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2025 年高考押题预测卷01
物理·全解全析
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如
需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写
在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、选择题：本题共10 小题，共46 分。在每小题给出的四个选项中，第1~7 题只有一项符合题目要求，
每小题4 分；第8~10 题有多项符合题目要求，每小题6 分，全部选对的得6 分，选对但不全的得3 分，
有选错的得0 分。
1．将一块放射性物质放入上端开孔的铅盒中，再将铅盒放在垂直纸面向外的匀强磁场中，发现放射性物
质发出的三种射线发生如图所示偏转，下列说法正确的是（ ）
A．甲射线是高速电子流
B．乙射线常用于常规人体透视
C．三种射线中丙射线的贯穿本领最强
D．一个半衰期后，铅盒中物质的质量为刚放入时的一半
【答案】A
【解析】A．根据左手定则，由图可知，甲射线是高速电子流，丙射线为
射线，乙射线为
射线，故
A 正确；
B．常规人体透视使用X 射线，而乙射线为
射线（穿透力最强），虽可用于医疗（如肿瘤治疗），但
并非透视的常规选择，故B 错误；
C．乙射线不偏转为
射线，其穿透能力最强（能穿透几厘米厚的铅板），丙为
射线，穿透能力最弱，
1
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故C 错误；
D．半衰期指放射性原子核数量减半，而非总质量减半（因衰变产物仍留在铅盒中）。实际质量减少量
取决于衰变类型，通常远小于一半，故D 错误。
故选A。
2．某质点受一恒力
的作用，从A 点沿曲线运动到B 点，如图所示，此过程中所受恒力的方向可能为（
）
A．竖直向上
B．水平向左
C．竖直向下
D．无法确定
【答案】C
【解析】根据曲线运动特点可知，质点所受合力方向位于轨迹的凹侧，所以此过程中所受恒力的方向
不可能竖直向上，也不可能水平向左，可能竖直向下。
故选C。
3．如图所示，某同学对着竖直墙壁练习打网球，该同学使球拍与水平方向的夹角为
，在O 点击中
网球，球以
的速度垂直球拍离开O 点，恰好垂直击中墙壁上的P 点，忽略空气阻力的影
响，取重力加速度大小
，
，下列说法正确的是（ ）
A．网球在P 点与墙壁碰撞时的速度大小为10
B．网球由O 点运动到P 点的时间为1.6s
C．O、P 两点间的水平距离为12.8m
D．若O、P 两点连线与墙壁的夹角为
，则
【答案】B
2
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【解析】A．网球的逆向运动（由P 点到O 点）为平抛运动，对O 点速度进行分解可得
选项A 错误；
B．在竖直方向上有
解得
选项B 正确；
C．O、P 两点间的水平距离
选项C 错误；
D．根据题意可知
根据几何关系有
联立可得
选项D 错误。
故选B。
4．如图所示，半圆AOB 为透明柱状介质的横截面，半径为R，折射率为2，建立直角坐标系Oxy，y 轴与
直径AB 平行，且与半圆相切于原点O。一束平行单色光沿x 轴正方向射向整个介质，欲使所有平行光
线都不能到达x 轴正半轴，需紧贴直径AB 放置-遮光板，则该遮光板沿y 轴方向的长度至少为（不考虑
反射光的影响）（ ）
A．0．2R
B．0.5R
C．0.8R
D．R
【答案】D
【解析】根据临界角与折射率的关系可得：
则
，
3
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欲使所有平行光线都不能到达x 轴正半轴，则需发生全反射，入射角至少等于临界角，当入射角等于临
界角时，可得下图：
根据几何关系可得
由于对称性可知，总长度至少为
联立可得
故选D。
5．一定质量的理想气体的状态变化过程已表示在如图所示的
图上，气体先由a 状态沿双曲线变化到
b 状态，再沿与横轴平行的直线变化至c 状态，a、c 两点位于平行于纵轴的直线上。以下说法中正确的
是（ ）
A．由a 状态至b 状态为温度升高
B．由b 状态至c 状态放出热量
C．由c 状态至a 状态气体对外界做功，同时吸收热量
D．c 状态下气体分子单位时间与器壁单位面积碰撞次数小于b 状态
【答案】B
【解析】A．因为a→b 变化图线为双曲线的一支，为等温线，所以是等温变化，故A 错误；
B．根据理想气体状态方程
从b 到c 为等压变化，体积减小，所以温度降低，又因为外界对气体做功，根据热力学第一定律
可知，此过程放出热量，故B 正确；
C．c→a 过程体积不变，没有做功，根据理想气体状态方程可知，压强增大温度升高，结合热力学第一
4
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定律可知，从外界吸收热量，故C 错误；
D．据气体压强的微观解释，气体压强由分子平均撞击力大小与单位时间内与器壁单位面积碰撞次数决
定，c 状态温度低于b 状态，热运动减弱，分子平均撞击力减小，而压强又相同，所以c 状态下气体分
子单位时间与器壁单位面积碰撞次数大于b 状态，故D 错误。
故选B。
6．在恒星形成后的演化过程中，一颗恒星可能在运动中接近并捕获另外两颗恒星，逐渐形成稳定的三星
系统。如图所示是由三颗星体构成的系统，星体B、C 的质量均为
，星体A 的质量是星体B 的4
倍，忽略其他星体对它们的作用，三颗星体在相互之间的万有引力作用下，分别位于等边三角形的三
个顶点上，绕某一共同的圆心在三角形所在的平面内做圆周运动。星体A、B、C 的向心加速度大小之
比为（ ）
A．
B．
C．
D．
【答案】A
【解析】由儿何关系知
设B、A 间的距离为
，则
A 所受的合力
联立可得
由几何对称性可知星体B、C 受力大小相等，根据牛顿第三定律
又
5
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设星体B 所受的合力为
，正交分解
，有
，
则
则
故选A。
7．某司机驾驶汽车在平直高速公路上以速度
匀速行驶时，发动机的输出功率为
。
时刻，司机加
大了油门，使汽车输出功率立即增大到
并保持该功率继续行驶。从司机加大油门开始，汽车的
图像如图所示，从
时刻到再次达到匀速运动的过程中，汽车行驶的位移为。若司机和汽车的总质
量为
，忽略油耗对质量的影响，汽车行驶过程中所受阻力大小不变，则在该过程中，下列说法正确
的是（ ）
A．阻力大小为
B．汽车再次达到匀速时的速度为
C．牵引力做的功为
D．经历的时间为
【答案】D
6
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【解析】A．阻力大小为
故A 错误；
B．汽车再次达到匀速时的速度为
故B 错误；
C．根据动能定理
解得牵引力做的功
故C 错误；
D．根据
解得经历的时间为
故D 正确。
故选D。
8．一列波长为
的简谐横波在均匀介质中沿x 轴正向传播，
时刻的波形如图甲所示，P、
点位置
图甲中未标明是介质中的两个质点，P 是平衡位置位于
处的质点，质点Q 的振动图像如图乙
所示，下列说法正确的是（ ）
A．这列简谐横波在介质中的传播速度为
B．在
时，质点P 的加速度方向沿y 轴正方向
C．质点Q 做简谐运动的位移y 随时间t 变化的关系式为
D．P、Q 两质点的平衡位置最小间距为
7
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【答案】ACD
【解析】A．根据图甲可得波的波长为
，根据图乙可得周期为
，则波速
故A 正确；
B．波沿x 轴正方向传播，根据同侧法可知，
时刻P 沿
方向振动，则
时，质点P
位于平衡位置上方正在向下振动，所以P 的加速度方向沿y 轴负方向，故B 错误；
C．质点Q 做简谐运动的位移y 随时间t 变化的一般表达式为
当
时
，代入上式解得
所以质点Q 做简谐运动的位移y 随时间t 变化的关系式为
故C 正确；
D．
时，P 的位置坐标为
距离P 点最近的Q 点的平衡位置坐标为
P 点平衡位置位于
所以P、Q 两质点的平衡位置最小间距为
故D 正确。
故选ACD。
9．如图所示，水平传送带长x=6m，以v=2m/s 的速率顺时针转动，物体与传送带间的动摩擦因数μ=0.5，
倾角θ=37°的光滑斜面与传送带右侧平滑连接，斜面长为L=3m，质量为m=1kg 的乙静止在斜面底端，
将相同质量的甲从斜面顶端由静止释放，甲乙发生弹性碰撞，下列说法正确的是（ ）
8
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A．物体乙滑上传送带的速度为6m/s
B．物体乙能够运动到B 端
C．整个过程中物体乙在传送带上留下的划痕长度为3.2m
D．整个过程中产生的焦耳热为32J
【答案】AD
【解析】A．甲沿斜面下滑，根据牛顿第二定律可得
，
解得
甲乙发生弹性碰撞，有
，
解得
，
由此可知物体乙滑上传送带的速度为6m/s，故A 正确；
B．乙在传送带上先向左做匀减速直线运动，其位移为
，
解得
由此可知，乙不能够运动到B 端，故B 错误；
C．乙做匀减速直线运动的过程中相对位移大小为
之后乙反向加速到达到共速相对位移大小为
所以整个过程中物体乙在传送带上留下的划痕长度为
故C 错误；
D．整个过程中产生的焦耳热为
故D 正确。
故选AD。
9
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10．如图所示，两根光滑平行金属导轨平放在绝缘水平面上，左侧导轨间距为2L，右侧导轨间距为L，左
右两侧分别存在垂直导轨所在平面向里和向外的匀强磁场，磁感应强度大小均为B．两根由相同材料制
成的不同粗细的金属杆a、b 恰好横跨在导轨上，a、b 的质量均为m，b 的电阻为R，初始时给a、b 杆
向左的瞬时速度，大小均为v，不计导轨电阻，a、b 两杆到导轨两端及导轨间距变化处均足够远且运动
过程中始终与导轨垂直，则（ ）
A．刚开始运动时通过a 的电流大小为
B．导体棒a 先向左减速，再向右加速，最后匀速
C．从开始到运动恰好稳定的过程中通过b 某横截面的电荷量为
D．从开始到运动恰好稳定的过程中b 上产生的焦耳热为
【答案】BD
【解析】A．两杆质量相同，a 杆的长度是b 杆的2 倍，则a 杆的横截面积是b 杆的
，又因为电阻率
相同，根据电阻定律可知a 杆电阻是b 杆电阻的4 倍。结合法拉第电磁感应定律和闭合电路欧姆定律
计算电流初始时，根据右手定则可知两杆产生的电动势方向相同，总电动势为两电动势之和，等于
3BLv，根据闭合电路欧姆定律可知通过a 的电流为，
A 错误。
B．开始运动时，可知a 杆受到的安培力向右，b 杆受到的安培力也向右，两杆均向左做减速运动，a
杆所受的安培力大小为b 杆所受安培力大小的2 倍，两杆质量相同，则a 杆做减速运动的加速度大小
较大，先减速到零，然后在向右的安培力作用下向右做加速运动，产生与b 杆相反的电动势，即
，当两杆电动势大小相等时，闭合回路电流为0，此时a 杆向右做匀速运动， b 杆向左做
匀速运动，故B 确。
10
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C．a 杆向左减速至0，由动量定理得：
得
b 杆向左减速至v1，
，
a 杆向右加速速至匀速，
b 杆向左继续减速至匀速v3，
当a、b 杆电动势等大反向时，回路电流为0，及
得
，
，
选项C 错误。
D．a、b 杆的电阻之比为4：1，设产生的总热量为Q，则b 上产生的热量
由能量守恒定律有
解得
D 正确。
故选BD。
二、实验题：本题共2 小题，共16 分。
11．（6 分）实验小组用如图甲所示实验装置测量当地的重力加速度。
（1）在竖直铁架台上固定一个力传感器和一个光电门，不可伸长的轻绳一端系住一小钢球，另一端连接
力传感器。用螺旋测微器测量小钢球的直径d 如图乙所示，则小球直径为 mm；
（2）小钢球静止悬挂时，用毫米刻度尺测量轻绳悬点到小球球心的距离l，调节光电门位置，使小球球心
11
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正对光电门；
（3）将轻绳拉到偏离平衡位置一定角度，由静止释放小钢球，小钢球摆动经过光电门，读出小钢球经过
光电门时的遮光时间
和传感器的示数F；则小钢球经过最低点时的速度大小为 。（用题中给
出的字母表示）；
（4）多次重复实验，让小球从偏离平衡位置不同角度释放，分别记录小球通过光电门的时间
和力传感
的示数F，并计算
。以力传感器示数F 为纵轴、
为横轴做出
的关系图像如图丙所示，
已知图像的斜率为k，截距为b。则当地的重力加速度为 。（用题中给出的字母d、l、b、k 表
示）；
【答案】（1）8.975 （3）
（4）
【解析】（1）由图可知小球直径为
（3）小球经过光电门时的速度大小为
（4）根据牛顿第二定律有
整理得
结合图丙，有
，
解得
12．（10 分）伏安法测电阻是最重要的测量电阻的方法。
（1）常规测量方法如图甲所示，无论将P 接a 还是接b，考虑到电表内阻的影响，该实验都有系统误差，
将P 接a 时，该误差产生的原因是电压表的 。
12
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（2）①小刘同学改进了测量原理测量待测电阻Rx，电路图如图乙所示。其中A 电源的电动势和内阻未
知，B 电源的电动势为E0，G 为灵敏电流计（零刻度线在表盘正中央），当闭合开关S1和S2时，调节
滑动变阻器R1，使得灵敏电流计不偏转，则此时a 点的电势φa和b 点的电势φb的关系为φa
φb。（选填“>”“=”或“<”）
②已知灵敏电流计的电流方向从d 到b 时，电流计向右偏转，当闭合开关S1和S2时，电流计向左偏转，则
要使电流计指在正中央，应 。（选填“增大R1”或“减小R1”）
③某次测量，当电流计的读数为0 时，电流表的读数为I，则待测电阻为 。
④若电源B 的内阻不能忽略，则待测电阻的测量值 真实值。（选填“>”“=”或“﹤”）
【答案】（1）分流 （2）> 减小R1
=
【解析】（1）图甲中“P 接 a”时所用的是“外接法”，此时误差的根源正是电压表有有限内阻并且
与待测电阻并联，造成了“电压表分流”。简而言之，电压表并未真正做到“只测电压不耗电流”，
从而导致系统误差。
（2）①[1]当灵敏电流计的读数为0 时，说明
，但由于电流是自a 端经待测电阻 Rₓ 流向 b 端，
故
[2]
②
灵敏电流计从d 到b 时指针向右偏，现实际却向左偏（即电流从b 到d），说明b 点电势偏高。要
使电流计回到中央零点，就需“降低”b 点电势，故Rx电压要增大，应减小R1。
[3]
③
电流计读数为0 时，待测电阻上的电压为E0，通过待测电阻的电流为I，故待测电阻为
[4]
④
若电源B 具有内阻但此时又无电流流出（因G 无偏转），则内阻上没有电流通过，也就没有内电
压降，测得 Rₓ 仍等于其真实值，所以待测电阻的测量值＝真实值。
三、计算题：本题共3 小题，共38 分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后
答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。
13
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13．（10 分）如图甲所示，在水平地面上固定一倾角为
的足够长的光滑斜面，质量
的滑块静止
在斜面底端挡板处（滑块与挡板不粘连）。现对滑块施加沿着斜面向上的拉力F，拉力F 随时间t 变化
的规律如图乙所示。重力加速度，
。（如果加速度a 与时间t 成正比，即
，当初速度
为0 时，位移与时间的关系满足
）求：
（1）6.5s 时拉力F 的瞬时功率；
（2）0~6.5s 的时间内拉力F 做的功。
【答案】（1）
（2）
【解析】（1）由题意可知，
时，拉力
滑块开始做加速度增大的加速运动，
时，根据牛顿第二定律可得
解得
可得
时的速度为
之后滑块做匀加速直线运动，
时的速度为
则6.5s 时拉力F 的瞬时功率为
14
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（2）在
内，加速度表达式为
位移为
内的位移为
根据动能定理可得
解得拉力做功为
14．（12 分）如图所示，质量
的凹槽锁定在光滑水平面上，凹槽内部上表面除BC 部分粗糙外其
余部分均光滑，凹槽内部左端固定一个劲度系数为
的轻弹簧，弹簧处于原长且右端位于凹
槽上表面的A 点。在A 点（未与弹簧固定）并排放有两静止物体a 和b（ab 未粘结且均可视为质点），
质量分别为
和
。现给物体a 施加一水平向左、大小为
的恒力，使物体a 向左
运动，当物体a 速度为零时，立即撤去恒力F，同时解除对凹槽的锁定。经过一段时间后a、b 两物体
在凹槽上B 点相碰并粘为一体，已知两物体与凹槽的BC 部分的动摩擦因数均为
，两物体与凹槽
右端及弹簧碰撞时均无能量损失，弹簧始终在弹性限度内，重力加速度g 取
。求：
（1）在恒力F 作用的过程中，物体a 向左移动的距离；
（2）从解除凹槽锁定到a、b 两物体相碰时，凹槽向左运动的距离；
15
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（3）若a、b 两物体能与凹槽右侧完成3 次碰撞，那么，BC 长度的最小值。
【答案】（1）0.15m （2）
（3）
【解析】（1）物体a 向左运动的距离设为
，外力做的功
弹力的平均值
弹力做的功
根据动能定理得
解得
（2）从解除凹槽锁定到a、b 两物体相碰的过程中，物体b 始终静止，
右滑
凹槽和a 构成的系统动量守恒，则有
又
联立可得
（3）从解除凹槽锁定到a、b 刚相碰过程中，由能量守恒定律得
当物体a、b 相碰时，碰后二者速度为
，由动量守恒定律得
16
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当物体a、b 整体，在槽中滑动过程中，最终共速
，由动量守恒定律得
由以上各式解得
即最终三者静止，碰后至停止过程中，a、b 整体在粗糙BC 段滑动的路程设为s，系统由能量守恒定
律得
能碰3 次，满足
由以上各式解得
15．（16 分）如图所示，在三维坐标系Oxyz 中，
区域存在沿x 轴正方向的匀强电场，电场强度大
小为
，
区域存在沿x 轴正方向的匀强磁场，磁感应强度大小为B，在
区域存在
沿z 轴正方向的匀强电场，电场强度大小为
。某时刻一质量为m、电荷量为＋q 的粒子从z 轴上A 点
（0，0，－3L）由静止释放，
、
、
，不计粒子的重力。求；
（1）粒子在磁场中做圆周运动的轨道半径及时间；
（2）粒子离开磁场时距离O 点的距离s；
17
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（3）粒子离开电场
时的位置坐标。
【答案】（1）
，
（2）
（3）
【解析】（1）设粒子经加速电场后进入磁场时速度v，根据动能定理可得
粒子磁场中做圆周运动，洛伦兹力提供向心力，根据牛顿第二定律可得
联立解得
粒子进入磁场后做匀速圆周运动，依据题意画出粒子在磁场中的运动轨迹如图所示
运动轨迹对应的圆心角
，由几何关系可知
可知
联立解得运动时间
（2）根据粒子的运动轨迹，离开磁场时距离z 轴距离为s，结合几何知识可得
联立解得
（3）设在xOy 平面上方中粒子沿z 轴正方向的速度为
，沿x 轴正方向加速度大小为
，位移大小为
18
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x，运动时间为
，由牛顿第二定律可得
粒子在z 轴方向做匀速直线运动，由运动的合成与分解的规律可得
，
粒子在x 方向做初速度为零的匀加速直线运动，由运动学公式可得
联立解得
设粒子沿y 轴方向偏离z 轴的距离为y，其中在xOy 平面上方沿y 方向偏离的距离
，由运动学公式可
得
由题意可得
联立解得
射出点坐标为
19
