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2011 年浙江省台州市中考数学试卷
一、选择题（本题有10小题，每小题4分，满分40分）
1．（4分）在 、0、1、﹣2这四个数中，最小的数是（ ）
A． B．0 C．1 D．﹣2
2．（4分）下列四个几何体中，主视图是三角形的是（ ）
A． B． C． D．
3．（4分）要反映我市某一周每天的最高气温的变化趋势，宜采用（ ）
A．条形统计图 B．扇形统计图
C．折线统计图 D．频数分布统计图
4．（4分）计算（a3）2的结果是（ ）
A．3a2 B．2a3 C．a5 D．a6
5．（4分）若两个相似三角形的面积之比为1：4，则它们的周长之比为（ ）
A．1：2 B．1：4 C．1：5 D．1：16
6．（4分）不等式组 的解集是（ ）
A．x≥3 B．x≤6 C．3≤x≤6 D．x≥6
7．（4分）在梯形ABCD中，AD∥BC，∠ABC＝90°，对角线AC、BD相交于点O．下列条件中，
不能判断对角线互相垂直的是（ ）
A．∠1＝∠4 B．∠1＝∠3
C．∠2＝∠3 D．OB2+OC2＝BC2
8．（4分）如图是一个组合烟花的横截面，其中16个圆的半径相同，点A、B、C、D分别是四个
角上的圆的圆心，且四边形ABCD为正方形．若圆的半径为r，组合烟花的高为h，则组合
烟花侧面包装纸的面积至少需要（接缝面积不计）（ ）
第1页（共17页）A．26 rh B．24rh+ rh C．12rh+2 rh D．24rh+2 rh
π π π π
9．（4分）如图，双曲线y＝ 与直线y＝kx+b交于点M、N，并且点M的坐标为（1，3），点N的
纵坐标为﹣1．根据图象信息可得关于x的方程 ＝kx+b的解为（ ）
A．﹣3，1 B．﹣3，3 C．﹣1，1 D．﹣1，3
10．（4分）如图， O的半径为2，点O到直线l的距离为3，点P是直线l上的一个动点，PQ
切 O于点Q，⊙则PQ的最小值为（ ）
⊙
A． B． C．3 D．2
二、填空题（本题有6小题，每小题5分，满分30分）
11．（5分）若二次根式 有意义，则x的取值范围是 ．
12．（5分）袋子中装有2个黑球和3个白球，这些球的形状、大小、质地等完全相同．随机地
从袋子中摸出一个白球的概率是 ．
13．（5分）分解因式：a2+2a+1＝ ．
第2页（共17页）14．（5分）点D、E分别在等边△ABC的边AB、BC上，将△BDE沿直线DE翻折，使点B落在
B 处，DB 、EB 分别交边AC于点F、G．若∠ADF＝80°，则∠CGE＝ ．
1 1 1
15．（5分）如果点P（x，y）的坐标满足x+y＝xy，那么称点P为和谐点．请写出一个和谐点的
坐标： ．
16．（5分）如图，CD是 O的直径，弦AB⊥CD，垂足为点M，AB＝20，分别以CM、DM为直
径作两个大小不同的⊙
O 和 O ，则图中阴影部分的面积为 （结果保留 ）．
1 2
⊙ ⊙ π
三、解答题（本题有8小题，满分80分）
17．（8分）计算： ．
18．（8分）解方程： ．
19．（8分）如图，分别延长 ▱ABCD的边BA、DC到点E、H，使得AE＝AB，CH＝CD，连接
EH，分别交AD、BC于点F、G．
求证：△AEF≌△CHG．
20．（8分）毕业在即，九年级某班为纪念师生情谊，班委决定花800元班费买两种不同单价的
留念册，分别给50位同学和10位任课教师每人一本作纪念，其中送给任课教师的留念册
单价比给同学的单价多8元．请问这两种不同留念册的单价分别是多少？
第3页（共17页）21．（10分）丁丁想在一个矩形材料中剪出如图阴影所示的梯形，作为要制作的风筝的一个翅
膀．请你根据图中的数据帮丁丁计算出BE、CD的长度（精确到个位， ≈1.7）．
22．（12分）2011年5月19日，中国首个旅游日正式启动．某校组织了八年级800名学生参加
的旅游地理知识竞赛，李老师为了了解学生对旅游地理知识的掌握情况，从中随机抽取了
部分学生的成绩作为样本，把成绩按优秀、良好、及格和不及格4个级别进行统计，并绘制
了如图所示的条形统计图和扇形统计图（部分信息未给出）．
请根据以上提供的信息，解答下列问题：
（1）求被抽取部分学生的人数；
（2）请补全条形统计图，并求出扇形统计图中表示及格的扇形的圆心角度数；
（3）请估计八年级800名学生中达到良好和优秀的总人数．
23．（12分）如图1，AD和AE分别是△ABC的BC边上的高和中线，点D是垂足，点E是BC
的中点，规定： ＝ ．特别地，当点D、E重合时，规定： ＝0．另外，对 、 作类似的
A A B C
λ λ λ λ
规定．
（1）如图2，在△ABC中，∠C＝90°，∠A＝30°，求 、 ；
A C
第4页（共17页）
λ λ（2）在每个小正方形边长均为1的4×4的方格纸上，画一个△ABC，使其顶点在格点（格点
即每个小正方形的顶点）上，且 ＝2，面积也为2；
A
（3）判断下列三个命题的真假（λ真命题打“√”，假命题打“×”）：
若△ABC中 ＜1，则△ABC为锐角三角形；
A
①若△ABC中λA ＝1，则△ABC为直角三角形；
②若△ABC中λA ＞1，则△ABC为钝角三角形． ．
24．③（14分）已知抛λ物线y＝a（x﹣m）2+n与y轴交于点A，它的顶点为点B，点A、B关于原点
O的对称点分别为C、D．若A、B、C、D中任何三点都不在一直线上，则称四边形ABCD为
抛物线的伴随四边形，直线AB为抛物线的伴随直线．
（1）如图1，求抛物线y＝（x﹣2）2+1的伴随直线的解析式．
（2）如图2，若抛物线y＝a（x﹣m）2+n（m＞0）的伴随直线是y＝x﹣3，伴随四边形的面积
为12，求此抛物线的解析式．
（3）如图3，若抛物线y＝a（x﹣m）2+n的伴随直线是y＝﹣2x+b（b＞0），且伴随四边形
ABCD是矩形．
用含b的代数式表示m、n的值；
①在抛物线的对称轴上是否存在点P，使得△PBD是一个等腰三角形？若存在，请直接
②写出点P的坐标（用含b的代数式表示）；若不存在，请说明理由．
第5页（共17页）2011 年浙江省台州市中考数学试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本题有10小题，每小题4分，满分40分）
1．【分析】本题是对有理数的大小比较考查，根据任何负数都小于非负数，直接得出答案．
【解答】解：在有理数 、0、1、﹣2中，
最大的是1，只有﹣2是负数，
∴最小的是﹣2．
故选：D．
【点评】此题主要考查了有理数的比较大小，解决此类问题的关键是根据负数的性质得出
答案．
2．【分析】主视图是从几何体的正面看，主视图是三角形的一定是一个锥体，是长方形的一定
是柱体，由此分析可得答案．
【解答】解：主视图是三角形的一定是一个锥体，只有B是锥体．
故选：B．
【点评】此题主要考查了几何体的三视图，主要考查同学们的空间想象能力．
3．【分析】根据统计图的特点进行分析可得：扇形统计图表示的是部分在总体中所占的百分
比，但一般不能直接从图中得到具体的数据；折线统计图表示的是事物的变化情况；条形
统计图能清楚地表示出每个项目的具体数目．
【解答】解：根据题意，要求直观反映我市一周内每天的最高气温的变化情况，结合统计图
各自的特点，应选择折线统计图．
故选：C．
【点评】此题主要考查统计图的选择，根据扇形统计图、折线统计图、条形统计图各自的特
点来判断．
4．【分析】根据幂的乘方：底数不变，指数相乘，计算后直接选取答案．
【解答】解：（a3）2＝a3×2＝a6．
故选：D．
【点评】此题主要考查的是幂的乘方，不要与同底数幂的乘法互相混淆；
幂的乘方：底数不变，指数相乘；同底数幂的乘法：底数不变，指数相加．
5．【分析】根据相似三角形的面积比等于相似比的平方，即可求得其相似比，又由相似三角形
第6页（共17页）的周长的比等于相似比，即可求得答案．
【解答】解：∵两个相似三角形的面积之比为1：4，
∴它们的相似比为1：2，
∴它们的周长之比为1：2．
故选：A．
【点评】此题考查了相似三角形的性质．注意相似三角形的面积比等于相似比的平方，相
似三角形的周长的比等于相似比．
6．【分析】根据不等式的性质求出每个不等式的解集，根据找不等式组的解集的规律找出即
可．
【解答】解： ，
由 得：x≤6，
由①得：x≥3，
∴②不等式组的解集是：3≤x≤6．
故选：C．
【点评】本题主要考查对不等式的性质，解一元一次不等式，解一元一次不等式组等知识
点的理解和掌握，根据找不等式组的解集的规律找出不等式组的解集是解此题的关键．
7．【分析】所给的关于角的条件，只要能得出∠1+∠2＝90°的均满足题意，另外D选项运用勾
股定理即可作出判断．
【解答】解：A、若∠1＝∠4，由∠4+∠2＝90°，则∠1+∠2＝90°，故本选项符合题意．
B、∠1＝∠3得不出∠1+∠2＝90°，不符合题意，故本选项错误；
C、∠2＝∠3，则∠1+∠2＝∠1+∠3＝90°，故本选项正确．
D、根据勾股定理可得，此选项符合题意，故本选项正确．
故选：B．
【点评】本题考查梯形及勾股定理的知识，难度一般，关键是结合图形得出对角线垂直的
条件，然后结合选项进行判断．
8．【分析】根据图形可以看出截面的周长等于12个圆的直径和1个半径为r的圆的周长的和，
用周长乘以组合烟花的高即可．
【解答】解：由图形知，正方形ABCD的边长为6r，
∴其周长为4×6r＝24r，
∵一个圆的周长为：2 r，
π
第7页（共17页）∴截面的周长为：24r+2 r，
∴组合烟花的侧面包装纸π的面积为：（24r+2 r）h＝24rh+2 rh．
故选：D． π π
【点评】本题考查了相切两圆的性质及扇形的面积的计算，解题的关键是判断组合烟花的
截面周长的算法．
9．【分析】首先把M点代入y＝ 中，求出反比例函数解析式，再利用反比例函数解析式求出
N点坐标，求关于x的方程 ＝kx+b的解就是看一次函数与反比例函数图象交点横坐标
就是x的值．
【解答】解：∵M（1，3）在反比例函数图象上，
∴m＝1×3＝3，
∴反比例函数解析式为：y＝ ，
∵N也在反比例函数图象上，点N的纵坐标为﹣1．
∴x＝﹣3，
∴N（﹣3，﹣1），
∴关于x的方程 ＝kx+b的解为：﹣3，1．
故选：A．
【点评】此题主要考查了反比例函数与一次函数交点问题，关键掌握好利用图象求方程的
解时，就是看两函数图象的交点横坐标．
10．【分析】因为PQ为切线，所以△OPQ是Rt△．又OQ为定值，所以当OP最小时，PQ最小．
根据垂线段最短，知OP＝3时PQ最小．根据勾股定理得出结论即可．
【解答】解：∵PQ切 O于点Q，
∴∠OQP＝90°， ⊙
∴PQ2＝OP2﹣OQ2，
而OQ＝2，
∴PQ2＝OP2﹣4，即PQ＝ ，
当OP最小时，PQ最小，
∵点O到直线l的距离为3，
第8页（共17页）∴OP的最小值为3，
∴PQ的最小值为 ＝ ．
故选：B．
【点评】此题综合考查了切线的性质及垂线段最短等知识点，如何确定PQ最小时点P的
位置是解题的关键，难度中等偏上．
二、填空题（本题有6小题，每小题5分，满分30分）
11．【分析】根据二次根式的性质可知，被开方数大于等于0，列出不等式即可求出x的取值范
围．
【解答】解：根据二次根式有意义的条件，x﹣1≥0，
∴x≥1．
故答案为：x≥1．
【点评】此题考查了二次根式有意义的条件，只要保证被开方数为非负数即可．
12．【分析】袋中共有5个球，每个球被摸到的机会是均等的，利用概率公式即可解答．
【解答】解：∵袋子中装有2个黑球和3个白球，
∴根据概率公式，P＝ ＝ ．
故答案为： ．
【点评】此题考查了概率公式：如果一个随机事件有以下特征，（1）试验中所有可能出现的
基本事件有有限个；
（2）每个基本事件出现的可能性相等，则可用概率公式计算．
13．【分析】符合完全平方公式的结构特点，利用完全平方公式分解因式即可．
【解答】解：a2+2a+1＝（a+1）2．
【点评】本题主要考查利用完全平方公式分解因式，熟记公式结构是解题的关键．
14．【分析】由对顶角相等可得∠CGE＝∠FGB ，由两角对应相等可得△ADF∽△B GF，那么
1 1
所求角等于∠ADF的度数．
【解答】解：由翻折可得∠B ＝∠B＝60°，
1
∴∠A＝∠B ＝60°，
1
∵∠AFD＝∠GFB ，
1
∴△ADF∽△B GF，
1
∴∠ADF＝∠B GF，
1
∵∠CGE＝∠FGB ，
1
第9页（共17页）∴∠CGE＝∠ADF＝80°．
故答案为：80°
【点评】本题考查了翻折变换问题；得到所求角与所给角的度数的关系是解决本题的关键．
15．【分析】由题意点P（x，y）的坐标满足x+y＝xy，当x＝2时，代入得到2+y＝2y，求出y即可．
【解答】解：∵点P（x，y）的坐标满足x+y＝xy，
当x＝2时，代入得：2+y＝2y，
∴y＝2，
故答案为：（2，2）．
【点评】本题考查了和谐点的性质及等式求解，比较简单．
16．【分析】连接CA，DA，根据垂径定理得到AM＝MB＝10，根据圆周角定理得到∠CAD＝
90°，易证Rt△MAC∽Rt△MDA，则MA2＝MC•MD＝100；利用S阴影部分 ＝S
O
﹣S
1
﹣S
2
⊙ ⊙ ⊙
和圆的面积公式进行变形可得到阴影部分的面积＝ •CM•MD• ，即可计算出阴影部分
π
的面积．
【解答】解：连接CA，DA，如图，
∵AB⊥CD，AB＝20，
∴AM＝MB＝10，
又∵CD为直径，
∴∠CAD＝90°，
∴∠AMC＝∠DMA＝90°，
∴∠C+∠CAM＝90°，∠C+∠D＝90°，
∴∠CAM＝∠D，
∴Rt△MAC∽Rt△MDA，
∴MA：MD＝MC：MA，
∴MA2＝MC•MD＝100；
S阴影部分 ＝S
O
﹣S
1
﹣S
2
⊙ ⊙ ⊙
＝ • CD2﹣ • CM2﹣ • DM2
π π π
＝ [ CD2﹣ CM2﹣ （CD﹣CM）2]，
π
＝ （ CM•CD﹣ CM2），
π
第10页（共17页）＝ •CM•MD• ，
π
＝50 ．
故答π案为：50 ．
π
【点评】本题考查了垂径定理：垂直于弦的直径平分弦，并且平分弦所对的弧；也考查了圆
周角定理和三角形相似的判定与性质以及圆的面积公式．
三、解答题（本题有8小题，满分80分）
17．【分析】本题涉及零指数幂、正指数幂、绝对值化简3个考点．在计算时，需要针对每个考
点分别进行计算，然后根据实数的运算法则求得计算结果．
【解答】解：原式＝1+1+9＝11．
故答案为：11．
【点评】本题考查实数的综合运算能力，是各地中考题中常见的计算题型．解决此类题目
的关键是熟练掌握正整数指数幂、零指数幂、绝对值等考点的运算．
18．【分析】先求分母，再移项，合并同类项，系数化为1，从而得出答案．
【解答】解：去分母，得x﹣3＝4x
移项，得x﹣4x＝3，
合并同类项，系数化为1，得x＝﹣1
经检验，x＝﹣1是方程的根．
【点评】（1）解分式方程的基本思想是“转化思想”，把分式方程转化为整式方程求解．
（2）解分式方程一定注意要验根．
19．【分析】根据平行四边形的性质可得出AE＝CH，再根据平行线的性质及等角代换的原理
可得出∠E＝∠H，∠EAF＝∠D，从而利用ASA可作出证明．
【解答】证明：在 ▱ABCD中，AB∥CD，AB＝CD，
∴∠E＝∠H，∠EAF＝∠D，
∵四边形ABCD是平行四边形，
∴∠BAD＝∠BCD，
∴∠EAF＝∠HCG，
∵AE＝AB，CH＝CD，
第11页（共17页）∴AE＝CH，
在△AEF与△CHG中，
∴△AEF≌△CHG（ASA）．
【点评】本题考查了平行四边形的性质及全等三角形的证明，属于基础题，解答本题的关
键根据平行线的性质得出等角，然后利用全等三角形的判定定理进行解题．
20．【分析】设送给老师的单价是x元，送给同学的是每本y元，根据班委决定花800元班费买
两种不同单价的留念册，分别给50位同学和10位任课教师每人一本作纪念，其中送给任
课教师的留念册单价比给同学的单价多8元可列出方程组求解．
【解答】解：设送给老师的单价是x元，送给同学的是每本y元，
，
解得： ．
送给老师的纪念册每本20元，送给同学们的每本12元．
【点评】本题考查理解题意的能力，关键是以纪念册的差价和花去的总钱数做为等量关系
列方程求解．
21．【分析】在Rt△BCE中，CE＝51，∠EBC＝60°，求得BE，在Rt△ADF中，由∠FAD＝45°，
从而求得DF＝AF＝51，从而求得BE，CD的长度．
【解答】解：由∠ABC＝120°可得∠EBC＝60°，在Rt△BCE中，CE＝51，∠EBC＝60°，
因此tan60°＝ ，
∴BE＝ ＝ ＝17 ≈29cm；
在Rt△ADF中，由∠FAD＝45°，得∠ADF＝∠DAF＝45°，
因此DF＝AF＝51，
∴FC＝AE≈34+29＝63cm，
∴CD＝FC﹣FD≈63﹣51＝12cm，
因此BE的长度约为29cm，CD的长度约为12cm．
【点评】本题考查了直角三角形的应用，考查了在直角三角形中利用特殊角的三角函数求
得三角形的边．
第12页（共17页）22．【分析】（1）用不及格的百分比除以不及格人数即为被抽取部分学生的人数；
（2）及格的百分比等于 ，再求得优秀百分比和人数，用360°乘以
及格的百分比即求出表示及格的扇形的圆心角度数；
（3）先计算出被抽查的学生中达到良好和优秀的百分比，再乘以800即可．
【解答】解：（1）10÷10%＝100（人），
（2）良好：40%×100＝40（人），
优秀：100﹣40﹣10﹣30＝20（人），
表示及格的扇形的圆心角度数：30÷100×360°＝108°，
如图：
（3）（40+20）÷100×800＝480（人），
答：估计八年级800名学生中达到良好和优秀的总人数为480人．
【点评】本题考查了条形统计图和扇形统计图，以及用样本来估计总体，是基础知识，要熟
练掌握．
23．【分析】（1）根据直角三角形斜边中线、高的特点进行转换即可得出答案，
（2）根据题目要求即可画出图象，
（3）根据真假命题的定义即可得出答案．
【解答】解：（1）如图，作BC边上的中线AD，又AC⊥DC，
∴ ＝ ＝1，
A
λ
过点C分别作AB边上的高CE和中线CF，
∵∠ACB＝90°，
∴AF＝CF，
∴∠ACF＝∠CAF＝30°，
∴∠CFE＝60°，
第13页（共17页）∴ ＝ ＝ ＝cos60°＝ ；
C
λ
（2）如图：
（3） 在第（1）题中， ＝ ，而△ABC是直角三角形，故命题错误；
C
① λ
＝1时，过顶点A的高线的垂足与三角形的顶点一定重合，故三角新一定是直角三角
A
②形，λ 故命题正确；
＞1时，过顶点A的高线的垂足与三角形的顶点一定在边的延长线上，则三角形一定
A
③是钝λ 角三角形，故命题正确．
故答案为： ×， √， √．
① ② ③
【点评】本题主要考查了直角三角形斜边中线、高的性质以及特殊角的三角函数值，同时
考查了画图，真假命题的判断，比较复杂，难度较大．
24．【分析】（1）利用抛物线y＝（x﹣2）2+1的与y轴交于点A（0，5），它的顶点为点B（2，1），
求出直线解析式即可；
（2）首先得出点A的坐标为（0，﹣3），以及点C的坐标为（0，3），进而求出BE＝2，得出顶
点B的坐标求出解析式即可；
（3） 由已知可得A坐标为（0，b），C点坐标为（0，﹣b），以及n＝﹣2m+b，即点B点的坐
标为①（m，﹣2m+b），利用勾股定理求出；
利用 中B点坐标，以及BD的长度即可得出P点的坐标．
②【解答】①解：（1）由抛物线y＝a（x﹣m）2+n与y轴交于点A，它的顶点为点B，
∴抛物线y＝（x﹣2）2+1的与y轴交于点A（0，5），它的顶点为点B（2，1），
设所求直线解析式为y＝kx+b，
第14页（共17页）∴ ，
解得： ，
∴所求直线解析式为y＝﹣2x+5；
（2）如图，作BE⊥AC于点E，由题意得四边形ABCD是平行四边形，点A的坐标为（0，﹣
3），
点C的坐标为（0，3），
可得：AC＝6，
∵平行四边形ABCD的面积为12，
∴S△ABC ＝6即S△ABC ＝ AC•BE＝6，
∴BE＝2，
∵m＞0，即顶点B在y轴的右侧，且在直线y＝x﹣3上，
∴顶点B的坐标为（2，﹣1），
又抛物线经过点A（0，﹣3），
∴a＝﹣ ，
∴y＝﹣ （x﹣2）2﹣1；
（3） 如图，作BF⊥x轴于点F，
由已知①可得A坐标为（0，b），C点坐标为（0，﹣b），
∵顶点B（m，n）在直线y＝﹣2x+b（b＞0）上，
∴n＝﹣2m+b，即点B点的坐标为（m，﹣2m+b），
在矩形ABCD中，CO＝BO．
∴b＝ ，
∴b2＝m2+4m2﹣4mb+b2，
∴m＝ b，
n＝﹣2× b+b＝﹣ b，
第15页（共17页）∵B点坐标为（m，n），即（ b，﹣ b），
②
∴BO＝ ＝b，
∴BD＝2b，
当BD＝BP，
∴PF＝2b﹣ b＝ b，
∴P点的坐标为（ b， b）；
如图3，当DP＝PB时，
过点D作DE⊥PB，于点E，
∵B点坐标为（ b，﹣ b），
∴D点坐标为（﹣ b， b），
∴DE＝ b，BE＝ b，设PE＝x，
∴DP＝PB＝ b+x，
∴DE2+PE2＝DP2，
∴ +x2＝（ b+x）2，
解得：x＝ b，
∴PF＝PE+EF＝ b+ b＝ b，
∴此时P点坐标为：（ b， b）；
同理P可以为（ b，﹣ b）；（ b， b），
故P点坐标为：（ b， b）；（ b， b）；（ b，﹣ b）；（ b， b）．
第16页（共17页）【点评】此题主要考查了二次函数的综合应用以及勾股定理和点的坐标性质，二次函数的
综合应用是初中阶段的重点题型特别注意利用数形结合是这部分考查的重点也是难点同
学们应重点掌握．
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日期：2020/2/19 9:43:39；用户：18366185883；邮箱：18366185883；学号：22597006
第17页（共17页）
