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2025 年高考物理临考押题卷
（黑吉辽蒙专用）
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮
擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回
第Ⅰ卷
一、选择题：本题共10 小题，共46 分。在每小题给出的四个选项中，第1~7 题只有一项符合题目要求，每小
题4 分；第8~10 题有多项符合题目要求，每小题6 分，全部选对的得6 分，选对但不全的得3 分，有选错
的得0 分。
1．一列高铁进站时可视为匀减速直线运动，车头经过某地标线时开始计时，经过时间t 车尾刚好停在该地标线。
已知列车全长为L，则列车中点经过该地标线时的速度大小为（ ）
A．
B．
C．
D．
【答案】B
【解析】设列车减速运动的加速度大小为a，对减速L 的过程，
设列车长度的中间位置经过该地标线的速度大小为v，对列车中点减速至零过程，
解得
故选B。
2．关于核反应与核能，下列说法正确的是（ ）
A．
是原子核的人工转变
B．
是太阳内部发生的核反应之一
C．一重核发生
衰变后，衰变产物的结合能之和一定小于原来重核的结合能
1
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D．由于衰变时要释放巨大的能量，根据
，衰变过程总质量会增加
【答案】A
【解析】A．
是查德威克发现中子的核反应方程，属于原子核的人工转变，故A 正确；
B．太阳内部发生的核反应是轻核的聚变反应，而
是重核的裂变反应，故B 错误；
C．重核衰变后，因放出核能，则其衰变产物的结合能之和一定大于原来重核的结合能，故C 错误；
D．根据
可知，衰变过程释放能量要发生质量亏损，故D 错误。
故选A。
3．如图所示为一列沿x 轴传播的简谐横波在t＝0 时的波形图，该波的波速为v＝20 m/s，图中A 是传播方向上
的一个质点，用T 表示该波的周期，则（ ）
A．T＝0.1 s
B．t＝
T 时刻质点A 一定处于波峰处
C．经过
T 时间，质点A 沿x 轴移动2 m
D．在
T～
T 时间内，质点A 的加速度一定变大
【答案】D
【解析】A．由图可知波长为λ＝4 m，根据
可得
故A 错误；
B．若波沿x 轴正方向传播，则
时质点A 处于波峰处，若波沿x 轴负方向传播，则
时质点A 处于波
谷处，故B 错误；
2
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C．质点只在平衡位置两侧振动，并不随波迁移，故C 错误；
D．经过
后，质点A 无论向上或向下振动，都已回到平衡位置，在
时间内，质点A 远离平衡位置
向最大位移处振动，则回复力增大，加速度一定变大，故D 正确;
故选D。
4．如图所示，白纸平铺在水平桌面上，在白纸上放一块底面为长方形的玻璃砖，画出玻璃砖底面的四条边界
，在
边上的
、
两点将
边平均分为三等分，
是
边上的一点，
。一束单色光从
点
射入玻璃砖后刚好在
点发生全反射，仅取走玻璃砖，单色光直接照射到
点，则玻璃砖
边长为（ ）
A．
B．
C．
D．
【答案】B
【解析】设入射角为
，折射角为
，几何关系可知
因为折射率
因为在
点发生全反射，则有
联立解得
则边长
故选B。
5．两端封闭、粗细均匀的U 形细玻璃管内有一段水银柱，当U 形管两端竖直朝上时，
中空气柱长度大于
中
3
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空气柱长度。现将U 形管整体缓慢平放在水平桌面上，没有气体从管的一边通过水银逸入另一边。整个过程中
气体温度不变，则（ ）
A．
中气体压强大于
中气体压强
B．
中气体压强小于
中气体压强
C．
中空气柱长度大于
中空气柱长度
D．
中空气柱长度等于
中空气柱长度
【答案】C
【解析】竖直放置时，由于右边玻璃管中水银柱更高，则
中气体压强大于
中气体压强；将U 形管整体缓慢
平放在水平桌面上，根据平衡条件可知，
中气体压强等于
中气体压强，则从竖直放置到水平放置，
中气体
压强减小，
中气体压强增大，由于整个过程中气体温度不变，根据玻意耳定律
可知，
中气体体积增
大，
中气体体积减小，由于初始时
中空气柱长度大于
中空气柱长度，则水平放置后，
中空气柱长度大于
中空气柱长度。
故选C。
6．如图甲，
、
、
为三个完全相同的灯泡，灯泡
和理想变压器的原线圈串联，灯泡
、
并联接在
副线圈回路中，定值电阻
，交流电流表为理想电表。当理想变压器原线圈电路中接如图乙所示的交流电
源时，三个灯泡都正常发光，电流表示数为
。下列说法正确的是（ ）
A．变压器原、副线圈的匝数比
B．电阻
两端电压的有效值为
C．灯泡的额定电压为
D．电源输出的功率为
4
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【答案】C
【解析】A．由三个灯泡均正常工作，结合电流表示数3A，可知原副线圈的电流值分别为
电流比为
根据原副线圈电流比与匝数比的关系
可得原副线圈匝数比为2：1，故A 错误；
B．由电阻R 的阻值
，通过R 的电流有效值为3A，可得R 两端的电压有效值为
解得
故B 错误；
C．电源输入电压有效值
由原副线圈匝数比，结合灯泡电压特点可得
解得灯泡的额定电压
故C 正确；
D．由电源输入电压的有效值U，结合原线圈电流
，即可得电源的输出功率为
联立解得
故D 错误。
故选C。
7．如图甲所示，大型物流货场广泛地应用传送带搬运货物。与水平面夹角为θ 的倾斜传送带以恒定速率运动，
皮带始终是绷紧的。将质量为
的货物 （可视为质点） 轻放在传送带的A 端，经过1.2s 到达传送带的
B 端。用速度传感器测得货物与传送带的速度ν 随时间t 变化的图像如图乙所示。最大静摩擦力等于滑动摩擦力，
重力加速度
，下列说法正确的是 （ ）
5
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A．货物从 A 端到 B 端的过程中受到的摩擦力始终不变
B．货物与传送带之间的动摩擦因数为0.4
C．货物从A 端到 B 端的过程中，货物与传送带之间因摩擦产生的热量为9.6J
D．货物从A 端到 B 端的过程中，货物与传送带之间因摩擦产生的热量为22.4J
【答案】C
【解析】A．由题意可知，货物先以a1加速度做匀加速直线运动，再以a2加速度做匀加速直线运动，则
时间内，货物受到的摩擦力沿传送带向下，
时间内，货物受到的摩擦力沿传送带向上，A 错误；
B．由图像可知，
货物的加速度大小为
根据牛顿第二定律则有
解得
同理可得
内有
联立解得
B 错误；
CD．由图可知，整个过程货物的位移
传送带的位移
6
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二者的相对位移
根据上述结论可知
故整个过程产生的热量
C 正确，D 错误。
故选C。
8．将一质量为m 的物体放在地球赤道上时，该物体的重力为
；将该物体放在地球的北极点时，该物体的重
力为mg。地球可视为质量分布均匀的球体，地球的半径为R。已知引力常量为G，下列判断正确的是（ ）
A．地球的质量为
B．地球的自转周期为
C．地球的平均密度为
D．地球静止卫星的高度为
【答案】ACD
【解析】A．在地球北极点时，物体受到的重力与万有引力大小相等
解得
故A 正确；
B．由于在地球赤道上该物体的重力为
，则有
解得
故地球自转的周期为
故B 错误；
7
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C．地球的体积为
则地球的平均密度为
故C 正确；
D．由于地球静止卫星围绕地球转动的周期等于地球自转的周期，故由万有引力定律可得
联立解得地球静止卫星的高度为
故D 正确。
故选ACD。
9．如图所示，轻质绝缘细线一端系在
点，另一端与带电量为
的小球（可视为质点）连接，整个装置处在
水平向右、场强大小为
的匀强电场中，小球静止时处在
点，
点在
点的正下方，
与
间的夹角为
，
点在
点正右方且与
点等高，已知
，现把小球移至A 点，给小球一个水平向右的
初速度
（为未知量），小球正好能够到达
点（运动过程中小球的电量不变），重力加速度为
，下列说法
正确的是（ ）
A．小球的质量为
B．小球在A 点获得的动能为
C．小球从A 到
的过程中，速度的最大值为
8
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D．小球从A 到
的过程中，通过
点时细线的张力最大
【答案】BD
【解析】A．在B 点对小球受力分析，由平衡条件可得
解得小球的质量为
，故A 错误；
B．小球从A 点到C 点，由动能定理可得
解得
，故B 正确；
CD．小球静止在B 点，OB 与OA 间的夹角为37°，则电场力与重力的合力由O 指向B，则B 点是小球在圆弧中
运动的等效最低点，所以小球从A 点到C 点的过程中，在B 点的速度达到最大值，在B 点对细线的拉力最大，
小球从A 点到B 点，由动能定理可得
联立可得小球从A 到
的过程中，速度的最大值为
故C 错误，D 正确。
故选BD。
10．如图甲所示，两根足够长的光滑平行金属直导轨固定，导轨间距为
，所在平面与水平面的夹角为
，
导轨间存在垂直于导轨平面、方向相反的匀强磁场，其磁感应强度的大小分别为
、
。
、
是垂直于导
轨，间距为
的磁场边界。将质量分别为
、
的金属棒
、
垂直导轨放置，
棒与
的间距也为
，两
棒接入导轨之间的电阻均为
，其他电阻不计。现同时将两棒由静止释放，两棒与导轨始终垂直且接触良好。
时刻
棒经过
，
棒恰好经过
进入磁场，
时刻
棒经过
。
棒运动的
图像如图乙所示，中间
图线平行于横轴，重力加速度为
。下列说法正确的是（ ）
9
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A．
B．
棒刚进入磁场时的速度大小
C．
时间内，
棒上产生的焦耳热为
D．
时刻，
、
两棒的距离为
【答案】AB
【解析】BC．对a 棒从开始到刚进入磁场过程根据机械能守恒可得
解得
时间内，根据能量守恒可得
由于两棒接入导轨之间的电阻相等，故a 棒上产生的焦耳热为
联立解得
故B 正确，C 错误；
A．设初始时两棒间的距离为
，根据题意，
时刻a 棒经过
，b 棒恰好经过
进入磁场，在
时间内
a 棒先做匀加速运动，进入磁场后做匀速运动，b 棒一直做加速度大小为
的匀加速运动，对a 棒有
10
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对b 棒有
联立解得
设b 棒刚好经过
进入磁场时的速度为
，由运动学公式得
解得
根据图像可知，a 棒在
时间内做匀速运动，受力分析可知a 棒在两区域磁场中时受到的安培力相等，由于
a 棒经过
后的一段时间后仍做匀速运动，故可知该段时间内电路中的电流不变，故该段时间内两棒均做匀速
运动，根据题意可知两棒切割磁感线产生的感应电动势相互叠加，为
此时a 棒受到的安培力为
时间内对a 棒受到的安培力为
又
，联立解得
故A 正确；
D．b 棒在磁感应强度为B 的磁场中运动的时间为
该段时间a 棒运动的位移为
故
时刻两棒间距离为
，故D 错误。
故选AB。
第Ⅱ卷
二、非选择题：本题共5 小题，共54 分。
11．（6 分）（1）小李同学在“用单摆测定重力加速度”实验中：实验时测得小球的直径为D，改变摆长，测
11
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出几组摆线长度（悬点到摆球最顶端）和对应周期T 的数据作出
图像。如图甲，利用图甲中给出的坐标求
出重力加速度，其表达式
（用T1、T2、l1、l2、π 表示）。若该同学实验操作步骤完全正确，那么
纵轴截距的绝对值是 （用D 表示）。
（2）小明同学学习了传感器后，利用该小球和摆线，设计了利用力传感器做测定重力加速度的创新实验，如图
乙，按照图乙所示的装置组装好实验器材，用刻度尺测量此时摆线的长度l0。实验时用拉力传感器测得摆线的
拉力F 随时间t 变化的图像如图丙所示。则当地的重力加速度可表示为
（用D、l0、t0、π 表示）。
【答案】（1）
（2）
【解析】（1）[1][2]根据题意，由单摆周期公式有
解得
结合
图像可知其斜率k 为
解得
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图像纵轴截距的绝对值是
。
（2）由图丙可知，周期为
单摆周期
联立可得
12．（8 分）某实验小组要测量一电池的电动势和内阻，实验室提供下列器材∶
A．电池（电动势约为3V，内阻约为10Ω）；
B．灵敏电流表G（量程为0~2mA，内阻
Ω）；
C．定值电阻
；
D．电阻箱
Ω）；
E．开关和导线若干。
（1）由于灵敏电流表G 的量程较小，不满足实验要求，现要把灵敏电流表的量程扩大为原来的3 倍，则应使灵
敏电流表G 与定值电阻
（填“串联”或“并联”），且定值电阻
的阻值为 Ω。
（2）如图甲所示，用改装好的电流表A 测量电池的电动势和内阻，改变并记录电阻箱接入电路中的电阻
，
根据记录的数据，以灵敏电流表G 的示数
的倒数为纵坐标，以相应电阻箱接入电路的阻值
为横坐标，作出
如图乙所示的图像，则电池电动势
V，内阻
Ω。（结果均保留三位有效数字）
13
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【答案】（1）并联 3 （2）2.98 9.92
【解析】（1）[1][2]电流表扩大量程需要并联电阻分流，根据欧姆定律有
解得
（2）[1][2]根据闭合电路欧姆定律有
变形得
则
解得电池电动势
，内阻
13．（8 分）如图所示，一轨道由曲面AB、竖直圆轨道、水平轨道BD 和固定斜面DEF 平滑连接组成，其中曲
面和圆轨道光滑，水平轨道和斜面粗糙且动摩擦因数均为
，圆轨道最低点B 相互错开。现将一质量为
m=0.5kg 的滑块（可看成质点）从AB 轨道上距离地面某一高度由静止释放，若已知圆轨道半径R=0.8m，一水
平面的长度BD=9m，斜面宽度DF=2m，倾角
，g 取10m/s2，滑块从h=2.4m 高处由静止开始滑下，求：
（1）滑块运动至圆轨道最高点 C 点对轨道压力大小；
（2）滑块在斜面上向上运动的最大距离：
（3）滑块最终停止的位置（用距离D 点描述）。
【答案】（1）
（2）
（3）滑块停在D 点左侧2m 处
【解析】（1）滑块从静止开始滑下到C 过程，根据动能定理可得
解得
14
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在C 点，根据牛顿第二定律可得
解得
（2）滑块从静止开始滑下到第一次到达D 点过程，根据动能定理可得
解得
滑块在斜面上向上运动过程，根据牛顿第二定律可得
解得
根据运动学公式可得滑块在斜面上向上运动的最大距离为
（3）设滑块最终停止的位置与D 点的距离为，滑块从斜面上下滑到最终停止过程，
解得
则滑块停在D 点左侧2m 处。
14．（12 分）如图，劲度系数为k 的轻弹簧一端固定在水平地面上，另一端连接质量为m 木块A，处于静止状
态。一质量也为m 的木块B 从高度h 处自由下落，下落后与A 发生碰撞一起竖直向下运动但不粘连。弹簧始终
在弹性限度内，弹簧的弹性势能表达式为
（x 为弹簧的形变量），重力加速度大小为g，忽略空气阻
力。求：
15
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（1）木块A、B 碰撞过程中损失的机械能；
（2）木块A、B 碰撞后向下运动过程中，两木块的最大总动能；
（3）若
木块A、B 碰撞后向下运动过程中，弹簧的最大弹性势能。
【答案】（1）
（2）
（3）
【解析】（1）B 从高度h 处自由下落，根据速度-位移公式
AB 相碰，满足动量守恒
A、B 碰撞过程中损失的机械能为
解得
（2）初始时根据平衡条件，有
初始弹簧压缩
速度最大时根据平衡条件，有
16
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速度最大时弹簧压缩
碰撞后根据机械能守恒定律
解得
（3）从碰撞后到压缩到最底点，弹簧的压缩量为
，根据能量守恒，有
解得
最大的弹性势能为
15．（20 分）如图所示，在
平面直角坐标系中，第二象限有一过坐标原点
的曲线，该曲线及其上方有竖
直向下的匀强电场。曲线上每个位置可连续发射质量为
、电荷量为
的粒子，粒子均以大小为
的初速度水
平向右射入电场，所有粒子均能到达原点
，曲线上A 点离
轴的距离为，电场强度大小为
。第四象限
内（含
边界）存在垂直于纸面向外、磁感应强度大小为
的匀强磁场，
为平行于
轴且足够大的荧
光屏，荧光屏可以上下移动，不计粒子重力及粒子间的相互作用，粒子打到荧光屏上即被吸收。
17
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（1）求图中曲线方程；
（2）若粒子运动中不会与荧光屏相碰，求从A 点发射的粒子在磁场中运动时间；
（3）若将荧光屏缓慢上下移动，求从A 点至
点发射的粒子打在荧光屏上的发光点间的最大距离
。
【答案】（1）
（
） （2）
（3）
【解析】（1）设曲线某点坐标为（x，y），粒子在电场中做类平抛运动，水平方向有
竖直方向有
其中
解得
（
）
（2）对从曲线上A 点射入的粒子，作出粒子的运动轨迹如图所示
在电场中，粒子做类平抛运动，在水平方向有
18
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在竖直方向有
设粒子进入磁场时速度与竖直方向的夹角为
，则有
解得
粒子在磁场中做匀速圆周运动，则有
，
解得
则粒子在磁场运动时间
解得
（3）设粒子从
点进入磁场的速度，与
轴负向的夹角为
，运动半径为
，由洛伦兹力提供向心力有
解得
由几何知识可知，若无荧光屏粒子出磁场时对应的弦长为
该弦长与v 无关，即从
任一点发射的粒子都从同一点射出磁场。令
点发射的粒子在磁场中运动轨道半径
，
结合上述有
令从A 点发射的粒子在磁场中运动轨道半径
，则有
所以打在荧光屏上的发光点的最大距离为
19
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解得
20
