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初中综合测试适应性随堂练习
物理部分
一、选择题（共12分）下列各题均只有一个正确选项，请将正确选项的代号用2B铅笔填涂
在答题纸的相应位置上。更改答案时，用橡皮擦去，重新填涂。
1. 在太阳系中．月球属于
A. 恒星 B. 行星 C. 卫星 D. 彗星
【答案】C
【解析】
【分析】解答本题应掌握：能够自身发光发热的星体称为恒星，离我们最近的恒星为太阳；同时应记清太
阳系里的八大行星．
【详解】太阳是能够发光发热的星体，是离我们最近的恒星；地球是围绕太阳转动的一颗行星；而月球是
地球的一颗卫星；
2. 听音能辨人，主要依据不同人发出的声音具有不同的（ ）
.
A 音色 B. 音调 C. 响度 D. 声速
【答案】A
【解析】
【详解】声音的特征有：音调、响度和音色；听音能辨人，我们可以根据说话人的声音分辨是谁在讲话，
主要是依据不同人发出声音的音色不同，故BCD不符合题意，A符合题意。
故选A。
3. 四冲程汽油机在工作时，将机械能转化为能的是（ ）
A. 吸气冲程 B. 压缩冲程
C. 做功冲程 D. 排气冲程
【答案】B
【解析】
【详解】A．吸气冲程没有涉及能量转化，故A不符合题意；
B．压缩冲程将机械能转化为内能，故B符合题意；
C．做功冲程是将内能转化为机械能，故C不符合题意；
D．排气冲程没有涉及能量转化，故D不符合题意。
故选B。
4. 下列有关物理学家和贡献对应正确的是（ ）
A. 阿基米德——测出大气压的值 B. 安培——电流周围存在磁场C. 伽利略——杠杆原理 D. 牛顿——光的色散现象
【答案】D
【解析】
【详解】A．托里拆利最早测出大气压的值，故A错误；
B．奥斯特发现了电流的磁效应，故B错误；
C．阿基米德发现了杠杆平衡条件，故C错误；
D．在三棱镜下，白光被分解成七种单色光，这是光的色散现象，是牛顿最早发现的，故D正确。
故选D。
5. 某凸透镜的焦距为10厘米，当物体沿主光轴从距透镜15厘米处向30厘米处移动时，则（ ）
A. 像变大，像距变大 B. 像先变大后变小，像距变大
C. 像变小，像距变小 D. 像先变小后变大，像距变小
【答案】C
【解析】
【详解】由凸透镜成像时物像移动规律可知：凸透镜成实像时，物距增大，像距减小，像变小。当物体沿
主光轴从距透镜15cm处向30cm处移动，物距大于一倍焦距，成倒立的实像，此时物距不断增大，则像距
不断缩小，所成的像也变小。故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
6. 等值电阻 、 组成如图（a）所示的电路，闭合开关 ，电压表 示数和电流表 示数的比值为
；然后取 与等值电阻 组成如图（b）所示的电路，闭合开关 ，电压表 示数和电流表 示数
的比值为 ， 与 相等。若已知电源、电压表和电流表完全相同且完好，三个电阻中只有一个电阻存
在故障，则下列判断正确的是（ ）A. 电阻 可能短路 B. 电阻 一定断路
C. 电阻 可能短路 D. 电阻 一定断路
【答案】B
【解析】
【详解】由（a）图可知，R 与R 串联，电压表V 测R 两端的电压，电流表A 测电路中的电流，由欧姆
1 3 1 3 1
定律可知：电压表V 与电流表A 的比值为电阻R 的阻值为k。
1 1 3 1
由（b）图可知，R 与R 并联，电压表V 测电源电压，电流表测干流的电流，电压表V 与电流表A 的比
2 3 2 2 2
值为电阻R 与R 并联后的总阻值为k。
3 2 2
根据题意可知电阻R 的阻值与电阻R 与R 并联后的阻值相等，即k=k。且电源、电压表和电流表完全相
3 3 2 1 2
同且完好，由于只存在一个电阻故障，则
A．电阻R 短路，不会影响电阻R 与R 并联后的总阻值，故A错误；
1 3 2
B．电阻R 断路，则图（b）中的只存在电阻R，则电压表V 与电流表A 的比值为电阻R 的阻值，故B正
2 3 2 2 3
确；
C．电阻R 短路，则图（b）中电路的电源短路，电压表V 无示数，故电压表V 与电流表A 的比值为0，
2 2 2 2
故C错误；
D．电阻R 断路，则图（b）中的电压表V 与电流表A 的比值为R 的阻值，不等于图（a）的测量值，故
3 2 2 2
D错误。
故选B。
二、填空题（共24分）请将结果填在答题纸的相应位置上。
7. 生活中蕴含着很多物理知识：近视眼镜是利用凹透镜对光的______作用制成的（选填“会聚”或“发
散”）；脱排油烟机工作时是利用______的作用；赛龙舟时，船上的浆手用力向后划水，船就能前进，说
明______。
【答案】 ①. 发散 ②. 大气压 ③. 力的作用是相互的
【解析】【详解】[1]近视眼镜是凹透镜，凹透镜又叫发散透镜，凹透镜对光具有发散作用。
[2]由流体压强与流速的关系可知：流速越大的位置压强越小，脱排油烟机工作时，由于转动的扇叶处气体
的流速大，压强小，从而在周围大气压的作用下将油烟压向风口。
[3]浆手向后划水，同时水也会给船桨一个反作用力而使船前进，说明物体间力的作用是相互的。
8. 跳台滑雪作为冬奥会比赛项目之一，有着“勇敢者游戏”之称。当比赛选手从离地百米高处向下俯冲时，
______能减小，自跳台末端跃起飞出后，由于______人将在空中持续向前飞行数秒，飞行过程中以滑雪板
为参照物，运动员是______的。
【答案】 ①. 重力势 ②. 惯性 ③. 静止
【解析】
【详解】[1]当比赛选手从离地百米高处向下俯冲时，质量不变，速度变大，所以动能增大；质量不变，高
度变小，重力势能减小。
[2]自跳台末端跃起飞出后比赛选手能在空中持续向前飞行，是因为人具有惯性，跃起后仍保持原来的运动
状态继续向前运动。
[3]飞行过程中以滑雪板为参照物，运动员的位置没有发生变化，所以运动员是静止的。
9. 某导体两端电压为6伏，10秒钟通过的电量为3库，则通过该导体的电流为______安，这段时间内电流
做功的功率为______瓦；减小该导体两端电压，在通电时间不变的情况下，通过导体的电量______（选填
“变小”“不变”或“变大”）。
【答案】 ①. 0.3 ②. 1.8 ③. 变小
【解析】
【详解】[1][2]10s内通过该导体横截面积的电荷量为3C，则通过该导体的电流为
这段时间内电流做功的功率为
P=UI=6V×0.3A=1.8W
[3]该导体的阻值为
电阻是导体本身的一种特性，减小导体两端的电压，导体的电阻不变，仍为20Ω。由欧姆定律可知，当减
小导体两端的电压，则流过导体的电流减小。由Q=It可知，在通电时间不变的情况下，通过导体的电量变
小。10. 在黄浦江面静止的某货轮的排水量为 千克，则货轮受到的浮力为______牛，此时货轮受到的合
力大小为______牛；当该货轮驶入东海后，与其在黄浦江中排开江水的体积相比，其排开海水的体积将
______（选填“变大”、“不变”或“变小”）。
【答案】 ①. 2×107 ②. 0 ③. 变小
【解析】
【详解】[1]货轮静止在黄浦江面上，处于漂浮状态，由阿基米德原理可知，货轮受到的浮力等于排开的水
所受到的重力，则货轮受到的浮力
F =G =m g=2×106kg×10N/kg=2×107N
浮 排 排
[2]货轮漂浮在江面上处于静止，属于平衡状态，此时货轮受到的合力为0。
[3]当该货轮驶入东海后，由于货轮仍漂浮，则货轮受到的浮力与货轮的重力相等，而货轮的重力不变，所
以浮力不变，由于ρ ＜ρ ，根据 可知，排开河水的体积大于排开海水的体积，即排开海水
河水 海水
的体积将变小。
的
11. 甲车从P点、乙车从Q点同时同向开始运动，它们 图像如图所示，甲车的速度为______
米/秒；若运动20秒后两车相遇，则P、Q两点的距离为______米。在此过程中，如果甲、乙两车牵引力做
功相同，则牵引力大的是______车。
【答案】 ①. 6 ②. 80 ③. 甲
【解析】
【详解】[1]由图像可知，甲车的速度为
[2]由图像可知，乙车的速度为甲车从P点、乙车从Q点同时同向开始运动，运动20s后两车相遇，则P、Q两点的距离为
s=s -s =v t -v t =10m/s×20s-6m/s×20s=80m
乙 甲 乙 乙 甲 甲
[3]甲、乙两车牵引力做功相同，都运动20s，则做功 的时间相同，由 可知，两车做功的功率相
等，因v R，在不移动滑片时，由串联分压的规律可知，R 两端的电压变大，即
0 1 0 1 0
电压表的示数变大，可采用降低电源电压的方法让R 两端电压与替换前的电压相等；若不改变电源电压，
0
根据串联分压的规律，则应增大滑动变阻器的阻值，以此增大滑动变阻器两端的电压，减小R 两端的电压。
0
即可以采用减小电源电压或将滑片P向右移动使电压表示数与替换R 前相等。
1
三、作图题（共4分）请将图直接画在答题纸的相应位置上，作图必须使用2B铅笔
14. 在图中，小球受到的重力G为6牛，用力的图示法画出重力G。【答案】 。
【解析】
【详解】先找到重力的作用点，沿重力方向竖直向下画条线段标上箭头表示方向，最后标上重力大小。
15. 在图中，标出通电螺线管和小磁针的N极，以及磁感线方向。
【答案】
【解析】
【详解】电流从螺线管的右端流入，由安培定则可判断出螺线管的左端为N极，在磁体外部磁感线是由N
极指向S极，小磁针的N极与磁感线的方向一致，如图所示：四、综合题（共30分）请将计算过程和答案写在答题纸的相应位置上。
16. 一杯质量为0.5千克的热水温度降低20℃，求水放出的热量Q 。[c =4.2×103焦（千克·℃）]
放 水
【答案】4.2×104焦
【解析】
【分析】
【详解】解：质量为0.5千克的热水温度降低20℃放出的热量为
Q =c m Δt=4.2×103J/(kg·℃)×0.5kg×20℃=4.2×104J
放 水 水
答：水放出的热量为4.2×104J。
17. 在图甲所示的电路中，电源电压为6伏且保持不变，电阻 的阻值为20欧，滑动变阻器 标有“50
欧2安”字样，电流表A和 的表盘均如图乙所示，闭合开关S。
①求通过 的电流 ；
②若两电流表指针偏离零刻度线角度相同。求此时滑动变阻器 接入的电阻值；
③移动滑片P，在电路安全工作的前提下，求电路消耗的最大电功率 。
【答案】①0.3A；②20Ω或4Ω；③13.8W
【解析】
【详解】解：①由图可知，R 与R 并联，A 测流过R 的电流，A 测流过R 的电流，闭合开关，由并联电
1 2 1 1 2 2
路的电压规律可知U=U=U=6V
1 2
则通过R 的电流为
1
②由于流过R 的电流为0.3A，两电流表指针偏离零刻度线角度相同，由乙图可知，电流表A 的示数可能
1 2
为0.3A或1.5A，故当A 的示数I=0.3A时，滑动变阻器接入电路中的阻值为
2 2
当电流表A 的示数I′=1.5A时，滑动变阻器接入电路中的阻值为
2 2
故两电流表指针偏离零刻度线角度相同。滑动变阻器R 接入的电阻值为20Ω或4Ω。
2
③R 消耗的电功率为
1
P=UI=6V×0.3A=1.8W
1 1 1
由P=UI可知，流过滑动变阻器R 的电流最大时，滑动变阻器消耗的电功率最大。电流表A 能测的最大电
2 2
流为3A，滑动变阻器允许通过的最大电流为2A，为了电流安全，综合分析可知，流过滑动变阻器R 的最
2
大电流I =2A。故滑动变阻器消耗的最大电功率为
max
P =UI =6V×2A=12W
2max 2 max
则电路消耗的最大电功率为
P =P+P =1.8W+12W=13.8W
max 1 2max
答：①通过R 的电流为0.3A；
1
②两电流表指针偏离零刻度线角度相同。滑动变阻器R 接入的电阻值20Ω或4Ω；
2
的
③在电路安全工作 前提下，电路消耗的最大电功率为13.8W。
18. 如图所示，足够高的轻质圆柱形容器底面积为 ，将其放在水平地面上。容器中装有一定量的水。现
将密度为 千克/米 的均匀圆柱体A放入水中。
①若圆柱体的体积为 米 ，求圆柱体的质量 ；
②若圆柱体的体积与容器中水的体积均为V；
（a）求圆柱体放入前后，容器对水平地面的压力之比；（b）若圆柱体的底面积为 ，求水对容器底部的压强 的范围。（用字母表达）
【答案】①4kg；②（a）1∶3；（b）
【解析】
【详解】解：①由 可得，圆柱体的质量为
m =ρ V =2×103kg/m3×2×10-3m3=4kg
A A A
②（a）因圆柱体的密度大于水的密度，故圆柱体在水中沉底，又因为容器是轻质圆柱形容器，则容器重
力忽略不计，故放入圆柱体前容器对水平地面的压力为
F=G =m g=ρ gV
1 水 水 水
放入圆柱体后，容器对水平面的压力为
F= G +G =ρ gV +ρ gV=(ρ +ρ ) gV
2 水 A 水 A 水 A
故圆柱体放入前后，容器对水平地面的压力之比为
即圆柱体放入前后，容器对水平地面的压力之比为1∶3。
（b）当A浸没时，可得到液体最大高度。设未放入圆柱体时，水的深度为 ，则A浸没时液体的深
度为
此时最大压强为当A未浸没时，压强最小，可得到的液体深度为 ，故最小压强为
水对容器底部的压强p 的范围为
水
答：①圆柱体的质量为4kg；
②（a）圆柱体放入前后，容器对水平地面的压力之比为1∶3；
（b）水对容器底部的压强的范围为
19. 为了探究压力产生的形变效果与哪些因素有关，某实验小组的同学用三个相同的实心长方体（三个面
的关系为 ）先后以不同方式放在同一海绵上，盛放海绵的玻璃容器上标有间隔距离相等的刻
度线。他们将实验观察到的现象和数据记录在下表中。
实验序号 1 2 3 4 5 6
受力面积
实验现象
下陷格数 1格 1.9格 2.8格 5格 5格 5格
①在实验中是通过比较______来比较压力产生的形变效果的；
②分析比较实验序号1与2与3的数据及现象，可得出的初步结论是：当______时，压力越大，压力产生
的形变效果越显著；
③分析比较实验序号______的数据及现象，可得出的初步结论是：当压力相同时，______；
④实验小组的同学在综合分析了表格中的数据和现象后提出猜想：在实验序号1或4的图中，若沿竖直方
向切去一定厚度，海绵的下陷格数保持不变。你认为他们的猜想依据是：______。
【答案】 ①. 物体在海绵中下陷的格数 ②. 受力面积一定 ③. 1与4、2与5或3与6 ④. 受
力面积越小，压力产生的形变效果越显著 ⑤. 见解析【解析】
【详解】①[1]因盛放海绵的玻璃容器上标有间隔距离相等的刻度线，则实验中是通过比较物体在海绵中下
陷的格数来比较压力产生的形变效果的。
②[2]由图可知，实验序号1与2与3受力面积相同，压力大小不同，实验序号1至3压力越来越大，物体
在海绵中下陷的程度也越来越大，则可得出：当受力面积一定时，压力越大，压力产生的形变效果越显著。
③[3][4]由图可知，实验序号1与4或2与5或3与6中，压力相同，受力面积不同，受力面积越小，压力
作用的形变效果越显著。
④[5]实验序号1或4的图中，物体是柱体，由压强公式
从上式可以看出，柱体对水平面产生的压强与柱体的密度和高度有关，当沿竖直方向切去一定厚度时，柱
体的密度和高度不发生变化，则柱体产生的压强不变，因此海绵的下陷的格数保持不变。
20. 小李做“测定小灯泡的电功率”实验。现有电源（电压保持不变）、电压表、电流表、待测小灯（标
有“0.3A”字样）、滑动变阻器（标有“20Ω，2A”字样）、开关及导线若干。他正确连接电路，将滑片
P移到变阻器的一端，然后闭合开关，此时电流表示数为0.2安，电压表示数如图（a）所示，小灯发光较
暗。小李经过思考，调整电表量程，然后继续移动滑片至小灯正常发光，此时电压表的示数如图（b）所
示。
①小李判断小灯正常发光的依据是______；
②请根据相关信息计算出电源电压U和小灯的额定功率 ______；
③请写出实验中需要调整量程的电表，及其对应的原因______。
【答案】 ①. 见解析 ②. 6V，1.35W ③. 见解析
【解析】
【详解】①[1]因待测小灯上标有0.3A是小灯的额定电流，则当通过小灯的电流为0.3A时，表示小灯正常
发光。
②[2]由题知，他正确连接电路，即电压表测小灯两端的电压，电流表测串联电路的电流，闭合开关前变阻
器接入电路的阻值最大。刚闭合开关时，电流表的示数为0.2A，小灯发光较暗，电压表示数如图（a）所示；调整电表量程后移动滑片，小灯正常发光，此时小灯两端的电压应变大，而图（b）电压表指针的偏
转幅度没有图（a）大，则说明图（a）电压表选用的是0~3V的小量程，其示数为2V；图（b）电压表选
用的是0~15V的大量程，示数为4.5V。已知变阻器的最大阻值为20Ω，刚闭合开关时，电流表的示数为
0.2A，则由串联电路的电压规律和欧姆定律可得电源电压
U=U +U =U +IR =2V+0.2A×20Ω=6V
L 滑 L 滑大
小灯正常发光时的额定电压为4.5V，额定电流为0.3A，则小灯的额定功率
P=U I =4.5V×0.3A=1.35W
额 额
③[3]实验中小灯正常发光的电流为0.3A，小于电流表0~0.6A的量程，则电流表选用小量程后不需调整量
程；电压表第一次测量的值为2V，选用的是0~3V量程，第二次让小灯正常发光时的电压为4.5V，则电压
表需更换到0~15V量程上。
