物理答案(1)公众号：一枚试卷君_05高考化学_高考模拟题_新高考_云南省昆明市第一中学2023届高中新课标高三第八次考前适应性训练理综

( ) 昆明一中2023届高三第八次联考 物理参考答案 14 15 16 17 18 19 20 21 B D D D BC AC AB BC 14.B 【详解】氢原子由量子数n=4的能级跃迁低能级时辐射光子的能量有6种；其中𝐸 −𝐸 = 4 1 −0.8𝑒𝑉+13.6𝑒𝑉 =12.8𝑒𝑉；𝐸 −𝐸 =−0.8𝑒𝑉+3.4𝑒𝑉 =2.6𝑒𝑉；𝐸 −𝐸 =−0.85𝑒𝑉+ 4 2 4 3 1.51𝑒𝑉 =0.66𝑒𝑉；𝐸 −𝐸 =−1.51𝑒𝑉+3.4𝑒𝑉 =1.89𝑒𝑉;𝐸 −𝐸 =−1.51𝑒𝑉+13.6𝑒𝑉 = 3 2 3 1 12.09𝑒𝑉;𝐸 −𝐸 =−3.40𝑒𝑉+13.6𝑒𝑉 =10.2𝑒𝑉;金属钙的逸出功为2.7eV，则能够使金属 2 1 铯发生光电效应的光子有3种，故选B 15.D 𝐹 𝑚 𝑔 𝐹 𝑚 𝑔 【详解】由相似相角形法可得 = 1 , = 2 𝐴𝑂 𝑂𝐷 𝐵𝑂 𝑂𝐷 由于轻绳上拉力相同，由几何关系得𝐵𝑂 =𝐴𝑂𝑡𝑎𝑛30° 联立得√3𝑚 =𝑚 ，故选D 1 2 16.D 【详解】 P P A到B过程中由查理定律有 A = B ，代入数据得：T =1200K T T B A B V V B到C过程中由盖吕萨克定律有 B = C ，得T =600K T T C B C B到C过程中外界对气体做功为W = pV ，得W =800J，A到B体积不变，不做功， 所以A到C过程中外界对气体做功为𝑊 =800𝐽 B到C过程中由热力学第一定律有U =W +Q，内能减少200J即U=－200J,得 Q=−1000J,则放热1000J。故选项D错误，选D。 17.D 【详解】因波长为20cm，则当波遇到100cm的障碍物将不会发生明显衍射现象，A错 误。两列波的周期都是T =1s，计算波长=vT =0.21m=0.2m，根据题意 PC−PB=50cm−40cm=10cm=0.1m=0.5，而t =0时刻两波的振动方向相反，则 P是振动加强的点，振幅等于两波振幅之和，即为70cm，C错误，D正确；波从C传到P PC 0.5 PB 0.4 的时间t = = s=2.5s，波从B传到P的时间t = = s=2s，在t =2.5s时 v 0.2 v 0.2 页 1( ) 刻，横波I与横波II两波叠加，P点经过平衡位置向下运动，在t =4.5s时刻，经过了两个 周期，P点经过平衡位置向下运动，B错误；故选D 18.BC 【详解】 A．卫星b、c绕地球做匀速圆周运动，7.9km/s是指在地球上发射的物体绕地球飞行作圆 周运动所需的最小初始速度，11.2km/s是物体挣脱地球引力束缚的最小发射速度。所以发 射卫星b时速度大于7.9km/s，而小于11.2km/s，故A错误； Mm B．万有引力提供向心力，对b、c卫星，由牛顿第二定律得G =m（2 R+h） (R+h)2 GM 解得h= 3 −R，故B正确； 2 C．卫星b在地球的同步轨道上，所以卫星b和地球具有相同的周期和角速度。由万有引 Mm GM 力提供向心力，即G =m2r ，解得= ，a距离地球表面的高度为R，所以 r2 r3 GM 卫星a的角速度 = ，此时a、b恰好相距最近，到卫星a和b下一次相距最近 a 8R3 2 t = （ω a -ω）t=2π， GM ，故C正确； − 8R3 D．让卫星b减速，卫星b所需的向心力减小，万有引力大于所需的向心力，卫星b会做 向心运动，轨道半径变小，离开原轨道，所以不能与c对接，故D错误；故选BC。 19.AC 【详解】 A．因为磁场垂直纸面向里均匀增大，故根据楞次定律可得金属框中感应电流方向为 abcda，e板带负电，f板带正电，A正确； B．因为粒子刚好从f板右边缘射出，所以粒子受到向下的电场力，而电场方向向上，所以 粒子带负电，B错误； 1 C．粒子在电场中做类平抛运动，在水平方向上有L=v t，在竖直方向上有L= at2， 0 2 页 2( ) Eq U a= ，E = ；而电容器两极板间的电压等于R两端的电压， m d 1 BS 1 1 1 L kq 故U =  = k L2 = kL2，联立解得v = ，C正确； 2 t 2 2 4 0 2 m 1 1 1 1 D．根据动能定理可得粒子增加的动能为E = Uq=  qkL2 = qkL2，D错误． k 2 2 4 8 故选AC。 20.AB 【详解】滑块A和滑块B沿着斜面方向的分力等大，故：𝑚 𝑔𝑠𝑖𝑛𝛼 =𝑚 𝑔𝑠𝑖𝑛𝛽;由于α＜ 𝐴 𝐵 β，故𝑚 ＞𝑚 ，故A正确；滑块下滑过程机械能守恒，有：𝑚𝑔ℎ= 1 𝑚𝑣2，则𝑣 = 𝐴 𝐵 2 √2𝑔ℎ，由于两个滑块的高度差相等，故落地速度大小相等，即速率相等，故B正确；滑 块到达斜面底端时，滑块重力的瞬时功率：𝑃 =𝑚 𝑔𝑠𝑖𝑛𝛼∙𝑣 ，𝑃 =𝑚 𝑔𝑠𝑖𝑛𝛽∙𝑣；由于 𝐴 𝐴 𝐵 𝐵 𝑚 𝑔𝑠𝑖𝑛𝛼 =𝑚 𝑔𝑠𝑖𝑛𝛽，故P =P ，故C错误；由牛顿第二定律得：𝑚𝑔𝑠𝑖𝑛𝜃 =𝑚𝑎，𝑎 = 𝐴 𝐵 A B v 𝑔𝑠𝑖𝑛𝜃，α＜β，则𝑎 ＜𝑎 ，物体的运动时间t = ，v相同，𝑎 ＜𝑎 ,则𝑡 ＞𝑡 ，故D错误； 𝐴 𝐵 𝐴 𝐵 𝐴 𝐵 a 故选AB． 21.BC 【详解】 A．因为规定A点的电势为零，由图象可知OA之间的距离为2m，在A点具有的重力势 能𝐸 =100J，也是物块具有的总能量，根据𝐸 =𝑚𝑔ℎ=𝑚𝑔𝑂𝐴𝑠𝑖𝑛30°,得𝑚 =10𝑘𝑔，故A 𝑃 𝑃 错误； B．小物块在B点时电势能最大，由图象可知OB间距离为1.5m，此时的重力势能为 𝐸 =𝑚𝑔𝑂𝐵𝑠𝑖𝑛30°=10×10×1.5×0.5𝐽,，由前面的分析可知物块的总能量是E=100J， 𝑃𝐵 根据𝐸 =𝐸 +𝐸 可得𝐸 =25𝐽,故B正确； 𝑃𝐵 电， 电 C．小物块从A点静止出发，到B点速度为零，所以从A到B的过程中，物块的速度是先 增大后减小的，故C正确； D．在小物块下滑的过程中，所受的库仑力逐渐增大，一开始重力的分力大于库仑力，所 以向下做加速运动，但随着库仑力的增大，其加速度逐渐减小，当库仑力与重力沿斜面的 分力相等时，合力为零，加速度为零，此时物块速度达到最大，以后库伦力大于重力的分 力，物块开始做减速运动，且加速度越来越大，所以整个过程加速度是先减小到零后反向 增大，故D错误。 页 3( ) 故选BC。 22. 答案：（1）如图所示 （2）1.2 2.5×108 【详解】作出光路图如图所示，根据几何知识可得入射角i＝45°，设折射角为r，则tan r＝ 3 sin i c ，故折射率n＝ ≈1.2，故v＝ ＝2.5×108 m/s。 4 sin r n 23、答案：（2）1 （3）23.2 （4）1.43 200 （5）150 甲同学没有考虑毫安表内阻的影响 【详解】 (2)欧姆表中电流从红表笔流入电表，从黑表笔流出电表；电流从电流表正接线柱流入，故 红表笔接触1，黑表笔接2； (3)由图可知，电阻箱读数为R=(210+31+20.1)Ω=23.2Ω E 1 1 R (4)由I = 变形得 = R+ 内 R+R I E E 内 1 175−140 由图像可得 =k = ，解得E1.43V， E 50 R 截距为 内 =b=140，得R =200Ω 内 E (5)由图可知，此欧姆表的中值电阻为R =1510Ω=150Ω，则电阻“×10”挡内部电路的总 中 电阻为150Ω 由甲同学处理方法可知，由于没有考虑毫安表的内阻，如果考虑毫安表的内阻则有 1 1 R r = R+ 内 + I E E E 由此可知，甲同学的测量值R 与此结果偏差较大的原因是没有考虑毫安表的内阻 内 页 4( ) 24.(10分) 4𝑁2𝐵2𝐿3𝜔 √2𝑁𝐵𝐿2𝜔 【答案】(1) (2)见图 (3) 𝑅+𝑟 𝑅+𝑟 𝑙 【解析】(1)bc、ad边的运动速度𝑣 =𝜔 , 2 线圈切割磁感线时产生的感应电动势E =2NB·2l·v=4NBlv=2NBl2ω. m 电流I m = 𝐸m , 𝑟+𝑅 4𝑁2𝐵2𝐿3𝜔 bc边切割磁感线时所受安培力F=2NBI l= m 𝑅+𝑟 I (2) 2𝑁𝐵𝐿2𝜔 𝑅+𝑟 O 𝜋 𝜋 3𝜋 2𝜋 t 2𝜔 𝜔 2𝜔 𝜔 2𝑁𝐵𝐿2𝜔 − 𝑅+𝑟 1 (3)一个周期内,通电时间t= T 2 R上消耗的电能W=𝐼2Rt m 根据有效值的定义W=I2RT √2𝑁𝐵𝐿2𝜔 解得I= 𝑅+𝑟 25.(14分) 【答案】(1)𝑄 =2.4𝑚𝑣 2 （2）𝐸 = 1 𝑚𝑣 2 (3)∆𝑥 = 19𝑣0 2 总 0 𝐾𝐵 2 0 𝐵𝐶 10𝜇𝑔 【解析】(1)选向左为正方向， 由动量定理得：𝑚×2𝑣 −𝑚×𝑣 =(𝑚+𝑚+3𝑚)𝑣 0 0 共 1 解得𝑣 = 𝑣 共 5 0 所以有𝑄 = 1 𝑚𝑣 2+ 1 𝑚（2𝑣 ） 2 − 1 (𝑚+𝑚+3𝑚)𝑣 2 =2.4𝑚𝑣 2 总 2 0 2 0 2 共 0 （2）当𝑣 =0时， 𝐴 由动量定理得：𝑚×2𝑣 −𝑚×𝑣 =𝑚𝑣 0 0 𝐵 可以得到𝑣 =𝑣 ， 𝐵 0 所以𝐸 = 1 𝑚𝑣 2 𝐾𝐵 0 2 页 5( ) （3）在物体A速度减为零以后，可以把物体A和物体C看 v 作一个整体共同运动，由此可以先计算共同加速度 𝜇𝑚𝑔 1 2𝑣 0 B 𝑎 = = 𝜇𝑔 𝐴𝐶 4𝑚 4 𝑣 0 第一阶段时间𝑡 = 𝑣0， 1 𝜇𝑔 第二阶段时间𝑡 = 𝑣 共 = 4𝑣0， O 𝑡 1 𝑡 1 +𝑡 2 𝑡 2 1 𝜇𝑔 5𝜇𝑔 A 4 −𝑣 0 1 可以求得𝑥 = (𝑣 +2𝑣 )×（𝑡 +𝑡 ） 𝐵 2 共 0 1 2 99𝑣 2 解得𝑥 = 0 𝐵 50𝜇𝑔 𝑣 2 2𝑣 2 物体C 运动的距离为𝑥 = 共 = 0 𝐶 2𝑎𝐴𝐶 25𝜇𝑔 所以有∆𝑥 = 𝑥 −𝑥 = 19𝑣0 2 𝐵𝐶 𝐵 𝐶 10𝜇𝑔 26.（20分） 2 【答案】(1)𝑡= 𝜋𝐵𝑅 (2) 𝐸 ′= 1 𝐸 见解析 (3) 𝐸 ′′=20𝑞𝑈 2𝑈 𝐾𝑚 2𝐾𝑚 𝐾𝑚 【解析】(1)粒 子 在磁场中做匀速圆 周运 动 时，有𝑞 𝑣 𝐵 = 𝑚 𝑣𝑚 2 𝑚 𝑅 可以得出𝑣 = 𝑞𝐵𝑅 ,𝑇 = 2𝜋𝑅 𝑚 𝑚 𝑣𝑚 假设在磁场中运动N个周期，可以得出2𝑁𝑞𝑈 = 1 𝑚𝑣2, 2 𝑚𝑣2 解得𝑁 = 4𝑞𝑈 𝜋𝐵𝑅2 又因为𝑡 =𝑁∙𝑇，解得𝑡 = 2𝑈 2 （2）𝐸 = 1 𝑚𝑣2 = 1 𝑚（ 𝑞𝑣𝐵） = 𝑞2𝐵2𝑅2 ∝ 𝑞2 𝐾𝑚 2 2 𝑚 2𝑚 𝑚 若改为2𝐻,已知𝑞 = 1 𝑞, 𝑚 = 1 𝑚 1 1 2 1 2 1 可得𝐸 = 𝐸 𝐾𝑚1 𝐾𝑚 2 若两者有相同的动能，设磁感应强度变为B′、由α粒子换成氘核，根据以上方程 解得𝐵′ =√2𝐵，即磁感应强度需增大为原来的√2倍, 根据𝑇 = 2𝜋𝑚 ,高频交流电源的原来周期,故𝑇′ = √2 T 𝑞𝐵 2 由α粒子换为氘核时，交流电源的周期应为原来的√2 倍 2 2𝜋𝑚 （3）对α粒子，有𝑇 = 𝑞𝐵 页 6( ) 若对41𝐶𝑎，有𝑇′ = 41 𝑇,可得∆𝑇 = 1 𝑇 20 40 40 1 满足𝑘∆𝑇 = 𝑇，解得k=10 4 所以2𝑘𝑞′𝑈 =𝐸 ′′即𝐸 ′′ =20𝑞′𝑈 𝐾𝑚 𝐾𝑚 页 7