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2018 年山东省东营市中考物理试卷
一、选择题
1. 如图所示，在2018黄河口（东营）国际马拉松比赛中，一位坐轮椅的选手给观众留下了深刻的印象．下
面说法正确的是（ ）
A. 以路边的树木为参照物，选手是运动的
B. 轮椅坐垫做的比较宽大是为了增大压强
C. 停止用力后，轮椅仍能向前运动一段距离，是因为受到惯性力的作用
D. 轮椅轮胎上有较深的花纹是为了减小摩擦
【答案】A
【解析】
【详解】A．以路边的树木为参照物，选手的位置不断变化，选手是运动的，故A正确．
B．轮椅坐垫做的比较宽大，是在压力一定时，增大了受力面积，减小了压强，故B错误．
C．停止用力后，由于惯性，轮椅仍能向前运动一段距离，惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，不
是一种力，故C错误．
D．轮椅轮胎上有较深的花纹，增大了接触面的粗糙程度，是为了增大摩擦，故D错误．
故答案为A．
【点睛】惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，一切物体都具有惯性．惯性不是一种作用，更不是一
种力，不能说受到惯性力的作用．
2. 以下事例中，符合安全用电原则的是（ ）
A. 使用测电笔时，手不接触笔尾的金属体
B. 家庭电路中的保险丝熔断，用铜丝或铁丝代替
C. 安装电路时，开关接在用电器和零线之间
D. 保险装置、家用电器等达到使用寿命应及时更换
【答案】D
【解析】
【详解】A．使用测电笔时，手必须接触笔尾的金属体，用笔尖接触导线，当测电笔的氖管发光，则说明
接触的是火线，故A错误．B．家庭电路中的保险丝熔断，说明电路中电流过大，如果用铜丝或铁丝代替，起不到保护电路的作用，
故B错误．
C．安装电路时，开关接在用电器和火线之间，断开开关后，用电器不再带电，可以防止触电事故的发生，
故C错误．
D．保险装置、家用电器等达到使用寿命应及时更换，防止发生漏电事故，故D符合安全用电原则为答案．
【点睛】安全用电 的原则是：“不接触低压带电体，不靠近高压带电体”．
3. 如图所示，擦窗机器人能凭借自身底部的真空泵和吸盘吸附在玻璃上“行走”，带动清洁布擦拭玻璃．
下列说法错误的是（ ）
A. 当真空泵将吸盘内的空气抽出时，由于大气压的作用，擦窗机器人被压在玻璃上
B. 擦窗机器人在玻璃上竖直向上匀速“行走”时，所受的摩擦力大于自身所受的重力
C. 擦窗机器人接收的指令是通过电磁波传递的
D. 擦窗机器人从窗户底端运动到顶端，其重力势能增大
【答案】B
【解析】
【详解】A．当真空泵将吸盘内的空气抽出时，吸盘内气体压强减小，它在外界大气压的作用下被压在竖
直玻璃上，故A正确；
B．当擦窗机器人在玻璃上竖直向上匀速“行走”时，处于平衡状态，受到的重力和摩擦力是一对平衡力，
大小相等，故B错误；
C．电磁波可以传递信息，擦窗机器人接收的指令是通过电磁波传递的，故C正确；
D．擦窗机器人从窗户底端运动到顶端时，质量不变，高度增加，其重力势能增大，故D正确．
故答案为B．
【点睛】根据运动状态推断受力情况，机器人匀速行走处于平衡状态，受到平衡力的作用．所以受到的摩
擦力和重力是一对平衡力，大小相等．
4. 对物理概念的理解是学好物理的关键，下列关于功、功率和机械效率的说法正确的是（ ）
A. 通过改进机械的性能的机械，机械效率也不能达到100%
B. 做功多的机械，功率一定大C. 功率大 的机械，做功一定快
D. 做功快的机械，机械效率一定高
【答案】AC
【解析】
【详解】A．使用任何机械都要做额外功，所以总功一定大于有用功，即有用功与总功的比值一定小于 1，
也就是机械效率小于100%，故A正确；
B．功率是做功多少与所用时间的比值。做功多，时间不确定，功率大小不能确定。故B错误；
C．功率反映做功的快慢，功率大则做功快，功率小则做功慢。故C正确；
D．机械效率与做功快慢没有关系。故D错误。
故选AC。
5. 面对清澈见底、看起来不过齐腰深的池水，不会游泳的人千万不要贸然下去，因为人们看到的池水深度
和它的实际深度并不相同，下面四幅图能正确解释此现象的是（ ）
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】本题是光的折射定律的应用，折射定律：折射光线与入射光线和法线在同一平面内；折射光线与
入射光线分居法线两侧；当光从空气斜射入水或其它透明介质中时，折射光线靠近法线折射，折射角小于
入射角．
【详解】AD．面对清澈见底的池水，池底的光从水中斜射入空气中，在水面发生折射，折射光线进入人的
眼睛，选项AD光的传播方向错误，故AD错误．
BC．池底反射的光，从水中斜射入空气中，在水面处发生了折射，折射角大于入射角，人逆着折射光线看
去，看到的是变浅的池底的虚像，即池水的实际深度比看到的池底要深，故B错误，C正确．
6. 电动汽车越来越多地进入普通家庭，电动汽车的核心部件是电动机，下面图中能正确反映电动机工作原
理的是（ ）
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】【详解】A．闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，这是电磁感应现象，
是发电机的原理，故A不符合题意；
B．奥斯特实验，说明了通电导体周围存在着磁场，故B不符合题意；
C．实验是探究电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系，是根据电流的磁效应制成的，故C不符合题意；
D．当闭合开关后，通电导体在磁场中受力运动，是电动机的原理，故D符合题意．
【点睛】发电机的原理是电磁感应现象，电动机的原理是通电导体在磁场中受力；发电机是机械能转化为
电能，电动机是电能转化为机械能；
7. 水煎包是东营特色名吃，其特色在于兼得水煮油煎之妙，色泽金黄，一面焦脆，三面嫩软，皮薄馅大，
香而不腻．在水煎包的制作过程中，以下说法正确的是（ ）
①水煎包“香气四溢”，说明分子在不停地做无规则运动
②水煎包能被煎成金黄色，是因为油的沸点比水的沸点低
③木柴燃烧时将化学能转化为内能
④往热锅内倒入水会产生大量的“白气”，“白气”是水汽化形成的
⑤锅盖不断被水蒸气顶起而发生“跳动”，此时水蒸气的内能转化为锅盖的机械能
A. ①②③⑤ B. ①③⑤ C. ①③④⑤ D. ②③④⑤
【答案】B
【解析】
【详解】①水煎包“香气四溢”，属于扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动，故①正确；
②水煎包能被煎成金黄色，是因为油的沸点比水的沸点高，故②错误；
③木柴燃烧时将化学能转化为内能，故③正确；
④往热锅内倒入水会产生大量的“白气”，“白气”是悬浮在空气中的小液滴，是由于水蒸气液化形成的，
故④错误；
⑤锅盖不断被水蒸气顶起而发生“跳动”，此时水蒸气对外做功，将内能转化为锅盖的机械能，故⑤正确；
综上说法正确的是①③⑤，故B符合题意为答案．
【点睛】本题结合生活中的“名吃”考查了分子动理论的内容，燃料燃烧时能量的转化以及内能的应用，
理论与实际相结合，可以加深对知识的理解，有益于学生养成理论联系实际的习惯．
8. 以下研究方法相同的是（ ）
①研究压力作用效果与压力大小的关系时，保持受力面积不变
②研究声音的产生时，将发声的音叉与水面接触，水花四溅表明音叉在振动③研究磁场时，引入“磁感线”
④研究电阻大小与导体长度的关系时，选择材料、横截面积相同的导体
A. ①② B. ②③ C. ③④ D. ①④
【答案】D
【解析】
【详解】①研究压力作用效果与压力大小的关系时，保持受力面积不变，运用的是控制变量法；
②研究声音的产生时，将发声的音叉与水面接触，水花四溅将音叉的振动放大，说明了声音是由物体振动
产生的，采用的是转换法；
③研究磁场时，引入“磁感线”，采用的是模型法；
④研究电阻大小与导体长度的关系时，选择材料、横截面积相同的导体。采用的是控制变量法。
所以研究方法相同的是①与④。
故选D。
9. 如图所示，电源电压不变，闭合开关，当滑动变阻器滑片向左移动时，下列判断正确的是（ ）
A. 电压表示数与电流表A 示数的乘积变大
1
B. 电压表示数与电流表A 示数的乘积变大
2
C. 电压表示数与电流表A 示数的比值不变，电流表A 示数变小
1 2
D. 电压表示数与电流表A 示数的比值变大，电流表A 示数变大
1 2
【答案】B
【解析】
【详解】由电路图可知，电阻R 与滑动变阻器R 并联，电流表A 测通过电阻R 的电流，电流表A 测干路
1 2 1 1 2
电流，电压表测并联电路两端的电压，亦即电源电压．闭合开关，当滑动变阻器滑片向左移动时，滑动变
阻器连入电路的阻值变小，根据欧姆定律 可知，通过电阻R 支路的电流变大．由于并联电路各支路
2
互不影响，通过电阻R 的电流不变，电流表A 示数不变；干路电流变大，则电流表A 示数变大；电源电
1 1 2
压不变，电压表示数不变．
A．电压表示数与电流表A 示数的乘积不变，故A错误．
1
B．电压表示数与电流表A 示数的乘积变大，故B正确．
2
CD．电压表示数与电流表A 示数的比值不变，电流表A 示数变大，故CD错误．
1 2故答案为B．
【点睛】分析动态电路问题，认清电路的连接方式和电表的作用是关键．
10. 三个相同容器内分别盛满不同的液体，现将三个完全相同的小球轻轻放入容器中，小球静止后的状态
如图所示，以下判断正确的是（ ）
A. 液体的密度关系是ρ ＞ρ ＞ρ
甲 丙 乙
B. 液体对容器底部的压强关系是p ＞p ＞p
乙 甲 丙
C. 容器对桌面的压强关系是p' ＞p' ＞p'
甲 乙 丙
D. 小球受到的浮力大小关系是F =F ＞F
乙 丙 甲
【答案】D
【解析】
【详解】A．将三个完全相同的小球轻轻放入容器中，小球在甲液体中沉底，则 ；小球在乙液体
中漂浮，则 ；小球在丙液体中悬浮，则 ；因此液体的密度关系是ρ ＞ρ ＞ρ ，故A不
乙 丙 甲
符合题意．
B．静止时三个容器的液面恰好相平，即深度h相等，三种液体密度关系是ρ ＞ρ ＞ρ ，由液体压强公
乙 丙 甲
式p=ρgh可知，液体对容器底部的压强关系是p ＞p ＞p ，故B不符合题意；
乙 丙 甲
C．容器对桌面的压力等于容器、容器内液体和小球的总重力；由图知，三个相同容器内液体体积相同，
又知ρ ＞ρ ＞ρ ，，根据 和G=mg可知乙烧杯内液体的重力大于丙烧杯内液体的重力，丙烧杯内
乙 丙 甲
液体的重力大于甲烧杯内液体的重力，烧杯以及小球的重力均相等，烧杯的底面积相等，根据 可知，
容器对桌面的压强p' ＞p' ＞p' ，故C不符合题意；
乙 丙 甲
D．小球在甲液体中沉底，所受浮力F ＜G；小球在乙液体中漂浮，在丙液体中悬浮，所受浮力均等于其
甲
重力，即F =F =G；因此小球受到的浮力大小关系是F =F ＞F ，故D符合题意；
乙 丙 乙 丙 甲
【点睛】根据物体浮沉条件推断出三种液体密度的大小关系，然后由液体压强公式p=ρgh判断容器底部受到的液体压强大小关系．根据浮沉条件得出小球受到的浮力大小关系．是一道综合性题目，有一定的难度．
二、填空题
11. 苏州是评弹的发源地．评弹常见的伴奏乐器有三弦、琵琶等．观众可以根据乐器发出声音的______
（选填“音调”、“响度”或“音色”）不同，分辨出是哪种乐器；琴师调节琴弦的松紧是为了改变声音
的_____（选填“音调”、“响度”或“音色”）．
【答案】 (1). 音色 (2). 音调
【解析】
【详解】三弦和琵琶发声的音色不同，可以通过音色区分不同的乐器；调节琴弦的松紧，振动的频率不同，
这样做的目的是为了改变声音的音调．
12. “风能、电能、水能、煤炭”中属于二次能源的是_______、属于不可再生能源的是_______。
【答案】 (1). 电能 (2). 煤炭
【解析】
【详解】[1]一次能源是从自然界直接取得，而不改变其基本形态的能源，风能、水能、煤炭等都属于一次
能源。二次能源是一次能源经过加工，转换成另一种形态的能源，电能属于二次能源。
[2]不可再生能源是须经地质年代才能形成而短期内无法再生的一次能源，属于不可再生能源的是煤炭。
13. 如图所示，某型号飞机模型机翼上表面凸起，下表面较平．在飞行过程中由于上表面的空气流速
_______（选填“大”或“小”），压强_______（选填“大”或“小”），从而能获得向上的升力．
【答案】 (1). 大 (2). 小
【解析】
【详解】飞机模型机翼上表面凸起，下表面较平．在飞行过程中由于上表面的空气流速大，压强小，下方
空气流速小，压强大．产生向上的压强差、压力差，从而能获得向上的升力．
14. 徐州市开展了“红色电影进社区”活动，受到居民好评．电影放映机的镜头相当于一个_________（选
填“凸透镜”、“凹透镜”），电影放映时在银幕上形成的是_________立、放大的实像．
【答案】 (1). 凸透镜 (2). 倒立
【解析】
【分析】电影放映机的镜头是凸透镜，其利用物体在一倍和二倍焦距之间，像成在另一侧的二倍焦距之外，
成倒立放大的实像的原理制成的．
【详解】电影放映机的镜头相当于一个凸透镜，被照物体和凸透镜的距离大于一倍焦距小于二倍焦距时，成倒立放大的实像的原理制成的．
15. 如图所示，杠杆AOB能绕O点转动．在A点挂一重物G，为使杠杆保持平衡且用力最小，在B点施加
一个力，这个力应该是图中的_______．
【答案】F
2
【解析】
【详解】如图，杠杆AOB能绕O点转动，O为支点．在A点挂一重物G，阻力的方向向下，根据杠杆平衡
条件，阻力、阻力臂一定，当OB为力臂时，动力臂最大， 动力的方向与OB垂直向下，此时最省力，故
F 最小．
2
【点睛】本题考查杠杆中最省力问题，由杠杆平衡条件可知，当杠杆平衡时，力臂最长，力最小．
16. 物理科技小组用标有“1600imp/（kW·h）”（表示每消耗1kW·h的电能，电能表上的指示灯闪烁1600
次）的电能表测量电视机的功率，他们把电视机单独接入电路且使其正常工作6min，指示灯闪烁16次，
该电视机的功率为_______kW。
【答案】0.1
【解析】
【详解】把电视机单独接入电路且使其正常工作6min，电视机所消耗的电能
根据 可得，该电视机的功率为
17. 民谚俗语中蕴含着丰富的物理知识，请用所学物理知识解释“霜前冷，雪后寒”现象产生的原因：
_______。
【答案】霜是由于气温很低时空气中的水蒸气发生凝华现象而形成的，雪在熔化时需要吸热
【解析】
【详解】深秋的夜晚，地面附近的空气温度骤然降低（温度低于0℃以下），空气中的水蒸气由气态直接
变为固态凝华成小冰晶，附着在物体上形成霜，“霜前冷”是形成霜的条件，也是人的感觉；雪熔化时需要吸热，使空气的温度降低，所以“雪后寒”是熔化吸热的结果。
三、作图、实验与探究题
18. 如图所示，一束与平面镜成30°角的光入射到平面镜上，请根据光的反射定律，画出反射光线并标出反
射角的度数．
（ ）
【答案】
【解析】
【详解】先过反射点垂直反射面作出法线,并求得入射角为60°,所以反射角也为60°；再在法线的另一侧根
据反射角等于入射角作出反射光线，标出反射角，如图：
【点睛】要作出反射光线，首先要知道反射定律的内容：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反
射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角．还要知道反射角的定义：反射光线与法线之间的夹
角，标出反射角的大小．
19. 如图所示，请根据小磁针静止后的指向及所标电流的方向，画出螺线管导线的绕法．
【答案】【解析】
【详解】已知小磁针的左端为S极、右端为N极，根据磁极间的相互作用规律可知，通电螺线管左端为N
极、右端为S极；
根据安培定则，用右手握住螺线管，让大拇指指向螺线管的N极，则弯曲的四指指向电流的方向，电流从
左端流入，右端流出，螺线管上电流方向向上；
螺线管导线的绕法如下：
【点睛】本题考查磁极间的相互作用规律和安培定则的理解和掌握．先根据小磁针的指向判断出螺线管的
极性，再由安培定则判断绕线方向；
20. 教育部将“研学旅行”纳入中小学生日常教育范畴．某校组织学生到黄河入海口进行研学旅行．在河
边的沙滩上，老师提议同学们利用一个空矿泉水瓶，借助河水、细沙、随身携带的热水（从中选择一种或
多种）设计实验探究所学的物理知识，请参照举例帮他们设计三个可以探究的实验，写出操作方法、实验
现象和得出的结论．
例：将空矿泉水瓶慢慢压入水中，发现越来越费力，说明物体所受浮力的大小与其浸在液体中的体积有关．
（1）_______．
（2）_______．
（3）_______．
【答案】 (1). 用力挤压矿泉水瓶，矿泉水瓶被压扁．说明力可以改变物体的形状． (2). 在矿泉水瓶
中装入一定质量的细沙，从不同高度自由下落，发现矿泉水瓶被举得越高，在沙滩上留下的痕迹越深．说
明重力势能的大小与物体被举高的高度有关． (3). 在矿泉水瓶中装满细沙，分别让矿泉水瓶正立和倒
立在松软的沙滩上，发现矿泉水瓶倒立时在沙滩上留下的痕迹更深．说明压力的作用效果与受力面积的大
小有关．
【解析】
【分析】选用身边的材料，器材进行探究实验，可以激发学生学习物理的兴趣，培养用物理知识解决实际
问题的能力．空矿泉水瓶在力的作用下会变形，装上沙子可以探究影响重力势能的大小因素，装上水扎孔
可以探究液体压强规律，把装水的瓶子正放倒放在沙子上可探究影响压力作用效果的因素．
【详解】(1). 用力挤压矿泉水瓶，矿泉水瓶被压扁．说明力可以改变物体的形状．
(2). 在矿泉水瓶中装入一定质量的细沙，从不同高度自由下落，发现矿泉水瓶被举得越高，在沙滩上留下的痕迹越深．说明重力势能的大小与物体被举高的高度有关．
(3). 在矿泉水瓶中装满细沙，分别让矿泉水瓶正立和倒立在松软的沙滩上，发现矿泉水瓶倒立时在沙滩上
留下的痕迹更深．说明压力的作用效果与受力面积的大小有关．
（4）用锥子在塑料瓶侧壁不同高度扎3个小孔，往瓶中装满水观察小孔喷出水的距离．观察到距液面距离
越大的小孔喷出水的距离越远；说明该处水的压强越大．
【点睛】本题为开放题，以矿泉水瓶为实验器材，考查了力学的有关知识，体现了从生活到物理，从物理
到社会的新课程理念．
21. 在“测量小灯泡额定功率”的实验中，老师给同学们提供的器材有：小灯泡（额定电压为2.5V，正常
发光时灯丝电阻约为10Ω）、电源（电压恒为6V）、电流表、电压表、开关各一个，导线若干．若实验室
只有：R （10Ω 1A）、R （50Ω 0.2A）、R （100Ω 0.5A）三种规格的滑动变阻器可供选择．
1 2 3
（1）请画出实验电路图． ___
（2）通过估算，滑动变阻器应选择_______（选填“R ”、“R ”或“R ”）
1 2 3
（3）同学们检查器材完好，按电路图连接电路，当闭合开关时，发现电流表指针偏转情况如图所示，造
成这种现象的原因是_______．
（4）同学们纠正了错误，正确连接好电路，闭合开关，发现小灯泡不亮，但电流表、电压表均有示数，
请分析出现这种现象的原因是_______．为测量小灯泡的额定功率，接下来的操作应该是_______，读出并
记录电流表的示数．
（5）当小灯泡正常发光时，电流表的示数如图，为_______，则小灯泡的额定功率为_______．
【答案】 (1). (2). R (3). 电流表正负接线柱接反了造成的 (4). 小灯泡实际功率太
3
小，不足以让小灯泡发光 (5). 调节滑动变阻器，使小灯泡两端电压为2.5V (6). 0.26A (7). 0.65W．
【解析】
【详解】（1）在“测量小灯泡额定功率”的实验中，根据 P=UI可知，电压表测量小灯泡的电压，电流表
测量电流，用滑动变阻器调节灯泡两端的电压使其等于灯泡的额定电压，所以滑动变阻器串联在电路中，
电路图如下：；
（2）已知小灯泡 的额定电压为2.5V，正常工作电流约 ，电源电压为6V，由串联
电路电压的规律可知，当小灯泡正常发光时，变阻器分得的电压：
U =U﹣U=6V﹣2.5V=3.5V，
滑 L
由欧姆定律 ，变阻器连入电路中的电阻大小约为：
，
因此应选择最大阻值大于14Ω，且允许通过电流大于0.25A的滑动变阻器，故选用R （100Ω 0.5A）的变阻
3
器；
（3）由图1所示电流表可知，当闭合开关时，电流表指针反向偏转，这是由于电流表正负接线柱接反了造
成的；
（4）闭合开关，发现小灯泡不亮，但电流表和电压表均有示数，说明电路是连通的，因为小灯泡的实际
功率太小，不足以让小灯泡发光；
为测量小灯泡的额定功率，此时应调节滑动变阻器，使小灯泡两端电压为2.5V，读出并记录电流表的示数；
（5）由图2可知，电流表选择0～0.6A量程，分度值为0.02A，示数为0.26A；
则小灯泡的额定功率为P=UI=2.5V×0.26A=0.65W．
【点睛】本题考查测量小灯泡额定功率的实验，考查了电路图、器材的选择、故障分析及电路的调节等，
是中考常见的实验探究类型．
22. 在测量某种液体密度时，物理兴趣小组讨论形成了以下方案：
A.将量筒中的液体倒入烧杯，测出烧杯和液体的总质量m
1
B.将适量的液体倒入量筒，测出液体的体积V
C.用天平测出空烧杯的质量m
2
D.计算出液体的密度ρ
(1)以上方案中的步骤，其正确顺序是_______（只填写序号即可）。
(2)用所测物理量的符号写出液体密度的表达式ρ=_______。
(3)在用调节好的托盘天平称量空烧杯的质量时，往右盘中加入最小的砝码后，发现指针在分度盘上的位置如图所示。接下来的操作应该是_______。
(4)在对实验方案进行论证时，老师指出该方案误差较大，请分析产生误差的原因及结果。______
(5)请结合(4)中的分析，对该物理兴趣小组形成的方案进行完善。___
【答案】 (1). BCAD (2). (3). 取下最小的砝码，移动游码，直到天平达到平衡 (4). 所测液
体的体积准确，在测量液体质量时因为有部分液体残留在量筒中，导致所测液体的质量偏小，因此所测液
体的密度值比实际值偏小 (5). ①将适量的液体倒入量筒，测出液体的体积V ；②用天平测出空烧杯的
1
质量m ；③将量筒中的部分液体倒入烧杯，测出剩余液体的体积V ；④用天平测出烧杯和液体的总质量
1 2
m ；⑤计算出液体的密度ρ
2
【解析】
【分析】(1)测液体密度的基本方法是：先将适量液体倒入量筒，再用天平测出空烧杯的质量，读出体积为
V，将量筒中的液体倒入烧杯，测出烧杯和液体的总质量m 。
1
(2)已知液体质量和体积，利用公式 得到液体密度。
(3)若最小的砝码不能使天平平衡，则应取出该砝码，通过移动游码来使天平平衡。
(4)在测量液体质量时因为有部分液体残留在量筒中，导致所测液体的质量偏小。
(5)根据(4)中的分析方案，对该物理兴趣小组形成的方案进行完善。
【详解】(1)[1]根据密度公式 ，要测量液体的密度，正确的过程是：
B.将适量的液体倒入量筒，测出液体的体积V
C.用天平测出空烧杯的质量m
2
A.将量筒中的液体倒入烧杯，测出烧杯和液体的总质量m
1
D.计算出液体的密度ρ
所以正确的实验步骤是BCAD。
(2)[2]待测液体的质量则液体的密度
(3)[3]由图知，往右盘中加入最小的砝码后，发现指针在分度盘中线的右侧，说明砝码质量偏大，则应取下
最小的砝码，并向右适当移动游码，直到天平横梁平衡。
(4)[4]实验中，所测液体的体积准确，在测量液体质量时因有部分液体残留在量筒中，导致所测液体的质量
偏小，由 可知，所测液体的密度值比实际值偏小。
(5)[5]①将适量的液体倒入量筒，测出液体的体积V ；
1
②用天平测出空烧杯的质量m ；
1
③将量筒中的部分液体倒入烧杯，测出剩余液体的体积V ；
2
④用天平测出烧杯和液体的总质量m ；
2
⑤计算出液体的密度ρ。
【点睛】本题考查测量液体密度实验步骤和误差分析，为了减小误差，不可把量筒中的液体全部倒入烧杯，
否则会导致所测质量偏小，密度偏小；实验时要注意知识的积累，重点是记住测量密度的原理和实验步骤。
四、计算题
23. 如图所示，某施工队利用滑轮组从水中提取物体，上升过程中物体始终不接触水底，已知物体质量为
4t，体积为1m3。求：
（1）物体完全浸没在水中时，求物体所受浮力的大小；
（2）物体下表面与水面距离为3m时，求物体下表面所受水的压强；
（3）若不计动滑轮的自重、绳重和摩擦，当浸没在水中的物体被匀速提升时，求电动机对绳子的拉力；
（4）物体离开水面后，在电动机作用下匀速上升，若电动机功率为9kW、对绳子的拉力为1.5×104N，求
物体上升的速度和滑轮组的机械效率（机械效率精确到0.1%）。
【答案】（1）1×104N；（2）3×104Pa；（3）1×104N；（4）0.2m/s ，88.9%
【解析】
【分析】【详解】解：（1）物体完全浸没在水中，V ＝V ，物体受到的浮力
排 物
F ＝G ＝ρ V g＝1.0×103kg/m3×1m3×10N/kg＝1×104N
浮 排 水 排
（2）物体下表面所受的压强
p＝ρ gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×3m＝3×104Pa
水
（3）物体的质量
m＝4t＝4×103kg
物体的重力
G＝mg＝4×103kg×10N/kg＝4×104N
物体被匀速提升时，受力平衡，动滑轮对物体的拉力
F＝G﹣F ＝4×104N﹣1×104N＝3×104N
1 浮
由图可知n＝3，则电动机对绳子 的拉力
F＝ ＝1×104N
2
（4）由
P＝ ＝Fv
得，电动机拉动绳子的速度为
.
v ＝ ＝06m/s
M
物体上升的速度为
v＝ v ＝ ×0.6m/s＝0.2m/s
M
滑轮组的机械效率为
η＝ ×100% 88.9%
答：（1）物体完全浸没在水中时，求物体所受浮力为1×104N；
（2）物体下表面与水面距离为3m时，求物体下表面所受水的压强为3×104Pa；
（3）若不计动滑轮的自重、绳重和摩擦，当浸没在水中的物体被匀速提升时，求电动机对绳子的拉力为
1×104N；
（4）物体上升的速度是0.2m/s，滑轮组的机械效率为88.9%。
【点睛】（1）V ＝V ，物体受到的浮力：F ＝G ＝ρ V g；（2）物体下表面所受的压强：p＝ρ
排 物 浮 排 水 排 水gh；（3）物体被匀速提升时，受力平衡，动滑轮对物体的拉力：F＝G﹣F ，电动机对绳子的拉力：F＝
1 浮 2
；（4）由P＝Fv求电动机拉动绳子的速度，物体上升的速度为：v＝ v ，据η＝ 求滑轮组的机械
M
效率。
24. 多功能养生壶具有精细烹饪、营养量化等功能，深受市场认可和欢迎。图乙是某品牌养生壶简化电路
图。（ρ =1×103kg/m3，c =4.2×103J/（kg℃），g=10N/kg）
水 水
(1)开关S、S 处于什么状态，养生壶为高温档，说明判断依据；
1 2
(2)求R 的阻值；
1
(3)养生壶处于低温档工作时，求电路中的电流大小；
(4)在标准大气压下，使用高温档将初温是12℃的一壶水烧开，若养生壶高温档加热效率为80%，求水吸收
的热量和烧开一壶水需要的时间。
【答案】(1)S 闭合，S 接B(2)88Ω(3)1.25A(4)3.696×105J ， 420s
1 2
【解析】
【详解】(1)由图乙知，当开关S 闭合，S 接B时，电阻R 、R 并联，电路中的总电阻最小，由 可
1 2 1 2
知，此时总功率最大，所以此状态为高温档；
(2)由图乙知，当开关S 断开，S 接A时，电阻R 、R 串联，电路中的总电阻最大，由 可知，电路
1 2 1 2
的总功率最小，此时为低温档；
当S 断开，S 闭合时，只有电阻R 接入电路，养生壶处于中温档；由P=UI得，正常工作时通过R 的电流
2 1 1 1
为，
所以R 的阻值
1
(3)由P=UI得，养生壶在低温档工作时电路中的电流为
(4)由 可得，水的质量
m=ρV=1×103kg/m3×1×10﹣3m3=1kg
水吸收的热量
Q =cm（t﹣t )=4.2×103J/（kg℃）×1kg×（100℃﹣12℃)=3.696×105J
吸 0
养生壶所消耗的电能
由W=Pt可得，用高温档烧开一壶水需要的时间为
答：(1)开关S 闭合，S 接B时，养生壶为高温档；(2)R 的阻值为 ；(3)养生壶处于低温档工作时，电
1 2 1
路中的电流大小为1.25A；(4)水吸收的热量为3.696×105J，烧开一壶水需要时间420s。
【点睛】认清电路不同状态下所处的档位，灵活运用电功率公式是解题的关键。本试卷的题干、答案和解析均由组卷网（http://zujuan.xkw.com）专业教师团队编校出品。
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