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2025 年高考押题预测卷
物理·全解全析
（考试时间：75 分钟 试卷满分：100 分）
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试卷和答题卡上．
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑．如需改动，用
橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号．回答非选择题时，将答案写在答题卡上．写在本试卷上无效．
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回．
一、选择题：本题共6 小题，每小题4 分，共24 分．在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求．
1．下列四种情形中，不属于干涉现象的是（ ）
A．图1 中激光通过双缝形成等距条纹
B．图2 中肥皂膜的彩色条纹
C．图3 中圆盘后呈现泊松亮斑
D．图4 中检查平面的平整程度
【答案】 C
【解析】图1 中激光通过双缝形成等距条纹属于光的干涉；图2 中肥皂膜的彩色条纹是属于薄膜干涉
现象；图3 中圆盘后呈现泊松亮斑是光的衍射现象；图4 中检查平面的平整程度是光的干涉现象。
故选C。
2．如图（a）所示，艺术体操的带操表演中，运动员手持细棒沿竖直方向上下抖动彩带的一端，彩带随之
“波浪”翻卷，同时彩带上的“波浪”向前传播，把这样的“波浪”近似视为简谐横波图（b）为一
横波在t=0 时刻的波形图，图（c）为图（b）中质点P 的振动图像，则（ ）
A．该波沿x 轴正方向传播
B．该波的传播速度为2.0m/s
C．t=1.0s 时质点P 的加速度最大
D．10s 内质点P 运动的路程为8m
【答案】 D
【解析】A．
时刻质点
向
轴负方向运动，由同侧法知该波沿
轴负方向传播，选项A 错误；
1
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B．由图（b）知波长为
由图（c）知周期为
则波速为
选项B 错误；
C．
时质点
位于平衡位置，加速度为0，速度最大，选项C 错误；
D．由图（c）知质点
振动的振幅为
又
则10s 内质点
运动的路程为
选项D 正确。
故选D。
3．如图所示，质量都为m 的A、B 两物块叠放在一起，B 受到一水平向左的恒力F，A、B 在粗糙的水平地
面上保持相对静止并向右做直线运动，且
（
为B 受到的滑动摩擦力），在AB 向右运动的过
程中，下列关于A、B 的说法正确的是（ ）
A．因AB 受力平衡，所以A 不受摩擦力B．A 受摩擦力为
C．B 的加速度为
D．B 的加速度为
【答案】 C
【解析】对AB 整体，由牛顿第二定律得
解得
对A 由牛顿第二定律得
故C 正确，ABD 错误。
2
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故选C。
4．神舟十三号载人飞船入轨后经历多次机动变轨，于北京时间10 月16 日6 时56 分与空间站组合体成功
实现自主快速交会对接，顺利完成入轨状态设置，成功对接于天和核心舱径向端口，如图所示，假设
神舟十三号载人飞船A 与天和核心舱B（均可看成质点）对接前分别在轨道1 和轨道2 上做圆周运动。
神舟十三号载人飞船A 在适当位置经短时加速变轨后与轨道2 上运行的天和核心舱B 于P 点实现对接，
不计飞船发动机喷气的质量损耗，下列说法错误的是（ ）
A．A 在轨道1 上运行时的加速度大于在轨道2 上运行时的加速度
B．随着航天技术的发展，可以实现飞船与空间站的同轨加速追及对接
C．A 与B 对接后在高轨道的运行速度比A 在原轨道的运行速度小
D．在A 的变轨过程中，A 的引力势能逐渐增加
【答案】 B
【解析】A．根据
解得
因此A 在轨道1 上运行时的加速度大于在轨道2 上运行时的加速度，故A 正确，不符合题意；
B．A 在轨道1 上加速后将做离心运动，无法实现同轨加速追及对接，故B 错误，符合题意；
C．根据
解得
可因此A 与B 对接后在高轨道的运行速度比A 在原轨道的运行速度小，故C 正确，不符合题意；
D．在A 与B 对接的变轨过程中，万有引力对A 做负功，故A 的引力势能逐渐增加，故D 正确，不符
合题意。
故选B。
3
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5．如图所示，在一竖直平面内有一光滑的绝缘倾斜轨道ab 和一光滑的绝缘圆弧轨道bcde 平滑相接，一个
质量为m 的带正电小球从距最低点c 所在水平面高h．处由静止释放后，刚好能通过圆轨道的最高点
e．现在轨道空间内加一竖直向上的、范围足够大的匀强电场，且小球所受的电场力小于小球的重力，
下列说法中正确的是（ ）
A．小球经过c 点时，小球的机械能最小
B．小球经过c 点时动能最大，电势能最小
C．若要小球仍能通过e 点，必须从斜面上更高的位置静止释放
D．若小球仍从斜面上原位置静止释放，通过e 点时会对轨道产生压力
【答案】 A
【解析】CD．加上电场后，当从斜面上高h0处释放小球后，小球仍然是刚好能通过轨道的最高点e，
所以CD 错误；
AB．小球的机械能不守恒，在最低点c，小球的电势能最大，故机械能最小，故B 错误，A 正确；
故选A。
6．2023 年9 月29 日，在杭州第19 届亚运会田径项目女子铅球决赛中，中国选手以19.58 米的成绩夺得金
牌，获得亚运会三连冠。把铅球的运动简化为如图所示的模型：铅球从离地面高度为的
点抛出，
抛出时铅球的速度大小为
、与水平方向的夹角为
，经时间铅球落地，落地时铅球的速度大小为、
与水平方向的夹角为
，位移大小为
、与竖直方向的夹角为
。已知
与
互余，不计空气阻力，
重力加速度大小为
，下列判断正确的是（ ）
A．
B．
C．
D．
【答案】 D
【解析】A．根据动能定理有
解得
4
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故A 项错误；
B．由题意知
整理有
故B 项错误；
C．如图所示
由有几何关系，速度关系有
解得
故C 项错误；
D．如图所示
将初速度分解为
和
，有
，
同理将重力加速度也进行分解，有
，
在x 方向有
故D 项正确。
故选D。
5
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二、选择题：本题共4 小题，每小题5 分，共20 分．在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求．
全部选对的得5 分，选对但不全的得3 分，有选错的得0 分．
7．如图所示为一电动玩具起重机的电路示意图，理想变压器的原、副线圈的匝数比为3：1，变压器原线
圈中接入瞬时值
的正弦交变电流，电动机的内阻为
，装置正常工作时，质量
为
的物体恰好以
的速度匀速上升，灯泡正常发光（阻值保持不变），电表均为理想电表，
电流表的示数为
，设电动机的输出功率全部用来提升物体，不计空气阻力，取重力加速度
。下列说法正确的是（ ）
A．电压表的示数为
B．小灯泡的额定功率为
C．电动机正常工作时的发热功率为
D．若电动机被卡住但未损坏的情况下，原线圈输入的功率为
【答案】 BD
【解析】A．变压器原线圈两端电压的有效值为
根据理想变压器原、副线圈电压与线圈匝数的关系
解得变压器副线圈两端电压的有效值为
电压表的示数等于变压器副线圈两端电压的有效值，为10V，故A 错误；
BC．设通过电动机的电流为
，电动机输出功率
又
解得
电动机消耗的热功率
小灯泡的额定功率为
故B 正确；C 错误；
D．由C 选项分析可知，通过小灯泡的电流为
若电动机被卡住但未损坏的情况下，原线圈输入的功率为
故D 正确。
故选BD。
6
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8．有一匀强磁场，磁感应强度为
，方向垂直纸面向外，一个原来静止在
处的原子核，发生衰变放射出
某种粒子，两个新核的运动轨迹如图所示，已知两个相切圆半径分别为
、
。下列说法正确的是（
）
A．原子核发生
衰变，根据已知条件可以算出两个新核的质量比
B．衰变形成的两个粒子带同种电荷
C．衰变过程中原子核遵循动量守恒定律
D．衰变形成的两个粒子电荷量的关系为
【答案】 BC
【解析】衰变后两个新核速度方向相反，受力方向也相反，根据左手定则可判断出，带同种电荷，所
以衰变是
衰变，衰变后的新核由洛伦兹力提供向心力，有
可得
衰变过程遵循动量守恒定律，即mv 的乘积相同，所以电荷量与半径成反比，有
但无法求出质量，故AD 错误，BC 正确。
故选BC。
9．如图，倾角为30°的光滑斜面固定在水平面上，其底端固定一劲度系数为k 的轻质弹簧，弹簧上端放置
一个质量为m 的物块B。t=0 时刻，将质量也为m 的物块A（可视为质点）从斜面顶端由静止释放，t1
时刻A 与B 发生碰撞并粘在一起，粘合体沿斜面简谐运动过程中，弹簧最大形变量为
。已知弹
簧弹性势能表达式为
，弹簧振子周期公式
，其中x 是弹簧形变量，k 为弹簧劲度
系数，M 为振子质量，重力加速度大小g=10m/s2，则下列说法正确的是（ ）
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A．粘合体速度最大为
B．物块A 释放点到碰撞点的距离为
C．粘合体向下运动过程中的最大加速度大小为g
D．从物体A、B 碰撞到运动到最低点的时间为
【答案】 AD
【解析】A．由题可知简谐振动的平衡位置合力为零，此时有
振幅为
，
最大速度为
物块AB 速度最大为
故A 正确；
B．设碰前A 的速度为2v1，则
碰撞过程动量守恒可得
得
从碰后到运动到平衡位置，根据能量守恒可得
解得
故B 错误；
C．物块AB 运动过程中的最大加速度在最低点，即
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解得
故C 错误；
D．碰撞后AB 做简谐振动，此时AB 得位移为
，从物体AB 碰撞后得相位为
可得
到最低点的时间为
故D 正确。
故选AD。
10．在水平面内以O 点为坐标原点建立平面直角坐标系xOy，第一象限中有一矩形挡板OABC，其中
，
，在空间内存在如图所示的匀强磁场，方向垂直纸面向里，大小为B，其中第三象
限边界为BO 的延长线，O 点为一粒子源，可向OB 反向延长线至垂直于BO 方向的90°夹角范围内发
射大量带电粒子，带电粒子电荷量为q（q<0），质量为m，粒子的速度大小
，忽略粒子间的
相互作用，下列说法正确的是（ ）
A．带电粒子不可能打到OA 挡板的中点
B．带电粒子有可能打到BC 挡板上（除B、C 两点）
C．带电粒子打在OA 挡板上所用时间可能为
D．带电粒子打在AB 挡板上所用时间可能为
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【答案】 AC
【解析】AB．带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，有
代入数据可得圆周运动半径
由几何关系可知，当粒子垂直OB 方向入射进磁场时，轨迹刚好经过OABC，逆时针转动会撞到AB 上，
直至又撞到OA 上，当粒子刚好沿BO 延长线方向发射时，粒子打在OA 上的位置最低，由几何关系可
知，此位置
粒子不可能打到OA 板中点，也不能打到BC 挡板上（除B、C 两点），故A 正确，B 错误；
CD．根据几何关系可得，打在AB 板上圆弧轨迹对应的圆心角为θ
根据时间计算公式
可知打在AB 板上的时间为
D 错误，同理，打在OA 上时，对应的圆心角
打在OA 板的时间为
C 正确。
故选AC。
三、非选择题：本题共5 小题，共56 分．
11. （7 分）实验室提供电阻箱R、一个开关S、电流表A、电压表V 各一个，导线若干，测量一节干电池
的电动势E 和内电阻r。某同学先后按图甲和图乙所示方式进行实验。
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（1）改变电阻箱的阻值R，该同学发现，在调节变阻箱×1000 或×100 旋钮时，电压表的示数几乎不发
生变化，其原因是 ；
（2）实验中调节变阻箱合适的旋钮，读取多组对应的电压U、电流I、电阻R 的数据。为方便利用图
像的线性关系，根据图里获得的实验数据，若以“
”为坐标横轴，则纵轴应为 ；根据图乙获
得的实验数据，做
图像，图线的斜率表示 。
（3）在图乙中，电流表的内阻对于电池电动势和内阻测量的具体影响情况分别是 。
【答案】 (1) 电压表测量电阻箱的电压，电源内阻较小 (2)
(3)对电动势的测量
没有影响；内阻的测量值偏大
【解析】（1）电压表测量电阻箱的电压，电源内阻较小，所以在调节变阻箱×1000 或×100 旋钮时，
电压表的示数几乎不发生变化；
（2） 对图甲根据闭合电路欧姆定律有
解得
则纵轴应为
；
对图乙根据闭合电路欧姆定律有
解得
则做
图像，图线的斜率表示
（3）若考虑电流表内阻，则有
解得
则图像的斜率依然表示
，可见电流表的内阻对于电池电动势和内阻测量的具体影响是对电动势的测
量没有影响；内阻的测量值偏大。
12. （9 分）为了验证碰撞中的动量守恒和检验两个小球的碰撞是否为弹性碰撞（碰撞过程中没有机械能
损失），某同学选取了两个体积相同、质量不等的小球，按下述步骤做了如下实验：
①用天平测出两个小球的质量分别为m1和m2，且m1 > m2。
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②按照如图所示的那样，安装好实验装置。将斜槽AB 固定在桌边，使槽的末端点的切线水平。将一
斜面BC 连接在斜槽末端。
③先不放小球m2，让小球m1从斜槽顶端A 处由静止开始滚下，记下小球在斜面上的落点位置。
④将小球m2放在斜槽前端边缘处，让小球m1从斜槽顶端A 处滚下，使它们发生碰撞，记下小球m1和
小球m2在斜面上的落点位置。
⑤用毫米刻度尺量出各个落点位置到斜槽末端点B 的距离。图中D、E、F 点是该同学记下的小球在斜
面上的几个落点位置，到B 点的距离分别为LD、LE、LF。
根据该同学的实验，回答下列问题：
（1）小球m1与m2发生碰撞后，m1的落点是图中的 点，m2的落点是图中的 点。
（2）用测得的物理量来表示，只要满足关系式 ，则说明碰撞中动量是守恒的。
（3）用测得的物理量来表示，只要再满足关系式 ，则说明两小球的碰撞是弹性碰撞。
【答案】 （1） D F （2）
（3）
【解析】（1）小球m1和小球m2相撞后，小球m2的速度增大，小球m1的速度减小，都做平抛运动，
所以碰撞后m1球的落地点是D 点，m2球的落地点是F 点；
（2）碰撞前，小于m1落在图中的E 点，设其水平初速度为v1。小球m1和m2发生碰撞后，m1的落点
在图中的D 点，设其水平初速度为
，m2的落点是图中的F 点，设其水平初速度为v2。设斜面BC 与
水平面的倾角为α，由平抛运动规律得
解得
同理可解得
所以只要满足
即
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则说明两球碰撞过程中动量守恒。
（3）若两小球的碰撞是弹性碰撞，则碰撞前后机械能没有损失，则要满足关系式
即
m1LE = m1LD＋m2LF
13. （10 分）一定质量的理想气体的
图像如图所示，气体由状态A 变化到状态B 再到状态C，气体
在状态A 时的压强为
。
（1）求气体在状态C 时的压强
；
（2）若
过程中气体吸收热量为
,则
过程中，求气体向外界放出的热量
。
【答案】 （1）
；（2）50 J
【解析】（1）气体在状态A 和在状态C 时的温度相同，由玻意耳定律有
由题图可知
，
,代入数据解得
（2）由题图可知BA 延长线过原点，则气体从状态A 到状态B 发生等压变化，
过程气体从外
界吸收热量，对外界做功，内能增加，由热力学第一定律有
其中
状态C 与状态A 内能相等，
为等容变化，气体对外界不做功，有
解得
14. （14 分） 如图所示，半径R = 0.9m 的四分之一圆弧形光滑轨道竖直放置，圆弧最低点B 与长为L =
1m 的水平面相切于B 点，BC 离地面高h = 0.45m，C 点与一倾角为
的光滑斜面连接，质量m
13
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= 1.0kg 的小滑块从圆弧顶点D 由静止释放，已知滑块与水平面间的动摩擦因数
，取g =
10m/s2。
求：（1）小滑块刚到达圆弧的B 点时对圆弧的压力；
（2）小滑块到达C 点时速度的大小；
（3）小滑块从C 点运动到地面所需的时间。
【答案】 （1）30N；（2）4m/s；（3）0.3s
【解析】（1）设滑块到B 点速度为vB，由动能定理
在B 点
得
N = 3mg = 30N
由牛顿第三定律，滑块在B 点对圆弧的压力大小为30N。
（2）由动能定理
解得
⑶滑块离开C 点后做平抛运动，设其下落h 的时间为t，则
得
t = 0.3s
则t = 0.3s 内滑块的水平位移
x = vct = 1.2m
而斜面的水平长度
x0= hcotθ = 0.78m
由于
x > x0
则滑块不会落到斜面上而直接落到地面上，所以小滑块从C 点运动到地面所需的时间为0.3s。
14
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15. （16 分） 如图，两根足够长且电阻不计的平行金属导轨与地面均成
角放置，区域I 和II 以
为边
界分别存在足够大的垂直两导轨所在平面向下及平行导轨向上的匀强磁场，两磁场的磁感应强度均为
，质量分别为
、
的导体棒
、
相距
放置在区域I 的导轨上，两棒的
电阻均为
，两棒的长度和导轨的间距均为
。区域I 的导轨光滑，区域II 的导轨与
棒间
的动摩擦因数
，且与
棒无摩擦。同时由静止释放两棒，
棒进入区域II 后恰好做匀加速直
线运动。
，棒与导轨接触良好，重力加速度大小
，
。
（1）
棒到达
前，求
和
棒的加速度大小；
（2）求
棒的释放处与
的距离；
（3）
棒到达
时，
棒的速度多大？
【答案】 （1）
，
；（2）0.75m；（3）5m/s
【解析】（1）
棒到达
前，两棒均在区域I 中，回路中通量变化为零，故感应电动势为零，两棒
均做加速度相同的匀加速直线运动，设加速度大小为
；由牛顿第二定律有
解得
（2）
棒在区域II 中恰好做匀加速直线运动，表明其受到的安培力恒定，即回路中电流恒定。故
切割感线的速度恒定，所以
一定做匀速直线运动。设
匀速运动的速度（也是
棒刚好到达
的速度）大小为，
棒释放点与
的距离为
，
棒切割感线产生的感应电动势为
回路中的电流为
棒受到的安培力为
对
棒，由力的平衡条件有
联立解得
对
棒，由匀变速运动规律有
15
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解得
（3）从
棒位于
至
棒到达
，由右手定则可知
棒中电流方向从
到
，由左手定则可知
棒受到的安培力方向垂直轨道平面向下；此过程
棒在区域I 中运动的时间为
设
棒在区域II 中的加速度为
，对
棒，由牛顿第二定律有
解得
故
棒到达
时，
棒的速度为
16
