．(19)71（70-72均可）
(20) 大气压强越小，水的沸点越低。
（21）p －10H
0
（18、21每空2分，其余每空1分）
16．重力的大小1分；方向和作用点1分。
三、作图（7分） 17．反射光线1分；反射角的度数1分。
18．磁感线方向1分；小磁针的N极1分；电源的正、负极1分。
Q =cmΔt 2分
19． 吸
=0.9×103焦／（千克·℃）×1千克×20℃ 1分
（4分）
=1.8×104焦 1分
F ＝F l / l 2分
2 11 2
20．
＝（10牛×0.2米）/0.1米 1分
（4分）
＝20 牛 1分
①U ＝I R ＝0.8 安×10 欧＝8伏 3分
1 1 1
②U ＝U- U ＝18伏-8伏=10伏 1
2 1
分
W ＝U I t＝10 伏×0.8 安×10秒＝80 焦 2 分
2 2 2
21.
[来源:学科网ZXXK] ③P ＝2.5P
最大 最小
（9分）
UI ＝2.5UI 1 分
最大 最小
I ＝2.5I
最大 最小
I ＝2.5U/R
最大 最大
1.5 安＝2.5×18 伏/（10 欧+R ） 1 分
2最大
R ＝20 欧 1 分
2最大①p ＝ρ gh 1分
水 水
＝1.0×103千克/米3×9.8牛/千克×0.1米 1分
＝980帕 1分
F ＝p S 1分
水 水
22． =980帕×0.02米2 1分
（9分）
=19.6牛 1分
②（a）A 1分
（b）F =G
浮 总
ρ g hS=mg+0.8ρ g hS 1
水 水
分
h=5m/ρ S 1
水
分
说明：在计算中，有关单位错写、漏写，总扣 1 分。
23. (1)35-42；(2)37.8；(3)电压表；(4)正。
24．(5) 同一高度；(6)5；(7)5、10
五、实验 25. (8)2.37 ×10－3；
（18分）
(9) 当同一雨滴的下落速度相同时，雨滴所受空气阻力与所处环境的
空气密度成正比。
（10）3与4与5； （11）2.0
26.（12）额定电压和额定电流
（13）电源电压小于灯泡的额定电压
（14）略
（15）7.5
（16）1.25
2017 年上海市松江区中考物理二模试卷
参考答案与试题解析
一、选择题下列各题均只有一个正确选项
1．在下列各星球中，属于恒星的是（ ）
A．月球 B．地球 C．水星D．太阳
【考点】34：人类探究太阳系及宇宙的历程．【分析】能够自身发光发热的星体称为恒星；离我们最近的恒星为太阳；同时应记清太阳
系里的八大行星．
【解答】解：地球、水星是围绕太阳转动的行星；太阳为能够发光发热的，是离我们最近的
恒星；而月球是地球的一颗卫星；
故选D．
2．吉他表演时，演奏者用较大的力拨动琴弦是为了调节琴声的（ ）
A．响度 B．音调 C．音色D．频率
【考点】9G：响度与振幅的关系．
【分析】声音是由物体的振动产生的；声音的特性有三个：音调、响度和音色．音调是指声
音的高低，响度是指声音的大小，音色是指声音的感觉特性．
【解答】解：声音的响度与振幅有关，拨动琴弦的力度大，振幅越大，声音的响度越大．故
演奏者用较大的力拨动琴弦是为调节琴声的响度．
故选A．
3．在四冲程汽油机工作过程中，将内能转化成机械能的冲程是（ ）
A．吸气冲程B．压缩冲程C．做功冲程D．排气冲程
【考点】GM：内燃机的四个冲程．
【分析】汽油机的四个冲程中只有两个冲程伴随有能量的转化．压缩冲程中活塞向上运动，
汽油和空气的混合物被压缩，内能增大，温度升高，活塞运动的动能转化为混合气体的内
能；做功冲程中，火花塞冒出电火花，将混合气体点燃，混合气体剧烈燃烧，产生高温高
压的燃气，推动活塞运动，燃气的内能转化为活塞运动的动能．
【解答】解：在做功冲程中，两个气门关闭，活塞下行带动曲轴转动做功，气体的内能转化
为机械能；
故选：C．
4．被誉为“上海之根”的广富林遗址文化公园，将于今年年底正式对外开放．如图所示
的一池碧波映出的美景是光的什么现象形成的（ ）A．光的直线传播 B．光的反射C．光的折射D．光的色散
【考点】A6：光的反射．
【分析】光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体
的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
【解答】解：“一池碧波映出的美景”是湖面景物在湖面成像现象，属于平面镜成像，是
光的反射形成的．
故选B．
5．如图所示，小红提着包站在水平地面上，下列各对力中属于平衡力的是（ ）
A．手对包的拉力与包对手的拉力
B．小红的重力与地面对小红的支持力
C．手对包的拉力与包的重力
D．包的重力与地面对小红的支持力
【考点】6R：平衡力的辨别．
【分析】一对平衡力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，分析两
力间的关系，然后判断两力是否为平衡力．
【解答】解：A、手对包的拉力与包对手的拉力，作用在两个不同的物体上，它们不是一对
平衡力，是一对相互作用力，故A错误；
B、小红和包的总重力与地面对小红的支持力大小相等，而小红的重力与地面对小红的支
持力大小不相等，它们不是一对平衡力，故B错误；
C、手对包的拉力与包的重力，大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体
上，它们是一对平衡力，故C正确；D、包的重力与地面对小红的支持力，作用在不同的物体上，它们不是一对平衡力，故D
错误；
故选C．
6．在图所示的电路中，电源电压保持不变．当电键S从闭合到断开时，电路中（ ）
A．电流表的示数变小，电压表的示数变大
B．电流表的示数变大，电压表的示数变大
C．电流表的示数变大，电压表的示数变小
D．电流表的示数不变，电压表的示数变大
【考点】IZ：电路的动态分析．
【分析】由电路图可知，电键S闭合时，电路为R 的简单电路，电流表和电压表被短路无
2
示数；电键S断开时，R 与R 串联，电流表测电路中的电流，电压表测R 两端的电压，根
1 2 1
据电表有无示数判断电表示数的变化．
【解答】解：由电路图可知，电键S闭合时，电路为R 的简单电路，电流表和电压表被短路
2
无示数；
电键S断开时，R 与R 串联，电流表测电路中的电流，电压表测R 两端的电压，此时两个
1 2 1
电表均有示数；
当电键S从闭合到断开时，电流表和电压表从无示数变为有示数，
则电流表的示数变大，电压表的示数变大，故ACD错误、B正确．
故选B．
7．水平地面上的甲、乙、丙三辆小车同时从某点出发沿同一直线开始匀速运动，其中甲、
乙的s﹣t图象如图所示．运动4秒时甲与乙相距2米，乙与丙相距3米．若将丙的s﹣t图
象也画在图中，则下列关于丙s﹣t图象的判断中正确的是（ ）A．一定在甲图象的上方B．一定在乙图象的上方
C．可能在甲、乙图象间D．可能在乙图象的下方
【考点】68：速度与物体运动．
【分析】（1）由图象读出甲、乙运动的路程和时间，根据v= 求出其速度；
（2）由图象读出经过4s时甲和乙通过的路程，根据甲与乙相距2米，乙与丙相距3米，判
断出运动方向；并求出丙的速度，从而确定丙在图象上的位置．
【解答】解：（1）甲在t=4s内运动的路程s =4m，甲的速度：v = = =1m/s；
甲 甲
乙在t=4s内运动的路程s =2m，
乙
乙的速度：v = = =0.5m/s；
乙
（2）甲与乙相距2米，乙与丙相距3米，说明甲、乙的运动方向相同，
而丙的方向有两种可能：一是方向与甲、乙相同，并且丙的速度：v= =
=1.25m/s；此时丙的图象在甲的上方．
还可能是两的方向与甲乙的方向相反，并且丙的速度：v= =0.25m/s．此时丙的图象
在乙的下方．
故选D．
8．如图所示，盛有液体甲的薄壁圆柱形容器和均匀圆柱体乙放置在水平地面上，将两个
完全相同的物块（物块密度大于液体甲的密度），一个浸没在液体甲中，另一个放在圆柱
体乙上．液体甲对容器底部的压力增加量和压强增加量分别为△F 和△p ，圆柱体乙对
甲 甲水平地面压力增加量和压强增加量分别为△F 和△p ，则（ ）
乙 乙
A．△F 一定小于△F B．△F 可能大于△F
甲 乙 甲 乙
C．△p 一定大于△p D．△p 可能等于△p
甲 乙 甲 乙
【考点】81：压力及重力与压力的区别；83：压强大小比较．
【分析】由甲的是薄壁圆柱形容器和均匀圆柱体乙，可知此时对地面的压力等于其重力，
由物块密度大于液体甲的密度，可知物块在甲液体中下沉，由此可得出△F 和△F 的关
甲 乙
系，然后利用p= 分析△p 和△p ，即可．
甲 乙
【解答】解：（1）当将物块放在甲液体中，由于物块密度大于液体甲的密度，所以物块将沉
底，F ＜G，
浮
因为液体甲对容器底部的压力增加量△F =F ，圆柱体乙对水平地面压力增加量△F
甲 浮 乙
=G，
所以F ＜△F ；
甲 乙
（2）由图可知，S ＞S ，
甲 乙
则由p= 可得，△p ＜△p ，
甲 乙
故选A．
二、填空题（共23分）请将结果填入答题纸的相应位置．
9．远距离输电时为了减少输电线上的电能损失，常采用 高压 输电（选填“高压”或
“低压”）．在家庭电路中，消耗的电能常用 电能 表来测量．标有“220V 100W”的电
视机正常工作1小时耗电 0. 1 度．
【考点】JN：电能的输送；J6：电功的测量；J8：电功率与电能、时间的关系．
【分析】①远距离输电，当功率一定时，提高电压，从而使电线中的电流减小，则电线上损
失的电能减小；②用来测量用户消耗的电能仪表是电能表；
③已知电视机的电功率和工作时间，根据公式W=Pt可求电视机消耗的电能．
【解答】解：
①当输出功率一定时，若提高电压，则由P=IU可知，电流降低，从而使电线上电阻的损失
的功率减小，进而减小电能的损失；
②电能表是用来测量用户消耗电能的；
③由P= 可得，电视机正常工作1小时消耗电能：
W=Pt=0.1kW×1h=0.1kW•h=0.1度．
故答案为：高压；电能；0.1．
10．篮球是中考体育测试的项目之一，如图所示，篮球被投出后球在上升过程中动能 变
小 ，惯性 不变 （均选填“变大”、“变小”或“不变”）．碰到篮板后篮球会弹回
说明力可以改变物体 运动状态 ．
【考点】FL：动能大小的比较；6F：力的作用效果；6L：惯性．
【分析】（1）物体的动能与物体质量和速度有关，在质量一定的情况下，速度越小，物体
动能越小；
（2）物体的惯性只与质量有关；
（3）力的作用效果有两个：一是改变物体的形状，二是改变物体的运动状态．
【解答】解：篮球被投出后在上升过程中，篮球的质量不变，速度减小，篮球的动能减少，
其高度增加，重力势能增大；
在此过程中篮球的质量不变，故惯性不变；
碰到篮板后被弹回，是因为篮板作用在篮球上的力改变篮球的运动状态．
故答案为：变小；不变；运动状态．11．如图所示，分别用力F 和F 匀速提起同一重物C，则F 大于 F（选填“大于”、
1 2 1 2
“等于”或“小于”）；若C重2牛，被匀速提升0.5米，则拉力F 做功 1 焦，此过程
1
中，C的机械能 变大 （选填“变大”、“不变”或“变小”）．
【考点】EC：功的计算；7V：定滑轮及其工作特点；7W：动滑轮及其工作特点；FN：动能和
势能的大小变化．
【分析】（1）动滑轮和定滑轮的工作特点，关键知道使用动滑轮省一半的力，但费2倍的
距离，使用定滑轮不省力也不费距离；
（2）利用W=Fs求出拉力做的功；
（3）物体具有的机械能是动能与势能的总和．
【解答】解：左图是定滑轮，右图是动滑轮，当滑轮间摩擦不计，物重大于滑轮重时，使用
右图中的滑轮可以省力，使用左图中的滑轮不省力，故F1大于F2；
若C重2牛，被匀速提升0.5米，则拉力F 做功W =F s=2N×0.5m=1J；
1 1 1
在匀速上升过程中物体C的质量不变，高度升高，所以动能不变，重力势能增大，故机械
能增大．
故答案为：大于；1；变大．
12．如图所示，将重力为20牛的物体浸没在水中，物体排开水的体积为2×10﹣3米3，则
物体受到的浮力为 19.6 牛；它所受重力和浮力的合力大小为 0. 4 牛；增大物体在
水中的深度，它受到的浮力将 不变 （选填“变大”、“不变”或“变小”）．
【考点】8O：阿基米德原理．
【分析】（1）知道物体的体积（排开水的体积），由阿基米德原理及浮力公式F =ρ gV
浮 水 排可以求出物体受到的浮力；浮力减去重力等于物体所受合力．
（2）当物体所处的深度增加时，物体排开水的体积不变，由阿基米德原理可知浮力变化
情况．
【解答】解：（1）当物体浸没水中时，物体排开水的体积等于物体的体积，
物体受到的浮力：
F =ρ gV =ρ gV =1.0×103kg/m3×9.8N/kg×2×10﹣3m3=19.6N；
浮 水 排 水 物体
合力为F =F ﹣G=20N﹣19.6N=0.4N．
合 浮
（2）当物体所处的深度增加时，V 不变，
排
由F =ρ gV ，可知，物体受到的浮力不变．
浮 水 排
故答案为：19.6；0.4；不变．
13．某导体两端的电压为3伏时，10秒内通过导体横截面的电荷量为3库，通过该导体的
电流为 0. 3 安，这段时间内电流做功为 9 焦，该导体两端电压改变为6伏时，其电
阻为 1 0 欧．
【考点】H4：电量及其计算；IH：欧姆定律的应用．
【分析】已知10秒内通过某导体横截面的电荷量，根据I= 求出通过的电流，根据欧姆定
律求出导体的电阻，再根据W=UIt=UQ求出电流做的功．
【解答】解：通过该导体的电流：I= = =0.3A；
由I= 可得，导体的电阻：R= = =10Ω；
电流做的功：W=UIt=UQ=3V×3C=9J；
因为导体的电阻与材料、长度以及横截面积有关，与导体两端电压以及通过的电流无关，
因此当导体两端电压改变为6伏时，其电阻仍为10Ω．
故答案为：0.3；9；10．
14．如图所示的电路，闭合电键，两灯均发光．
①若在电路中添加一根导线，连接在a、b、c、d四点中的两点．为避免实验中电源短路，导线不能连接 a c 两点．
②若过了一会儿，两灯都熄灭了．已知电路中只有一处故障，且发生在L 或L ．
1 2
（a）经过思考，小华认为故障 一定不 是短路．（选填“一定”、“可能”或“一定
不”）
（b）在电路中添加一只完好的小灯L ，连接在a、b、c、d四点中的两点．当小灯L 连接的
3 3
是 b c 或 d c 两点时，闭合电键S，观察到小灯L 始终不发光，就能判断故障一定发生在
3
L 上．
1
【考点】HS：电路的基本连接方式；IE：电流表、电压表在判断电路故障中的应用．
【分析】首先要明确电路的连接特点，再根据a、b、c、d各点连接时对电路连接造成的影
响，来确定电路的新变化，最终做出判断．
灯泡不亮，可能是由于灯泡短路或断路或电路中除灯泡外存在断路造成的；
【解答】解：①电源短路是指不经过用电器，用导线直接将电源的两极进行连接的电路，
因此，读图可知，为避免实验中电源短路，导线不能连接ac两点．
②（a）L 和L 串联，闭合开关，电路正常工作，L 和L 都发光，说明电路正常；经过一段时
1 2 1 2
间，两灯都熄灭，若电路中只有一处故障，且只发生在灯L 和L 上，则灯L 断路或L 断路，
1 2 1 2
一定不是短路．
（b）在电路中添加一只完好的小灯L ，连接在a、b、c、d四点中的两点．当小灯L 连接的
3 3
是bc或dc两点时，闭合电键S，观察到小灯L 始终不发光，就能判断故障一定发生在L
3 1
上．
故答案为：①ac；②（a）一定不；（b）bc或dc．
15．某小组同学在学习完“大气压强”之后，通过上网查阅资料知道：在海拨2千米以内
每上升10米大气压强约减小100帕．还查阅到科学家在研究水的沸点和海拔高度之间
关系时的相关数据，如表所示：
海拔高度h/ 0 1 3 6 9 …km
水的沸点t/℃ 100 97 91 80 70 …
根据对资料中信息的分析，回答以下问题：
①在海拔8848米的珠穆朗玛峰顶上，水的沸点大约是 7 1 ℃．水的沸点和大气压之间
的 大气压强越小，水的沸点越低 关系；
②若某校操场处的大气压强为p 帕，该校实验楼的高度为H米，则该实验楼楼顶的大气
0
压强为 p=p ﹣ × 100P a 帕．
0
【考点】8G：大气压强与高度的关系；1J：沸点及沸点与气压的关系．
【分析】（1）根据表格中的数据进行分析；
（2）根据表格中的数据得到高度与气压的关系．
【解答】解：（1）由表格中的信息可知，当海拔为9000m时，沸点为70℃，在海拔8848米
的珠穆朗玛峰顶上，水的沸点大约是71℃，气压越大，沸点越高；
（2）在海拨2千米以内，每上升10米大气压强约减小100帕，则楼顶的大气压强为：p=p
0
﹣ ×100Pa=p ﹣10H．
0
故答案为：（1）71；大气压强越小，水的沸点越低；（2）p=p ﹣ ×100Pa．
0
三、作图题（共7分）请将图直接画在答题纸的相应位置，作图题必须使用2B铅笔．
16．在图中，重为4牛的均匀球体保持静止，用力的图示法画出该球所受的重力G．
【考点】7B：重力示意图．
【分析】先选出标度，然后根据重力的方向总是竖直向下，过重心表示出重力的大小及方
向．【解答】解：选一段线段表示力的大小为2N，然后过球心作竖直向下的、大小为4N的重
力．如图所示：
17．在图中，根据给出的入射光线AO画出反射光线OB，并标出反射角的度数．
【考点】A8：作光的反射光路图．
【分析】根据反射定律：反射光线、入射光线和法线在同一平面内，反射光线、入射光线分
居法线两侧，反射角等于入射角，作出反射光线并标出反射角及其度数．
【解答】解：由入射角为60°，可得反射角也为60°，在法线右侧画出反射光线，反射角等于
入射角为60°，如图所示：
18．根据图中通电螺线管的N极，标出磁感线方向、小磁针的N极，并在括号内标出电源
的正、负极．
【考点】CV：通电螺线管的极性和电流方向的判断；C4：磁极间的相互作用；C7：磁感线及
其特点；CB：安培定则．【分析】利用螺线管的右端为N极，结合磁感线的特点和磁极间作用规律可以确定磁感线
的方向和小磁针的N、S极．
利用线圈的绕向和螺线管的N、S极，结合安培定则可以确定螺线管中电流的方向，进一
步可以得到电源的正负极．
【解答】解：螺线管的右端为N极，磁感线从磁体的N极出发，回到S极，所以可以确定螺
线管周围磁场的方向是从右向左的．
当小磁针静止时，根据磁极间作用规律可知，靠近电磁铁N极的一定是小磁针的S极，由
此可知小磁针的右下端为N极．
根据螺线管的右端为N极，以及线圈的绕向利用安培定则可以确定螺线管中电流是从螺
线管的左端流入右端流出．
根据电流方向与电源正负极之间的关系：在电源外部电流从正极流出，回到负极，可以确
定电源的正负极：左端为正极，右端为负极．
如下图所示：
四、计算题（共26分）请将计算过程和答案写入答题纸的相应位置．
19．质量为1千克的铝块温度升高了20℃，求铝块吸收的热量Q ．[c =0.9×103焦/（千
吸 铝
克•℃）]．
【考点】GG：热量的计算．
【分析】知道铝块的质量、铝的比热容、铝块的温度升高值，利用吸热公式Q =cm△t求
吸
铝块吸收的热量．
【解答】解：铝块吸收的热量：
Q =c m△t
吸 铝
=0.9×103J/（kg•℃）×1kg×20℃
=1.8×104J．
答：铝块吸收的热量为1.8×104J．20．杠杆平衡时，动力F 的大小为10牛，动力臂l 为0.2米，阻力臂l 为0.1米，求阻力F
1 1 2 2
的大小．
【考点】7R：杠杆的平衡分析法及其应用．
【分析】根据杠杆平衡条件可以求出阻力大小．
【解答】解：由杠杆平衡条件得：F ×l =F ×l ，
1 1 2 2
即：10N×0.2m=F ×0.1m，解得：F =20N；
2 2
答：阻力F 的大小为20N．
2
21．在图1所示的电路中，电源电压为18伏保持不变，电阻R 的阻值为10欧，滑动变阻
1
器R 上标有“1.5A”字样．闭合电键S后，电流表A的示数如图2所示．
2
①求电阻R 两端的电压U ．
1 1
②求10秒内电流通过滑动变阻器R 所做功W ．
2 2
③在电路安全工作的情况下，移动变阻器R 的滑片，电路消耗的最大功率恰为最小功率
2
的2.5倍，求变阻器的最大阻值R ．
2最大
【考点】IH：欧姆定律的应用；J9：电功率与电压、电流的关系．
【分析】由电路图可知，R 与R 串联，电压表测R 两端的电压，电流表测电路中的电流．
1 2 2
（1）根据图b的量程和分度值读出电路中的电流，根据欧姆定律求出电阻R 两端的电压；
1
（2）根据串联电路的电压特点求出R 两端的电压，由W=UIt求解；
2
（3）先根据题中条件确定在电路安全工作的情况下的最大电流；已知电路消耗的最大功
率恰为最小功率的2.5倍，根据P=UI建立等式，据此求出最小电流；最后根据欧姆定律和
串联电路的电阻特点求出变阻器的最大阻值．
【解答】解：
由电路图可知，R 与R 串联，电压表测R 两端的电压，电流表测电路中的电流．
1 2 2
①由图b可知，电流表的量程为0～3A，分度值为0.1A，电流表示数I=0.8A，由I= 可得，电阻R 两端的电压：
1
U =IR =0.8A×10Ω=8V；
1 1
②根据串联电路的电压特点可知，R 两端电压：
2
U =U﹣U =18V﹣8V=10V，
2 1
则10秒内电流通过滑动变阻器R 所做功：
2
W =U It=10V×0.8A×10s=80J；
2 2
③电流表的量程为0～3A，变阻器R 允许通过的最大电流为1.5A，
2
所以，在电路安全工作的情况下，电路中的最大电流I =1.5A；
大
当变阻器的阻值最大时，电路中的电流最小，设最小电流为I ，
小
由题可知，电路消耗的最大功率恰为最小功率的2.5倍，
由P=UI可得：UI =2.5UI ，
大 小
所以I = = =0.6A．
小
由欧姆定律可得，最大总电阻为：R = = =30Ω，
总最大
根据串联电路的电阻特点可得，变阻器的最大阻值：
R =R ﹣R =30Ω﹣10Ω=20Ω．
2最大 总最大 1
答：①电阻R 两端的电压为8V；
1
②10秒内电流通过滑动变阻器R 所做功为80J；
2
③变阻器的最大阻值R 为20Ω．
2最大
22．如图所示，一个质量为m、底面积为S的薄壁柱形容器漂浮在水面上．
①若容器底面积为0.02米2，底部到水面的距离为0.1米，求容器底部受到水的压强P
水
及压力F
水
②现有液体A、B，其密度如表所示请选择一种液体，当把这种液体倒入容器中，能使容器
内的液面和容器外的水面相平．（液体不会溢出）
液体 密度
A 0.8ρ
水B 1.2ρ
水
（a）选择液体 A ．
（b）求倒入容器中液体的深度h．（用m、ρ 、S表示）
水
【考点】8A：液体压强计算公式的应用．
【分析】（1）根据液体压强公式p=ρgh可求出容器底部受到水的压强p ，然后利用压强
水
公式变形F=pS求出压力F ．
水
（2）根据漂浮在水面上，容器自身的重力G加上注入液体的重力等于排开水的重力，所
以应选择密度小于水的液体，然后再根据物体的浮沉条件可求得液体深度h．
【解答】解：（1）容器底部受到水的压强：
p =ρ gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.1m=1000Pa；
水 水
由p= 得，容器底部受到水的压力：
F =p S=1000Pa×0.02m2=20N；
水 水
（2）（a）容器漂浮在水面上，由于容器自身的重力为G，所以注入液体时，应选择密度比
水小的液体A；
（b）当把这种液体倒入容器中，容器漂浮在水面上，
则由G+ρ gV =ρ gV ，
A 排 水 排
即G+0.8ρ gV =ρ gV ，
水 排 水 排
因为容器内的液面与容器外的水面相平，
所以G+0.8ρ gSh=ρ gSh，
水 水
解得：
h= = ．
答：①容器底部受到水的压强p 为1000Pa；压力F 为20N；
水 水
②（a）选择液体A；（b）液体深度h= ．五、实验题（共18分）请根据要求在答题纸的相应位置作答．
23．如图（a）所示为常用体温计，量程为 3 5 ～ 4 2 ℃，最小分度值为 0. 1 ℃．如图
（b）所示为 电压 表，使用时“+”接线柱应与被测导体靠近电源 正 极的一端相连．
【考点】16：温度计的使用及其读数；I3：电压表的使用．
【分析】（1）常用温度计是利用液体热胀冷缩原理制成的；使用体温计测量体温时，先要
弄清楚体温计的量程和分度值，读数时视线与液柱最末端所对刻度相垂直．
（2）电压表是用来测量导体两端电压的仪器，让电流从电压表的“+”极接线柱流入，
“﹣”极接线柱流出．
【解答】解：由（a）图知：体温计上最小示数和最大示数分别为35℃和42℃，所以测量范
围为35℃～42℃；
1℃之间有10个小格，所以一个小格代表的温度是0.1℃，即此体温计的分度值为0.1℃．
图（b）是电压表，使用时“+”接线柱应与被测导体靠近电源正极的一端相连接．
故答案为：35﹣42；0.1；电压；正．
24．在焦距为5cm、10cm和20cm的凸透镜中选择一个放置在如图所示的位置，将蜡烛、
光屏分置于光具座上透镜两侧，调整透镜和光屏的中心大致与烛焰的中心在 同一高度
．若将蜡烛放置在A点通过三个凸透镜都能在光屏上成像，则焦距为 5 cm的透镜所
成的像最小；若在BC间移动光屏时可在光屏上得到清晰的像，则实验中所用透镜的焦距
可能是 5 、 1 0 cm．
【考点】B7：凸透镜成像规律及其探究实验．【分析】为使像能够成在光屏中央，应使烛焰、凸透镜、光屏的中心大致在同一高度处；
凸透镜成像规律：u＞2f，成倒立、缩小的实像，2f＞v＞f；2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，v
＞2f．
【解答】解：
（1）要调整烛焰、光屏和凸透镜的中心大致在同一高度上，这样才可以使烛焰的像成在
光屏的中央；
（2）由图可知，A点到凸透镜的距离为25cm，即物距为25cm；
焦距为5cm的凸透镜，因物距大于其2倍焦距，所以成的是倒立、缩小的实像；
焦距为10cm的凸透镜，因物距大于其2倍焦距，所以成的是倒立、缩小的实像；
焦距为20cm的凸透镜，因f＜25cm＜2f，成的是倒立、放大的实像；
在焦距5cm与10cm两凸透镜中，焦距5cm的凸透镜对光线的会聚能力更强，可使光线
提前会聚成像，像距更小、像更小，故焦距为5cm的凸透镜成的像最小；
（3）在BC间移动光屏时可在光屏上得到清晰的像，即在凸透镜右侧5cm～20cm间移动
光屏时可在光屏上得到清晰的像；物距为25cm，结合前面分析可知：
①焦距为5cm的凸透镜，成的是倒立、缩小的实像，像距的范围f＜v＜2f，即5cm＜v＜
10cm，在5cm～20cm范围以内，在该范围内移动光屏时可在光屏上得到清晰的像，故凸
透镜的焦距可能为5cm；
②焦距为10cm的凸透镜，成的是倒立、缩小的实像，像距的范围f＜v＜2f，即10cm＜v＜
20cm，在5cm～20cm范围以内，在该范围内移动光屏时可在光屏上得到清晰的像，故凸
透镜的焦距可能为10cm；
③焦距为20cm的凸透镜，成的是倒立、放大的实像，像距的范围v＞2f，即v＞40cm，超
过了5cm～20cm范围，在BC间移动光屏时不能在光屏上得到清晰的像，故凸透镜焦距
不可能为20cm．
综上分析可知，凸透镜焦距不可能为20cm，可能为5cm或10cm．
故答案为：（1）同一高度；（2）5；（3）5、10．
25．雨滴从高空下落时会受到空气阻力的作用，研究发现，同一雨滴下落时所受空气阻力
大小与下落速度和所处环境空气密度有关，如表是对一重力为 2.5×10﹣3牛的雨滴进行
研究得到的数据．
实验序 空气密度ρ气（千 下落速度v 所受空气阻力（f ×10﹣
号克/米3） （米/秒） 3牛）
1 0.4 2 0.13
2 0.8 2 0.26
3 1.0 2 0.325
4 1.0 3 0.73
5 1.0 4 1.25
①由表实验数据可知，雨滴在密度为0.4千克/米3的空气中以2米/秒的速度下落时所受
合力为 2.37 × 1 0 ﹣ 3 牛．
②由表中实验序号1与2与3的实验数据及相关条件可知： 下落速度一定；空气密度
越大，雨滴所受空气阻力越大 ．
③由表中实验序号 3 、 4 、 5 的实验数据及相关条件可知：当同一雨滴所处环境的空气
密度相同时，下落速度越大，雨滴所受空气阻力越大．
④根据二力平衡条件计算该雨滴以4米/秒的速度匀速下落时，所处环境空气密度应满
足的条件，ρ = 2. 0 千克/米3．
气
【考点】2P：控制变量法与探究性实验方案．
【分析】（1）雨滴下落过程受到重力和阻力的作用，两个力的方向相反，合力等于二力之
差．
（2）根据1、2、3三次数据找出控制不变的因素，再找出变化的因素，最后看雨滴所受空
气阻力随变化的因素怎样变化．
（3）根据控制变量法，研究和什么因素的关系，就要控制其他因素不变，改变这一因素．
（4）当雨滴匀速下落时，重力和空气阻力二力平衡，大小相等．
【解答】解：
（1）雨滴受到重力和空气阻力的作用，重力的方向竖直向下，空气阻力的方向竖直向上，
下落时，合力为重力和空气阻力之差，所以这两个力的合力 F =G﹣F=2.5×10﹣3N﹣
合
0.13×10﹣3N=2.37×10﹣3N；
（2）由表中1、2、3三次数据可知，控制不变的因素是雨滴下落速度，变化的因素是空气
密度，雨滴所受空气阻力随空气密度的增大而增大．
（3）根据控制变量法，研究与下落速度的关系，就要控制其他因素一定，改变下落速度，
可知表格中3、4、5次数据符合要求．
（4）根据二力平衡知识，当雨滴下落速度一定时，空气密度越大，雨滴所受空气阻力越大，
当空气阻力为2.5×10﹣3牛时，重力与阻力二力平衡，大小相等，根据表格中数据规律可知，此时空气密度为2.0千克/米3．
故答案为：（1）2.37×10﹣3；（2）下落速度一定；空气密度越大，雨滴所受空气阻力越大；
（3）3、4、5；（4）2.0．
26．小华做“测定小灯泡电功率”的实验．现有电源、待测小灯（标有“2.5V”字样、额定
功率在1瓦以上）、电压表、电流表、滑动变阻器、电键以及导线若干．他正确串联实验器
材，然后将电压表并联在电路中．闭合电键，移动变阻器的滑片，发现电流表示数变化范
围为0.06A～0.2A、电压表示数变化范围为0～1.2V，小灯始终无法正常发光．他经过思考
得出原因所在，于是对实验器材进行了适当调整，重新正确连接电路，实验步骤正确，刚
闭合电键时，电流表和电压表的示数如图所示．移动滑片，发现当变阻器的滑片恰好在中
点时，小灯正常发光．
①测定小灯的额定功率需要测量和记录的物理量是 额定电压和额定电流 ．
②小华原来实验时小灯始终无法正常发光的原因是 电源电压小于灯泡的额定电压 ，
并画出小华刚开始实验时的电路图．
③小灯正常发光时电源电压为 7. 5 伏，小灯的额定功率为 1.25 瓦．
【考点】JF：电功率的测量；I6：串联电路的电压规律．
【分析】①根据测功率的原理P=UI回答；
②他正确串联实验器材，移动变阻器的滑片，发现电流表示数变化范围为0.06A～0.2A、
电压表示数变化范围为0～1.2V，判断电压表的连接位置；小灯始终无法正常发光，说明
电源电压小于灯泡的额定电压；
③根据当电路中电阻最大，电流最小时，由欧姆定律，求出变阻器的最大电阻；
为保护电路，变阻器连入电路中的电阻最大，根据电表小量程读数，根据串联电路的规律
及欧姆定律求电源电压
根据滑片移动到中点时，小灯正常发光，由串联电路电压的规律及欧姆定律求额定电流，
根据P=UI求额定功率．
【解答】解：①根据P=UI，测定小灯的额定功率需要测量和记录的物理量是：额定电压和
额定电流；②他正确串联实验器材，然后将电压表并联在电路中．闭合电键，移动变阻器的滑片，发
现电流表示数变化范围为0.06A～0.2A、电压表示数变化范围为0～1.2V，可知电压表并
联在变阻器两端了（若并联在灯的两端电压不可能为0）；小华刚开始实验时的电路图如
下所示：
小灯始终无法正常发光，即包括当变阻器连入电路中的电阻为0时，电源电压全部加在
灯的两端，说明电源电压小于灯泡的额定电压；
③由分压原理可知，变阻器连入电路的阻值最大时，电压表示数最大为1.2V，此时电流最
小，即为0.06A，
可知，变阻的最大电阻R = =20Ω；
滑
重新正确连接电路（将电压表并联在灯的两端），实验步骤正确，变阻器全部电阻连入电
路中，刚闭合电键时，电流表和电压表的示数如图所示，图中电表均选用小量程，电压表
和电流表示数分别1.5V、0.3A，则变阻器的电压U =IR =0.3A×20Ω=6V；根据串联电路
滑 滑
电压的规律，则电源电压为U=6V+1.5V=7.5V；
发现当变阻器的滑片恰好在中点时，小灯正常发光，变阻器连入电路中的电阻为 R′
滑
=10Ω，
由串联电路电压的规律和欧姆定律，通过变阻器的电流I= = =0.5A，
L
则灯的额定功率P=UI=2.5V×0.5A=1.25W
L LL
故答案为：①额定电压和额定电流；
②电源电压小于灯泡的额定电压，如上所示；
③1.25．2017年6月1日
