文档内容
2021年贵州省遵义市中考物理试卷
物 理 部 分
(第18--37题为物理题 共90分)
三、选择题（本大题共8小题，共26分。第18至23题为单项选择题，每题3分；第24、25题为多项选
择题，每题4分，选对但不全得2分，全对得4分，有选错不得分。）
18.噪声已成为影响人们生活、工作的一大公害。下列图片信息反应在传播过程中减弱噪声的是（ ）
A．射击时戴耳罩 B．双层隔音玻璃 C．禁止喧哗 D．噪声检测仪
（第18题图）
19.有人设想的“永动机”如图所示。下列对该装置开始转动后的分析正确的是（ ）
A．装置所具有的机械能始终不变
B．如果没有能量补充，装置最终会停下来
C．根据能量守恒定律，装置可以一直转动下去
D．装置中小球的动能和重力势能不会相互转化
（第19题图）
20.在我们的日常生活中，磁现象及磁的应用几乎随处可见。下列有关磁的说法正确的是（ ）
A．信鸽的飞翔是依靠地磁场进行定向
B．电动机是根据电磁感应原理制成的
C．物理学家安培首次揭开电与磁的关系
D．发电机工作时将电能转化为机械能
21.关于下列物理测量工具说法正确的是（ ）
A．图中所测物体的长度为3.40 cm B．图中电能表的读数为23865kW•h
C．图中弹簧测力计只能在竖直方向上使用 D．图中体温计是根据液体热胀冷缩原理制成的
（第21题图）22.在“会飞的章鱼”实验中，将塑料袋剪成细丝制成“章鱼”，毛巾分别摩擦“章鱼”和塑料管，将摩
擦后的“章鱼”抛向空中，在其下方用摩擦后的塑料管靠近“章鱼”，“章鱼”便飞起来，如图所示。
关于该实验下列说法正确的是（ ）
A．毛巾与塑料管摩擦的过程中创造了电荷
B．毛巾摩擦后的“章鱼”细丝间会相互吸引
C．摩擦后的“章鱼”与毛巾带上了同种电荷
D．“章鱼”飞起的原理与验电器工作原理相同
（第22题图） （第23题图）
23.如图所示，水平桌面上物体分别为60N、50N的甲、乙两物体，由跨过定滑轮的轻绳相连。在20N的
水平拉力F作用下，两物体均做匀速直线运动，滑轮到两物体的轻绳均水平，且轻绳对乙物体的拉力
大小为5N。忽略滑轮自重及滑轮与绳间摩擦，下列分析正确的是（ ）
A．乙所受到的摩擦力为0 B．甲对地面的压力大小为60N
C．地面对甲的摩擦力大小为10N D．竖直墙面受到的拉力大小为20N
24.在现代化生产中，重型机械的使用，可以节约大量人力。如图是正在吊起建筑材料的起重车示意图，
下列有关起重车的说法正确的是（ ）
A．起重车的起重臂OAB属于费力杠杆
B．工作时，支腿向两侧伸出可提高稳定程度
C．起重车选用宽大的轮胎是为了减小对地面的压力
D．起重车静止在水平地面时，所受重力和支持力是一对相互作用力
（第24题图） （第25题图）
25.如图所示，电源电压为18V，定值电阻R ＝10 ，滑动变阻器标有“50 2A”，电流表量程为“0﹣
1
3A”。在确保电路安全的情况下，下列说法正确的是（ ）
Ω Ω
A．滑片P向右移动过程中，电流表的示数变小
B．滑动变阻器允许接入电路中的阻值范围为0～50
C．若电源电压可调，电源电压可调节的最大值为25V
Ω
D．若电源电压可调，为使电流表示数达到最大，电源电压可调节的最小值为18V
四、非选择题（本大题共13小题，共64分。其中第26至32题，每题4分；33至35题，每题6分，第
36、37题，每题9分。请在答题卡位置按要求作答。）
26.2021年2月25日晚，遵义老城区上空上演了一场无人机灯光秀，3000架无人机在空中拼出遵义会议
会址、红军烈士陵园纪念碑等图案，以庆祝中国共产党建党100周年。如图所示，无人机在空中悬停，
组成了会址的图案，此时无人机相对地面是 的；若一架无人机竖直升高200m用时20s，则该
无人机上升的平均速度为 m/s。（第26题图） （第27题图）
27.如图所示是某种固态物质加热变成液态时温度随时间变化的曲线，由图可知，该物质是 （选
填“晶体”或“非晶体”），该物质在CD段的比热容 AB段的比热容。
28.某同学想测量家中勺子的密度，他将其带到学校物理实验室，先用已调好的天平测量勺子的质量，天
平平衡时如图甲所示，则勺子的质量为 g；再将勺子放入装有60mL水的量筒中，勺子漂浮
在水面上，用细针将其压入水中，如图乙所示，则该勺子的密度为 kg/m3。
（第28题图） （第29题图）
29.如图所示，是质量为20kg的超市购物车。某同学在超市选购商品的过程中，发现用力推一下购物车，
车就会自己向前运动一段距离，购物车“自己向前运动”是由于购物车具有 ；若他在购物车
内放入质量为15kg的货物后，购物车静止在水平地面上，与地面的总接触面积为10cm2，此时购物车
对水平地面的压强为 Pa。（g取10N/kg）
30.如图甲所示，是某物理兴趣小组为了探究金属导体A、B的电流随电压变化关系而连接的电路。只闭
合开关S ，测得电流表和电压表的示数并记录在表中；同时闭合开关S 、S ，根据测得数据绘制出电
1 1 2
流表与电压表示数变化的关系图像，如图乙所示。请根据图表信息计算：A的电阻 ，B在
10V电压下的电功率为 W。
Ω
（第30题图）
31.（1）如图甲所示，细线悬挂下的小球刚好与光滑圆弧面相接触，细线处于竖直状态。请在图中画出小
球的受力示意图。（2）图乙为存在视力缺陷的人眼成像光路图。请在图丙虚线框内画出能对其进行纠
正的透镜。（第30题图）
32.在“探究平面镜成像特点”的实验中：
（第32题图）
（1）如图甲所示，将点燃的蜡烛放置在玻璃板前，通过玻璃板能观察到蜡烛的像，其成像原理是
；
（2）如图乙所示为某同学完成实验后的记录纸，根据记录，他分析得出了“物体通过平面镜所成的像到
平面镜的距离与物体到平面镜的距离相等”的实验结论。请你指出该同学实验中存在的问题： 。
33.如图甲为某同学做“伏安法测电阻”的实验电路：
（第33题图）
（1）请根据图甲的电路连接情况，在图乙虚线框内画出对应的电路图；
（2）闭合开关，电压表示数接近电源电压，电流表示数接近于零，无论怎样调节滑动变阻器滑片，两表
示数几乎不变，则故障可能是 ；
（3）某次测量时，电压表示数为2.40V，电流表的示数如图丙所示，所测电阻R ＝ 。
x
34.汽车工程师探究单个轮胎滚动阻力与行驶速度、轮胎气压、轮胎品牌的关系。根据收集到的数据，绘
制了如图所示的图像：（第34题图）
（1）工程师在探究单个轮胎滚动阻力与轮胎气压的关系时，应控制的变量有 ；
（2）工程师在探究单个轮胎滚动阻力与行驶速度的关系时，轮胎克服最小阻力做功的功率大小
为 W；
（3）实践证明，当汽车轮胎气压增大到一定值后，汽车的安全性会随之降低。请综合考虑汽车安全性，
结合以上试验数据，提出能有效减小汽车能耗的建议： 。
35.阅读短文回答文后问题
熔盐式光热电站
2018年12月28日，我国首批国家光热示范项目——熔盐式光热电站在甘肃敦煌建成。
该项目加热塔高260米，反射镜11000多面，设计年发电量3.9×108度，熔盐用量3万吨，占地面积800
公顷。
该项目发电的基本原理是，通过若干平面镜按照7×5结构排列成面积为115平方米，略有弧度的反
射镜组，将太阳光会聚到太阳能收集装置（吸热塔），加热收集装置内的传热介质（熔盐流体），熔盐
可从260摄氏度加热至600摄氏度以上，熔盐加热后，沿着塔内的管道向下流动，进入储热罐。发电时，
水箱中的冷水和高温熔盐流入蒸汽发生器，发生热交换后，形成蒸汽，带动发电机发电。冷却后的熔盐
经管道流回冷储堆，然后再次流回吸热器。蒸汽在驱动发电机之后，会被冷凝回水，然后返回水箱。
虽然光热发电技术由于某些原因的限制不被大家所熟知，但是在成本、能源的消耗、应用范围、存储状
况等方面都有相对优势。我们有理由相信，总有一天，太阳能光热发电技术能为人类社会发展提供持续
稳定的能量。（本材料节选自网络）
（1）文中所提反射镜组相当于 ；
A.平面镜 B.凹面镜 C.凸透镜 D.凹透镜
（2）文中冷水从水箱中流出，到流回水箱过程中，先后发生的物态变化为 ；
A.液化﹣汽化 B.液化﹣升华 C.汽化﹣液化 D.汽化﹣凝固
（3）该熔盐式光热电站设计年发电量相当于热电转化效率为40%的燃煤火力电站燃烧 吨煤炭所
产生的电能（该发电站所用煤炭的热值为3.0×107J/kg）。
36.一艘质量为2000t的货轮沉没在主航道60m深的水底。相关部门派出满载排水量为4000t的打捞船进行
打捞。经过现场勘探后得知沉船排开水的体积为1500m3，决定采用浮筒打捞法（利用充满水的钢制浮
筒靠自重下沉，在水下充气将筒内水排出，借助浮力将沉船浮出水面）进行打捞。若打捞时所用钢制
浮筒体积为200m3，浮筒充气排水后的质量为30t。（水的密度为1.0×103kgm3，g取10N/kg）求：
（1）60m深的水底受到水的压强；
（2）打捞船满载时受到的浮力；
（3）要成功打捞沉船，至少需要多少个浮筒？
37.某同学利用恒压电源、定值电阻R 和滑动变阻器R ，先后连接了如图甲、乙所示电路。在图甲电路中，
1 2该同学将滑片P置于最右端后闭合开关，此时电流表、电压表的示数分别为 0.30A、15.0V；再将滑片
P移至某一位置时，电流表、电压表的示数分别为0.50A、9.0V。在图乙电路中，该同学接入两只电流
表（图中未画出），在保证电路安全的前提下，将滑片P从某位置开始逐次向左移动改变相同的阻值，
测得两电流表的示数并记录在下表中。
（1）求R 的最大阻值；
2
（2）求R 的阻值和电源电压；
1
（3）请分析图乙电路中电流表A、A 的接入位置并计算R 每次改变的阻值？
1 2 2
2021年贵州省遵义市中考物理试卷
参考答案与试题解析
三、选择题（本大题共8小题，共26分。第18至23题为单项选择题，每题3分；第24、25题为多项选
择题，每题4分，选对但不全得2分，全对得4分，有选错不得分。）18．（3分）噪声已成为影响人们生活、工作的一大公害。下列图片信息反应在传播过程中减弱噪声的是
（ ）
A． 射击时戴耳罩 B． 双层隔音玻璃
C． 禁止喧哗 D． 噪声检测仪
【分析】防治噪声的途径：在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱。
【解答】解：A、射击时戴耳罩，是在人耳处减弱噪声，故A不符合题意；
B、双层隔音玻璃，是在传播过程中减弱噪声，故B符合题意；
C、禁止喧哗，是在声源处减弱噪声，故C不符合题意；
D、噪声监测仪可以监测噪声的等级，不能减弱噪声，故D不符合题意。
故选：B。
【点评】本题考查了对减弱噪声途径的理解和应用，基础题。
19．（3分）有人设想的“永动机”如图所示。下列对该装置开始转动后的分析正确的是（ ）
A．装置所具有的机械能始终不变
B．如果没有能量补充，装置最终会停下来
C．根据能量守恒定律，装置可以一直转动下去
D．装置中小球的动能和重力势能不会相互转化
【分析】能量既不会消灭也不会创生，它只会从一种形式转化成另一种形式或者从一个物体转移到另一
个物体，在能的转化或转移的过程中，能的总量保持不变；
永动机在工作的过程中，会克服摩擦做功；
动能的大小与质量、速度有关；重力势能的大小与质量、高度有关。
【解答】解：
A、装置在工作的过程中，由于存在摩擦，克服摩擦做功，机械能转化为内能，所以机械能会变小，故A
错误；
BC、如果没有能量补充，机械能会逐渐变小，装置最终会停下来，故B正确，C错误；
D、装置在运动的过程中，小球的高度会发生变化，重力势能发生改变，速度发生变化，动能发生改变，
有重力势能和动能的转化，故D错误。
故选：B。
【点评】该题考查的是对能的转化和守恒定律的理解，它是一种普遍的规律。
20．（3分）在我们的日常生活中，磁现象及磁的应用几乎随处可见。下列有关磁的说法正确的是
（ ）
A．信鸽的飞翔是依靠地磁场进行定向
B．电动机是根据电磁感应原理制成的
C．物理学家安培首次揭开电与磁的关系
D．发电机工作时将电能转化为机械能
【分析】（1）地球是一个大磁体，地球周围存在的磁场叫地磁场；
（2）电动机是利用通电导体在磁场中受力运动的原理制成的；（3）奥斯特实验通过小磁针偏转说明了通电导体周围存在磁场，首次揭开电与磁的关系；
（4）发电机是利用电磁感应的原理制成的，工作时将机械能转化为电能。
【解答】解：A、信鸽通过辨别地磁场的强弱变化来定向的，故A正确；
B、电动机是利用通电导体在磁场中受力运动的原理制成的，故B错误；
C、物理学家奥斯特首次揭开电与磁的关系，故C错误；
D、发电机是利用电磁感应的原理制成的，工作时将机械能转化为电能，故D错误。
故选：A。
【点评】此题考查了电和磁中的各种现象，在学习过程中，一定要掌握各实验的现象及结论，并且要找
出其不同进行区分。
21．（3分）关于下列物理测量工具说法正确的是（ ）
A． 图中所测物体的长度为3.40 cm
B． 图中电能表的读数为23865kW•h
C． 图中弹簧测力计只能在竖直方向上使用
D． 图中体温计是根据液体热胀冷缩原理制成的
【分析】（1）刻度尺的最小刻度值为相邻的刻度线表示的长度；起始端没从 0开始，把1.00cm处当作
“0”刻度，读出末端刻度值，减去1.00cm即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；
（2）电能表的读数方法：最后一位是小数、单位kW•h；
（3）根据弹簧测力计的使用方法分析；
（4）液体温度计是根据液体的热胀冷缩的性质制成的。
【解答】解：A、图示刻度尺1cm又分为10个小刻度，分度值为1mm；
物体起始端对应的刻度值为1.00cm，末端对应刻度值为3.40cm，物体长度为3.40cm﹣1.00cm＝2.40cm，
故A错误；
B、电能表的读数时最后一位是小数、单位kW•h，其示数为2386.5kW•h，故B错误；
C、测量力的大小时，只要使用时力的方向应与弹簧的轴线一致即可，不一定竖直放置，故C错误；
D、体温计是根据液体热胀冷缩原理制成的，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了刻度尺、电能表的读数方法、弹簧测力计的使用方法以及液体温度计的原理，属于
基础题目。
22．（3分）在“会飞的章鱼”实验中，将塑料袋剪成细丝制成“章鱼”，毛巾分别摩擦“章鱼”和塑料
管，将摩擦后的“章鱼”抛向空中，在其下方用摩擦后的塑料管靠近“章鱼”，“章鱼”便飞起来，
如图所示。关于该实验下列说法正确的是（ ）A．毛巾与塑料管摩擦的过程中创造了电荷
B．毛巾摩擦后的“章鱼”细丝间会相互吸引
C．摩擦后的“章鱼”与毛巾带上了同种电荷
D．“章鱼”飞起的原理与验电器工作原理相同
【分析】（1）毛巾分别摩擦“章鱼”和塑料管，使得它们都带上了电荷；
（2）电荷之间的作用规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；
（3）验电器的工作原理为同种电荷相互排斥。
【解答】解：A、毛巾与塑料管摩擦的过程中电子发生了转移，并非创造了电荷，故A错误；
B、毛巾摩擦后的“章鱼”细丝间会因带上同种电荷而相互排斥，故B错误；
C、摩擦后的“章鱼”与毛巾一个物体得到电子，另一个物体失去电子，得到电子的物体带负电，失去电
子的物体带正电，故C错误；
D、“章鱼”飞起的原理是同种电荷相互排斥，与验电器工作原理相同，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了摩擦起电的实质，电荷之间的相互作用规律，验电器的工作原理。知道电荷间的相
互作用规律，是解答此题的关键。
23．（3分）如图所示，水平桌面上物体分别为60N、50N的甲、乙两物体，由跨过定滑轮的轻绳相连。
在20N的水平拉力F作用下，两物体均做匀速直线运动，滑轮到两物体的轻绳均水平，且轻绳对乙物
体的拉力大小为5N。忽略滑轮自重及滑轮与绳间摩擦，下列分析正确的是（ ）
A．乙所受到的摩擦力为0
B．甲对地面的压力大小为60N
C．地面对甲的摩擦力大小为10N
D．竖直墙面受到的拉力大小为20N
【分析】（1）对乙受力分析，根据二力平衡求出乙受到的摩擦力的大小；
（2）水平面上的物体对水平面的压力等于自身的重力；
（3）对甲受力分析，根据甲的运动状态分析摩擦力的大小；
（4）使用定滑轮不省力，可以改变力的方向，对定滑轮受力分析，得出墙壁受到的拉力。
【解答】解：
A、乙做匀速直线运动，水平方向上受力平衡，水平向右的绳子的拉力和水平向左的甲对乙的摩擦力是一
对平衡力，大小相等，所以乙所受到的摩擦力为5N，故A错误；
B、甲、乙整体在水平面地面上，甲对地面的压力等于甲、乙的总重力为，即为60N+50N＝110N，故B
错误；
C、甲做匀速直线运动，水平方向上受力平衡，甲受到水平向左的拉力、水平向右的地面对甲的摩擦力、
水平向右的乙对甲的摩擦力、水平向右的细绳的拉力；乙所受到的摩擦力为5N，由于物体间力的作用是
相互的，则乙对甲的摩擦力为5N；水平向右的地面对甲的摩擦力的大小为20N﹣5N﹣5N＝10N，故C正
确；
D、根据题意可知，绳子拉动乙的力为5N，有两段绳子拉着动滑轮，则动滑轮受到水平向左的拉力为
5N+5N＝10N，定滑轮处于静止状态，根据二力平衡条件可知，墙壁拉定滑轮的力为10N，根据力的相互
性可知，竖直墙面受到的拉力大小为10N，故D错误。
故选：C。【点评】本题考查了摩擦力的大小、拉力的大小的判定，利用好二力平衡条件和相互作用力是解题的关
键。
24．（4分）在现代化生产中，重型机械的使用，可以节约大量人力。如图是正在吊起建筑材料的起重车
示意图，下列有关起重车的说法正确的是（ ）
A．起重车的起重臂OAB属于费力杠杆
B．工作时，支腿向两侧伸出可提高稳定程度
C．起重车选用宽大的轮胎是为了减小对地面的压力
D．起重车静止在水平地面时，所受重力和支持力是一对相互作用力
【分析】（1）根据动力臂和阻力臂的关系分析是哪种杠杆；
（2）提高稳度的方法有两个，一是增大物体的支撑面，二是降低物体的重心，根据这两点作答；
（3）在压力不变时，通过增大受力面积可以减小压强；
（4）力的作用是相互的，一对相互作用力作用在两个物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上。
【解答】解：A、吊臂在使用过程中动力臂小于阻力臂，因此起重臂OAB是费力杠杆，故A正确；
B、起重车工作时，支腿向两侧伸出，相对于增大了起重机的支撑面积，可提高稳定程度，故B正确；
C、起重车选用宽大的轮胎是通过增大受力面积的方法来减小对地面的压强的，故C错误；
D、起重车静止在水平地面时，所受重力和支持力大小相等，是一对平衡力，故D错误。
故选：AB。
【点评】此题考查了减小压强的方法、杠杆的分类、压强大小的判断、相互作用力的判断，是一道综合
题。
25．（4分）如图所示，电源电压为18V，定值电阻R ＝10 ，滑动变阻器标有“50 2A”，电流表量程
1
为“0﹣3A”。在确保电路安全的情况下，下列说法正确的是（ ）
Ω Ω
A．滑片P向右移动过程中，电流表的示数变小
B．滑动变阻器允许接入电路中的阻值范围为0～50
C．若电源电压可调，电源电压可调节的最大值为25V
Ω
D．若电源电压可调，为使电流表示数达到最大，电源电压可调节的最小值为18V
【分析】（1）当闭合开关S，R 、R 并联，电流表测量干路电流；
1 2
滑片P向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，根据电阻并联的特点可知总电阻的变化情况，根
据I＝ 可知总电流的变化情况，进而得出电流表示数的变化情况；
（2）比较滑动变阻器允许通过的最大电流和电流表的量程确定干路的最大电流，此时滑动变阻器通过的
电流最大，其接入电路中的电阻最小，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知流过R 的电流不
1
变，然后求出流过滑动变阻器的电流，再根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；当滑动
变阻器接入电路中的电阻最大时，干路电流最小，电路安全，据此得出R 的取值范围；
2
（3）若电源电压可调，当电流表示数最大为3A，且变阻器接入电路中的电阻最大为50 时，总电阻最
大，由U＝IR可知电源电压最大，根据并联电路电阻的规律算出此时电路的总电阻，由欧姆定律算出最
Ω大电源电压；
（4）若电源电压可调，当电流表示数最大为3A时，若通过滑动变阻器的电流最大，则通过R 的电流最
1
小，由U＝IR可求出最小电源电压。
【解答】解：
（1）当闭合开关S，R 、R 并联，电流表测量干路电流；
1 2
滑片P向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，根据电阻并联的特点可知总电阻变大，根据I＝
可知总电流变小，则电流表的示数变小，故A正确；
（2）并联电路各支路两端的电压相等，则通过定值电阻R 的电流为：
1
I＝ ＝ ＝1.8A，
1
因滑动变阻器允许通过的最大电流为2A，且电流表的量程为0～3A，
所以，干路电流最大为3A时，通过滑动变阻器的电流最大，其接入电路中的电阻最小，
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，此时流过滑动变阻器的电流：
I＝I ﹣I＝3A﹣1.8A＝1.2A，
2 大 1
则滑动变阻器接入电路中的最小阻值：
R ＝ ＝ ＝15 ，
2小
当滑动变阻器接入电路中的电阻最大为50 时，干路电流最小，电路安全，
Ω
所以，变阻器允许接入电路中的阻值范围是15 ～50 ，故B错误；
Ω
（3）若电源电压可调，当电流表示数最大为3A，且变阻器接入电路中的电阻最大为50 时，总电阻最
Ω Ω
大，由U＝IR可知电源电压最大，
Ω
此时电路的总电阻为：
R ＝ ＝ ＝ ，
总大
则最大电源电压为：
Ω
U ＝I R ＝3A× ＝25V，故C正确；
大 大 总大
（4）若电源电压可调，当电流表示数最大为3A时，若通过滑动变阻器的电流最大，则通过R 的电流最
1
Ω
小，由U＝IR可知此时电源电压最小，
此时R 的电流为：
1
I′＝I ﹣I ＝3A﹣2A＝1A，
1 大 2大
最小电源电压为：
U ＝I′R ＝1A×10 ＝10V，故D错误。
小 1 1
故选：AC。
Ω
【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和确定好流过滑动变阻器
的最大电流是关键。
四、非选择题（本大题共13小题，共64分。其中第26至32题，每题4分；33至35题，每题6分，第
36、37题，每题9分。请在答题卡位置按要求作答。）
26．（4分）2021年2月25日晚，遵义老城区上空上演了一场无人机灯光秀，3000架无人机在空中拼出
遵义会议会址、红军烈士陵园纪念碑等图案，以庆祝中国共产党建党 100周年。如图所示，无人机在
空中悬停，组成了会址的图案，此时无人机相对地面是 静止 的；若一架无人机竖直升高200m用
时20s，则该无人机上升的平均速度为 1 0 m/s。【分析】（1）判断一个物体是否运动关键看被研究的物体与所选的参照物之间的相对位置是否发生了改
变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的；
（2）已知无人机竖直上升的距离和时间，根据速度公式计算无人机竖直上升时的平均速度。
【解答】解：（1）无人机在空中悬停，此时无人机相对地面的位置没有发生改变，所以是静止的；
（2）无人机竖直上升时的平均速度：v＝ ＝ ＝10m/s。
故答案为：静止；10。
【点评】掌握运动与静止的相对性及平均速度的公式，是解答的关键，属基础知识的考查。
27．（4分）如图所示是某种固态物质加热变成液态时温度随时间变化的曲线，由图可知，该物质是
晶体 （选填“晶体”或“非晶体”），该物质在CD段的比热容 大于 AB段的比热容。
【分析】晶体在熔化过程中温度不变，非晶体熔化过程中温度升高；
根据c＝ 分析该物质在CD段的比热容和AB段的比热容的大小关系。
【解答】解：根据图象BC段可知，物质在这一时间段吸热但温度不再升高，说明该物质是晶体；
AB段与CD段相比，在相同的时间内吸收的热量相等，AB段的温度变化比CD段大，而物体的质量不变，
根据c＝ 得AB段的比热容较小。
故答案为：晶体；大于。
【点评】此题考查了晶体熔化图象的分析，要掌握晶体熔化过程中的特点、吸热公式等知识。
28．（4分）某同学想测量家中勺子的密度，他将其带到学校物理实验室，先用已调好的天平测量勺子的
质量，天平平衡时如图甲所示，则勺子的质量为 17. 4 g；再将勺子放入装有60mL水的量筒中，勺
子漂浮在水面上，用细针将其压入水中，如图乙所示，则该勺子的密度为 0.87×1 0 3 kg/m3。【分析】物体质量是砝码质量与游码示数之和，由图乙所示量筒确定量筒分度值，读出勺子与水的总体
积，然后求出勺子的体积，最后由密度公式求出勺子的密度。
【解答】解：由图甲可知，游码示数是 2.4g，砝码质量是10g+5g＝15g，则黄瓜的质量m＝15g+2.4g＝
17.4g，
由图乙所示量筒可知，量筒的分度值是4ml，勺子与水的总体积是80mL，
勺子的体积V＝80mL﹣60ml＝20mL＝20cm3，
勺子的密度 ＝ ＝ ＝0.87g/cm3＝0.87×103kg/m3。
故答案为：17.4；0.87×103。
ρ
【点评】本题考查了天平读数及物体的沉浮条件等问题，难度不大，要掌握常用测量器材的使用及读数
方法。
29．（4分）如图所示，是质量为20kg的超市购物车。某同学在超市选购商品的过程中，发现用力推一
下购物车，车就会自己向前运动一段距离，购物车“自己向前运动”是由于购物车具有 惯性 ；若
他在购物车内放入质量为15kg的货物后，购物车静止在水平地面上，与地面的总接触面积为10cm2，
此时购物车对水平地面的压强为 3.5×1 0 5 Pa。（g取10N/kg）
【分析】（1）一切物体都具有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；
（2）质量为20kg的超市购物车装有15kg的货物，静止在水平地面上时对水平地面的压力等于购物车和
货物的重力之和，根据F＝G＝mg求出其大小，利用p＝ 求出此时购物车对水平地面的压强。
【解答】解：用力推一下购物车，购物车运动起来，由于具有惯性，还要保持原来的运动状态，所以离
手后还能向前运动一段距离；
质量为 20kg 的购物车上装有 15kg 的货物，静止在水平地面上时，对水平地面的压力：F＝G ＝
总
（m+m）g＝（20kg+15kg）×10N/kg＝350N，
1 2
购物车与地面的总接触面积为：S＝10cm2＝0.001m2，
此时购物车对水平地面的压强：p＝ ＝ ＝3.5×105Pa。
故答案为：惯性；3.5×105。
【点评】本题考查了惯性的应用、重力公式、压强公式的应用，要注意物体对水平面的压力和自身的重
力相等。
30．（4分）如图甲所示，是某物理兴趣小组为了探究金属导体 A、B的电流随电压变化关系而连接的电
路。只闭合开关S ，测得电流表和电压表的示数并记录在表中；同时闭合开关S 、S ，根据测得数据
1 1 2
绘制出电流表与电压表示数变化的关系图像，如图乙所示。请根据图表信息计算：A的电阻 25
，B在10V电压下的电功率为 5. 6 W。
Ω电流I/A 0.08 0.16 0.32
电压U/V 2.00 4.0 8.0
【分析】（1）只闭合开关S，滑动变阻器与定值电阻A串联，电压表测量定值电阻A两端的电压，电流
1
表测量电路的电流；
根据表格数据和欧姆定律算出A的电阻；
（2）同时闭合开关S 、S ，定值电阻A、B先并联再和滑动变阻器串联，电压表测量定值电阻A、B两
1 2
端的电压，电流表测量电路的总电流，
根据欧姆定律I＝ 算出当电压表的示数为10V通过A的电流，由并联电路电流的规律和图乙算出通过定
值电阻B的电流，根据P＝UI算出B在10V电压下的电功率。
【解答】解：（1）只闭合开关S，滑动变阻器与定值电阻A串联，电压表测量定值电阻A两端的电压，
1
电流表测量电路的电流；
由表格数据知A的电阻为：
R ＝ ＝ ＝25 ；
A
（2）同时闭合开关S 、S ，定值电阻A、B先并联再和滑动变阻器串联，电压表测量定值电阻A、B两
1 2
Ω
端的电压，电流表测量电路的总电流，
根据欧姆定律I＝ 知当电压表的示数为10V通过A的电流为：
I ＝ ＝ ＝0.4A，
A
由并联电路电流的规律和图乙知知通过定值电阻B的电流为：
I ＝I﹣I ＝0.96A﹣0.4A＝0.56A，
B A
B在10V电压下的电功率为：
P ＝U′I ＝10V×0.56A＝5.6W。
B B
故答案为：25；5.6。
【点评】本题考查过了欧姆定律公式和电功率公式的应用，掌握电路的连接和分析图像是解题的关键。
31．（1）如图甲所示，细线悬挂下的小球刚好与光滑圆弧面相接触，细线处于竖直状态。请在图中画出
小球的受力示意图。【分析】画力的示意图，首先要对物体进行受力分析，看物体受几个力，要先分析力的大小、方向和作
用点，再按要求画出各个力。
【解答】解：
小球处于静止状态，受力平衡，绳子处于竖直状态（球与斜面虽然接触但不发生挤压），所以小球不受
摩擦力和支持力的作用；则小球受到重力和拉力的作用，重力的方向竖直向下，拉力的方向沿绳子向上
两个力的作用点都画在球的重心上，这两个力是一对平衡力，大小相等，作图时两条线段的长度相等。
如图所示：
。
【点评】画力的示意图的一般步骤为：一画简图二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边。按照
这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图。
（2）图乙为存在视力缺陷的人眼成像光路图。请在图丙虚线框内画出能对其进行纠正的透镜。
【分析】根据图中眼睛成像的光路图来判断中近视眼还是远视眼，再选择合适的透镜进行矫正。
【解答】解：图1中的物体的像成在视网膜的前方，所以是近视眼，应用发散透镜来矫正，即用凹透镜
矫正，如图所示：
【点评】本题考查对近视眼成像和矫正的认识和理解，是一道基础题。
32．（4分）在“探究平面镜成像特点”的实验中：
（1）如图甲所示，将点燃的蜡烛放置在玻璃板前，通过玻璃板能观察到蜡烛的像，其成像原理是 光
的反射 ；
（2）如图乙所示为某同学完成实验后的记录纸，根据记录，他分析得出了“物体通过平面镜所成的像到
平面镜的距离与物体到平面镜的距离相等”的实验结论。请你指出该同学实验中存在的问题： 该同学只进行一次实验就得出结论，实验结论不具有普遍性 。
【分析】（1）平面镜成像的原理是光的反射；
（2）为了使实验结论具有普遍性，应改变蜡烛A的位置多进行几次实验。
【解答】解：（1）平面镜成像的原理是光的反射；
（2）该同学只进行一次实验就得出结论，实验结论不具有普遍性。
故答案为：（1）光的反射；（2）该同学只进行一次实验就得出结论，实验结论不具有普遍性。
【点评】本题考查学生实际动手操作实验的能力，并能对实验中出现的问题正确分析，探究平面镜成像
特点的实验是中考出题的一个热点，本题围绕这个探究过程可能遇到的问题，解决办法，合理的思考和
解释来考查同学的。
33．（6分）如图甲为某同学做“伏安法测电阻”的实验电路：
（1）请根据图甲的电路连接情况，在图乙虚线框内画出对应的电路图；
（2）闭合开关，电压表示数接近电源电压，电流表示数接近于零，无论怎样调节滑动变阻器滑片，两表
示数几乎不变，则故障可能是 R 断路 ；
x
（3）某次测量时，电压表示数为2.40V，电流表的示数如图丙所示，所测电阻R ＝ 1 2 。
x
【分析】（1）分析电路图的连接情况，再画出电路图；
Ω
（2）电流表示数接近零，说明电路中有断路，再根据电压表示数情况分析故障原因；
（3）根据图丙读出电流表示数，根据欧姆定律计算R的阻值。
【解答】解：（1）由图甲知，滑动变阻器、电流表、R 、开关依次连接在电源两极间，电压表并联在R
x x
两端，据此画出电路图如图所示：
；
（2）闭合开关，移动滑片P，电流表示数几乎为零，说明电路中有断路，电压表示数接近电源电压，说
明电压表两接线柱与电源两极间是通路，故障原因可能是电阻R 断路，这样电压表串联入电路中，所以
x
移动滑片电表示数几乎不变；
（3）由图甲知，电流表使用小量程，分度值0.02A，由图丙知，R 两端电压为2.40V时通过它的电流为
x
0.2A，
由欧姆定律可得，R ＝ ＝ ＝12 。
x
故答案为：（1）见上图；（2）R 断路；（3）12 。
x
Ω
【点评】本题是测伏安法测电阻的实验，考查了根据实物电路画电路图、电路故障的判断以及电流表读
Ω
数和电阻的计算，难度适中。34．（6分）汽车工程师探究单个轮胎滚动阻力与行驶速度、轮胎气压、轮胎品牌的关系。根据收集到的
数据，绘制了如图所示的图像：
（1）工程师在探究单个轮胎滚动阻力与轮胎气压的关系时，应控制的变量有 行驶速度和轮胎品牌 ；
（2）工程师在探究单个轮胎滚动阻力与行驶速度的关系时，轮胎克服最小阻力做功的功率大小为
1050 W；
（3）实践证明，当汽车轮胎气压增大到一定值后，汽车的安全性会随之降低。请综合考虑汽车安全性，
结合以上试验数据，提出能有效减小汽车能耗的建议： 选择合适轮胎在较为合适的气压下以 90km/ h 左
右的速度行驶 。
【分析】（1）单个轮胎滚动阻力与行驶速度、轮胎气压、轮胎品牌有关，根据控制变量法分析解答；
（2）由P＝Fv结合阻力与行驶速度关键图象分析解答；
（3）由f﹣P的图象知，轮胎气压越大，阻力越小，汽车的能耗越小，据此分析解答。
【解答】解：（1）由题知，单个轮胎滚动阻力与行驶速度、轮胎气压、轮胎品牌有关，所以探究单个轮
胎滚动阻力与轮胎气压的关系时，应控制的变量有行驶速度和轮胎品牌；
（2）由f﹣v图象知，当速度为90km/h，即速度为25m/s时，阻力最小为42N，根据P＝Fv＝fv知，轮胎
克服最小阻力做功的功率：
P＝fv＝42N×25m/s＝1050W；
（3）由f﹣v图象知，汽车速度为90km/h时，阻力最小，汽车能耗越低；由f﹣P图象知，轮胎气压越大
时，能耗阻力越小，能耗也会越低。
所以为了有效减小汽车能耗应选择合适轮胎在较为合适的气压下以90km/h左右的速度行驶。
故答案为：（1）行驶速度和轮胎品牌；（2）1050；（3）选择合适轮胎在较为合适的气压下以90km/h
左右的速度行驶。
【点评】本题探究单个轮胎滚动阻力影响因素的实验，考查了控制变量法的应用，功率公式的应用等，
关键能从图象获取有用信息。
35．（6分）阅读短文回答文后问题
熔盐式光热电站
2018年12月28日，我国首批国家光热示范项目——熔盐式光热电站在甘肃敦煌建成。
该项目加热塔高260米，反射镜11000多面，设计年发电量3.9×108度，熔盐用量3万吨，占地面积800
公顷。
该项目发电的基本原理是，通过若干平面镜按照7×5结构排列成面积为115平方米，略有弧度的反射
镜组，将太阳光会聚到太阳能收集装置（吸热塔），加热收集装置内的传热介质（熔盐流体），熔盐可
从260摄氏度加热至600摄氏度以上，熔盐加热后，沿着塔内的管道向下流动，进入储热罐。发电时，水
箱中的冷水和高温熔盐流入蒸汽发生器，发生热交换后，形成蒸汽，带动发电机发电。冷却后的熔盐经
管道流回冷储堆，然后再次流回吸热器。蒸汽在驱动发电机之后，会被冷凝回水，然后返回水箱。
虽然光热发电技术由于某些原因的限制不被大家所熟知，但是在成本、能源的消耗、应用范围、存储状
况等方面都有相对优势。我们有理由相信，总有一天，太阳能光热发电技术能为人类社会发展提供持续
稳定的能量。（本材料节选自网络）
（1）文中所提反射镜组相当于 B ；
A.平面镜 B.凹面镜 C.凸透镜 D.凹透镜
（2）文中冷水从水箱中流出，到流回水箱过程中，先后发生的物态变化为 C ；
A.液化﹣汽化 B.液化﹣升华 C.汽化﹣液化 D.汽化﹣凝固（3）该熔盐式光热电站设计年发电量相当于热电转化效率为40%的燃煤火力电站燃烧 1.17×1 0 5 吨煤
炭所产生的电能（该发电站所用煤炭的热值为3.0×107J/kg）。
【分析】（1）凹面镜有聚光的作用。
（2）物质从液态变成气态是汽化，物质从气态变成液态是液化。
（3）从材料中找到年发电量，利用效率公式求出燃煤放出的热量，根据Q＝mq求出燃煤的质量。
【解答】解：（1）通过若干平面镜按照7×5结构排列成面积为115平方米，略有弧度的反射镜组，所以
反射镜组相当于凹面镜对太阳光有会聚的作用。
（2）发电时，水箱中的冷水和高温熔盐流入蒸汽发生器，发生热交换后，形成蒸汽，物质从液态变成气
态是汽化过程。
蒸汽在驱动发电机之后，会被冷凝回水，然后返回水箱，此过程物质从气态变成液态，是液化过程。
（3）设计年发电量W ＝3.9×108度＝3.9×108kW•h＝1.404×1015J，
电
热电转化效率为40%，则 ＝ ＝ ，
η
则40%＝ ，
则燃煤质量m＝1.17×108kg＝1.17×105t。
故答案为：（1）B；（2）C；（3）1.17×105。
【点评】本题考查了光的反射、汽化和液化、热量计算、热机效率等，体现了物理在发电站中的广泛应
用。
36．（9分）一艘质量为2000t的货轮沉没在主航道60m深的水底。相关部门派出满载排水量为4000t的
打捞船进行打捞。经过现场勘探后得知沉船排开水的体积为 1500m3，决定采用浮筒打捞法（利用充满
水的钢制浮筒靠自重下沉，在水下充气将筒内水排出，借助浮力将沉船浮出水面）进行打捞。若打捞
时所用钢制浮筒体积为200m3，浮筒充气排水后的质量为30t。（水的密度为1.0×103kgm3，g取10N/
kg）求：
（1）60m深的水底受到水的压强；
（2）打捞船满载时受到的浮力；
（3）要成功打捞沉船，至少需要多少个浮筒？
【分析】（1）知道水深为60m，利用液体压强公式p＝ gh可以求所受的压强；
（2）知道船满载时排开水的质量，根据阿基米德原理求受到的浮力；
ρ
（3）根据浮筒的体积是200m3，可求得浮筒在水中受到的浮力，用浮力减去浮筒的总重即为这一只浮筒
一次能打捞起物体的重力，根据一只浮筒一次能打捞起物体的重力，然后可求得需要几只浮筒。
【解答】解：（1）p＝ gh＝1×103kg/m3×10N/kg×60m＝6×105Pa；
（2）根据阿基米德原理可得，打捞船满载时受到的浮力：
ρ
F ＝G ＝m g＝4000×103kg×10N/kg＝4×107N；
浮 排 排
（3）沉船受到的重力：
G ＝m g＝2000×103kg×10N/kg＝2×107N，
沉船 沉船
沉船受到的浮力：
F ＝G ＝ gV ＝1.0×103kg/m3×10N/kg×1500m3＝1.5×107N；
浮沉 排沉 排沉
则打捞沉船需要的拉力：F＝G ﹣F ＝2×107N﹣1.5×107N＝5×106N，
沉船 浮沉
ρ
浮筒充气排水后的重力：G＝mg＝30×103kg×10N/kg＝3×105N，
0 0
浮筒沉入水底受到的浮力：F ＝G ＝ V g＝1.0×103kg/m3×200m3×10N/kg＝2×106N，
浮0 排0 水 排0
每个浮筒能提供的向上的拉力：F ＝F ﹣G＝2×106N﹣3×105N＝1.7×106N，
拉 浮0 0
ρ需要浮筒个数：n＝ ＝ ≈2.9，
则最少需要3个浮筒才能把沉船打捞起来。
答：（1）60m深的水底受到水的压强为6×105Pa；
（2）打捞船满载时受到的浮力4×107N；
（3）要成功打捞沉船，至少需要3个浮筒。
【点评】本题考查了求压强、求打捞沉船时需要浮筒的个数问题，难度较大，灵活应用速度公式的变形
公式、液体压强公式、浮力公式是正确解题的关键。
37．（9分）某同学利用恒压电源、定值电阻R 和滑动变阻器R ，先后连接了如图甲、乙所示电路。在
1 2
图甲电路中，该同学将滑片P置于最右端后闭合开关，此时电流表、电压表的示数分别为 0.30A、
15.0V；再将滑片P移至某一位置时，电流表、电压表的示数分别为 0.50A、9.0V。在图乙电路中，该
同学接入两只电流表（图中未画出），在保证电路安全的前提下，将滑片P从某位置开始逐次向左移
动改变相同的阻值，测得两电流表的示数并记录在下表中。
滑片P移动的次序 1 2 3 4 5
电流表A 的示数/A 0.80 0.80 0.80 0.80 0.80
1
电流表A 的示数/A 1.30 1.40 1.55 1.80 2.30
2
（1）求R 的最大阻值；
2
（2）求R 的阻值和电源电压；
1
（3）请分析图乙电路中电流表A、A 的接入位置并计算R 每次改变的阻值？
1 2 2
【分析】（1）在图甲电路中，该同学将滑片P置于最右端后闭合开关，两电阻串联接入电路，滑动变阻
器接入电路最大阻值，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测通过电路的电流，由欧姆定律可得 R
2
的最大阻值；
（2）根据串联电路电压规律结合欧姆定律分别表示将滑片P置于最右端时和将滑片P移至某一位置时的
电源电压，联立解方程组可得R 的阻值和电源电压；
1
（3）在图乙电路中，两电阻并联接入电路，根据并联电路特点可判断电流表A 的位置，
1
电流表A 的位置分两种情况考虑：
2
①电流表A 测干路电流，根据并联电路电流规律计算每次通过滑动变阻器的电流，根据并联电路电压特
2
点结合欧姆定律计算每次滑动变阻器接入电路的电阻，进一步计算滑动变阻器每次改变的阻值；
②电流表A 测滑动变阻器的电流，根据欧姆定律计算每次滑动变阻器接入电路的阻值，进一步计算滑动
2
变阻器每次改变的阻值，找出符合题意的即可。
【解答】解：（1）在图甲电路中，该同学将滑片P置于最右端后闭合开关，两电阻串联接入电路，滑动
变阻器接入电路最大阻值，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测通过电路的电流，由欧姆定律可
得R 的最大阻值：R ＝ ＝ ＝50 。
2 2
（2）串联电路总电压等于各部分电压之和，将滑片 P 置于最右端时，电源电压：U＝IR +U ＝
1 2
Ω
0.3A×R +15V﹣﹣﹣﹣①
1
将滑片P移至某一位置时，电源电压：U＝I′R +U ′＝0.5A×R +9V﹣﹣﹣﹣②
1 2 1①②联立可得：R ＝30 ，U＝24V；
1
（3）在图乙电路中，两电阻并联接入电路，并联电路互不影响，并联电路各支路两端电压相等，
Ω
将滑片P从某位置开始逐次向左移动改变相同的阻值，电流表A 的示数不变，所以电流表A 测定值电阻
1 1
R 支路的电流，
1
①电流表A 测干路电流，并联电路干路电流等于各支路电流之和，
2
则第一次通过滑动变阻器的电流I ＝1.3A﹣0.8A＝0.5A，此时滑动变阻器接入电路的阻值R ′＝ ＝
1 2
＝48 ，
Ω
第二次通过滑动变阻器的电流I ＝1.4A﹣0.8A＝0.6A，此时滑动变阻器接入电路的阻值 ＝ ＝
2
＝40 ，滑动变阻器改变的阻值：ΔR ＝48 ﹣40 ＝8 ，
2
Ω Ω Ω Ω
第三次通过滑动变阻器的电流I ＝1.55A﹣0.8A＝0.75A，此时滑动变阻器接入电路的阻值 ＝
2
＝ ＝32 ，滑动变阻器改变的阻值：ΔR ′＝40 ﹣32 ＝8 ，
2
滑动变阻器改变的阻值相同，故符合题意；
Ω Ω Ω Ω
②电流表A 测滑动变阻器的电流，则第一次滑动变阻器接入电路的阻值R ＝ ＝ ≈18.46 ，
2 21
Ω
第二次滑动变阻器接入电路的阻值R ＝ ＝ ≈17.14 ，滑动变阻器改变的阻值：ΔR ＝18.46 ﹣
22 21
17.14 ＝1.32 ，
Ω Ω
Ω Ω
第三次滑动变阻器接入电路的阻值R ＝ ＝ ≈15.48 ，滑动变阻器改变的阻值：ΔR ＝17.14
23 22
﹣15.48 ＝1.66 ，
Ω Ω
滑动变阻器改变的阻值不同，故不符合题意。
Ω Ω
答：（1）R 的最大阻值为50 ；
2
（2）R 的阻值为30 ，电源电压为24V；
1
Ω
（3）图乙电路中电流表A 与定值电阻串联接入电路，电流表A 在干路，R 每次改变的阻值为8 。
1 2 2
Ω
【点评】本题考查串联电路特点、并联电路特点、欧姆定律的灵活运用。题目有一定难度。
Ω
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