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名校学术联盟 . 高考模拟信息卷 & 冲刺卷
物 理 参 考 答 案
(五
) 1.【答案】D
【解析】按倒不倒翁 '其重心高度升高 'A、B项错误 ;不倒翁所受到的桌面支持力是由于桌面
发生 形 变 要 恢 复 形 变 产 生 的 'C 项 错 误 ;不 倒 翁 所 受 重 力 的 方 向 总 是
竖 直 向 下 ' 与 其 状 态 无 关 ' D 项 正确。
2.【答案】C
【 解 析 】
- 10
e 来 源 于 原 子 核 内 部 '是 原 子 核 中 的 一 个 中 子 转 变 为质子
'释放出的电子 'A 项 错误 ; β
射线的电离作用较弱 '穿透能力较强 'B项错误 ;根据半衰期公式 N=N 可知经过两个
0
半衰
期 '剩余的钼 99( Mo)为原来的四分之一 '可知剩余的钼 99( Mo) 与衰变的钼
4992 9492
99( Mo) 质 量之
9492
比为 1 : 3 'C项正确 ;锝 99( Te)的比结合能大于钼 99( Mo)的比结合能 'D
9493 9492
项错 误。 3.【答案】B
【解析】根据力的合成可得2Fcos53 o =m9 '其中 m =360 kg '解得 F=3000 N'B项正
确。 4.【答案】C
【解析】P是近月点 'Q是远月点 '“鹊桥二号”在 P点的速度大小大于在 Q点的速度大小 'A
项错 误 ;“鹊桥二号”由 P运动到 Q的速度逐渐减小 '所以“鹊桥二号”从 P运动到 M 的时间
小于从 M 运动到 Q的时间 'B项错误 ;设月球表面处的重力加速度大小为 9 '近月卫星的周
月
期为 T '根据开
1
普勒第三定律 '可得 ' 由 m9 = m 可得 项正确 ;“鹊桥二号”在 M点
月
的
加速度和在 N点的加速度大小相等 '方向不同 'D项
错 误。 5.【答案】B
【解析】由题可知 '每个灯泡两端的最大电压为 2 V' 当瞬时电压为 1 V时 '彩灯开始发光 ' 由 u
= u sin wt '可得 t = s't = 个周期内彩灯发光时间为 Δt =2 分
m 1 2
钟对 应的交流电的周期个数为 =3000 个 '可知一分钟内每个彩灯的发光时间 t =NΔt
=3000 × s=40 s'B项正确。
6.【答案】B
【解析】质点到达 Q点时的速度 0 = \ 质点运动过程中加速度大小都相等 '则满足
Q
解 得 项正确。
17.【答案】C
【解析】由题意可知 '单色细光束从外层玻璃的外表面折射入玻璃的折射角 θ =θ - 16o =37 o '
2 1
由
可得单色细光束在玻璃中的折射率为 'A项错误 ;单色细光束在隔热桥门窗中传
播的 总路程为 项错误 ;单色细光束在玻璃层中的传播速度 0=
= '单 色细光束在隔热断桥门窗中传播的总时间为 'C 项正确 ; 由
于玻璃两个
表面平行 '从玻璃外表面射入的光线和从玻璃内表面射出的光线平行 ' 因此单色细光束不
可 能在 外层玻璃的内表面发生全发射 'D项错误。
8.【答案】AD
【解析】设此波的波长为 λ '由题意可知 '(n + )λ =L 或(n + )λ=L(其中 n =0 '1 '2…) '由 0=λf'
可
9.【答案】BD
【解析】第一滴油滴进入平行板做平抛运动 ' 由 = gt 1 '解得 0 0 = 'A项错误 ;第 N
21 ' =0 0 t
滴油滴恰好从下极板右边缘射出 '则有 'L =0 t '解得 a = ' 由 mg - q =ma '将 a =
0 2
代入 '可得两板间的最大电压 U= 3mgd 'B 项正确 ; 由 U= Q = Nq '可得落在下极板上
的油 滴数
4q C C
项错误 ;若将上极板下移 ' 由 C= 'N= C可知 'N= '落在下极板
上
的油滴数不变 'D项正
确。 10 .【答案】BCD
【解析】飞机速度为 0 时 'F + a '解得 a = 项错误 ;飞
0 f
机 减 速 运 动 过 程 '导 体 棒 ab 所 受 安 培 力 的 冲 量 大 小 为 I = BqL = ' B 项 正 确 ;
设 飞 机 减
速 运 动 过 程 ' 电 阻 R 上 产 生 的 焦 耳 热 为 Q' 根 据 能 量 守 恒 有 ( m +M) 0
2
=2Q+Fx
0 f
' 解 得
2—
F
x ' C项正确 ; 由动量定理 ' 0t + F
f
t = ( m +M) 0 'x = 0 t' 解得 t
f 0
=
11 .【答案】(1)静止(1 分) (2) (2 分) (3) (2 分) (4) 释放滑块时 '给了滑块
一
个初速度(2 分)
【解析】(1)气垫导轨调平的依据是打开气源 '将滑块单独放置于气垫导轨上 '若滑块保持
静止 ' 就说明气垫导轨已调节水平。
(2)遮光条通过光电门时滑块的瞬时速度d 根据运动学公式可得( d ) =2aL 可得( 1 ) = 2 a L
Δt ' Δt ' Δt d2 '
可得 =k '解得滑块运动的加速度 a = 。
(3)由 mg =(M+m)a '可得当地的重力加速度
(4)图像并未过原点 '检查各项数据都不存在问题 '且作图过程严格 '则可能的原因是释
放滑块 时 '给了滑块一个初速度。
12 .【答案】(1) ×1(1 分) 22(1 分) (2)①最右(2 分) ③20. 3(2 分) (3)小于(2 分)
【解析】(1)欧姆表测量电阻 '指针指在中值电阻位置附近为宜 '要选 × 1 挡 ' 由表盘可知其
电阻 为 R =22 Ω。
x
(2)① 为保证电路安全 '应将滑动变阻器的阻值调到最大 '将大阻值的滑动变阻器 R的
划片
滑到 最右 ;③由图丙可得电阻箱接入的阻值 R =32 . 8 Ω'因此未知电阻的阻值 R =R - r
0 x 0 g
=20 .
3 Ω。 (3)调整电流表半偏时 '整个电路的电阻略微减小 '干路中电流略大于满偏电流 '
因 此测得阻值 略小于真实值。
13 . 解:(1)设弹簧处于原长时封闭气体的压强为 p '对弹簧处于原长时的活塞受力分析可得
1
设报警器刚好报警的压强为 p '温度为 T ' 由理想气体状态方程可得
2 2
其中p S =p S +k ( 1 分)
2 1
T =273 K+27 K=300 K
1
解得 T =525 K(1 分)
2
(2)外界温度从 t =27 ℃缓慢升高到报警温度的过程中 '封闭气体对活塞的平均作用力
封闭气体对外做的功 W = F× (2 分)
F
3解得W =0. 65p SL ( 1 分)
F 0 0
414 . 解:(1)小物块从开始运动到 A点 ' 由动能定理可得
F(1. 5L +Lcosα) -μmg ×1. 5L -mgLsin α = m02 -0(2 分)
代入数据 '解得小滑块到达 A点的速度大小
gL ( 1 分)
0= \ 2
2
(2)小滑块从 A点抛出做斜抛运动 '建立如图所示的坐标系
沿 轴 方 向 ( 分 ) y
y 0 =2a h 1
2 y
其中 ( 分) 0
a =gsin α 1 A
y
解得 h = ( 1 分)
(3)小 滑 块 斜 抛 后 经 过 时 间 t 落 在 斜 面
x
α
g
上 0= a y ( 1 分) α
B C
沿 x轴方向 x = a 2 ( 1 分)
t
x
其中 a =gcosα(1 分)
x
小滑块落点位置到 C点的距
离 Δx =Ltan α-x(1 分 )
解得15 . 解:(1)由几何关系可知 '小球 Q在匀强磁场中做圆周运动的
半径 R=L(1 分 )
小球 Q在匀强电场中运动
'可 得
设第四象限的磁感应强度大小为 B' 由洛伦兹力提供圆周运动的向心力 '可得
解得第四象限磁感应强度大小为 B=2\
(2)小球 Q与小球 P发生弹性正碰 '根据动量守恒和机械能守恒可
得 2m0 =2m0 +m0 (2 分)
0 Q P
解得 0 = '方向沿 y轴正方向(1
p
分) 方 向 沿 y 轴 正 方 向 (1 分 )
0 40
0 0
(3)碰后小球 Q的速度变为
3 '小球 P的速度变为 3 '进入第一象限 '设小球 Q圆周运
动的 半径 为 R '小球 P圆周运动的半径为 R '则
1 2
碰后到小球 Q第二次经过 y轴的时间
碰后到小球 P第二次经过 y轴的时间
其中碰后小球 P和小球 Q第二次经过 y轴的时
间差 Δt = t -t ( 1 分)
1 2
其中 'a = 'T = 'a = 代入数据可得
Q 2 P
y
A× × × ×
× × ×
× × ×
Vp × × ×
× × × ×
× × × ×
E
V Q × × × ×
, ×A ×
O × × ×
O 1 ×
× ×
×
× x
× × × × ×
C
×
× × × × ×
×
× × × × × ×
× × × × × ×
