文档内容
2023 年广东省普通高中学业水平选择性考试
物理
本试卷满分 100分，考试时间 75分钟
一、单项选择题（本题共 7小题，每小题 4分，共 28分在每小题给出的四个选项中，只有一
项是符合题目要求的）
12C+Y®16 O
1. 理论认为，大质量恒星塌缩成黑洞的过程，受核反应6 8 的影响。下列说法正确的是（ ）
A.
Y是b粒子，b射线穿透能力比g射线强
B.
Y是b粒子，b射线电离能力比g射线强
C.
Y是a粒子，a射线穿透能力比g射线强
D.
Y是a粒子，a射线电离能力比g射线强
【答案】D
【解析】
【详解】根据受核反应满足质量数和电荷数守恒可知，Y是a粒子（4He），三种射线的穿透能力，g射
2
线最强，a射线最弱；三种射线的电离能力，a射线最强，g射线最弱。
故选D。
2. 如图所示，可视为质点的机器人通过磁铁吸附在船舷外壁面检测船体。壁面可视为斜面，与竖直方向夹
角为q。船和机器人保持静止时，机器人仅受重力G、支持力F 、摩擦力F 和磁力F 的作用，磁力垂直
N f
壁面。下列关系式正确的是（ ）
A. F =G B. F = F C. F =Gcosq D. F =Gsinq
f N f
【答案】C
【解析】
【详解】如图所示，将重力垂直于斜面方向和沿斜面方向分解
第1页 | 共16页A C．沿斜面方向，由平衡条件得
F =Gcosq
f
故A错误，C正确；
B D．垂直斜面方向，由平衡条件得
F =Gsinq+F
N
故BD错误。
故选C。
3. 铯原子喷泉钟是定标“秒”的装置。在喷泉钟的真空系统中，可视为质点的铯原子团在激光的推动下，
获得一定的初速度。随后激光关闭，铯原子团仅在重力的作用下做竖直上抛运动，到达最高点后再做一段
自由落体运动。取竖直向上为正方向。下列可能表示激光关闭后铯原子团速度v或加速度a随时间t变化的
图像是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】D
【解析】
【详解】AB．铯原子团仅在重力的作用，加速度g竖直向下，大小恒定，在v-t 图像中，斜率为加速度，
故斜率不变，所以图像应该是一条倾斜的直线，故选项AB错误；
CD．因为加速度恒定，且方向竖直向下，故为负值，故选项C错误，选项D正确。
故选D。
4. 渔船常用回声探测器发射的声波探测水下鱼群与障碍物．声波在水中传播速度为1500m/s，若探测器
第2页 | 共16页发出频率为1.5´106Hz的声波，下列说法正确的是（ ）
A. 两列声波相遇时一定会发生干涉
B. 声波由水中传播到空气中，波长会改变
C. 该声波遇到尺寸约为1m的被探测物时会发生明显衍射
D. 探测器接收到的回声频率与被探测物相对探测器运动的速度无关
【答案】B
【解析】
【详解】AD．根据多普勒效应可知，探测器接收到的回声频率与被探测物相对探测器运动的速度有关，而
两列声波发生干涉的条件是频率相等，所以两列声波相遇时不一定发生干涉，故AD错误；
B．声波由水中传播到空气中时，声波的波速发生变化，所以波长会发生改变，故B正确；
C．根据波长的计算公式可得
v 1500
l= = m=1´10-3m
f 1.5´106
当遇到尺寸约1m的被探测物时不会发生明显衍射，故C错误；
故选B。
5. 某小型医用回旋加速器，最大回旋半径为0.5m，磁感应强度大小为1.12T，质子加速后获得的最大动能
为1.5´107eV．根据给出的数据，可计算质子经该回旋加速器加速后的最大速率约为（忽略相对论效应，
1eV=1.6´10-19J）（ ）
A. 3.6´106m/s B. 1.2´107m/s C. 5.4´107m/s D. 2.4´108m/s
【答案】C
【解析】
【详解】洛伦兹力提供向心力有
v2
qvB=m
R
质子加速后获得的最大动能为
1
E = mv2
k 2
解得最大速率约为
v=5.4´107m/s
故选C。
第3页 | 共16页6. 用一台理想变压器对电动汽车充电，该变压器原、副线圈的匝数比为1:2，输出功率为8.8kW，原线圈
的输入电压u =220 2sin100ptV。关于副线圈输出电流的有效值和频率正确的是（ ）
A. 20A，50Hz B. 20 2A，50Hz C. 20A，100Hz D. 20 2A，100Hz
【答案】A
【解析】
【详解】由题可知原线圈输入电压的有效值为
220 2
U = =220V
1
2
原线圈电流为
P
I = =40A
1 U
1
副线圈输出电流的有效值为
n
I = 1 I =20A
2 n 1
2
变压器无法改变电流的频率，故
w 100p
f = = Hz=50Hz
2p 2p
故选A。
7. 如图（a）所示，太阳系外的一颗行星P绕恒星Q做匀速圆周运动。由于P的遮挡，探测器探测到Q的
亮度随时间做如图（b）所示的周期性变化，该周期与P的公转周期相同。已知Q的质量为M ，引力常量
为G。关于P的公转，下列说法正确的是（ ）
GM t -t 2
A. 周期为2t -t B. 半径为3 1 0
1 0
4p2
p 2pGM
C. 角速度的大小为 D. 加速度的大小为3
t -t t -t
1 0 1 0
【答案】B
【解析】
第4页 | 共16页【详解】A．由图（b）可知探测器探测到Q的亮度随时间变化的周期为
T =t -t
1 0
则P的公转周期为t -t ，故A错误；
1 0
B．P绕恒星Q做匀速圆周运动，由万有引力提供向心力可得
GMm 4p2
=m r
r2 T2
解得半径为
GMT2 GM t -t 2
r = 3 = 3 1 0
4p2 4p2
故B正确；
C．P的角速度为
2p 2p
w= =
T t -t
1 0
故C错误；
D．P的加速度大小为
2p GM t -t 2 2p 2pGM
a =w2r =( )2×3 1 0 = ×
3
t -t 4p2 t -t t -t
1 0 1 0 1 0
故D错误。
故选B。
二、多项选择题（本题共 3小题，每小题 6分，共 18分在每小题给出的四个选项中，有多项
符合题目要求．全部选对的得 6分，选对但不全的得 3分，有选错的得 0分）
1
8. 人们用滑道从高处向低处运送货物．如图所示，可看作质点的货物从 圆弧滑道顶端P点静止释放，沿
4
滑道运动到圆弧末端Q点时速度大小为6m/s。已知货物质量为20kg，滑道高度h为4m，且过Q点的切线
水平，重力加速度取10m/s2。关于货物从P点运动到Q点的过程，下列说法正确的有（ ）
第5页 | 共16页A. 重力做的功为360J B. 克服阻力做的功为440J
C. 经过Q点时向心加速度大小为9m/s2 D. 经过Q点时对轨道的压力大小为380N
【答案】BCD
【解析】
【详解】A．重力做的功为
W =mgh=800J
G
A错误；
B．下滑过程据动能定理可得
1
W -W = mv2
G f 2 Q
代入数据解得，克服阻力做的功为
W =440J
f
B正确；
C．经过Q点时向心加速度大小为
v2
a= Q =9m/s2
h
C正确；
D．经过Q点时，据牛顿第二定律可得
F -mg =ma
解得货物受到的支持力大小为
F =380N
据牛顿第三定律可知，货物对轨道的压力大小为380N，D正确。
故选BCD。
9. 电子墨水是一种无光源显示技术，它利用电场调控带电颜料微粒的分布，使之在自然光的照射下呈现出
不同颜色．透明面板下有一层胶囊，其中每个胶囊都是一个像素．如图所示，胶囊中有带正电的白色微粒
和带负电的黑色微粒．当胶囊下方的电极极性由负变正时，微粒在胶囊内迁移（每个微粒电量保持不变），
像素由黑色变成白色．下列说法正确的有（ ）
第6页 | 共16页A. 像素呈黑色时，黑色微粒所在区域的电势高于白色微粒所在区域的电势
B. 像素呈白色时，黑色微粒所在区域的电势低于白色微粒所在区域的电势
C. 像素由黑变白的过程中，电场力对白色微粒做正功
D. 像素由白变黑的过程中，电场力对黑色微粒做负功
【答案】AC
【解析】
【详解】A．像素呈黑色时，当胶囊下方的电极带负电，像素胶囊里电场线方向向下，所以黑色微粒所在
的区域的电势高于白色微粒所在区域的电势，故A正确；
B．像素呈白色时，当胶囊下方的电极带正电，像素胶囊里电场线方向向上，所以黑色微粒所在的区域的
电势高于白色微粒所在区域的电势，故B错误；
C．像素由黑变白的过程中，白色微粒受到的电场力向上，位移向上，电场力对白色微粒做正功，故C正
确；
D．像素由白变黑的过程中，黑色微粒受到的电场力向下，位移向下，电场力对黑色微粒做正功，故D错
误。
故选AC。
10. 某同学受电动窗帘的启发，设计了如图所示的简化模型．多个质量均为1kg的滑块可在水平滑轨上滑动，
忽略阻力．开窗帘过程中，电机对滑块1施加一个水平向右的恒力F ，推动滑块1以0.40m/s的速度与静
止的滑块2碰撞，碰撞时间为0.04s，碰撞结束后瞬间两滑块的共同速度为0.22m/s．关于两滑块的碰撞
过程，下列说法正确的有（ ）
A. 该过程动量守恒
B. 滑块1受到合外力的冲量大小为0.18N×s
C. 滑块2受到合外力的冲量大小为0.40N×s
D. 滑块2受到滑块1的平均作用力大小为5.5N
【答案】BD
第7页 | 共16页【解析】
【详解】A．取向右为正方向，滑块1和滑块2组成的系统的初动量为
p =mv =1´0.40kg×m/s=0.40kg×m/s
1 1
碰撞后的动量为
p =2mv =2´1´0.22kg×m/s=0.44kg×m/s
2 2
则滑块的碰撞过程动量不守恒，故A错误；
B．对滑块1，取向右为正方向，则有
I =mv -mv =1´0.22kg×m/s-1´0.40kg×m/s=-0.18kg×m/s
1 2 1
负号表示方向水平向左，故B正确；
C．对滑块2，取向右为正方向，则有
I =mv =1´0.22kg×m/s=0.22kg×m/s
2 2
故C错误；
D．对滑块2根据动量定理有
FDt = I
2
解得
F =5.5N
则滑块2受到滑块1的平均作用力大小为5.5N，故D正确。
故选BD。
三、非选择题（本题共 5小题，共 54分．考生根据要求作答）
11. 某同学用激光笔和透明长方体玻璃砖测量玻璃的折射率，实验过程如下：
（1）将玻璃砖平放在水平桌面上的白纸上，用大头针在白纸上标记玻璃砖的边界
（2）①激光笔发出的激光从玻璃砖上的M 点水平入射，到达ef 面上的O点后反射到N 点射出．用大头针
在白纸上标记O点、M 点和激光笔出光孔Q的位置
②移走玻璃砖，在白纸上描绘玻璃砖的边界和激光的光路，作QM 连线的延长线与ef 面的边界交于P点，
如图（a）所示
第8页 | 共16页③用刻度尺测量PM 和OM 的长度d 和d ．PM 的示数如图（b）所示，d 为________cm。测得d 为
1 2 1 2
3.40cm
（3）利用所测量的物理量，写出玻璃砖折射率的表达式n=________ ；由测得的数据可得折射率n为
________（结果保留3位有效数字）
测量值-真实值
（4）相对误差的计算式为d= ´100%。为了减小d、d 测量的相对误差，实验中激光
真实值 1 2
在M 点入射时应尽量使入射角________。
d
【答案】 ①. 2.25 ②. 2 ③. 1.51 ④. 稍小一些
d
1
【解析】
【详解】（2）③[1]刻度尺的最小分度为0.1cm，由图可知，d 为2.25cm；
1
（3）[2][3]玻璃砖折射率的表达式
fM
sini OM d
MP
n= = = = 2
sinr fM PM d
1
OM
带入数据可知
3.40
n= =1.51
2.25
测量值-真实值
（4）[4]相对误差的计算式为d= ´100%，为了减小d、d 测量的相对误差，实验中
真实值 1 2
第9页 | 共16页d、d 要尽量稍大一些，即激光在M 点入射时应尽量使入射角稍小一些。
1 2
12. 某兴趣小组设计了测量盐水电导率的实验。所用器材有：电源E（电动势恒定，内阻可忽略）；毫安表
mA（量程15mA，内阻可忽略）；电阻R（阻值500Ω）、R （阻值500Ω）、R （阻值600Ω）和R （阻
1 2 3 4
值200Ω）；开关S 和S ；装有耐腐蚀电极板和温度计的有机玻璃样品池；导线若干。请完成下列实验操作
1 2
和计算。
（1）电路连接
图（a）为实验原理图．在图（b）的实物图中，已正确连接了部分电路，只有R 一端的导线还末连接，该
4
导线应接到R 的________（填“左”或“右”）端接线柱
3
（2）盐水电导率和温度的测量
①测量并记录样品池内壁的长宽高．在样品池中注满待测盐水
②闭合开关S ，________开关S ，毫安表的示数为10.0mA，记录此时毫安表的示数；计算得到流过样品
1 2
池的电流I 为________mA
1
③________开关S ，毫安表的示数为15.0mA，记录此时毫安表的示数；计算得到流过样品池的电流I 为
2 2
________mA
④断开开关S ，测量并记录盐水的温度
1
（3）根据上述数据，计算得到样品池两电极板间待测盐水的电阻为________Ω，进而可求得该温度时待
测盐水的电导率。
【答案】 ①. 右 ②. 断开 ③. 40.0 ④. 闭合 ⑤. 60.0 ⑥. 100
【解析】
【详解】（1）[1]根据图（a）为电路可知，R 一端的导线应接到R 的右端接线柱；
4 3
（2）②[2][3]闭合开关S ，断开开关S ，毫安表的示数为10.0mA， 则通过电阻R 的电流为
1 2 4
第10页 | 共16页I R
I = 3 3
4 R
4
根据电路构造可知，流过样品池的电流为
I = I +I =40.0mA
1 3 4
③[4][5]闭合开关S ，毫安表的示数为15.0mA，则流过R 的电流为
2 4
I¢R
I¢ = 3 3
4 R
4
流过样品池的电流I 为
2
I = I¢+I¢ =60.0mA
2 3 4
（3）[6]设待测盐水的电阻为R ，根据闭合电路欧姆定律，开关S 断开时
0 2
æ R R ö
E = I çR +R + 3 4 ÷
1 0 2 R +R
è ø
3 4
开关S 闭合时
2
æ RR R R ö
E = I çR + 1 2 + 3 4 ÷
2 0 R +R R +R
è ø
1 2 3 4
代入数据解得
R =100W
0
13. 在驻波声场作用下，水中小气泡周围液体的压强会发生周期性变化，使小气泡周期性膨胀和收缩，气泡
内气体可视为质量不变的理想气体，其膨胀和收缩过程可简化为如图所示的 p-V 图像，气泡内气体先从压
强为 p 、体积为V 、温度为T 的状态A等温膨胀到体积为5V 、压强为 p 的状态B，然后从状态B绝热
0 0 0 0 B
收缩到体积为V 、压强为1.9p 、温度为T 的状态C,B到C过程中外界对气体做功为W ．已知 p、V、T
0 0 C 0 0 0
和W ．求：
第11页 | 共16页（1） p 的表达式；
B
（2）T 的表达式；
C
（3）B到C过程，气泡内气体的内能变化了多少？
1
【答案】（1） p ；（2）1.9T ；（3）W
5 0 0
【解析】
【详解】（1）由题可知，根据玻意耳定律可得
p V = p V
A A B B
解得
1
p = p
B 5 0
（2）根据理想气体状态方程可知
p V p V
B B = C C
T T
B C
解得
T =1.9T
C 0
（3）根据热力学第一定律可知
DU =W +Q
其中Q=0，故气体内能增加
DU =W
14. 光滑绝缘的水平面上有垂直平面的匀强磁场，磁场被分成区域Ⅰ和Ⅱ，宽度均为h，其俯视图如图（a）
第12页 | 共16页所示，两磁场磁感应强度随时间t的变化如图（b）所示，0~t时间内，两区域磁场恒定，方向相反，磁感
应强度大小分别为2B 和B ，一电阻为R，边长为h的刚性正方形金属框abcd，平放在水平面上，ab、cd
0 0
边与磁场边界平行．t =0时，线框ab边刚好跨过区域Ⅰ的左边界以速度v向右运动．在t时刻，ab边运
h
动到距区域Ⅰ的左边界 处，线框的速度近似为零，此时线框被固定，如图（a）中的虚线框所示。随后在
2
t~2t时间内，Ⅰ区磁感应强度线性减小到0，Ⅱ区磁场保持不变；2t~3t时间内，Ⅱ区磁感应强度也线
性减小到0。求：
（1）t =0时线框所受的安培力F ；
（2）t =1.2t时穿过线框的磁通量f；
（3）2t~3t时间内，线框中产生的热量Q。
9B2h2v 3B h2 B2h4
【答案】（1）F = 0 ，方向水平向左；（2）f= 0 ；（3）Q= 0
R 10 4tR
【解析】
【详解】（1）由图可知t =0时线框切割磁感线的感应电动势为
E =2B hv+B hv=3B hv
0 0 0
则感应电流大小为
E 3B hv
I = = 0
R R
所受的安培力为
3B hv 3B hv 9B2h2v
F =2B 0 h+B 0 h= 0
0 R 0 R R
方向水平向左；
第13页 | 共16页h
（2）在t时刻，ab边运动到距区域Ⅰ的左边界 处，线框的速度近似为零，此时线框被固定，则
2
t =1.2t时穿过线框的磁通量为
1 1 3B h2
f=1.6B h× h-B h× h= 0
0 2 0 2 10
方向垂直纸面向里；
（3）2t~3t时间内，Ⅱ区磁感应强度也线性减小到0，则有
1
B h2
Df 0 2 B h2
E¢= = = 0
Dt t 2t
感应电流大小为
E¢ B h2
I¢= = 0
R 2tR
则2t~3t时间内，线框中产生的热量为
B2h4
Q= I¢2Rt = 0
4tR
15. 如图为某药品自动传送系统的示意图．该系统由水平传送带、竖直螺旋滑槽和与滑槽平滑连接的平台组
成，滑槽高为3L，平台高为L。药品盒A、B依次被轻放在以速度v 匀速运动的传送带上，在与传送带达
0
到共速后，从M 点进入滑槽，A刚好滑到平台最右端N 点停下，随后滑下的B以2v 的速度与A发生正碰，
0
碰撞时间极短，碰撞后A、B恰好落在桌面上圆盘内直径的两端。已知A、B的质量分别为m和2m ，碰
1
撞过程中损失的能量为碰撞前瞬间总动能的 。A与传送带间的动摩擦因数为，重力加速度为g，AB在
4
滑至N点之前不发生碰撞，忽略空气阻力和圆盘的高度，将药品盒视为质点。求：
（1）A在传送带上由静止加速到与传送带共速所用的时间t；
（2）B从M 点滑至N 点的过程中克服阻力做的功W ；
第14页 | 共16页（3）圆盘的圆心到平台右端N 点的水平距离s．
v 3v 2L
【答案】（1）t = 0 （2）W =6mgL-3mv2；（3）s = 0
g 0 2 g
【解析】
【详解】（1）A在传送带上运动时的加速度
a=g
由静止加速到与传送带共速所用的时间
v v
t = 0 = 0
a g
（2）B从M 点滑至N 点的过程中克服阻力做的功
1 1
W = ×2mv2 +2mg×3L- 2m(2v )2 =6mgL-3mv2
2 0 2 0 0
（3）AB碰撞过程由动量守恒定律和能量关系可知
2m×2v =mv +2mv
0 1 2
1 1 1 1 1
×2m×(2v )2 -( mv2 + ×2mv2)= [ ×2m×(2v )2]
2 0 2 1 2 2 4 2 0
解得
v =2v
1 0
v =v
2 0
2 5
（另一组v = v v = v 舍掉）
1 3 0 2 3 0
两物体平抛运动的时间
2L
t =
1 g
则
s-r =v t
2 1
s+r =vt
11
解得
3v 2L
s = 0
2 g
第15页 | 共16页第16页 | 共16页
