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2026 届最后一卷
物 理 参考答案
1．【答案】B
【详解】A．根据质量数守恒和电荷数守恒可知，X的质量数为1，电荷数为0，为中子，A错误；
B．根据爱因斯坦质能方程可知Q=Δmc2，B正确；
C．核反应可采用镉棒吸收中子控制反应快慢，C错误；
D．核裂变释放的能量与反应前后质量亏损有关，铀核裂变时会因产物种类不同导致质量亏损不同，释放
能量不同，故D错误。故选C。
2．【答案】B
【详解】设两束光折射入空气后的折射角均为r。根据折射定律n = sinr，n = sinr，故选B。
a b
sinα sinβ
3．【答案】C
【详解】AB．已知匀变速直线运动的平均速度为v= v0+v。在0~t 阶段，和谐号动车先做变加速直线运动，
1
2
再做匀速直线运动，其位移大于匀加速直线运动的位移，所以0~t 阶段和谐号动车的平均速度大于v1；同
1
2
理在0∼ t 阶段，复兴号高铁先静止一段时间后再做匀加速直线运动，所以该过程的平均速度小于v2，故
2
2
AB错误；
CD．v−t图像与坐标轴围成的面积表示位移。在刚开始的一段时间内，和谐号动车在前复兴号高铁在后，
且和谐号动车的速度大于复兴号高铁的速度，所以两车的距离越来越大；t 时刻以后，和谐号动车的速度
1
小于复兴号高铁的速度，所以两车的距离越来越小，因此在t 时刻当两车速度相等时，和谐号动车在复兴
1
号高铁前的距离最远，故C正确，D错误。故选C。
4．【答案】A
【详解】A．由于直流电不存在电感对电流的阻碍作用（感抗），所以利用直流输电，有利于消除输电线的
电感造成的电能损失，故A正确；
B．若输电功率恒定，输电电压越大，输电线上的电流越小。故B错误；
C．根据题意，送电端先将交流电升压，然后通过“整流”设备变换为直流；用户端先通过“逆变”设备将直
流变换为交流，再进行降压，故C错误；
2
D．根据P =I2R，P=UI联立解得P = P R 可知输送功率P一定时，采输电电压降为原来一半时，输电
损 损 U
线上的功率损失将变为原来的4倍，故D错误。故选A。
5．【答案】D
【详解】AB．由图可知，状态b、c在同一条等温线上，故T =T
b c
对于过程ab，气体发生等压膨胀，根据盖-吕萨克定律V
=C
T
可知，体积增大，温度升高，即T >T
b a
对于过程ac，气体发生等容升压，根据查理定律p
=C
T
可知，压强增大，温度升高，即T >T
c a
综上所述，T =T >T ，故AB错误；
b c a
CD．理想气体的内能只与温度有关，因为T =T
b c
且初状态都是a，所以从a到b和从a到c，气体的内能变化量相等，即ΔU =ΔU
ab ac
根据热力学第一定律ΔU=W+Q
第 1 页 共 4 页可知过程ab中，气体体积增大，气体对外做功，即W <0
ab
所以Q =ΔU −W =ΔU +|W |
ab ab ab ab ab
过程ac中，气体体积不变，外界对气体不做功，即W =0
ac
所以Q =ΔU 因为ΔU =ΔU ，|W |>0
ac ac ab ac ab
所以Q >Q ，故C错误，D正确。故选D。
ab ac
6．【答案】A
【详解】A．不计月球自转时，月球表面物体满足mg=G Mm得GM=gR2
R2
核心舱处万有引力提供向心力G Mm =ma 可得a = gR2 ，故A正确；
R+h 2 n n R+h 2
B．线速度大小v=
gR2
，故B错误；
R+h
C．嫦娥七号着陆前绕月球圆周运动时受到的万有引力是mgR2
，故C错误；
R+h 2
D．由得GM=gR2 M=ρ 4πR3 解得ρ= 3g ，故D错误；故选A。
3 4πGR
7．【答案】D
【详解】根据题意可知，当y=H时x=− H，根据平抛运动规律有H= 1 gt2，|x|= H=v t
0
2
联立解得v = g，故A错误；
0
2
设抛物线上任意一点的坐标为（x，y）且满足y=x2，从该点水平抛出时，竖直方向有y= 1 gt2
2 1
解得t = 2y = 2x2
1
g g
水平方向位移为x'=v t = g × 2x2 =x
0 1 2 g
这说明水平位移恰好等于该点的横坐标x，即小球会落到原点O。故选D。
8．【答案】C
【详解】AC．令正三角形的边长为2x，根据电场的叠加原理，则A、B、C三点场强大小分别为
， = =
2 2 37
(2 2 ) +[(2 sin60°) 2 ] = 3 2 = (2 sin60°) 2 =3 2
O点电场大小为
3
可知 =2(故cos 30A°) 2 错=误2 ， 2 C正确。
由电势叠加原理，φ >φ >φ 故BD错误。故选C。
A = B > > D CO B
9．【答案】AD
【详解】AB．对物体B和木箱A，释放后瞬间物体B受力分析mgsinθ-μ mgcosθ=ma加速度为a=4m/s2，
2
木箱A受力分析2μ mgcosθ=mgsinθ+μ mgcosθ则恰好静止，故B错误，故A正确。
1 2
C．物体B受力分析mgsinθ-μ mgcosθ=ma加速度为a=2.8m/s2，木箱A受力分析
2
mgsinθ+μ mgcosθ-2μ mgcosθ=ma加速度为a=1.2m/s2则加速更小的下滑。故C错误。
2 1
D．若μ =0.6，B受静摩擦力，释放后瞬间木箱A与物体B一起加速下滑，故D正确。故选AD。
2
10．【答案】AC
【详解】A．棒AB受安培力向左，由右手定则，棒AB中电流方向为 ，故A正确；
B．棒AB恰好安培力等于最大静摩擦力， ，I= 故B 错→误 。
1
1 = 1 1
第 2 页 共 4 页C． = ， 故C正确；
∆
2 1 −∆ 1 1
= 2 1 =2 1+ 1 1 2
D．对于CD棒运用动量定理， 代入得 故D错误。故选AC 。
1 1 2 2
1− (2 2 ) = 2 2 =2 1 − 2 1 2 3 1 − 4 1 2
11．【答案】（2）0.81m/s（3）4gΔh= d − d （4）偏小 （每空2分）
t3 t1
【解析】（2）根据题意可知，第1个胶带经过光电门时的速度为v = d
1
t1
则第1个胶带经过光电门时直尺的速度为 2.5 ×10−2 =0.81m/s
0.031
（3）第3个胶带经过光电门时的速度为v = d
3
t3
从第1个到第3个胶带通过光电门时，直尺下落过程中重力势能的减小量为ΔE =mg×2Δh
p
根据机械能守恒可得mg×2Δh= 1 mv 2− 1 mv 2，
1
2 2
3
2 2
联立可得关系式4gΔh= d − d 成立，说明直尺下落过程中机械能守恒。
t3 t1
（4）由于v= d测量的是胶带通过光电门的平均速度，由匀变速直线运动的规律可知胶带通过光电门的平
Δt
均速度等于胶带通过光电门的中间时刻的速度，实验原理中测量的是胶带中间位置的速度，由于d不是足
够小，胶带通过光电门中间时刻的速度小于中间位置的速度，故胶带通过光电门时直尺的速度测量值偏小，
动能的计算值比真实值偏小。
12．【答案】（1）a点 （2分） （2）2.5V;5.0Ω （每空2分） （3） 1 R （2分） (4) （2分）
U
0+ 1
【解析】（1）由于电源内阻较小，把单刀双掷开关置于a点时，定值电阻−R 等效于电源内阻 的+ 一0+部 1 分，增
0
大等效电源的内阻，使得在调节电阻箱进行测量过程中，电压表示数变化明显从而减小误差。
（2）本实验采用伏阻法测电动势和内阻，由闭合电路欧姆定律有1
=
r+R01
+
1，根据图像的数据可以解得电
U E R E
动势E=2.5V，内阻r=5.0Ω
（3）由闭合电路欧姆定律可知E=U+I(R+r)，I= U，解得1 = 1 R+ R0+r，故作1 −R图像为线性关系。
R0 U ER0 ER0 U
（4）由E 解得 1
=
1 −1 0+ 1
+ 0+ 1 = + 0+ 1
13．【答案】（1）y=10sin(πt+ π )cm（4分）（2） m/或 m/s（6分）
2
14 10
【解析】（1）根据题意可知，T= t = 60 s=2s，ω= 2π =πrad/s；（1分）
n 20 T
简谐运动的振动方程为y=Asin(ωt+φ )=10sin(πt+φ )，（1分）
0 0
当t=6s时，甲船位于波峰，y=10sin(πt+φ )，（1分）
0
代入数据可得φ = π，故y=10sin(πt+ π )cm。（1分）
0
2 2
（2）若水波由甲向乙传播，当甲船位于波峰时乙船恰位于平衡位置，两船之间还有一个波峰，两船之间
的距离等于5个波长或等于7个波长；
4 4
当两船之间的距离等于5个波长时则有λ= 35 m=28m（1分）
4 5
4
第 3 页 共 4 页则波速为v= λ = m/s（2分）
T
当两船之间的距 1 离 4 等于7个波长时则有λ= 35 m=20m（1分）
4 7
4
则波速为v= λ = m/s（2分）
T
14．【答案】（1）100.4T（4分）（2） 5.2×10-8s（4分）（3）0.3m（6分）
【解析】（1）设粒子在磁场中做圆周运动的半径为r，根据几何关系得r=L（1分）
v2
根据圆周运动，洛伦兹力提供向心力得：qv B m 0 （2分）
0 r
解得B=0.4T（1分）
v2
（2） 根据圆周运动，洛伦兹力提供向心力得：qvB m （1分）
r
2
解得r =0.2m，由几何关系可得轨迹圆心角为60°，（1分）
2
2
根据圆周运动知识， t 得，t=5.2×10-8s（2分）
T
qE 16 3
（3）在第二象限中，a= = 1013m/s2（1分）
y
m 3
粒子进入第二象限至x轴，y=0.1 3m（1分）
1
由运动学方程y=-2v t sin + a t2（2分）
0 2 6 2 y 2
3
得t = ×10-7s，（1分）
2
2
水平位移d=0.3m（1分）
15．【答案】（1）v =-2m/s；（6分）（2）t=1.5s；（6分）（3）x =4m（6分）
1 A
【解析】（1）A向右运动位移d的过程，v2－v2 -2gd ，得v =4m/s（2分）
A 0 A
1 1 1
AB发生弹性碰撞可得：m v m v m v ， m v2 m v2 m v2 （2分）
A A A 1 B B 2 A A 2 A 1 2 B B
解得v =-2m/s，v =2m/s（或者v =2m/s，方向向左）（2分）
1 B 1
（2）B向右运动的过程中，F=-kx，B做简谐运动（1分）
当B回到平衡位置时，经过的时间为t =T/2=1s，此时v =2m/s，方向向左（2分）
B1 B
A的速度减为0的时间t =v /μ g=1s，x =1m（1分）
A 1 A A
t =x /v =0.5s（1分）
B2 A B
故：t=t +t =1.5s（1分）
B1 B2
（3）AB发生弹性碰撞，每次碰后AB速度均向左，由于B与地面接触光滑，故经无数次碰撞后，B和A
可认为停在同一位置。
1 1
由能量守恒可知： m v2 m v2 m gx ，（4分）
2 A 1 2 B B A A A
得x =4m（2分）
A
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