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2025 年高考押题预测卷
物理·全解全析
（考试时间：75 分钟 试卷满分：100 分）
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试卷和答题卡上．
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑．如需改动，用
橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号．回答非选择题时，将答案写在答题卡上．写在本试卷上无效．
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回．
一、选择题：本题共10 小题，每小题4 分，共40 分。在每小题给出的四个选项中，第1～7 题只有一项符
合题目要求，第8～10 题有多项符合题目要求。全部选对的得4 分，选对但不全的得2 分，有选错的
得0 分。
1．如图所示，在水池中水平放置一条细灯带围成的直径为
的圆环发光体，水的折射率
，
细灯带到水面的距离h 可以调节，紧贴水面的上方水平放置一光传感器。当h 由零逐渐增大到
时，
传感器检测到有光强的区域恰好为一个直径为
的完整的圆形。下列说法正确的是（ ）
A．
B．
C．
D．
【答案】 C
【解析】AB．传感器检测到有光强的区域恰好为一个完整的圆形时，灯带上发出的光在O 点恰好发
生全反射，如图
则
1
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由几何知识得
解得
故AB 错误；
CD．灯带上发出的光在水面恰好发生全反射，有光强的区域为直径d2的圆形区域，如图由几何关系
解得d2=2d1=1.2m
故C 正确，D 错误；
故选C。
2．图甲为一玩具起重机的电路示意图，理想变压器的原副线圈匝数比为5：1。变压器原线圈中接入图乙
所示的正弦交流电，电动机的内阻为
，装置正常工作时，质量为
的物体恰好以
的速度匀速上升，照明灯正常工作，电表均为理想电表，电流表的示数为3A。g 取10
。设电动机的输出功率全部用来提升物体，下列说法正确的是（ ）
A．原线圈的输入电压为
B．照明灯的额定功率为30W
C．电动机正常工作时内阻上的热功率为20W
D．电动机被卡住后，原线圈上的输入功率增大
【答案】 D
【解析】A．根据图像可知
故A 错误；
BC．电动机机械功率
根据
副线圈电压
副线圈总功率
2
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电灯和电动机共消耗30W 功率，所以电灯功率小于30W，因为不清楚电动机的电流，无法计算电动
机正常工作时内阻上的热功率，故BC 错误；
D．电动机被卡住后，回路变成纯电阻电路，电流增大，则副线圈回路功率变大，所以原线圈上的输
入功率增大，故D 正确。
故选D。
3．太极球是近年来在广大市民中较流行的一种健身器材．做该项运动时，健身者半马步站立，手持太极
球拍，拍上放一橡胶太极球，健身者舞动球拍时，球却不会掉落地上．现将太极球简化成如图所示的
平板和小球，熟练的健身者让球在竖直面内始终不脱离板而做匀速圆周运动，且在运动到图中的A、
B、C、D 位置时球与板间无相对运动趋势．A 为圆周的最高点，C 为最低点，B、D 与圆心O 等高且
在B、D 处板与水平面夹角为
．设球的质量为m，圆周的半径为R，重力加速度为g，不计拍的重力，
若运动过程到最高点时拍与小球之间作用力恰为mg，则
A．圆周运动的周期为：
B．圆周运动的周期为：
C．在B、D 处球拍对球的作用力为
D．在B、D 处球拍对球的作用力为
【答案】 C
【解析】在最高点，根据牛顿第二定律得：
，解得：
，，则圆周运动的周期
为：
，故AB 错误；球做匀速圆周运动，在B、D 处，根据合外力提供向心
力结合几何关系得：
，解得：
，故C 正确，D 错误．
4．在水平如镜的湖面上，三个相同的点波源O1、O2、O3分别位于一边长为2m 的等边三角形区域的三个
顶点处，如图甲所示。三个波源在t=0 时刻同时开始振动，振动方向垂直于水面，三个波源的振动图
3
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像均如图乙所示。已知水波的传播速度为0.25m/s，质点O 位于三角形的几何中心，质点M 位于O2与
O3连线的中点。下列说法错误的是（ ）
A．水波的波长为1m
B．0~5s 内，质点 M 运动的路程大小为4 cm
C．质点O 可能是振动的减弱点
D．如果改变一个波源的振动频率，该波源形成的波与另外两个波一定不能发生干涉现象
【答案】 C
【解析】A．由图乙可知周期为4s，根据
解得
故A 正确；
B．由题意可知，
时，波源
振动形成的波未传播到M 点，波源
、
振动形成的波在
时同时传播到M 点，则M 点在
时振动了
个周期，即质点M 运动的路程大小
故B 正确；
C．
、
、
到质点O 的距离相等，O 点是振动加强点，故C 错误；
D．频率不同的两列波一定不能发生干涉现象，故D 正确。
本题选错误的，故选C。
5．市场流行的智能手机都内置有加速度传感器，可以进行各种有趣的物理实验。现用某款智能手机进行
竖直上抛实验：用手掌托着智能手机，打开加速度传感器，把手机向上抛出，然后又在抛出点接住手
机，得到如图所示的加速度随时间变化的图像，图中
，
，
，
，已
知该款手机的质量为
，取重力加速度
，空气阻力不计，由此可判断出（ ）
4
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A．
时间内手机先加速后减速
B．
时间内，手掌对手机的作用力大小为
C．手机离开手掌后，在空中运动时间为
D．
时间内，手掌对手机的冲量大小为
【答案】 D
【解析】A．a-t 图像中图线与坐标轴所围面积表示速度的变化量，
时间内速度一直增加，所以手
机一直加速，A 错误；
B．
时间内，手机的加速度为
a=10 m/s2
方向向下。
可知手机做自由落体运动，手掌对手机的作用力大小为0，B 错误；
C．手机离开手掌后做自由落体运动，在空中运动时间为
C 错误；
D．手机离开手掌做竖直上抛运动，根据对称性可知手机刚离开手掌时速度为
时间内根据动量定理有
解得手掌对手机的冲量大小
D 正确。
故选D。
6．甲同学在北极以某一初速度竖直上抛一个小球，经过一段时间落回手中；乙同学在赤道以相同速度竖
直上抛另一小球，经过另一段时间落回手中。已知甲、乙抛出小球对应的运动时间的比值为k，不考
虑空气阻力，则地球第一宇宙速度与地球静止卫星的线速度之比为（ ）
A．
B．
C．
D．
5
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【答案】 A
【解析】设小球的初速度为
，在北极小球运动的时间为
，重力加速度为
；在赤道小球运动的时
间为
，重力加速度为
，由竖直上抛，可得
，
则
设地球半径为
，在北极，万有引力等于重力，即
在赤道，万有引力等于物体的重力与自转所需的向心力之和，即
T 为地球自转周期。设地球第一宇宙速度大小为
，静止卫星的线速度大小为
，周期与地球自转周
期相等也为
，由万有引力提供向心力
同理，对静止卫星
，
联立以上各式解得
故选A。
7．如图所示，一绝缘轻质细绳悬挂一质量为m、电量为
q 的带电小球静止于水平向左足够大的匀强电场
中，已知电场强度大小
。现使匀强电场保持场强大小不变，方向在纸面内缓慢逆时针转动
30°，则在该过程中（已知重力加速度为g，轻绳与竖直方向的夹角设为θ）（ ）
A．θ 先增大后减小
B．θ 最小值为30°
C．电场力不做功
D．轻绳拉力最小值为
【答案】 D
【解析】A．根据受力分析可知，小球受重力，电场力和绳子拉力，重力大小方向不变，电场力大小
不变，因为电场方向在纸面内缓慢逆时针转动30°，所以电场力也逆时针转动30°，与重力之间的夹角
变大，因此θ 一直增大，A 错误；
B．当电场力水平向右时，θ 最小，正切值为
6
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B 错误；
C．因为电场方向缓慢移动，小球动能不变，θ 一直增大，小球高度升高，重力做负功，因此电场力做
正功，C 错误；
D．由受力分析可知，当电场力与水平方向夹角为30°时，轻绳拉力最小，此时电场力与拉力垂直，根
据勾股定理可得
D 正确。
故选D。
8．某种光电烟雾报警器的结构原理图如图甲所示，S 为光源，可以向外发射某一频率的平行光束，C 为光
电管，光电管的结构原理图如图乙所示，无烟雾时S 发出的平行光束不会进入光电管C，发生火情时
如果有烟雾进入报警器内，S 发射的光会被烟雾散射而改变方向进入光电管C，光照射到光电管的K
极后若能发生光电效应，就会有电子从K 极射向A 极，报警系统在光电流作用下报警。当光电管K 极
为金属钾时，恰好发生光电效应。下列说法正确的是（ ）
A．光电烟雾报警器中换用发出任一频率光的光源均能正常工作
B．若将K 极换成逸出功更大的金属钙，可以通过减小光的波长的方式使报警器正常工作
C．报警器报警时，将滑片P 向右移动后，警报有可能会被解除
D．为提高光电烟雾报警器的灵敏度，可以将滑片P 向右移动
【答案】 BD
【解析】A．光电烟雾报警器要正常工作，光源S 发出光子的能量必须大于金属的逸出功，光子的能
量为
所以换用低于金属极限频率的光时就不会发生光电效应，故A 错误；
B．换上逸出功大于金属钾的金属钙时，光源S 发出光子的能量小于金属钙的逸出功，就不会发生光
电效应，光子的能量为
所以应减小光源S 发出光的波长才能使金属钙发生光电效应，光电烟雾报警器才能正常工作，故B 正
确；
C．报警器报警时，说明光电管已经发生了光电效应，将滑片P 向右移动后，光电管两端的正向电压
增大，导致通过报警系统的电流增加，警报不会被解除，故C 错误；
7
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D．触发报警系统的报警光电流临界值等于光电管中形成的光电流，光电管中形成的光电流取决于从
K 极打到A 极的光电子数n，报警光电流临界值为定值，则n 为定值，要提高烟雾报警器的灵敏度，
就是当更少的烟雾进入报警器时就会报警，则要增大光的强度，或增大从K 极打到A 极的光电子数占
产生总光电子数的比例，则滑片P 需要向右滑动，增大两极间的电压，从而增大从K 极打到A 极的光
电子数，故D 正确。
故选BD。
9．如图所示，在xOy 平面内第一象限内存在方向垂直纸面向里、磁感应强度大小B=0.5T 的有界匀强磁场，
磁场右边界满足曲线方程
（其中
，
，单位：m），M 点的坐标为
。
从O 点沿x 轴正方向以不同速率射出大量质量
，电荷量
的同种粒子。不计粒
子的重力及相互作用力，已知所有粒子均不从磁场右边界射出。下列说法正确的是（ ）
A．所有粒子在磁场中运动的时间不同
B．粒子的最大速率为100m/s
C．磁场中有粒子出现的区域面积是
D．某粒子从O 点运动到M 点的过程中，动量改变量大小为
【答案】 BD
【解析】A．由题意可知所有粒子均不从磁场右边界射出，则所用粒子均从
轴离开磁场，所用粒子
的运动轨迹对应的圆心角均为
，又
可知所有粒子在磁场中的周期相同，则所有粒子在磁场中运动的时间相同，故A 错误；
BC．由于所有粒子均不从磁场右边界射出，可知最大轨迹圆刚好与椭圆相切，且相切点刚好在椭圆的
长轴上，即在
轴上，如图所示
8
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根据
可知粒子的最大半径为
由洛伦兹力提供向心力可得
可得粒子的最大速率为
磁场中有粒子出现的区域面积为
故B 正确，C 错误；
D．某粒子从O 点运动到M 点的过程中，如图所示
根据几何关系可得
可得
根据几何关系可得
9
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解得粒子的轨道半径为
根据
可得粒子的速度大小为
由图可知
则粒子从O 点运动到M 点的过程中，速度变化大小为
则粒子从O 点运动到M 点的过程中，动量改变量大小为
故D 正确。
故选BD。
10．如图所示，一弹性轻绳（绳的弹力与其伸长量成正比）左端固定在A 点，自然长度等于AB。弹性绳跨
过由固定轻杆
固定的定滑轮连接一个质量为
的小球，小球穿过竖直固定的杆，初始时弹性绳
在一条水平线上，小球从
点由静止释放，当滑到
点时速度恰好为零，已知
两点间距离
为
为
的中点，小球在
点时弹性绳的拉力为
，小球与杆之间的动摩擦因数为0.4，弹性绳
始终处在弹性限度内，重力加速度为
。下列说法正确的是（ ）
A．对于由弹性绳和小球组成的系统，在
阶段损失的机械能等于在
阶段损失的机械能
B．小球从
到
克服弹性绳弹力做功
10
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C．在
点给小球一个竖直向上的速度
小球恰好能回到
点
D．若只把小球质量变为
，则小球从
点由静止开始运动，到达
点时的速度大小为
【答案】 AD
【解析】A．当小球运动到某点
点，弹性绳的伸长量是
，小球受到如图所示的四个力作用
其中
将
正交分解，则
的水平分量为
小球水平方向平衡，则
又
的竖直分量为
由以上推导可知小球受到的摩擦力为恒力，则
段与
段摩擦力所做的功相同，则在
段弹性绳
和小球组成的系统机械能的减小量等于
段弹性绳和小球组成的系统机械能的减小量，故A 正确；
B．小球从
到
，根据动能定理有
解得克服弹性绳弹力做功为
故B 错误；
C．对小球从
运动到
过程，应用动能定理得
若小球恰能从
点回到
点，应用动能定理得
联立求解得
故C 错误；
D．若只把小球质量变为
，小球受到的摩擦力不变，小球从
点由静止开始运动，到达
点时根据
动能定理有
解得小球到达
点时的速度大小
11
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故D 正确。
故选AD。
二、非选择题：本题共5 小题，共60 分。
11. （8 分） 某同学在学校实验室用如图甲所示装置验证牛顿第二定律，小车后面固定一条纸带，纸带穿
过电火花打点计时器，细线一端连着小车，另一端通过光滑的定滑轮和动滑轮与挂在竖直面内的拉力
传感器相连，拉力传感器用于测量小车受到拉力的大小。已知电火花打点计时器工作频率为50Hz，重
力加速度大小为
。
(1)（单选）下列说法正确的是______（选填字母标号）
A．电火花打点计时器应使用工作电压约为8V 的交流电源
B．调整长木板上定滑轮的高度使细线与长木板平行
C．本实验中，小车与钩码的加速度大小相等
D．实验条件必须满足钩码与动滑轮的总质量远小于小车的质量
(2)实验中得到的部分纸带及测量情况如图丙所示，每两个点之间还有四个点未画出，根据图丙的纸带
可求出小车的加速度
（结果保留三位有效数字）；
(3)该同学根据实验数据作出了小车的加速度a 与拉力传感器示数F 的关系图像如图乙所示，图像不过
原点的原因可能是 ；
(4)若图乙中图线在纵轴上的截距为
，直线斜率为k，则小车的质量
；
(5)该同学发现，不断增加钩码的质量，小车的加速度会趋向于一恒定值，该值大小为
（结
果保留三位有效数字）。
【答案】 (1)B；(2)0.820；(3)平衡摩擦力过度；(4)
；(5)19.6
【解析】（1）A．电火花打点计时器应使用工作电压为220V 的交流电源，A 错误；
B．实验进行时，拉小车的细线与长木板平行，能保证运动过程中拉力方向不变且恒定，B 正确；
C．小车加速度为钩码加速度的2 倍，C 错误；
D．细绳上的拉力大小由力传感器测出，不需要满足钩码与动滑轮的总质量远小于小车的质量，D 错
误。
故选B。
12
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（2）由题可知，相邻计数点间的时间间隔为
逐差法可得加速度大小为
（3）力传感器示数
时，小车的加速度不为零，可知平衡摩擦力过度。
（4）由题可知
解得
故小车的质量
（5）钩码与小车通过动滑轮由轻绳连接，故小车加速度为钩码加速度的2 倍，设小车加速度为a，钩
码质量为m，分别对钩码和小车受力分析由牛顿第二定律得
，
联立解得
不断增加钩码的质量
故有
12. （10 分）某同学在测定一节干电池的电动势和内阻的实验中，实验室提供的器材有：
A．电流表：量程0~0.6A，内阻约1Ω
B．电流表：量程0~3A，内阻约0.2Ω
C．电压表：量程0~3V，内阻约3kΩ
D．电压表：量程0~15V，内阻约15kΩ
E．滑动变阻器（最大阻值20Ω）
F．滑动变阻器（最大阻值1000Ω）
G．开关、导线若干
(1)为了较准确测量电池的电动势和内阻，按照如图甲所示电路图，电压表应该选择 ，电流表应
该选择 ，滑动变阻器应该选择 。（均选填仪器前面的字母序号）
(2)在实验中测得多组电压和电流值，得到如图乙所示的
图线，由图可知电源电动势
V。内阻
Ω。（结果保留三位有效数字）
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(3)①按如图甲所示电路图实验时，由于电流表和电压表部不是理想电表，所以测量结果有系统误差。
下列说法正确的是 。
A．引入系统误差的原因是电流表的分压作用
B．引入系统误差的原因是电压表的分流作用
②图丙中实线为小明同学按如图甲所示电路图，正确操作时作出的图线，两条虚线a、b 中有一条是
电源电动势E 和内阻r 真实图线，下列说法正确的是 。
A．图线a 表示真实图线，小明同学所测电动势和内阻均偏小
B．图线b 表示真实图线，小明同学所测电动势大小等于真实值，内阻偏大
【答案】 (1) C A E；(2) 1.50 1.84；(3) B A
【解析】（1）为了较准确测量电池的电动势和内阻，按照如图甲所示电路图，因一节干电池电动势
约为1.5V，电压表应该选择C，电路中电流不超过0.6A，电流表应该选择A，为便于调节，则滑动变
阻器应该选择E。
（2）根据U=E-Ir
由图可知电源电动势
1.50V
内阻
（3）①该电路引入系统误差的原因是电压表的分流作用。
故选B；
②由于电压表的分流作用，则电流的测量值偏小；而当外电路短路时，短路电流没有误差，可知图线
a 表示真实图线，小明同学所测电动势和内阻均偏小。
故选A。
13. （9 分） 如图所示，U 形玻璃管竖直放置，用活塞和一段水银柱将管内分出两段气柱A、B，开始时，
A 气柱长为10cm，B 气柱长为20cm，左、右两管中水银柱的液面高度差为10cm，左、右两管的截面
积之比为1 2∶，B 气柱的压强为80cmHg，活塞与玻璃管内壁间无摩擦且不漏气，求：
(1)开始时A 气柱气体的压强大小；
(2)将活塞缓慢下移使左右两管中的高度差变为13cm，（此时B 管中仍有水银柱），则活塞向下移动
的距离（结果保留两位小数）。
14
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【答案】 (1)
；
(2)
【解析】（1）开始时，B 气柱气体压强
则A 气柱气体的压强
（2）当两管中水银柱的液面高度差变为13cm 时，设左管中水银上升的高度为x，则右管中水银下降
的高度为0.5x
于是有
解得x=2cm
对A 气柱气体研究
根据题意可知
解得
则此时B 气柱的气体压强
对B 气柱气体研究
解得
则活塞下降的高度
14. （15 分） 如图所示，有一匝数
匝、内阻
、横截面积
的螺线管线圈内存在垂
直线圈平面向上的匀强磁场，磁感应强度随时间变化的规律为
，线圈左侧有电容为
的超级电容器，平行倾斜金属导轨可通过单刀双掷开关分别与线圈和电容器相连，倾斜导轨
与水平金属导轨间通过一小段光滑绝缘圆弧平滑连接。已知倾斜导轨的倾角
，倾斜导轨和水平
导轨间距均为
，倾斜导轨内存在垂直导轨平面向上、磁感应强度
的匀强磁场，水平
导轨
区域内存在方向竖直向上、宽度为
、磁感应强度为
的匀强磁场，磁场边
界与导轨垂直。现将开关接1，将一电阻不计、质量
的金属杆
垂直倾斜导轨放在磁场边
界
下方某处，金属杆
处于静止状态。然后将开关接2，金属杆
由静止开始下滑，当滑到底端
时速度为
，此后进入较长的光滑水平导轨，与磁场边界
左侧的“工”字型联杆发
生弹性碰撞，随后联杆向左运动穿过磁场区域。已知金属杆
与倾斜导轨间动摩擦因数
，金
属杆
、
长度均为
、质量均为
、电阻均为
，与金属杆垂直的绝缘轻
杆
长度也为
、质量不计。已知金属杆始终与导轨良好接触，导轨电阻不计，忽略磁场的边界
效应，重力加速度
取
，求：
15
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(1)当开关接1 时，金属杆
所受的摩擦力大小；
(2)当开关接2 时，金属杆
从初始位置运动到倾斜导轨底端
的位移；
(3)
与联杆相碰后，联杆穿过磁场区域
过程中，
杆上产生的焦耳热？
【答案】 (1)0;(2)
;(3)
【解析】（1）当开关打到接头1 时，由法拉第电磁感应定律，可知
感应电流
根据受力平衡列平衡方程
代入可得
（2）当开关打到接头2 时，对金属杆
受力分析可知
杆
与电容器构成闭合回路，电流
联立求得杆做匀加速运动，加速度
杆
运动至底端，根据匀变速直线运动规律有
可得
（3）杆
与联动装置发生弹性碰撞，由动量守恒和能量守恒可知其交换速度，故碰后杆
静止，联
杆速度变为
①当杆
从
运动到
过程，
杆为电源，
和
并联构成外电路，由于
电阻不计，外电路
短路，电路中产生的电能全部转化为
杆的焦耳热。对
杆列动量定理
得
由此得
杆产生的焦耳热
②当杆
从
运动到
过程，
杆为电源，
和
并联构成外电路，由于
电阻不计，
被短
路，电路中产生的电能全部转化为
杆的焦耳热，
杆不发热。
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所以整个过程中
杆产生的焦耳热
。
15. （18 分） 如图所示，足够长的固定斜面与一光滑水平面平滑连接，在水平面上距斜面足够远处有一
竖直挡板
。某时刻，质量为
的物块
以
的速度向右运动，质量为
的物块
以
的速度沿斜面向下滑行。已知斜面倾角
与斜面间的动摩擦因数
，开始
时
距斜面底端
与
的碰撞均为弹性碰撞，
与
碰撞后速度反向且大小减为碰前的
，A
运动过程中始终未滑上斜面，重力加速度大小
。求
(1)B 与A 第1 次碰撞前的速度大小；
(2)A 与B 第1 次碰撞后二者的速度大小；
(3)A 与B 静止时，B 在斜面上运动的总路程。
【答案】 (1)
;(2)
，
;(3)
【解析】（1）B 沿斜面下滑，由牛顿第二定律
运动至斜面底端，与
第1 次碰撞前的速度大小为
，由运动学公式
解得
（2）
与
第1 次碰撞后，速度大小分别为
、
，由动量守恒定律和能量守恒定律，则有（以向
右为正方向）
，
解得
，
（3）
以速度
沿斜面上滑，由牛顿第二定律
由运动学公式
运动至斜面底端，速度大小为
，由运动学公式
解得
以此类推，每次B 滑下斜面的速度是其滑上斜面速度大小的
。因此，在第二次碰前
第二次碰撞后
，
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第三次碰前
第三次碰撞后
，
第四次碰前
第四次碰撞后
，
不难看出，第
次碰后二者速度均为第
次碰后的
。而第一次碰后至第二次碰前，
在斜
面上经过路程
第二次碰后至第三次碰前，B 在斜面上经过路程
而第三次碰后第四次碰前，B 在斜面上经过路程
第四次碰后至第五次碰前，B 在斜面上经过路程
故第
次碰后至第
次碰前
在斜面上运动的路程为第
次碰后至第
次碰前
在斜上经过路
程的
所以，
与
静止时，
在斜面上运动的总路程
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