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2015 年湖北省黄冈市中考物理试卷（教师版）
一、选择题（共9小题，每小题3分，满分27分）
1．（3分）下列做法符合安全用电要求的是（ ）
A．发生人畜触电时，用手将其拉离电线
B．电冰箱的三脚插头改成两脚插头使用
C．控制电灯的开关接在零线上
D．更换电灯泡时先切断电路
【考点】IV：安全用电原则．
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【分析】（1）发生触电事故时，应选切断电源，再进行施救；
（2）用电器的三脚插头能防止金属外壳漏电而触电，不能用两脚插头代替；
（3）家庭电路中，开关应接在火线与用电器之间；
（4）维修电器时，应先断开开关。
【解答】解：A、发生人畜触电时，应选切断电源，再进行施救，用手直接去拉会造成
触电，故A错误；
B、电冰箱的三脚插头改成两脚插头使用时，若金属外壳漏电，不能将电及时导向大地，
易引发触电，故B错误；
C、控制电灯的开关接在零线上，断开开关时，电灯处仍带电，这样是很危险的，故C
错误；
D、更换电灯泡时先切断电路，这样才能保证操作安全，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识，要求我们牢记安全用电常识，
并在生活中加以运用，有一定的现实意义。
2．（3分）使用下列简单机械，为了省力的是（ ）
A．龙舟比赛用的船桨 B．拔钉子的羊角锤
C．理发用的剪刀 D．旗杆顶的定滑轮
【考点】7O：杠杆的分类．
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【分析】对于简单机械来说，如果要求它省力，那么动力臂就一定要大于阻力臂。选项
中所列都是生活中常见的简单机械，只有逐一分析它们力臂的大小，才能判断其是否省
力，同时还要注意，机械的力臂有时会随着使用方式的不同而变化。
第1页（共19页）【解答】解：A、划龙舟用的船桨动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故A不符合题意；
B、羊角锤有较长的用力柄，动力臂长于阻力臂，属于省力杠杆，故B符合题意；
C、理发剪刀一般刀口部分长于刀柄，阻力臂长于动力臂，属费力杠杆，故 C不符合题
意；
D、旗杆顶的定滑轮，不能省力，但可以改变力的方向，故D不符合题意。
故选：B。
【点评】判断一种简单机械是否省力，主要看它的力臂的分配，同一种机械在使用方式
不同时，它的省力情况也会发生变化。
3．（3分）下列说法正确的是（ ）
A．B超检查身体是利用声传递能量
B．电视遥控器是利用超声波来控制电视机的
C．医生常用小镜子检查牙齿是利用平面镜成像
D．手机拍照是利用凸透镜能成正立缩小的实像
【考点】9M：声与信息；AI：平面镜的应用；AT：红外线；B8：凸透镜成像的应用．
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【分析】（1）声音既能够传递信息，又能够传递能量；
（2）在红光以外的部分有一种看不见的光，叫红外线，我们可以使用红外线制成红外
夜视仪和电视机的遥控器；
（3）平面镜既可以成像，还可以改变光线的方向；
（4）凸透镜成的实像都是倒立的。
【解答】解：
A、B超检查身体是利用超声波传递信息，故A不正确；
B、电视机的遥控器是利用红外线对电视机进行遥控的，故B不正确；
C、牙医为了看清牙齿的背部使用的平面镜就是利用了平面镜成像，又改变了光线的方
向，故C正确；
D、手机拍是利用凸透镜成倒立、缩小、实像的原理，故D不正确。
故选：C。
【点评】本题考查了声的利用、红外线的利用、平面镜的利用以及凸透镜的成像特点，
属于基础知识的考查，比较简单。
4．（3分）下列做法利用物态变化放热的是（ ）
A．运输食品时，为了防止食品腐烂变质，常放些干冰
B．北方的冬天，常在保存蔬菜的菜窑里放几桶水
第2页（共19页）C．夏天，为了凉快，常在地面上洒水
D．夏天，为了喝到冰凉的饮料，常在饮料中加冰块
【考点】19：熔化与熔化吸热的特点；1A：凝固与凝固放热的特点；1K：蒸发及其现
象；1Q：生活中的升华现象．
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【分析】（1）物质由固态变成液态叫做熔化，熔化吸热；物质由液态变成固态叫做凝
固，凝固放热；
（2）物质由液态变成气态叫做汽化，汽化吸热；物质由气态变成液态叫做液化，液化
放热；
（3）物质由固态直接变成气态叫做升华，升华吸热；物质由气态直接变成固态叫做凝
华，凝华放热。
【解答】解：
A、运输食品时，为了防止食品腐烂变质，人们常在运输箱放些干冰。利用了干冰升华
吸热的特点，故A不符合题意；
B、北方的冬天，北方储存蔬菜的菜窖里常放几桶水，可防止菜被冻坏。利用了水结冰
放热的特点，故B符合题意；
C、夏天，在地板上洒些水，感到凉爽。利用了水蒸发吸热的特点，故C不符合题意；
D、夏天、喝冰凉的饮料加上几个冰块，是因为冰块熔化吸热，故D不符合题意。
故选：B。
【点评】此题主要考查物态变化在生活中的应用。物理知识最终是要应用于生活中的，
我们在生活中见到与物理有关的现象就要认真分析，根据我们所学过的物理知识解释有
关现象。
5．（3分）下列说法正确的是（ ）
A．油罐车底拖一条铁链是为了防止摩擦起电造成危害
B．与头发摩擦过的气球能吸引细小水流，是因为气球和水流带上了异种电荷
C．磁浮列车是利用磁极间相互作用增大机车牵引力
D．电脑中安装的微型风扇是为了除尘
【考点】C4：磁极间的相互作用；H6：摩擦起电；JG：电热的利用与防止．
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【分析】（1）静电危害是由于相互间不断摩擦，从而产生大量的静电，不及时导走，
会出现放电危害。
（2）带电体具有吸引轻小物体的性质。
（3）同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引。
第3页（共19页）（4）电流通过导体产生的热量对家用电器有的有利，如可利用电热驱潮，有的对电器
有害，如发热过多可烧毁机件，对于有利的方面可充分利用，有害的方面应尽量避免，
如利用散热片散热等。
【解答】解：
A、油罐车在运输过程中，不断的相互摩擦，从而产生大量的静电，通过后面装一条拖
地的铁链，及时导走，这是防止静电危害。故A正确；
B、头发和气球摩擦时，使气球带电，带电体具有吸引轻小物体的性质；能吸引细小水
流，故B错误；
C、磁悬浮列车是利用同名磁极相互排斥原理，减小摩擦力，故C错误；
D、电脑在工作时产生的热量是有害的，散热风扇可以散失热量，防止电流热效应产生
的热量带来的危害，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查了生活中的一些摩擦起电现象，知道带电体吸引轻小物体的性质，知
道磁悬浮列车的工作原理、对电热的预防措施的了解。但都属于基础知识，难度不大。
6．（3分）水是一种资源，也是一种能源。古代劳动人民巧妙地利用水来开山采石；冬季，
在白天给石头打一个洞，再往洞里灌满水并封实，待晚上降温，水结冰后石头就裂开了
（冰的密度比水的小）．下列有关说法正确的是（ ）
A．石头裂开后密度减小
B．石头裂开后密度增大
C．该方法利用水结冰后质量变大，体积增大而使石头裂开
D．该方法利用水结冰后质量不变，体积增大而使石头裂开
【考点】2C：与密度有关的物理现象．
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【分析】单位体积的某种物质的质量叫这种物质的密度。密度是物质本身的一种特性，
同种物质密度相同，不同物质密度一般不同。
质量是物体的一种属性，与物体的位置、形状、状态无关；
【解答】解：密度是物质的一种特性，同种物质的质量与体积的比值相同，它不随物体
自身的质量或体积的变化而变化，故AB错误；
水结成冰后，状态改变，密度减小，根据公式 ＝ 得，V＝ ，所以体积变大，但是
ρ
质量不变，由于体积变大，所以使石头裂开，故C错误，D正确。
故选：D。
第4页（共19页）【点评】本题考查密度和质量的特性，解答此题的关键是知道密度和质量的特点，属于
基础题。
7．（3分）常用的磁电式电流表的结构如图所示，线圈与接线柱相连。当通以图示方向的
电流时，线圈带动指针向右偏转。下列有关说法正确的是（ ）
A．当通以相反方向电流时，电流表指针仍向右偏转
B．此电流表工作时机械能转化为电能
C．此电流表是利用通电线圈在磁场中受力转动的原理制成
D．此电流表是利用电磁感应现象制成
【考点】CJ：磁场对通电导线的作用．
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【分析】首先利用图示的装置分析出其制成原理，即通电线圈在磁场中受力转动，线圈
的转动可以带动指针的偏转。线圈受力方向与电流方向有关，这一过程中，将电能转化
为机械能。
【解答】解：A、改变线圈中的电流方向，其转动方向会发生改变，当通以相反方向电
流时，电流表指针将向左偏转，故A错误；
B、电流表在工作过程中是将电能转化为机械能，故B错误；
C、电流表是利用通电线圈在磁场中受力转动的原理制成，线圈转动时带动指针转动，
从而产生示数，故C正确；
D、由C的解析可知，电流表是利用通电线圈在磁场中受力转动的原理制成，不是利用
了电磁感应现象，故D错误。
故选：C。
【点评】在学过的测量工具或设备中，每个工具或设备都有自己的制成原理；对不同测
量工具的制成原理，是一个热点题型，需要重点掌握。
8．（3分）无需wifi信号，点亮LED灯就能上网，复旦大学成功实现了这一国际前沿通讯
技术，在LED灯中安装一个微芯片，便可让其变成无线网络发射器。点亮LED灯，灯
光下的电脑通过一套特制的接收装置接收光信号即可上网。下列有关说法错误的是（
第5页（共19页））
A．有LED灯光的地方就有网络信号
B．点亮LED灯上网不是利用电磁波传播信号
C．与用wifi信号上网相比，光由于直线传播不能穿墙而过，故网络信息更加安全
D．与用wifi信号上网相比，没有大功率的无线通讯设备，局部电磁辐射大大减弱
【考点】D2：电磁波的传播与应用．
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【分析】现代无线通信技术采用电磁波做载体，电磁波可以在真空和各种物质中传播；
人们长期处于强电磁波发射和接收环境中，会受到程度不同的电磁辐射。
【解答】解：
A、由“点亮LED灯，灯光下的电脑即可上网”知，有LED灯光的地方一定有网络信
号。此选项正确；
B、光属于电磁波，电脑通过一套特制的接收装置接收光信号可上网，说明利用的是电
磁波传播信号。此选项错误；
C、与用wifi信号上网相比，光由于直线传播不能穿墙而过，故网络信息更加安全。此
选项正确；
D、与用wifi信号上网相比，没有大功率的无线通讯设备，局部电磁辐射大大减弱。此
选项正确。
故选：B。
【点评】此题考查的是LED技术与现代通信技术的融合，体现了科技发展的日新月异。
9．（3分）与物理教学研讨会上，王老师用自制教具演示了如下实验：将一只去盖、去底
的饮料瓶的瓶口朝下，把乒乓球（直径略大于瓶口直径）放入瓶内并注水，看到有少量
水从瓶口流出，此时乒乓球静止（如图），然后用手堵住瓶口，一会儿乒乓球浮起来了，
以下分析正确的是（ ）
A．图中乒乓球静止时没有受到浮力作用
B．图中乒乓球静止时受到的支持力与受到的重力平衡
C．乒乓球上浮过程中，受到的浮力等于受到的重力
第6页（共19页）D．乒乓球上浮过程中，受到的浮力始终不变
【考点】6Q：平衡状态的判断；8N：浮力产生的原因；8O：阿基米德原理的应用；
8S：物体的浮沉条件及其应用．
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【分析】A、根据浮力产生的原因进行分析；
B、乒乓球静止时受到水的压力、重力和支持力作用，在这几个力的作用下处于静止状
态；
CD、浮力大于重力，物体上浮；根据阿基米德原理判断浮力的变化情况。
【解答】解：A、图中乒乓球静止时，虽然有少量水从瓶口流出，但乒乓球下表面受到
的压力小于上表面受到的压力，所以不受浮力作用，A正确；
B、乒乓球静止时，受重力、水的压力和支持力，在这三个力的作用下处于平衡状态，
B错误；
CD、乒乓球上浮过程中，露出水面之前受到的浮力大于重力；露出水面的过程中，重
力不变，浮力减小，当乒乓球漂浮时浮力等于重力。故CD错误。
故选：A。
【点评】本题是与浮力有关的知识，考查了平衡力的分析、阿基米德原理的应用及浮力
产生的原因，在学习过程中，要注重理解。
二、填空题（共6小题，满分17分）
10．（3分）两只水果点亮了一只发光二极管（如图），金属片 A是水果电池的 负极
（填“正极”或“负极”），两水果之间 串联 （填“串联”或“并联”），现将二
极管正负极接线对调，二极管不发光，此时水果电池的正负极之间 有 （填“有”或
“没有”）电压。
【考点】HH：电源及其能量转化．
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【分析】（1）二极管具有单向导电的性质。二极管是由半导体材料制成的，有两根引
线，一根为正极，另一根为负极；二极管的导电性能很特殊，它只允许电流从它的正极
流向负极，不允许从负极流向正极；
（2）串联电路只有一条电流路径。
第7页（共19页）【解答】解：
图中二极管发光，说明二极管的连接是正确的，因此水果电池组的A极是负极；
图中电流只有一条路径，因此两水果之间串联的；
现将二极管正负极接线对调，二极管不发光，是因为它的正负极接反了，说明二极管具
有单向导电性；
此时水果电池的正负极之间仍然有电压。
故答案为：负极；串联；有。
【点评】本题考查了二极管的导电性和电路的连接方式，属于基础知识的考查，比较简
单。
11．（3分）利用激光的平行度好，将激光束射入光盘，激光经过 反射 （填“反射”
或“折射”）后被光学装置接收，处理后就可以还原成声音和图象。激光还有一个特点
是亮度高，如果激光照射到人眼，由于眼球的晶状体相当于 凸透镜 （填“凸透镜”
或“凹透镜”），激光经过眼球 会聚 （填“会聚”或“发散”）在视网膜上，会严
重灼伤视网膜，造成永久性伤害。
【考点】B4：凸透镜的会聚作用．
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【分析】激光具有平行度好，亮度高等特点；故可用来进行光纤通信及雷达测距等；眼
睛的晶状体和角膜是一个凸透镜，对光线有会聚作用。
【解答】解：激光束射入光盘，经过反射后被光学装置接收，处理后就可以还原成声音
和图象，这是利用了利用激光的平行度好这一特点。
如果激光照射到人眼，由于眼球的晶状体相当于凸透镜，凸透镜对光线的会聚作用，激
光经过眼球会聚在视网膜上，会严重灼伤视网膜，造成永久性伤害，这是因为激光的亮
度高。
故答案为：反射；凸透镜；会聚；
【点评】本题考查了激光的特点及应用以及凸透镜对光线的会聚作用，识记性较强。
12．（3分）航母舰载机即将起飞前，燃料燃烧会获得大量的 内 能，向后喷射出高温
高速燃气流。为了避免对舰上人员及其它器材造成危害，甲板上安装了偏流板（如图），
偏流板后面装有供冷却水循环流动的格状水管，这是利用水的 比热容大 的特性来降
低偏流板的温度。制作偏流板材料的熔点应较 高 （填“高”或“低”）
第8页（共19页）【考点】G5：内能的利用及其意义；GE：水的比热容的特点及应用．
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【分析】（1）燃料燃烧时，它的化学能转化为内能；
（2）用水循环来降低偏流板的温度，是因为水在升高相同的温度时可以吸收更多的热
量，冷却效果好；
（3）飞机起飞时向后喷射出高温高速燃气流，为了防止偏流板被高温熔化，制作偏流
板材料的熔点应较高。
【解答】解：
飞机内的燃料的燃烧，使飞机获得大量的内能，然后转化为飞机的机械能；
水的比热容比较大，在升高相同的温度需要吸收更多的热量，所以利用水来降低偏流板
的温度；
飞机起飞时向后喷射出高温高速燃气流，为了防止偏流板被高温熔化，所以制作偏流板
材料的应具有较高的熔点。
故答案为：内；比热容大；高。
【点评】本题考查了燃料燃烧过程能的转化、水比热容的特点、物质的熔点，具有一定
的综合性。
13．（3分）地效翼船（如图）是一种经济、安全的飞行器，其工作原理是：在贴近水面
或地面飞行时，离地表很近的带有翼刀或隔断端板的机翼下方，就会形成气流的堵塞，
空气流速减小，压强 增大 ，使机翼上下表面间的压力差增大，从而产生一个 向上
（填“向上”或“向下”）的力，与轮船、飞机相比，没有了水和高空气流的阻力，相
同条件下，所需的推进功率 较小 （填“较小”或“较大”），油耗较低。
【考点】8K：流体压强与流速的关系．
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【分析】（1）流体压强与流速的关系：流速越大，压强越小；流速越小，压强越大。
第9页（共19页）（2）根据P＝ ＝ ＝Fv分析所需的推进功率大小。
【解答】解：等质量的空气在相同的时间内同时通过机翼的上表面和下表面，由于上表
面弯曲，机翼上方气流的截面面积大，所以机翼上方的流速就大于机翼前方的流速；
而下表面平直，因此机翼下方的流速大致等于前方的流速，从而可以知道，机翼下方的
流速就小于机翼上方的流速，所以机翼下方的压强大于机翼上方的压强，这样就产生了
作用在机翼上的向上的力，因此地效翼船可以飞起来了。
与轮船、飞机相比，没有了水和高空气流的阻力，相同条件下，由P＝ ＝ ＝Fv，可
知所需的推进功率较小，油耗较低。
故答案为：增大；向上；较小。
【点评】该题考查流体压强与流速的关系，难度不大。本题的解题关键是看准机翼面向
哪弯曲，找出机翼的上下方的空气流速特点。
14．（3分）随着人民生活水平的提高，小汽车逐步走进千家万户，如图所示，某家用小
汽车静止在水平地面上，请在图中作出后轮受力的示意图。
【考点】6H：力的示意图与图示．
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【分析】首先对静止在地面上的汽车后轮进行受力分析可知，此时汽车后轮共受到重力，
地面的支持力和车体对它的压力三个力的作用，且其大小关系应为 F支 ＝G+F压 ，然后
按照力的示意图的画法画出这三个力即可。
【解答】解：分析可知，汽车后轮共受到重力，地面的支持力和车体对它的压力三个力
的作用，作用点都可以画在其重心上，重力的方向竖直向下，地面的支持力和的方向竖
直向上，车体对它的压力的方向竖直向下，小汽车静止，故F支 ＝G+F压 ，如图所示：
第10页（共19页）【点评】考查对物体受力分析的能力，以及重力方向和支持力方向记忆情况，会用力的
示意图表示力三要素。
15．（2分）潭清疑水浅，安全记心间，如图，A是水池底某点，请作出光线AO的折射光
线以及人从岸上看到A的像A′
【考点】AN：作光的折射光路图．
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【分析】光由水斜射进入空气时，折射光线远离法线偏折，折射角大于入射角，先作法
线，后作出入射光线。
【解答】解：先过折射点垂直界面作出法线，再在空气中法线的另一侧画出折射光线，
注意入射角小于折射角，将两条折射光线反向延长，其交点即为人所看到的 A点的像的
位置A′，如图所示：
【点评】在作光的折射光路图时要注意：不管光从哪种介质斜射向哪种介质，在光疏质
（密度比较小的物质）里面的角（入射角或折射角）较大；在光密质（密度比较大的物
质）里面的角（入射角或折射角）较小，即“疏大密小”。角度越小，光线越靠近法线。
三、解答题（共6小题，满分31分）
16．（3分）图甲是探究水沸腾时温度变化特点的实验装置。
（1）该实验器材装配的合理顺序是（填序号） （ 烧杯； 酒精灯；
温度计； 铁圈及石棉网） ②④①③ ① ②
③（2）图乙中④读数的错误之处是：视线没有与温度计液柱的液面 相平
（3）图丙是正确实验后绘制的水温随时间变化关系的图象，由图象可知，水沸腾时温
第11页（共19页）度 不变 （填“不变”或“升高”）
【考点】1O：探究水的沸腾实验．
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【分析】（1）实验器材装配要根据酒精灯来确定铁圈及石棉网的高度；温度计测量液
体温度时，玻璃泡要浸没在液体中，不能接触容器底和壁，由此分析解答；
（2）读数时玻璃泡要继续留在被测液体中，视线与温度计中的液柱上表面相平；
（3）水沸腾时，温度不变，但要继续吸热。
【解答】解：
（1）酒精灯要使用外焰加热，所以合理顺序应先放好酒精灯，由其外焰高度确定铁圈
及石棉网的高度；温度计测量液体温度时，玻璃泡要浸没在液体中，不能接触容器底和
壁，所以接着应放置烧杯，最后安装温度计。即顺序为： ；
（2）由图乙可知：视线没有与温度计液柱的液面相平； ②④①③
（3）由丙图，水在99℃开始沸腾，之后水温保持不变。
故答案为：（1） ；（2）相平；（3）不变。
【点评】本题以水②沸④腾①的实③验考查了实验装置的装配、温度计的读数和沸点图象的认识，
属于基础知识的考查。
17．（4分）妈妈买了一只银手镯，为了初步判断是不是纯银制成的，小明利用首饰店的
电子天平、溢水杯、大小合适的烧杯、水等进行了如下实验：
A．将电子天平放在桌面上，调节底板水平
B．将手镯放在电子天平的托盘上，液晶屏显示如图，则手镯的质量为 25.23 0 g；
C．用电子天平测量空烧杯的质量为22.060g
D．将手镯浸没到盛满水的溢水杯中，用烧杯收集溢出来的水
E．用电子天平测量溢出来的水和烧杯的总质量为24.460g
（1）手镯的密度为 10. 5 g/cm3（保留一位小数）
（2）测量前，若电子天平底板没有调水平，则测得的质量偏 小 （填“小”或
第12页（共19页）“大”）。
（3）由于溢水管口残留有少量水，由此会导致测得的密度偏 大 （填“小”或
“大”）。
【考点】2M：固体的密度测量实验．
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【分析】根据液晶屏显示直接读出手镯的质量。
（1）根据步骤CDE，由溢出水的质量可计算出溢出水的体积，从而求得手镯的体积；
（2）物体放在水平面上时，压力等于重力，放在斜面上时，压力小于重力。由此分析；
（3）溢水管口残留有少量水，所测得溢出来的水和烧杯的总质量偏小，由此分析测得
体积偏小，从而分析出测得密度情况。
【解答】解：
由图可知，手镯的质量：m＝25.230g；
（1）根据步骤CDE，m溢 ＝24.460g﹣22.060g＝2.4g，
由 ＝ 得手镯的体积：
ρ
V＝V溢 ＝ ＝ ＝2.4cm3；
所以手镯的密度：
＝ ＝ ≈10.5g/cm3；
ρ
（2）物体放在水平面上时，压力等于重力，放在斜面上时，压力小于重力。所以电子
天平底板没有调水平时，手镯对电子天平压力小于其重力，故测得质量会偏小；
（3）溢水管口残留有少量水，所测得溢出来的水和烧杯的总质量偏小，计算出溢出水
的质量偏小，则计算出手镯的体积偏小，根据 ＝ ，测得密度偏大。
ρ
故答案为：25.230；（1）10.5；（2）小；（3）大
【点评】本题考查固体密度的测量，还考查了压力与重力关系。要掌握溢水法测体积的
第13页（共19页）方法，还要能根据密度公式分析所测密度的大小。
18．（4分）在测量标有2.5V小灯泡额定功率的实验中：
（1）请你用笔画线代替导线，将图甲中的电路连接完整。
（2）调节滑动变阻器的滑片到某一位置时，电压表示数如图乙所示，为了测量小灯泡
的额定功率，应将滑片向 右 （填“左”或“右”）端移动。当小灯泡正常发光时，
电流表的示数是0.28A，则小灯泡的额定功率为 0. 7 W。
（3）实验时若发现灯泡发光，电流表指示正常，电压表示数为0，产生这种现象的原因
可能是 电压表断路
【考点】JF：电功率的测量实验．
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【分析】（1）测量小灯泡额定功率的实验中，灯泡应串联在电路中，电压表测量小灯
泡两端电压，由此连接电路；
（2）根据电压表的量程、分度值以及指针的位置读出电压表的示数，然后与灯泡的额
定电压进行比较，再结合串联电路分压的特点确定滑片移动的方向；
由P＝UI计算其额定功率。
（3）在判断故障时，电表的示数的变化很关键，若电压表有示数，说明电压表与电源
能相通，若无示数，说明电压表与电源不能相通，或并联部分电路短路，或电压表断路
了；电流表有示数说明电路是通路，无示数电路可能断路。
【解答】解：
（1）灯泡应串联在电路中，电压表测量小灯泡两端电压，实物连接如图所示：
；
（2）由图乙电压表可知，其量程为0～3V，分度值为0.1V，示数为2.2V＜2.5V，根据
串联电路分压的规律可知，需减小滑动变阻器两端电压，即减小滑动变阻器接入电路的
第14页（共19页）阻值，故将滑片向右移动；
当小灯泡正常发光时，电流表的示数是0.28A，所以其额定功率P＝UI＝2.5V×0.28A＝
0.7W；
（3）灯泡发光，电流表指示正常，说明电路是通路，电压表示数为0，则故障的原因可
能是电压表断路了。
故答案为：（1）见上图；（2）右；0.7；（3）电压表断路。
【点评】本题考查了实物图连接、实验操作、功率计算和电路故障的判断。对电表读数
时，要注意先确定电表的量程与分度值，读数时，视线要与电表刻度线垂直。
19．（5分）涂在手上的酒精比涂在手上的水干得快，壶中的水比壶中的食用油干得快…
小明猜想：
液体蒸发的快慢可能与液体的种类有关。
（1）为此，小明用一根两端开口的直玻璃管、塑料板、电子手表、笔、温度相同的水、
大豆油和酒精设计了如下实验方案：
A、在玻璃管上端附近画一标记线，并将下端竖直插入水中，直到管内水面到达标记线；
B、用手指堵住玻璃管上端管口，将玻璃管从水中取出；
C、将玻璃管移到塑料板上方，放开手指，让水滴在塑料板上并开始计时；
D、用同样的方法先后取出大豆油和酒精滴在塑料板上并计时；
E、记录液滴变干所用的时间t，得出结论。
用玻璃管取液体，是利用 大气压 的作用；
①该实验方案有不妥之处，请指出一点： 把液滴滴在塑料板上，不容易控制液滴表面
②积相同 。
（2）小明改进方案后，通过实验得到：相同条件下，t酒精 ＜t水 ＜t大豆油 ．从分子动理论
的角度分析，酒精蒸发快的原因可能是分子间作用力较 小 。缘于此，可以推断水的
沸点应比大豆油 低 。
【考点】1L：影响蒸发快慢的因素．
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【分析】（1） 空气受重力和具有流动性，对浸入其中的物体有压强作用；
要研究液体蒸①发的快慢与液体种类的关系，需要控制液体的温度、表面积和上方空气
②流动速度；
（2）分子之间同时存在引力和斥力，不同物质分子间作用力大小不同。一般地，分子
间相互作用力越大，物质状态越稳定。
【解答】解：
第15页（共19页）（1） 用手指堵住玻璃管上端管口，将玻璃管从水中取出，在大气压的作用下，水被
“提”①起来；
要研究蒸发快慢与物质种类的关系，需要保持物质的温度、表面积和上方空气流动的
②速度相同，用玻璃管将液滴滴在塑料板上，虽然温度和空气流动速度相同，但液滴的表
面积可能不同；
（2）分子时刻处于无规则运动状态，液体表面的分子在运动过程中，如果脱离其它液
体分子的引力进入空气，这就是蒸发。酒精蒸发快的原因可能是分子间作用力较小，更
容易摆脱其它分子的束缚；
相对于大豆油，水蒸发更快，说明水分子间作用力较小，所以水的沸点比大豆油低。
故答案为：（1） 大气压； 把液滴滴在塑料板上；不容易控制液滴表面积相同；
（2）小；低。 ① ②
【点评】在明确研究液体蒸发快慢与哪些因素有关要用到控制变量法的基础上，认真分
析应用研究方法是否正确，是解此题的关键。
20．（8分）图甲所示是我市某家用电辅热式平板太阳能热水器，其电加热的额定功率为
1500W，图乙是其储水箱水位探测电路原理图，其中电源电压为 24V，A为水位指示表
（由量程为0﹣0.6A电流表改成），R 阻值为10 ，R 为压敏电阻，其阻值与储水箱水
0 1
深的关系如图丙所示。 Ω
（1）热水器正常加热时，电热丝电阻多大？（结果保留一位小数）
（2）阴雨天，将储水箱中50kg、30℃的水加热到50℃，正常通电要多长时间？[设电热
全部被水箱中的水吸收且水无热损失，c水 ＝4.2×103J/（kg•℃）]
（3）当水位指示表指示储水箱深为0.2m时，探测电路中的电流多大？
【考点】JK：电功与热量的综合计算．
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【分析】（1）利用R＝ 求出电阻；
第16页（共19页）（2）先利用水的吸热公式求出水吸收的热量，再利用P＝ 求出加热时间；
（3）当水位指示表指示储水箱深为0.2m，根据此时压敏电阻和定值电阻的阻值，求出
总阻值，由欧姆定律可求此时的电流。
【解答】解：（1）因为电加热时，P＝1500W，U＝220V，
所以由P＝ 得：R＝ ＝ ≈32.3 ；
Ω
（2）水吸收的热量为：Q＝cm△t＝4.2×103J/（kg•℃）×50kg×（50℃﹣30℃）＝
4.2×106J，
又因为W＝Q＝Pt
所以t＝ ＝ ＝2800s；
（3）由丙图可知，h＝0.2m时，R ＝150 ，
x
Ω
则探测电路中的电流为I＝ ＝ ＝0.15A。
答：（1）热水器正常加热时，电热丝电阻32.3 ；
（2）正常通电要2800s； Ω
（3）探测电路中的电流0.15A。
【点评】本题综合考查了电路中的相关知识，对学生的审题能力、图象分析和计算能力
等要求较高，难度较大。
21．（7分）电动蛙式打夯机（图甲）是利用冲击和冲击振动来夯实，平整场地的机械，
由电动机、皮带轮，偏心块、夯架、夯锤等组成（图乙），启动电动机，在旋转着的偏
心块离心力作用下，夯架绕后轴上下摆动，当夯架向下摆动时夯锤就夯击土层，向上摆
动时时打夯机前移，故每夯击一次，机身即向前移动一次。表是某型号电动蛙式打夯机
的部分参数（设夯锤夯击土层的能量全部用于夯实土层）
（1）若打夯机以10m/min的平均速度沿直线前进，则10min前进了多少米？
（2）为了估算某次夯锤夯击土层时的冲击力，小明将重为 4N，底面积为1cm2的圆柱
体竖直平放在被夯击土层上，土层被压下的深度相同，则此次夯击时的平均冲击力为多
少牛？
（3）施工时，若打夯机前移消耗的能量为200J/次，则打夯机的机械效率是多少？
第17页（共19页）电动机功率 3kW
夯锤夯击土层的能量 400J/次
夯锤着地面积 600cm2
前进速度 8﹣11m/min
夯击次数 120次/min
【考点】69：速度公式及其应用；F3：机械效率的计算．
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【分析】（1）已知打夯机的速度和时间，利用速度公式变形可求得 10min前进了多少
米；
（2）根据p＝ 可求得夯锤夯击时对土层的压强，由题意知，夯锤夯击时对土层的压强
等于圆柱体对土层的压强，故利用压强公式变形可求得夯击时的平均冲击力。
（3）求得打夯机工作1min时的有用功，利用W电 ＝Pt求得总功，再利用 ＝ 可
η
求得打夯机的机械效率。
【解答】解：（1）由v＝ 可得，s＝vt＝10m/min×10min＝100m；
（2）夯锤夯击时对土层的压强p＝ ＝ ＝4×104Pa；
由题意知，夯锤夯击时对土层的压强等于圆柱体对土层的压强，故夯击时的平均冲击力
F′＝pS′＝4×104Pa×6×10﹣2＝2.4×103N，
（3）打夯机工作1min时的有用功W有用 ＝（400+200）J/次×120次＝7.2×104J，
由P＝ 可得，W总 ＝W电 ＝Pt＝3000W×60s＝1.8×105J，
第18页（共19页）机械效率 ＝ ×100%＝ ×100%＝40%。
η
答：（1）10min前进了100m；
（2）此次夯击时的平均冲击力为2.4×103N，
（3）施工时，若打夯机前移消耗的能量为200J/次，则打夯机的机械效率是40%。
【点评】此题主要考查速度公式及其应用、压强的计算，机械效率的计算等多个知识点，
解答此题的关键是从表格中提取有用的信息。
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日期：2019/11/4 11:10:29；用户：丶沐沙；邮箱：UID_CAE1F67E83831A1C520FA15D4547275E@qq.jyeoo.com；学号：27665923
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