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2022 学年度第二学期初三练习卷
物理学科
考生注意：
1．本试卷物理部分含四个大题。
2．答题时，考生务必按答题要求在答题纸规定的位置上作答，在草稿纸、本试卷上答题一律
无效。
一、选择题（共20分）
1. 在太阳系中，地球属于（ ）
A. 恒星 B. 行星 C. 卫星 D. 彗星
【答案】B
【解析】
【分析】
【详解】地球不能发光，围绕太阳这颗恒星运行，所以地球是行星。故B符合题意。
故选B。
2. 首先用实验测定了大气压强值的科学家是（ ）
A. 阿基米德 B. 欧姆
C. 托里拆利 D. 牛顿
【答案】C
【解析】
【详解】1643年，意大利物理学家托里拆利首先用实验测定了大气压强的的大小，故ABD不符合题意，C
符合题意。
故选C。
3. 下列器件中，属于应用连通器原理工作的是（ ）
A. 吸尘器 B. 注射器 C. 体温计 D. 液位计
【答案】D
【解析】
【详解】连通器即上端开口下端连通的容器。
A．吸尘器在工作时，由于转动的扇叶处气体的流速大、压强小，灰尘、纸屑等垃圾在周围较大的大气压
的作用下被“吸”入，故A不符合题意
B．注射器抽取药液是利用大气压，注射是靠手的推力，没有利用连通器，故B不符合题意；
C．体温计是利用液体的热胀冷缩原理制成的，故C不符合题意；
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学科网（北京）股份有限公司D．液位计的上端开口、下端连通，是利用连通器原理工作的，即水位计中的水位与锅炉水位是相同的，
故D符合题意。
故选D。
4. 冰熔化成水后，不变的物理量（ ）
A. 密度 B. 体积 C. 质量 D. 比热容
【答案】C
【解析】
【详解】AB．冰的密度为0.9×103kg/m3，水的密度为1.0×103kg/m3，冰熔化成水后，状态改变，密度变大，
质量不变，由公式
可知，体积变小，故AB不符合题意；
C．冰熔化成水后，状态改变，物质多少没有变化，所以质量不变，故C符合题意；
D．冰的比热容为2.1×103J/(kg·℃)，水的比热容为4.2×103J/(kg·℃)，，故比热容变大，故D不符合题意。
故选C。
5. 若用电器电功率越大，则电流通过该用电器做的功一定（ ）
A. 越多 B. 越快 C. 越少 D. 越慢
【答案】B
【解析】
【详解】电功率表示电流做功的快慢，定义是1秒内电流做功的多少。用电器的实际电功率越大，电流做
功就越快，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
6. 2022年11月25日，工程船“奋力”轮装载长江口二号古船开往上海船厂。当“奋力”轮从长江口水域
平稳驶入黄浦江时，“奋力”轮受到的浮力（ ）
A. 变大 B. 不变
.
C 先变小后变大 D. 先变大后变小
【答案】B
【解析】
【详解】“奋力”轮无论在长江口水域还是在黄浦江始终漂浮，根据二力平衡可知所受的浮力始终和重力
大小相等，此过程中 “奋力”轮所受重力不变，浮力也不会变，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
7. 有一根电阻丝，若要使该电阻丝的阻值变小，可以采取的方法是（ ）
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学科网（北京）股份有限公司A. 减小电阻丝两端的电压 B. 增大通过电阻丝的电流
C. 减小电阻丝长度 D. 减小电阻丝横截面积
【答案】C
【解析】
【详解】导体的电阻是导体自身的一种性质，只与导体的长度、材料、横截面积等因素有关，与通过导体
的电流及其两端的电压无关，导体的长度越短，电阻越小，导体的横截面积越小，电阻越大，故ABD不
符合题意，C符合题意。
故选C。
8. 盛有等质量水的轻质薄壁柱形容器甲、乙置于水平地面，均匀柱体A、B漂浮在水面上，如图所示。已
知容器底面积S >S ，水深h >h ，则下列判断一定正确的是（ ）
甲 乙 甲 乙
A. 柱体排开水的质量m =m B. 柱体的密度ρ =ρ
排A 排B A B
C. 水对容器底部的压力F >F D. 容器对地面的压强p <p
甲 乙 容甲 容乙
【答案】C
【解析】
【详解】A．对于A柱体，由阿基米德原理可得 ，由二力平衡可知 ，所以有
，即 ，则有
对于B柱体，由阿基米德原理可得 ，由二力平衡可知 ，所以有 ，即
，则有
综合以上分析，由于V 与V 未知，故无法判断m 、m 的大小关系，故A错误；
排A 排B A B
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学科网（北京）股份有限公司B．由于柱体A、B的质量大小关系无法确定，体积大小关系无法确定，根据密度公式 ，故无法确
定柱体A、B的密度大小关系，故B错误；
C．根据液体压强计算公式 ，由于h >h ，液体的密度相同，所以 ，根据压强公式
甲 乙
可知， ，由题意知S >S ，且 ，则F >F ，故C正确；
甲 乙 甲 乙
D．根据压强公式 可知，由于柱体A、B的质量大小关系无法确定，故容器对地面压力的大小也无
法确定，故无法判断容器对地面的压强关系，故D错误。
故选C。
9. 在图所示的电路中，电源电压保持不变，R 为定值电阻。闭合开关S后，将滑动变阻器R 的滑片P向右
2 1
移动的过程中，变大的是（ ）
A. 电流表A示数
B. 电压表V示数
C. 电压表V示数与电流表A示数的比值
D. 电流表A示数与电流表A 示数的差值
1
【答案】C
【解析】
【详解】B．该电路是并联电路，电压相等，则电压表V的电压等于电源电压，其示数不变。故B不符合
题意；
A．R 两端的电压不变，根据 可知，流过它的电流 不变。而R 接入电路中的电阻变大，而电压不
2 1
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学科网（北京）股份有限公司变，根据 可知，流过它的电流 变小。干路电流为
不变， 变小，则I变小，即电流表A示数变小。故A不符合题意；
C．电压表V示数与电流表A示数 的比值为并联电路的总电阻。由于R 增大，R 不变，根据
1 2
可知，总电阻增大。故C符合题意；
D．电流表A示数与电流表A 示数的差值是流过R 的电流不变。故D不符合题意。
1 2
故选C。
10. 如图所示，均匀正方体甲、乙置于水平地面上，对地面的压力分别为F 、F ，压强分别为p 和p 。
甲 乙 甲 乙
现沿竖直方向截取相同厚度，再将截取部分叠放在自身剩余部分上面，若此时它们对水平地面的压强相等，
则下列判断正确的是（ ）
A. F ＜F ，p ＜p B. F ＜F ，p ＞p
甲 乙 甲 乙 甲 乙 甲 乙
C. F ＞F ，p ＞p D. F ＞F ，p ＜p
甲 乙 甲 乙 甲 乙 甲 乙
【答案】A
【解析】
【详解】由题意知甲、乙沿竖直方向截取相同厚度，则截取后甲、乙与地面之间受力面积的关系为
由题意知，将截取部分叠放在自身剩余部分上面，前后甲、乙的质量没有发生变化，则重力大小也没发生
变化，故甲、乙对地面的压力大小也不变；由题意知此时它们对水平地面的压强相等，则此时甲对水平地
面的压强为
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学科网（北京）股份有限公司乙对水平地面的压强为
由于
，
则
截取前甲对水平地面的压强为
截取前乙对水平地面的压强为
由图可知
又因为
故
故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
二、填空题（共35分）
11. 家用电器在工作时，将______能转化为其它形式的能，各家用电器之间是______连接的。若标有
“220V，400W”字样的电饭煲正常工作2小时，耗电______度。
【答案】 ①. 电 ②. 并联 ③. 0.8
【解析】
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学科网（北京）股份有限公司【详解】[1]根据能量守恒可知，家用电器在工作时，将电能转化为其它形式的能。
[2]家用电器工作时互不影响，则各家用电器之间是并联连接的。
[3]电饭煲正常工作2小时，耗电
12. 在雪地上行走时，要穿底面积宽大的雪鞋，这是为了______人对雪地的压强（选填“增大”或“减
小”）。潜水员需穿潜水服进入深水区作业，是因为水深度越深，水的压强越______。打开瓶盖，用吸管
吸饮料利用的是______的知识。
【答案】 ①. 减小 ②. 大 ③. 大气压强
【解析】
【详解】[1]根据 可得，人对雪地的压力不变，受力面积增大，压强减小。
[2]根据 可知，水的密度不变，深度增大，水的压强增大。
[3]用吸管吸饮料，饮料在大气压的作用下被压到嘴里，因此用吸管吸饮料利用的是大气压的知识。
13. 指南针能确定地理方位，是由于指南针在______的作用下能够指南北。图所示是同名磁极磁感线分布
图，根据磁感线方向判断图中两磁极均为______极。丹麦物理学家______首先发现电流的磁效应。
【答案】 ①. 地磁场 ②. S（南） ③. 奥斯特
【解析】
【详解】[1]指南针之所以能指方向，是因为地球本身是一个巨大的磁体，它的南北极在地球两端，根据磁
极之间相互作用的规律，指南针的北极和地磁的南极相互吸引，指南针的南极与地磁的北极相互吸引；当
指南针静止时，它的北极就指向地球的北端，南极就指向地球的南端，所以指南针能确定地理方位，是由
于指南针在地磁场的作用下能够指南北。
[2]由于磁感线是闭合曲线，磁体外部的磁感线是从北极出来，回到磁体的南极，内部是从南极到北极，外
部的磁感线为曲线，而内部的磁感线为直线；则图中两磁极均为S极。
[3]首先发现电流的磁效应的物理学家是奥斯特。
14. 某导体两端的电压为6V，通过该导体的电流为0.6A，该导体电阻为______Ω。若将该导体两端电压调
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学科网（北京）股份有限公司整为2V，该导体的电阻为______Ω，通过该导体的电流为______A。
【答案】 ①. 10 ②. 10 ③. 0.2
【解析】
【详解】[1]由欧姆定律 可得，该导体的电阻为
[2]由于导体的电阻是导体自身的一种性质，只与导体的长度、材料、横截面积等因素有关，与通过导体的
电流及其两端的电压无关，所以该导体的电阻仍然是10Ω。
[3]由欧姆定律 可知，此时通过导体的电流为
15. 质量、高度均相同的甲、乙均匀圆柱体竖直放在水平地面上，已知甲的体积小于乙的体积，则密度较
大的是圆柱体______，对地面压强较大的是圆柱体______；若将它们浸没在水中，受到浮力较大的是圆柱
体______。（均选填“甲”或“乙”）
【答案】 ①. 甲 ②. 甲 ③. 乙
【解析】
【详解】[1]由题意知 ， ，由密度公式 可得， ，即甲的密度大于乙的密
度。
[2]由题意知 ， ，由体积公式 ，可知 ，所以 ；又因为 ，
所以甲、乙对地面的压力大小相同，根据 ，则 。
[3]若将它们浸没在水中，因为 ，则乙排开水的体积大于甲排开水的体积，即 ，根据
浮力的计算公式 可得， 。
16. 在“测定盐水密度”的实验中，测量质量的仪器是______，测量体积的仪器是______。如图所示是
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学科网（北京）股份有限公司“验证______”实验过程，物体排开液体的重力G 可表示为______（用图中字母以及ρ 、g表示）。
排 液
【答案】 ①. 天平 ②. 量筒 ③. 阿基米德原理 ④.
【解析】
【详解】[1]实验室中测量质量的仪器是天平。
[2]根据所学知识中，量筒是测量物体体积的，故测量体积的仪器是量筒。
[3]由图可知，该实验通过量筒求出石块受到的浮力大小，是阿基米德原理的实验过程。
[4]根据密度公式可得，物体排开液体的质量为
根据重力的计算公式可得，物体排开液体的重力为
17. “测定小灯泡电功率”的实验原理是______。按图所示电路图连接电路，电压表的“+”接线柱应与待
测小灯L（标有“2.5V”字样）靠近电源______极的一端相连；闭合开关S前，滑片P应置于变阻器的
______端（选填“a”或“b”）。开关S闭合后，移动滑片P，当观察到电压表示数为______时，可判断
小灯L正常发光。
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学科网（北京）股份有限公司【答案】 ①. P=UI ②. 正 ③. b ④. 2.5V
【解析】
【详解】[1]用电压表测用电器两端的电压，用电流表测通过用电器的电流，根据公式P=UI即可算出用电
器的电功率，所以“测定小灯泡电功率”的实验原理是P=UI。
[2]电压表在使用时，必须让电流从电压表的正接线柱流入，从负接线柱流出，如果电压表的正负接线柱接
反，电压表的指针会反转。所以电压表的“+”接线柱应与待测小灯L靠近电源正极的一端相连。
[3]为了保护电路，闭合开关S前，滑片P应置于变阻器的阻值最大处，即b端。
[4]由题意知，小灯泡的额定电压为2.5V，即当小灯泡两端的电压为2.5V时，小灯泡正常发光。
18. 热敏电阻的阻值会随环境温度变化而发生规律变化，下表记录了热敏电阻R 阻值随温度t的变化情况。
1
利用R 可以制作温度报警装置，其部分电路如图所示，其中R 为定值电阻，电源电压为12伏不变。
1 2
环境温度t/℃ 5 10 20 30 40 50 60
热敏电阻R/千欧 6.0 4.4 2.8 1.8 1.1 0.8 0.7
1
请依据表中数据及相关信息，回答问题：
①开关S闭合后，当环境温度升高时，R 两端的电压______，通过R 的电流______（选填“增大”“不
1 2
变”或“减小”）；
②要求：当环境温度到达40℃、R 两端电压为8伏时，触发报警器，则R 阻值应为______千欧。（不考虑
2 2
报警器对电路的影响）
【答案】 ①. 减小 ②. 增大 ③. 2.2
【解析】
【详解】（1）[1][2]由表格数据知道，热敏电阻R 阻值随温度的升高减小，由图知道，R 与R 串联，所以，
1 1 2
由串联电路电压的特点知道，当环境温度升高时，R 两端的电压减小，电路的总电阻减小，电路总电压不
1
变，由欧姆定律知道，电路的电流增大。
（2）[3]当环境温度到达40℃、R 两端电压为8伏时，由串联电路的电压特点知道，R 两端的电压
2 2
由串联分压的特点知道
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学科网（北京）股份有限公司代入数据解得
19. 在图所示的电路中，电源电压为U，开关S闭合后，灯L、L 均正常发光。一段时间后，两灯均熄灭。
1 2
若电路中仅有一处故障，且只发生在灯L、L 上。在电路中接入一个电表判断故障位置，以下方法可行的
1 2
是______（选填“A”“B”“C”中的一项）。
A．在M点串联电流表
B．在M、N两点间并联电压表
C．在M、Q两点间并联电压表
根据选择的方法，写出闭合开关S后电表示数及其对应的故障：______。
【答案】 ①. B ②. 若电压表示数为U，则L 断路；若电压表示数为0，则L 断路
1 2
【解析】
【详解】[1]A．由题意知，刚开始灯L、L 均正常发光，一段时间后，两灯均熄灭，说明电路中出现了断
1 2
路的情况，而且电流表是串联在电路中使用，若在M点串联电流表，由于电路已经断路，所以电流表不会
有示数，即在M点串联电流表无法判断出故障位置，故A不符合题意；
B．若在M、N两点间并联电压表，若电压表示数为U，则L 断路；若电压表示数为0，则L 断路，则可
1 2
以判断故障位置，故B符合题意；
C．若在M、Q两点间并联电压表，分析电路可知，此时电压表测的电源电压，示数不会发生变化，故无
法判断出故障位置，故C不符合题意。
故选B。
[2]在M、N两点间并联电压表后，若电压表示数为U，则L 断路；若电压表示数为0，则L 断路。
1 2
20. 在火车站的站台上，离站台边缘一定距离的地方标有一条安全线，旅客必须站在如图所示的区域
候车，以防被行驶列车“吸入”。小明为探明被“吸入”的原因，他查阅资料获得以下信息：
（1）运动的物体会带动附近的空气随之一起运动；
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学科网（北京）股份有限公司（2）具有流动性的气体（或液体）称为流体，当流体经过较窄通道时，流速变大，经过较宽通道时，流
速变小；
（3）流体压强随流速变化而变化。接着小明用三节直径不同的塑料管道连接在一起，一端与吹风机相通，
用数字气压计测量各管道内空气流动时的压强大小，现象如图所示。
①根据上述信息及图所示现象，可得流体压强与流速的关系是______；
②结合所学压强知识及上述信息，指出被行驶列车“吸入”的原因，并写出分析过程______。
【答案】 ①. 流体中，流速越快，压强越小 ②. 见解析
【解析】
【详解】（1）[1]根据题意知道， 流体压强与流速的关系是：流体中，流速越快，压强越小。
（2）[2]列车开动时，会带动列车周围的空气流动；列车通过站台，站台上旅客与列车之间的空气流速快，
压强小，离列车较远处的空气流速慢，压强大；旅客会被空气从压强大的地方压向压强小的地方，从而造
成被列车“吸入”的危险。
三、作图题（共7分）
21. 在图中，重为4牛的物体静止在水平地面上，请用力的图示法画出物体对地面的压力。
【答案】
【解析】
【详解】压力的大小等于重力，为4N，方向垂直于接触面向下，作用点在接触面上。如图所示
22. 根据图中通电螺线管的N极，标出小磁针的N极，并在括号内标出电源的正负极。
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学科网（北京）股份有限公司【答案】
【解析】
【详解】由图可知通电螺线管的右端是N极，则左端是S极，由于同名磁极互相排斥，异名磁极互相吸引，
则小磁针靠近通电螺线管的一端是N极；根据右手螺旋定则：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的
方向，那么大拇指所指的那一端是通电螺线管的N极，所以在通电螺线管上看到的导线的电流方向是向下
的，所以电源的右端是正极，左端是负极，如图所示：
的
23. 在图所示 电路中有一根导线尚未连接，以笔画线代替导线补上。补上后要求：闭合开关S，滑动变
阻器的滑片P向B端移动时，电流表示数变大，小灯亮度变亮。
【答案】
【解析】
【详解】闭合开关S，滑动变阻器的滑片P向B端移动时，电流表示数变大，可知滑动变阻器接入电路中
的电阻变小，滑动变阻器使用B接线柱，电源由两节干电池组成电压为3V，电流表使用小量程即可，如
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学科网（北京）股份有限公司下图：
四、综合题（共38分）
24. 一块冰块漂浮在水中，排开水的体积为5×10-3m3，求冰块受到的浮力F 。
浮
【答案】49N
【解析】
【详解】解：根据阿基米德原理，冰块受到的浮力
答：冰块受到的浮力为49N。
25. 在图（a）所示电路中，电源电压为12伏保持不变，滑动变阻器R 上标有“50Ω，1A”字样，电流表
2
的表盘如图（b）所示。闭合开关S，通过电阻R 的电流为2.4安。
1
（1）求R 的阻值；
1
（2）在保证电路元件均安全的情况下移动变阻器滑片P，求变阻器R 的最小阻值。
2
【答案】（1）5欧；（2）20欧
【解析】
【详解】解：（1）由电路图知道，R 与R 并联，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，由
1 2
知道，电阻R 的阻值
1
（2）由于并联电路中干路电流等于各支路电流之和，则干路电流一定大于2.4A，所以电流表的量程为
第14页/共21页
学科网（北京）股份有限公司0~3A，当滑动变阻器允许通过的电流最大时，滑动变阻器连入电路的电阻最小，则当电流表示数最大时通
过R 的电流为
2
I=I -I=3A-2.4A=0.6A<1A
2 最大 1
由 知道， R 接入电路中的最小电阻
2
答：（1）R 的阻值是5Ω；
1
（2）在保证电路元件均安全的情况下移动变阻器滑片P，变阻器R 的最小阻值20Ω。
2
26. 在图（a）所示的电路中，电源电压保持不变，定值电阻R 阻值为10Ω，滑动变阻器R 上标有“1A”
1 2
字样。闭合开关S，通过R 的电流为0.4A。
1
（1）求R 两端的电压U；
1 1
（2）求通电10s电流通过R 所做的功W。
1 1
（3）若用阻值为20Ω的定值电阻R 替换R，并在图（a）中正确连接一个电流表和一个电压表，电表的表
3 1
盘如图（b）（c）所示。闭合开关S，在保证电路元件均安全的情况下移动变阻器滑片P，观察到电压表
示数的最大值为15V，电流表示数的最大值为0.9A。求电源电压U和滑动变阻器连入电路中的阻值范围。
【答案】（1）4V；（2）16J；（3）18V，0~100Ω
【解析】
【详解】解：（1）根据欧姆定律 可得，R 两端的电压U 为
1 1
（2）由电功的计算公式 可得，通电10s电流通过R 所做的功W 为
1 1
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学科网（北京）股份有限公司（3）由题意知，R 的额定电流为1A，而电流表的最大示数为0.9A，由欧姆定律 可知，此时滑动变
2
阻器接入电路的最小阻值为0Ω，则此时R 两端的电压与电源电压相同，即
3
由题意知，电压表的最大示数为15V，根据以上分析，此时电压表是与R 并联，根据串联电路中电阻分压
2
的规律可知，当电压表的示数最大时，此时与之并联的电阻阻值最大，即当 时，此时R 的阻值
2
最大，则此时R 两端的电压为
3
根据欧姆定律 ，此时流过R 的电流为
3
由于串联电路中电流处处相等，则此时R 的阻值为
2
根据以上分析，R 的取值范围是0Ω～100Ω。
2
答：（1）R 两端的电压U 为4V；
1 1
（2）通电10s电流通过R 所做的功W 为16J；
1 1
（3）电源电压U为18V，滑动变阻器连入电路中的阻值范围是0Ω～100Ω。
27. 如图所示，质量为6kg、体积为5×10-3m3、底面积为1×10-2m2的均匀柱体甲与盛有水的轻质薄壁柱形容
器乙放在水平地面上，质量为1kg的物块丙漂浮在水面上。（g取9.8N/kg）
（1）求甲对地面的压强p ；
甲
（2）求距水面0.1m处水的压强p ；
水
（3）在甲的上方沿水平方向截取一部分，同时从水中取出丙。将甲截取的部分浸没在容器乙的水中，把
丙叠放在甲剩余部分上方后，发现水对容器乙底部的压力没有变化，求甲对地面的压强变化量Δp 。（不
甲
考虑丙表面的水残留）
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学科网（北京）股份有限公司【答案】①5880Pa；②980Pa；③196Pa
【解析】
【详解】解：（1）由题意可知甲对地面的压强为
（2）由题意可知距水面0.1m处水的压强为
（3）由于柱形容器，根据 ，水对容器底部的压力为
其中F 、ρ 、g、V 不变，所以V 不变，则甲被截取部分的体积为
水 水 水 排
由密度公式 ，甲的密度可以表示为
则甲被截取部分的质量为
则甲对地面的压强变化量Δp 为
甲
即
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学科网（北京）股份有限公司答：（1）甲对地面的压强为5880Pa；
（2）距水面0.1m处水的压强为980Pa；
（3）甲对地面的压强变化量196 Pa。
28. 小明要做“用电流表、电压表测电阻”实验，电源有两个（电压分别为4.5V、6V不变），其它器材齐
全且完好。他选择了某个电源进行实验，先正确串联电路，再将电压表并联在电路中，闭合开关，将观察
的
到 数据记录在下表的序号1中。小明思考后，发现之前的连接与操作均存在问题，他重新调整了电路连
接并规范操作，闭合开关，将观察到的数据记录在下表的序号2中。他继续移动滑片至某位置，观察到电
压表示数变化了0.5V，电流表示数如图所示。
序号 电压表示数（V） 电流表示数（A）
1 0 0.58
2 2.0 0.20
（1）小明调整电路之前，实验操作存在的问题是______。
（2）请判断实验时选用的电源电压为______V。
（3）请通过计算说明实验用滑动变阻器的最大阻值______。
（4）根据上述信息及表中数据，待测电阻的阻值为______。
【答案】 ①. 闭合开关前，滑片移至变阻器的最小阻值处 ②. 6 ③. 见解析 ④. 10Ω
【解析】
【详解】（1）[1]由序号1的实验数据可知，闭合开关后，电压表的示数为零，根据欧姆定律 可得，
，由于电路中电流不为零，也就意味着与电压表并联的电阻阻值为零，由此可判断出电压表是与
滑动变阻器并联，而且此时滑动变阻器的滑片置于阻值最小处，则小明调整电路之前，实验操作存在的问
题是滑片移至变阻器的最小阻值处。
（2）[2]重新调整了电路连接并规范操作，则此时电压表与待测电阻并联，测的是待测电阻两端的电压，
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学科网（北京）股份有限公司由序号2的数据可知此时待测电阻的阻值为
第一次实验时，电源电压可表示 为
则实验时选用的电源电压为6V。
（3）[3]由序号2的数据可知滑动变阻器的最大阻值为
（4）[4]根据以上分析和计算可知待测电阻的阻值为10Ω。
29. 物块放入盛有水的容器中，水对容器底部的压力会增大。为了研究放入物块前后，水对容器底部压力
增加量ΔF的情况，小杨选用了五个重力G均为3牛的柱形物块，分别将物块放入盛有等质量水的相同柱
形容器中，待到物块静止后，将实验数据及现象记录在下表中。
序号 1 2 3 4 5
物块体积V（米3） 1.0×10-4 1.5×10-4 2.0×10-4 2.5×10-4 4.0×10-4
压力增加量ΔF（牛） 1.0 1.5 2.0 2.0 3.0
现象
①观察序号1~3中的实验现象并比较ΔF与V的关系，可得初步结论：当物块浸没在水中时，______；
②观察序号1或2或3或4中的实验现象并比较ΔF与G的大小关系，可得初步结论：当______时，物块沉
底；
③观察序号1~4中的实验数据及现象，发现：ΔF与物块排开水的体积有关，物块排开水的体积越______，
ΔF越______；
④进一步分析序号5中的实验现象并比较ΔF与G的大小关系，发现：当物块漂浮时，______。请根据所
学的压强、浮力知识，简述上述结论的原因：______。
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学科网（北京）股份有限公司【答案】 ①. ΔF与V成正比 ②. ΔF小于G ③. 大 ④. 大 ⑤. ΔF等于G ⑥. 见解
析
【解析】
【详解】①[1]根据表中数据可知，当物体的体积逐渐增大时，压力是逐渐增大的，即可以得到结论，压力
的增加量与物体的体积成正比，即ΔF与V成正比。
②[2]从1234中可以看出此时物块沉底，它们此时ΔF小于G，所以我们可以知道，ΔF小于G时，物块沉
底。
③[3][4]压力的增加量其实等于物体所受的浮力，而物体所受的浮力又与体积有关，当物体排开水的体积越
大，所受的浮力越大，压力的增加量就越大。
④[5][6]5号中的物体是漂浮的，由力的二力平衡原理可知，压力增加量等于物体的重力等于物体所受浮力，
所以我们可以得出结论的原因，因为物块二力平衡，所以所受重力等于浮力，而容器底部受到压力的增加
量等于浮力，最终可以得出物块漂浮时，压力增加量等于重力。
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