文档内容
【赢在高考·黄金8卷】备战2024年高考物理模拟卷（浙江卷专用）
黄金卷05·参考答案
一、选择题Ⅰ（本题共13小题，每小题3分，共39分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目
要求的，不选、多选、错选均不得分）
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13
D B A C A A C C B C C D C
二、选择题Ⅱ（本题共2小题，每小题3分，共6分。每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目
要求的。全部选对的得2分，选对但不全的得1分，有选错的得0分）
14 15
ACD AD
三、非选择题（本题共6小题，共55分）
16．(7分+7分)
Ⅰ、（1）①A；②0.80，4.0；（2）①相反；②受到空气阻力；③9.76。
Ⅱ、（1）甲，a（2）2.9，2.0（3）电压表，分流
17．(9分)
【解答】解：（1）以气缸内气体为研究对象，气体发生等温变化，气体初状态的参量：p ＝p ，V ＝
1 0 1
LS
1 5
气体的末态参量：V ＝（2L− L）S= LS
2
3 3
由玻意耳定律得：p V ＝p V
1 1 2 2
1
对活塞根据平衡得：p S+k× L＝p S
2 0
3
6p S
解得：k= 0
5L
（2）弹簧恢复原长时气体的体积为V ＝2LS
3
设此时封闭气体的压强为p ，对活塞根据受力平衡有
3
p S＝p S
3 0
根据一定质量的理想气体状态方程有
p LS p ×2LS
0 = 3
T T
1 2解得：T ＝600K
2
18．(12分)
【解答】解：（1）滑块从P点抛出时竖直方向的分速度为：
v ＝v sin
y 0
滑块从Pθ点抛出落到a点所需要的运动时间为：
2v sinθ 2×2×0.6
t = 0 = s=0.24s
0 g 10
（2）从开始运动到c点的过程中，根据动能定理可得：
1 1
mgxsinθ+mgR(1−cosθ)−μmgxcosθ= mv2− mv2
2 c 2 0
在c点，根据牛顿第二定律可得：
mv2
N −mg= c
c R
联立解得v ＝7m/s；N ＝49.2N
c c
根据牛顿第三定律可得滑块滑到圆弧轨道的最低点c时对轨道的压力大小N '＝N ＝49.2N
c c
（3）滑块在传送带上的加速度a＝ g＝0.5×10m/s2＝5m/s2
滑块速度与传送带速度相等的所需的μ 时间为：
v −v 7−5
t = c = s=0.4s
1 a 5
此过程滑块的位移为：
v2−v2 72−52
x = c = m=2.4m＜L
1 2a 2×5
所以滑块在传送带上先匀减速后匀速，匀速运动的时间为
L−x 3.4−2.4
t = 1= s=0.2s
2 v 5
匀速阶段滑块与传送带间没有摩擦力，滑块第一次向右通过传送带的过程中，摩擦力对滑块的冲量大小
I＝ mgt ＝0.5×1×10×0.4N•s＝2N•S
1
（4μ）滑块第一次与小球发生弹性碰撞，选择水平向右的方向为正方向，根据动量守恒定律和能量守恒
定律可得：
mv＝mv +m u
1 0 1
1 1 1
mv2= mv2+ m u2
2 2 1 2 0 11 2
解得：v = vu = v
1 3 1 3
由于小球质量相等均为m ，且发生的都是弹性碰撞，他们之间将进行速度交换，分析可知，物块第一
0
次返回还没到传送带左端速度就减小为零，接下来将再次返回做匀加速运动，直到速度增加到v ，再与
1
小球1发生弹性碰撞。同理可得，第二次碰撞后，物块和小球的速度大小分别为：
1 1
v = v =( ) 2v
2 3 1 3
2 1
u = v×( )
2 3 3
1
则2个小球的总动能为E = m (u2+u2 )
k 2 0 1 2
1000
代入数据解得：E = J
k
81
19．(10分)
【解答】解：（1）导体棒只有通过磁场时才受到安培力，因两棒均匀速通过磁场，由动能定理可知，
克服安培力做的功与重力功相等，有：
W＝m gd＝0.2×10×0.3J＝0.6J
a a
W ＝m gd＝0.1×10×0.3J＝0.3J
b b
（2）设b棒在磁场中匀速运动的速度为v ，此时b棒相当于电源，a棒与电阻R并联，
b
此时整个电路的总电阻为：R RR R 3×3 +6 ＝7.5
1= a + b=
R+R 3+3
a
Ω Ω Ω
b棒中的电流为：I BLv
b= b
R
1
b棒所受安培力：F安 ＝BI b L =
B2L2v
b
R
1
根据平衡条件有：B2L2v
m g
b= b
R
1
同理，对a棒有：B2L2v
m g
a= a
R
2其中：R RR R 3×6 +3 ＝5
2= b + a=
R+R 3+6
b
Ω Ω Ω
解得：v 3
b=
v 4
a
设b棒在磁场中运动的时间为t，有：d＝v t
b
因b到达磁场上边界是两棒的速度相同，且b刚穿出磁场时a正好进入磁场，则有：
v ＝v +gt
a b
联立解得：v ＝4m/s，v ＝3m/s
a b
20.（10分）
【解答】解：（1）粒子在电场中运动做类平抛运动，则有：
沿x轴方向：l＝v t
0
1 1
在y轴方向： l= at2
2 2
由牛顿第二定律得：qE＝ma
解得： mv2，a v2
E= 0 = 0
ql l
（2）在N点，设粒子速度v的方向与x轴间的夹角为 ，沿y轴负方向的速度为v 。
y
θ
粒子进入磁场时竖直分速度大小v ＝at， v
y tanθ= y
v
0
v
粒子进入磁场时的速度大小v= 0
cosθ
解得： ＝45°，v ＝v
y 0
粒子在θ磁场中做匀速圆周运动，粒子轨迹如图所示：ON
由几何知识可知，粒子做圆周运动轨迹的半径 2 l
R= =
sinθ 2sinθ
mv2
粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qvB=
R
2mv
解得：B= 0
ql
（3）粒子到达O点时，粒子沿x轴方向的分速度大小v ＝vcos ，沿y轴方向的分速度大小v ＝vsin
x y
同时存在电场、磁场，粒子以v
y
在磁场中做匀速圆周运动，同时θ粒子以初速度v
x
＝v
0
沿x轴正方向做θ匀
加速运动
2πr 2πm 2πm πl
= = = =
粒子做匀速圆周运动的周期T v qB 2mv v
q× 0 0
ql
nπl
粒子离开O后，每转一周到达一次x轴，第n次到达x轴时，粒子到达x轴需要的时间t＝nT =
v
0
1
粒子在x轴方向相对于O点的位移s=v t+ at2
0 2
πnl(2+nπ)
解得：s= （n＝1，2，3，…）
2
