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2025 年高考押题预测卷
物理·全解全析
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如
需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写
在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回
一、单项选择题：本题共4 小题，每小题4 分，共16 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题
目要求的。
1．如图所示，一个导热良好的圆柱形汽缸开口向上竖直放置于水平面上，缸内储存文物，且封闭有一定
质量的理想气体。现环境温度缓慢升高，活塞离汽缸底部的距离由变为
，已知大气压恒定，活塞与
汽缸壁密封良好且不计摩擦，忽略文物热胀冷缩的影响，则下列说法正确的是（ ）
A．内能增大 B．外界对气体做功
C．气体放出热量 D．每个气体分子的动能都增大
【答案】A
【解析】气体膨胀对外做功，温度升高内能增大，A 正确，B 错误；气体膨胀对外做功，温度升高内能
增大，根据热力学第一定律可知，气体吸收的热量大于气体膨胀对外做的功，C 错误；温度升高，气体
分子的平均动能增大，但并不是每个分子的动能都增大，D 错误。
2．如图所示，O 为半径为
的半球形玻璃砖平面圆的圆心，虚线为玻璃砖的对称轴，一束复色光平行对
称轴垂直射向玻璃砖，经玻璃砖折射后分成两种单色光
、
。已知复色光束与对称轴的距离为
，
光与对称轴的夹角为
，不考虑光在玻璃砖内的反射，则下列说法正确的是（ ）
A．玻璃砖对
光的折射率大于
B．将复色光向上平移，
光最先消失
C．在玻璃砖中
光的波长小于
光的波长
D．若某金属被
光照射恰好发生光电效应，则它被
光照射也会发生光电效应
【答案】C
【解析】如图所示
1
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根据几何关系可得
，可得
，根据图中几何关系可得
，则玻璃砖对
光的折射率为
，由题图可知
光的偏折程度小于
光的偏折程度，则玻璃砖对
光的折射率小于玻璃砖对
光的折射率，即玻璃砖对
光的折射率小于
，A 错误；根据全反射临界角
公式
，可知
光发生全反射的临界角较小，则将复色光向上平移，
光最先消失，B 错误；根
据
，有
，由于玻璃砖对
光的折射率小于玻璃砖对
光的折射率，则
光的频率小
于
光的频率，
光在真空中波长大于
光在真空中波长，则在玻璃砖中
光的波长大于
光的波长，C
正确；由于
光的频率小于
光的频率，则
光的光子能量小于
光的光子能量，若某金属被
光照射
恰好发生光电效应，则它被
光照射不会发生光电效应，D 错误。
3．细胞电转染的原理简化如图所示，两带电的平行金属板间，由于细胞的存在形成如图所示的电场。其
中实线为电场线，关于y 轴对称分布。虚线为带电的外源DNA 进入细胞膜的轨迹，M、N 为轨迹上的
两点，P 点与N 关于y 轴对称，下列说法正确的是（ ）
A．N、P 两点的电场强度相同
B．M 点的电势与N 点的电势相等
C．DNA 分子在M 点的加速度比在N 点大D．DNA 分子在M 点的电势能比在N 点大
【答案】D
【解析】电场中某点的电场强度的方向为电场线在该点的切线方向，由图可知N、P 两点的电场强度的
方向不同，A 错误；沿着电场线电势降低，M 点的电势低于N 点的电势，B 错误；M 处的电场线更稀疏，
场强更小，由牛顿第二定律可知
，DNA 分子在M 点的加速度比在N 点小，C 错误；由轨迹可知，
DNA 分子由M 向N 运动的过程电场力做正功，电势能减小，DNA 分子在M 点的电势能比在N 点大，D
正确。
4．威尔逊云室是最早的带电粒子探测器。其原理是在云室内充入过饱和酒精蒸汽，当带电粒子经过云室
时，带电粒子成为过饱和蒸汽的凝结核心，围绕带电粒子将生成微小的液滴，于是在带电粒子经过的路
径上就会出现一条白色的雾迹，从而显示带电粒子的运行路径。在云室中带电粒子受到云室内饱和蒸汽
对其的阻力，阻力大小与带电粒子运动的速度大小成正比。在不加磁场的情况下，一速度大小为v0，质
量为m，电荷量为q 的带电粒子在云室中沿直线通过s 的路程后停止运动。现加入一个与粒子速度方向
垂直、大小为B 的匀强磁场，则带电粒子入射位置到停止运动时的位置之间的距离为（ ）
2
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A．
B．
C．
D．
【答案】A
【解析】无磁场时，带电粒子做直线运动，受到的阻力假设为
，根据动量定理可知
，由此可得
，当有磁场时，以粒子初速度方向为
轴、入射点位置为坐
标原点建立坐标系，设带电粒子为正电荷，磁场方向垂直坐标平面向内，则沿
轴方向由动量定理可知
，沿
方向由动量定理可知
，
由此两方程可以求解得到带电粒子停止运动时的位置坐标为
，
，最终可以得
到粒子入射位置到停止运动时位置的距离大小为
，只有A 正确。
二、双项选择题：本题共4 小题，每小题6 分，共24 分。每小题有两个选项符合题目要求，全部选对的得
6 分，选对但不全的得3 分，有选错的得0 分。
5．沿
轴正方向传播的一列简谐横波，
时的波形如图甲所示。P、Q、R 是介质中的三个质点，图
乙为其中一个质点的振动图像。下列说法正确的是（ ）
A．该波的波长为
B．该波的传播速度为
C．图乙为质点
的振动图像
D．质点
在任意
内运动的路程都为
【答案】BC
【解析】根据图甲可知，该波的波长为
，A 错误；根据图乙可知，周期为0.4s，则
波传播速度
，B 正确；波沿
轴正方向传播，
时，根据同侧法可知，质点
P 向上运动，质点Q 向下运动，根据图乙可知，0.2s 时，质点向下运动，可知，图乙为质点
的振动图
像，C 正确；由于
，若质点
初始位置在波峰、波谷或平衡位置，则在0.1s 内运动的路程为
20cm，若初始位置在平衡位置与波峰之间，或者初始位置在平衡位置与波谷之间，且速度方向靠近平
衡位置，则0.1s 内运动的路程大于20cm，若初始位置在平衡位置与波峰之间，或者初始位置在平衡位
置与波谷之间，且速度方向远离平衡位置，则0.1s 内运动的路程小于20cm，D 错误。
6．“南鲲”号是我国自主研发的首台兆瓦级漂浮式波浪能发电装置，其原理如图甲所示，利用海浪带动
浪板上下摆动，从而带动线框单向匀速转动，线框内阻恒定。线框ab 两端通过滑环和电刷接如图乙所
示的自耦变压器，自耦变压器cd 两端接负载电阻。若海浪变大使得线框转速变成原来的2 倍，以下说
法正确的是（ ）
3
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A．通过负载电阻的电流频率变为原来的2 倍
B．线框内阻的发热功率变为原来的2 倍
C．变压器的输出功率变为原来的2 倍
D．若使负载电阻两端电压不变，可将滑片向上滑动
【答案】AD
【解析】通过负载电阻的电流频率
，海浪变大使得线框转速变成原来的2 倍，则频率变为原来2
倍，A 正确；电动势有效值
，由于
，变为原来2 倍，设负载电阻为
，原线圈等效
电阻为
，则电流
，变为原来2 倍，线框内阻的发热功率
，变为原来4 倍，B
错误；因为不确定内外电阻关系，所以输出功率无法判断，C 错误；根据以上分析可知，原线圈两端电
压变大，根据
可知，若使负载电阻两端电压不变，可将滑片向上滑动，增大原线圈匝数，D 正
确。
7．某一儿童游戏设计研发者为开发游戏搭建了如图所示装置。整个装置在竖直平面内，
为平直轨道，
是半径为
的圆弧形轨道，
段圆弧对应圆心角
，
为可视为质点的游戏开关，比
D 点高，
点到
点水平距离为
，竖直距离为
。现从
点以某一初速度释放质量为
的光滑小球，恰好击中
，已知重力加速度为
，
，则（ ）
A．小球初速度大小为
B．小球经过
点时对轨道压力大小为
C．小球从
点运动到
点所需要的时间为
D．小球在
点处的速度大小为
【答案】BC
【解析】从D 到M 过程，水平方向有
，竖直方向有
，联
4
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立解得
，
，C 正确，D 错误；从A 到D 过程，根据动能定理可得
，解得小球初速度大小为
，A 错误；从C 到D 过程，根据
动能定理可得
，在C 点，根据牛顿第二定律可得
，联立解得
，根据牛顿第三定律可知，小球经过
点时对轨道压力大小为
，B 正确。
8．未来人类设计的真空列车隧道，可使列车在地球表面任意两地间的运行时间缩短到42min。如图所示，
把地球看作质量均匀分布、半径为R 的球体，在不考虑地球自转的情况下，质量为m 的列车（不需要
引擎）从A 点由静止进入隧道，从地球另一端的B 点离开隧道，此过程中列车做简谐运动，所用的时间
等于地球表面近地卫星周期的一半，与地心О 到隧道的距离h 无关，图中O'为隧道的中点，已知质量
均匀分布的球壳对内部物体的引力为零，地球表面的重力加速度大小为g，物体做简谐运动的最大速度
等于振幅乘以角速度，即
，下列说法正确的是（ ）
A．列车的动能不超过
B．列车从A 点运动到B 点的时间为
C．列车在O'点受到的支持力大小为
D．列车在O'点的速度大小为
【答案】AD
【解析】如图所示，当列车经过地心O 时动能最大，此时列车的运动为近地卫星的一个分运动（匀速
圆周运动可分解为两个正交的简谐运动），列车经过地心时的速度等于第一宇宙速度
，所以列
车的动能不超过
，A 正确；在地球表面近，卫星的周期T 满足
，在地表附
近有
，联立解得
，所以列车从A 点运动到B 点的时间为
，B 错误：
C.将地球看作两部分，一部分是以O 为球心，h 为半径的小球，另一部分即剩余的球壳，球壳对
处的
引力为零，列车在
点受到的支持力大小
，C 错误；列车在
点的速度大小
，D 正确。
三、非选择题：共60 分，其中9、10、11 题为填空题，12、13 题为实验题，14、15、16 题为计算题。考
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生根据要求作答。
9．（3 分）中国科学家在人造太阳领域取得了重大突破，新一代人造太阳“中国环流三号”成功完成了一
系列实验，并取得了重大科研进展，其原理如图。
(1)“人造太阳”获得核能的方式是_______ 填“核裂变”或“核聚变” 。
(2)“人造太阳”中的核能转化为势能，但是内能无法再转化为核能，说明能量的转化具有_______。
【答案】(1)核聚变（2 分）(2)方向性（1 分）
【解析】（1）如原理图所示可知“人造太阳”获得核能的方式是“核聚变”。
（2）“人造太阳”中的核能转化为势能，但是内能无法再转化为核能，说明能量的转化具有方向性。
10．（3 分）四根完全相同的长直导线互相平行，它们的截面处于正方形abcd 的四个顶点，导线中都通
有大小相同的电流，方向如图所示。正方形对角线的交点为O，通电导线a 在O 点产生的磁感应强度为
B，四根通电导线在O 点产生磁场的磁感应强度大小为___________，方向为___________。
【答案】2B（2 分） 由O 指向b（1 分）
【解析】据安培定则可得通电电流的磁场方向如图所示
正方形abcd 的四个顶点，导线中都通有大小相同的电流，通电导线a 在O 点产生的磁感应强度为B，
所以通电导线bcd 在O 点产生的磁感应强度均为B，由矢量叠加可得四根通电导线在O 点产生磁场的磁
感应强度大小为
，由叠加原理可得O 点产生磁场的方向为由O 指向b。
11．（3 分）某物体以30m/s 的初速度竖直上抛，不计空气阻力，g 取10m/s2。从抛出到落回起点过程中的
平均速度大小为______m/s；物体在第1 秒内和第4 秒内速度改变量______（选填“大小相等、方向相
同”、“大小相等、方向不同”、“大小不等、方向相同”或“大小不等、方向不同”）。
【答案】0（2 分） 大小相等、方向相同（1 分）
【解析】做竖直上抛运动的物体，从抛出到落回起点过程中的位移为0，所以平均速度大小为0；由于
物体竖直上抛后，只受重力，加速度等于重力加速度，所以物体第1 秒内和第4 秒内速度改变量的大小
相等，均为
，方向相同，都是竖直向下。
12．（5 分）在“探究系统机械能守恒的实验”中，某实验小组设计了如图甲所示的装置，在水平气垫导
轨上安装了两个光电门M、N，带有小槽的滑块上固定一遮光条，细线绕过定滑轮与一沙桶相连，沙桶
内装有一定量的沙子。已知光电门M、N 之间的距离为L，沙桶及沙子的总质量为m1，遮光条的宽度为
d，滑块与遮光条的总质量为m2，重力加速度为g。
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（1）接通气源，滑块从某位置由静止释放，滑块在细线拉动下运动，记录遮光条通过光电门M、N 的
遮光时间分别为t1、t2，则滑块经过两光电门的过程中，滑块、遮光条、沙桶及沙子组成的系统动能的
变化量
_________，该过程中沙桶及沙子重力势能的减少量为__________。（结果用m1、m2、d、
t1、t2、g 和L 表示）
（2）现从沙桶中取出部分沙子，放入滑块的小槽中，测出沙桶和沙子的总质量m，重复（1）中的操作。
（3）用（2）中的方法，不断改变沙桶和沙子的总质量，多次实验，测得多组数据。做出沙桶和沙子的
总质量m 与滑块通过两光电门时速度的平方差
的关系图像，如图乙所示，则该图线的斜率为
__________（结果用m1、m2、g 和L 表示）。
【答案】
（2 分）
（1 分）
（2 分）
【解析】题意可知滑块经过光电门M、N 的速度分别为
，则系统动能的变化量
，整理得
，该过程中沙桶及沙子重力
势能的减少量为
；，根据动能定理有
，整理得
，可得图像斜率为
13．（7 分）某实验小组用如图甲所示的电路测量一电池的电动势和内阻，该电池的电动势
约为9V、内
阻约为
。现有量程为2.5V、内阻为
的电压表V1，电阻箱
、
和保护电阻
，
电键S，导线若干。请回答以下问题：
(1)将电压表V1和电阻箱
改装成量程为10V 的新电压表V2，电阻箱
的阻值应该调节为
___________kΩ；
(2)正确连接电路后，闭合开关S，调节电阻箱
，测出多组
的阻值和原电压表V1的示数
，根据实
验数据，用描点法绘出
图像，如图乙所示。若将改装表V2视为理想电表，不考虑其分流作用，
依据图像，可得电源的电动势
___________V，内阻
___________
。（结果均保留两位有效数
字）
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(3)若考虑改装表V2的分流作用，将电压表V1量程扩大
倍，根据甲所示电路表示电动势
，得
___________。（用题中所给符号
表示）
【答案】(1)6 （2 分） (2) 8.0（2 分）
（2 分） (3)
（1 分）
【解析】（1）根据串并联电路规律
，解得
（2）根据闭合电路欧姆定律有
，整理可知
，
根据图像可知
，
，解得
，
（3）若考虑改装表V2的分流作用，将电压表V1量程扩大
倍，可知此时改装表V2的总电阻为
，
根据闭合电路欧姆定律
，整理可得
14．（11 分）如图甲是某冰雪游乐场中的雪地转椅项目。“十”字支架的四个端点通过轻绳各连接一个转
椅，支架端点到转轴的距离为
，轻绳长度为
。当整个装置稳定转动时转椅离开地面，轻绳与竖直方
向的夹角为
，如图乙所示。已知每个转椅和坐着的人的总质量为
，重力加速度为
。不计空气阻力，
转椅和人可视为质点。求：
(1)转椅对轻绳拉力
的大小及其功率P；
(2)转椅转动角速度
的大小。
【答案】(1)
(2)
【解析】（1）对座椅和人构成的系统受力分析，根据牛顿第二定律有
（2 分）
解得
（1 分）
根据牛顿第三定律，转椅对轻绳的拉力大小为
（1 分）
由于拉力T 与速度方向垂直，所以拉力T 的功率P = 0（2 分）
（2）设对座椅和人构成的系统圆周运动的半径为
（2 分）
对座椅和人构成的系统受力分析，根据牛顿第二定律有
（2 分）
解得
（1 分）
15．（12 分）一游戏装置截面如图所示，
为足够长的倾斜直轨道，
、
是两段半径均为
的竖直圆管轨道，
为水平轨道，固定水平传送带
以
顺时针转动，轨道
与
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圆管道相切于
处，各部分之间平滑连接，紧靠
处有一质量
的小车静止在光滑的水平地面上，
小车的上表面由水平面
和半径
的四分之一圆弧面
组成。一个可视为质点的滑块，从轨
道
上距
点
处由静止开始下滑，经过圆管轨道
和水平轨道
，并冲上传送带，已知
滑块的质量
，传送带的长度
，滑块与传送带间的动摩擦因数
，与其余
各处阻力均不计，
，则
(1)求滑块到达
点时的速度大小；
(2)求滑块第一次通过传送带过程中，对传送带所做的功；
(3)求滑块冲上小车后，滑块第一次离开小车时的速度大小。
【答案】(1)82N(2)
(3)
【解析】（1）从B 点到D 点根据动能定理
（2 分）
解得
（1 分）
（2）滑块滑上传送带的加速度
（1 分）
加速到和传送带共速时间
（1 分）
滑动位移
（1 分）
可见滑块与传送带共速时刚到达传送带右端，传送带位移
（1 分）
对传送带所做的功
（1 分）
（3）滑块以
的速度冲上小车，设与小车共速时能上升的最大高度为，根据动量守恒定律得：
（1 分）
解得
根据滑块和小车组成的系统机械能守恒
（1 分）
解得
因为
滑块从小车I 端离开小车，此时与小车水平方向共速，小车速度为
，设滑块的速度为
，根据滑
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块和小车组成的系统机械能守恒
（1 分）
解得
（1 分）
16．（16 分）我国第三艘航母“福建号”已装备最先进的电磁弹射技术。某兴趣小组根据所学的物理原理
进行电磁弹射设计，其加速和减速过程可以简化为下述过程。两根足够长的平直轨道
和
固定在
水平面上，其中
左侧为光滑金属轨道，轨道电阻忽略不计，
间接有定值电阻
，
右侧为粗糙
绝缘轨道。沿
轨道建立
轴，坐标原点与
点重合。
左侧分布有垂直于轨道平面向下的匀强磁场
、
右侧为沿
轴渐变的磁场
，垂直于
轴方向磁场均匀分布。现将一质量为
，长度为
，电阻为
的金属棒
垂直放置在轨道上，与
距离为。
的右方还有质量为3m，各边长均为
的
形框
，其电阻为
。
棒在恒力
作用下向右运动，到达
前已匀速。当
棒运动到
处时撤去恒力
，随后与U 形框发生碰撞，碰后连接成“口”字形闭合线框，并一起运动，后续运
动中受到与运动方向相反的阻力
，阻力大小与速度满足
。已知
，
，
，
，
，
，
，求：
(1)棒ab 与U 形框碰撞前速度的大小
；
(2)棒ab 与U 形框碰撞前通过电阻R 的电量；
(3)“口”字形线框停止运动时，fc 边的坐标
；
(4)U 形框在运动过程中产生的焦耳热。
【答案】(1)
(2)
(3)
(4)0.5J
【解析】（1）由题意可知棒ab 到达
前已匀速，则有
（1 分）
又
，
（2 分）
联立解得
（1 分）
（2）棒ab 与U 形框碰撞前通过电阻R 的电量为
（1 分）
其中
，
（2 分）
联立可得
（1 分）
（3）设碰后瞬间金属框的速度为
，根据动量守恒可得
（1 分）
解得
此后任意时刻闭合线框的速度为v，ab 边处磁场为
，de 边处磁场为
，则回路中的电动势为
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其中
回路总电阻为4R，根据闭合电路欧姆定律可得
（1 分）
此时回路受到的安培力大小为
（1 分）
根据动量定理可得
（1 分）
其中
，
联立解得“口”字形线框停止运动时，fc 边的坐标为
（1 分）
（4）根据功能关系可知，U 形框在运动过程中产生的总热量为
（1 分）
因任意时刻安培力与摩擦力之比为
，所以焦耳热与摩擦热之比也为
，可得U 形框在运动过程中
回路产生的总焦耳热为
（1 分）
则U 形框在运动过程中产生的焦耳热为
（1 分）
11
