文档内容
奉贤区 2015~2016 学年第一学期教学质量调研试卷
九年级理化（物理部分）
2016.1
考生注意：1. 本试卷满分90分，理化合卷用时100分钟；
2. 答案必须填写在答题卡上。
一、选择题（共16分）下列各题均只有一个正确选项，请将正确选项的代号用2B铅
笔填涂在答题纸的相应位置上，更改答案时，用橡皮擦去，重新填涂。
1．一瓶未打开的500毫升矿泉水，其质量约为
A．0.005千克 B．0.05千克
C．0. 5千克 D．5千克
2．如图1所示装置中，利用大气压强工作的是
3．如
图2所示，
分别将三
个体积相
等的泡沫
球、空心
铝球和空心铁球粘合在一起（已知ρ ＞ρ ＞ρ ），并将它们浸没在水中，发现三球静止时恰好处于悬
铁 铝 泡沫
浮状态，则三球所受到的浮力大小
A．泡沫球最大 B．空心铝球最大
C．空心铁球最大 D．三球一样大
4．如图3所示，电压表能测L 灯两端电压的是
1
5．如图4
所示，电阻
R＝2R，电
1 2
压U保持不
变。当开
关S断开时电流表A的示数为I；当开关S闭合时电流表A 的示数为
I' ，则I与I'的比值为
A．1 ：2 B．2 ：3
C．2 ：1 D．3 ：2
6．下表是不同规格的金属线，为了研究导 体的电
阻与材料是否有关，应选取做实验的金属线是A．a和b
B．a和d
C．b和c
D．b和d
7．如图5所示，电源电压保持不变，故障只发生在R 或R 处。电键S闭合后，有一个电表的指针没
1 2
有发生偏转。移动滑动变阻器的滑片，此时观察到仍然只有一个电表指针的位置在改变，则故障可能
是
A．变阻器R 短路
1
B．变阻器R 断路
1
C．电阻R 短路
2
D．电阻R 断路
2
8．装有水的薄壁轻质柱形容器，静止放在水平桌面上，现将A、B、C三个实心物体分别浸没水中
（水没有溢出）。发现放入A物体时，水对容器底部压强的增加量与容器对桌面压强增加量的比值最小；
放入C物体时，水对容器底部压强的增加量与容器对桌面压强增加量的比值最大，则A、B、C三物体密
度满足的条件是
A．ρ ＞ρ ，ρ ＞ρ B．ρ ＜ρ ，ρ ＜ρ
A B A C A B A C
C．ρ ＞ρ ，ρ ＜ρ D．ρ ＜ρ , ρ ＞ρ
A B A C A B A C
二、填空题（共26分）请将正确结果填入答题纸的相应位置。
9．家用电器在电路中的作用是 （ 1 ） ，你家里的电视机正常工作的电压为 （ 2 ） 伏，一标有
“220V 2000W”字样的空调连续工作3小时消耗电能为 （ 3 ） 度。
10．垂直作用在物体 （ 4 ） 并指向物体的力叫压力，压力可以使物体发生 （ 5 ） ，物体 （ 6 ）
上受到的压力叫压强。
11．如图6所示，在水平面上放置一盛水的容器，容器内水面到容器底部的距离为0.15米，A、B、C
为容器中的三点，已知A、B两点位于同一水平高度，A点距容器底部的竖直距离为0.1米，则A点受到
水的压强为 （7）__帕， B点受到水的压强 （8） _C点受到
水的压强（选填“大于”、“等于”、“小于”）。将 容器移到
斜面上后，A、B、C三点受到水的压强最小的是 （9）_点
（假设A、B、C仍处于水面下）。
12．一正方体金属块悬挂在弹簧测力计下，静 止在空气
中时测力计示数为14.7牛。当该金属块完全浸没在水中时，测力计的示数减小了9.8牛，则此时金属块
所受水的浮力为 （ 1 0 ） 牛，立方体的体积为 （ 1 1 ） 米3。若此时增大金属块在水中的深度（水足
够深），金属块受到的浮力将 （ 1 2 ） （选填“增大 ”、“减小”或“不变”）。
13．10秒内通过某导体横截面的电荷量为2库，则通过该导体的电流为 （13）_安；若该导体两端
电压为3伏，则导体的电阻为 （14）_欧；若将该导体两端的电压减小到0.2伏，它的电阻为 （15）_欧。14．如图7所示为旋转式变阻器，是通过改变接入电路的电阻片的 （ 1 6 ） _来改变其连入电路的
电阻的大小。若图中旋转式变阻器的B、C两接线柱 连入电
路，则连入电路的弧形电阻片是 （ 1 7 ） _段（选填
“AP”、“PB”或“AB”）。若将该旋转式变阻器 接入收
音机中当作音量开关，当轴沿顺时针方向旋转时， 收音机
的音量将 （ 18 ） _ （选填“变大”、“变小”或 “ 不
变”）。
15．如图8所示，电源电压保持不变。闭合电键S后，滑动变阻器R 的滑片P由中点向右移动时：
1
（1） 三个电表中示数不变是 （ 1 9 ） _表。
（2） 当滑片P移至右端，为使此时电流表A 示数与电流 表A示数
1
的比值，跟原先滑片P置于中点时的比值保持一致，需用阻值 （ 2 0 ） _电
阻R 的电阻R来替换R （选填“大于”、“等于”或“小 于”）。
2 x 2
16．如图9所示，（a）是始于我国宋辽时期的倒装壶，它没 有壶盖。
由于该壶无口无盖，只在壶底中央有一梅花形注水口，使用 时须将壶
倒置如图（b），水由壶底梅花孔注入壶腹，故名“倒装壶”。壶内置中心漏注与梅花孔衔接，水通过中心
漏注流入壶内，由中心漏注来控制水面，壶嘴处有同样的隔离装置，倒置时水不致外溢，若外溢则表明
水已经装满。同样，将壶正置如图（c）或倾斜倒水时，因壶内中心漏注的上孔高于最高水面，壶底孔也
不会漏水。此壶构造奇特，设计精巧，匠心独运，充分体现了古代工匠的智慧。
（1
）“倒装
壶 ” 是
根 据
（ 21 ）
原 理 制
成的。
（2
）某同学说：“此壶能够装的水的多少是由壶嘴处的隔离装置所决定的”，你认为该同学的说法是
（ 2 2 ） _的（选填“合理”或“ 不合理”）。
（3）壶中注入适量的水，将壶由图（b）位置倒转到图（c）位置的过程中，由于 （ 2 3 ） 的作用，水
不会从注水口漏出。
三．作图题（共6分）请将图直接画在答题纸的相应位置，作图题必须使用2B铅笔。
17．如图10所示，一个重为9牛的物体静止在水平地面上，请你用力的图示法画出物体对地面的
压力F。
18．
如 图 11所示，有若干根导线尚未连接，请用笔线代替导线补上，补上后要求：当电键S闭合后，向左移动滑动
变阻器的滑片时，电表示数变大，灯L亮度保持不变。
四．计算题（共24分）请将计算过程和答案写入答题纸的相应位置。
19．容积为3×10-3米3的容器，装入了一个质量为10千克的实心金属球，在倒入体积为1×10-3米3
的水后，金属球完全浸没，水面恰好与容器口相平，求此金属球的密度。
20．如图12所示，电源电压12伏保持不变，定值电阻R =5欧，滑动变阻器R 上标有“100Ω 2A”
1 2
字样。闭合电键S，电流表A的示数为0.4安，求：
（1）电压表V 的示数；
1
（2）此时R 消耗的电功率。
2
21．如图13所示，电阻R 的阻值为10欧，滑动变 阻器 R
1 2
上标有“50Ω 2A”的字样。
（1）若电源电压为6伏，闭合电键S后，移动变阻器的滑 片P，当
电流表A示数为0.8安时，求通过R 的电流和R 接入电路的 阻值。
1 2
（2）现有3伏和9伏两个替换电源，另有两个替换滑动 变阻器，
规格分别为“20Ω 1A”和“100Ω 2.5A”，要求接入所选的 替换电
源和滑动变阻器后，移动变阻器的滑片P，能使电流表A 和电流表A的比值达到最大，且不会损坏电路
1
元件，则选择的替换电源电压为_______伏，替换滑动电阻器规格为_____________，并求出此时电流表
A 和电流表A的最大比值。
1
22．如图14所示，实心均匀正方体A、B放置在水平地面上，它们的高度分别为0.2米和0.1米，A
的密度为2×103千克/米3，B质量为1千克。求：
（1）A的质量；
（2）B对水平地面的压强；
（3）若实心正方体A的密度和边长分别为2ρ和2h，实心正 方 体 B
的密度分别为ρ和h，现将正方体A、B沿竖直方向各截取四分 之一，并
将截下的部分分别叠放在对方剩余部分的上方，求叠放前后A、 B 对 地
面的压强的变化量Δp 与Δp 的比值。
A B五．实验题（共18分）请根据要求在答题纸的相应位置作答。
23．在“验证阿基米德原理”的实验中，小明填写的实验报告（部分）如下，请完成空格处的内容。
24．
在 探 究
“物质质
量和体积
关系”的
实验中，
除了用天
平、量筒
水这些器
材外，为使得到的结论更完整还需要的器材有 （ 5 ） 。实验中多次改变物质的体积，并测出相应的质
量，这样做的目的是为了 （ 6 ） 。利用上述实验器材还可完成（ 7 ） 实验（填实验的名称），该实
验的原理是 （ 8 ） 。
25．小明和小华同学做“探究并联电路的规律”实验，他们首先探究了并联电路各电阻两端的电压，
得到它们都等于电源电压且为6伏。接着他们按图15所示的电路图正确连接电路，在实验中保持电阻
R =10欧不变，多次改变电阻R 的阻值，观察并记录各电流表的示数，如表所示。
1 x
（1
）小明
同学在
分析实
验序号
1（或2
或 3 或
4）中的各电流表示数及相关条件时，得出的初步结论是： （ 9 ）
。
（2）小华同学分析表格中的第3、4列数据、相关条件及欧姆定律，得出电阻R 的阻值分别为
x
（ 1 0 ） 欧，且对应的电路的总电阻分别为 （ 1 1 ） 欧；并根据计算出的数据分析了总电阻和各电
阻的关系，得出的初步结论是： （ 1 2 ） 。
（3）小明和小华共同分析实验序号1和2和3和4中的A 表的示数及电阻R 的值，得出的初步结
2 x
论是： （ 1 3 ） 。
26．小红同学做“测定小灯泡的电功率”实验，小灯泡的额定电压为3.8伏，额定功率约1瓦左右，
电源电压为1.5伏的整数倍且不变。她正确连接电路，将滑片移到滑动变阻器的某一端，闭合电键发现
电压表、电流表的示数分别为3伏和0.2安，小灯泡的亮度偏暗。然后她向变阻器的另一端移动滑片，发现小灯泡继续变暗；当滑片到达另一端时，电流表、电压表的示数如图16（a）、（b）所示。
（1）小红在器材选择以及操作过程中存在的问题分别是： （ 14 ） 和
（ 1 5 ） ，她所使用的变阻器的最大阻值为 （ 1 6 ） 欧。
（2）经过思考分析，她改正了上述问题。为了准确测出小灯泡的额定功率，她还改进电路并进行实
验。当移动变阻器的滑片到中点位置时，观察到小灯泡正常发光，此时电压表指针恰好位于某一刻度
线上，则电源电压为 （ 1 7 ） 伏，小灯泡的额定功率为 （ 1 8 ） 瓦。
九年级物理调研考试参考答案(2016.1)
题 号 答案及评分标准
一、选择题（16分 ）
1．C 2．A 3．D 4．C 5．B 6．B 7．C 8．A
（每题2分）
二、填空题（26分） 9．消耗电能；220；6 10．表面；形变；单位面积 11．490；小于；A 12．9.8；0.001；不
变 13．0.2；15；15 14．长度；PB；变大 15．电压；大于
16．连通器，合理，大气压
三、作图题（6分） 17．标度、作用点、大小、方向，各1分
18．每根导线各1分
V =V- V =3×10-3米3-1×10-3米3=2×10-3米3 1分
金 水
19. ρ = m /V 1分
金 金 金
（4分） =10千克/2×10-3米3 1分
四、计算题 =5×103千克/米3 1分
（24分）
（1）U =IR =0.4安×5欧=2伏 2分
1 1
20.
（2）U =U-U =12伏-2伏=10伏 1分
2 1
（4分）
P =U I =10伏×0.4安=4瓦 1分
2 22（1）I =U /R =6伏/10欧=0.6安 2分
1 1 1
I =I-I =0.8安-0.6安=0.2安 1分
2 1
R =U /I =6伏/0.2安=30欧 1分
2 2 2
（2）3伏； 1分
21.
100Ω 2.5A 1分
（7分）
I =U /R =3伏/10欧=0.3安
1 1 1
I =2.5安
2
I=I +I =0.3安+2.5安=2.8安
1 2
I /I=2.5安/2.8安=0.89 1分
2
（1） m =ρ V =2×103千克/米3×0.23米3=16千克 3分
A A A
（2）p = G /S =1千克×9.8牛/千克3/0.01米2=980帕 3分
B B B
22. （3）⊿p =(m g/4)/(3s /4)= ρgh/12 1分
A B A
（9分） ⊿p =(m g/4)/(3s /4) =16 ρgh/3 1分
B A B
⊿p /⊿p =1/64 1分
A B
说明：在计算中，有关单位错写、漏写，文字、符号混写等总扣1分。
23．定量；物体排开液体所受的重力；弹簧测力计；浸没。
24．其他液体（物质）；得出普遍规律；测定物质密度；ρ =·m/V。
25．（1）并联电路的总电流等于各支路的电流之和。
（2）30、20、15、10；
五、实验题（18分）
7.5、6.7、6、5；
（每格1分）
并联电路的总电阻小于任何一个支路电阻的值。
（3）同一（电压相同）并联电路中，各支路的电流与电阻成反比。
26．（1）选择的电源电压太小；闭合电键前滑片没有移至阻值最大处；20
（2）6；0.836
2016 年上海市奉贤区中考物理一模试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（共16分）
1．一瓶未打开的500毫升矿泉水，其质量约为（ ）
A．0.005千克B．0.05千克 C．0.5千克 D．5千克
【考点】密度公式的应用．
【专题】计算题；估算题；密度及其应用．
【分析】首先估测出矿泉水瓶子的容积，即水的体积，然后利用密度公式计算水的质量，再对照各个选
项做出判断即可．
【解答】解：一瓶矿泉水的体积大约500ml=500cm3，根据 可得，质量大约为：
m=ρV=1.0g/cm3×500cm3=500g=0.5kg；
故选C．
【点评】此题考查密度公式的应用，关键是估测出瓶子的容积（水的体积），难度不大，属于基础题．
2．如图所示装置中，利用大气压强工作的是（ ）
A． B．
自动吸尘器 用注射器注射药液
C． D．
锅炉水位计 船闸
【考点】大气压的综合应用．
【专题】应用题；定性思想；气体的压强、流体压强与流速的关系．
【分析】大气压的应用大多是利用内外的气压差，所以要判断是否是大气压的应用，要注意有没有形成
这个“气压差”．
【解答】解：A、自动吸尘器工作时，由于转动的扇叶处气体的流速大，压强小，从而在周围大气压的作
用下将灰尘、纸屑等垃圾“吸”入，利用了大气压．故A正确；
B、用注射器注射药液是利用了手对活塞的推力作用，与大气压无关，故B错误；
CD、锅炉水位计和船闸都属于上端开口、底部连通的容器，属于连通器的应用，故CD错误．
故选A．
【点评】本题考查了学生对生活和实验中常见工具、器材原理的掌握和了解，要知道这些工具、器材都
是物理原理在生活中的实际应用．
3．如图所示，分别将三个体积相等的泡沫球、空心铝球和空心铁球粘合在一起（已知ρ ＞ρ ＞ρ ），
铁 铝 泡沫
并将它们浸没在水中，发现三球静止时恰好处于悬浮状态，则三球所受到的浮力大小（ ）A．泡沫球最大 B．空心铝球最大 C．空心铁球最大 D．三球一样大
【考点】物体的浮沉条件及其应用．
【专题】应用题；分割思想；浮力．
【分析】由于三个球的体积相同且浸没在水中，利用阿基米德原理来判断所受到的浮力大小．
【解答】解：由于三个球浸没在水中，三个球的体积相同，所以三球排开水的体积相等，根据F =ρ V
浮 水
g可知三球受浮力一样大，故ABC错误、D正确．
排
故选D．
【点评】本题考查了学生对阿基米德原理的掌握和运用，关键是得出排开水的体积大小的比较．
4．如图所示，电压表能测L 灯两端电压的是（ ）
1
A． B． C． D．
【考点】电压表的使用．
【专题】应用题；基本仪器的使用专题．
【分析】电压表并联在谁的两端，就是测量的谁的电压．
【解答】解：A、此时电压表串联在电路中，所以A错误；
B、此时电压表并联在两个灯泡两端，测量的是两个灯泡的总电压，故B错误；
C、电压表并联在L 灯两端，所以测量的是L 灯两端的电压，故C正确；
1 1
D、此时电压表并联在L 灯两端，所以测量的是L 灯两端的电压，故D错误；
2 2
故选C．
【点评】知道并理解电压表的正确使用是解决该题的关键．
5．如图所示，电阻R =2R ，电压U保持不变．当开关S断开时电流表A的示数为I；当开关S闭合时电
1 2
流表A的示数为I′，则I与I′的比值为（ ）A．1：2 B．2：3 C．2：1 D．3：2
【考点】欧姆定律的应用．
【专题】应用题；电路和欧姆定律．
【分析】开关S断开时，R 、R 串联，电流表测电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电路中
1 2
的电流；开关S闭合时，电路为R 的简单电路，根据欧姆定律表示出电流表的示数，然后求出两次电流
1
表的示数之比．
【解答】解：开关S断开时，R 、R 串联，电流表测电路中的电流，
1 2
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，电路中的电流：
I= = = ，
开关闭合时，电路为R 的简单电路，电流表测电路中电流，
1
则I′= = ，
所以，I：I′= ： =2：3．
故选B．
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，是一道较为简单的应用题．
6．如表是不同规格的金属线，为了研究导体的电阻与材料是否有关，应选取做实验的金属线是（ ）
种类 长短（米） 粗细（毫米2）
a 锰铜线 1 0.1
b 锰铜线 1 0.2
c 锰铜线 0.5 0.2
d 镍铬线 1 0.1
A．a和b B．a和d C．b和c D．b和d
【考点】影响电阻大小的因素．
【专题】应用题；控制变量法；电压和电阻．【分析】电阻是导体自身的一种特性，它由导体的材料、长度、横截面积和温度决定，在比较电阻的大小
时应使用控制变量法进行具体分析．
【解答】解：要研究电阻的大小与导体材料的关系，需保持导体的长度、横截面积不变，导体的材料不同，
所以应选择a和d．
故选B．
【点评】此题考查了控制变量法在探究影响电阻大小的因素时的应用，要掌握几个影响因素，注意控制
的变量．
7．在图中所示的电路中，电源电压保持不变，电键S闭合后，有一个电表的指针没有发生偏转．移动滑
动变阻器的滑片，此时观察到只有一个电表指针的位置在改变，则一定是（ ）
A．变阻器R 短路 B．变阻器R 断路 C．电阻R 短路 D．电阻R 断路
1 1 2 2
【考点】电路的动态分析．
【专题】电路变化分析综合题．
【分析】由电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测定值电阻两端电压，电流表测电路电流，
逐个分析每个选项找出符合要求的选项．
【解答】解：A、如果变阻器R 短路，电路中有电流，即电流表有示数；电压表测量电源电压，但移动滑片
1
时，电压表和电流表的示数均不变，故A不符合题意；
B、变阻器R 断路时，电压表和电流表均无示数，故B不符合题意；
1
C、电阻R 短路时，电压表是为零，电流表有示数；当移动滑片时，电路中的电阻发生改变，故电流表示
2
数发生变化，电压表示数仍为零，故C符合题意；
D、电阻R 断路时，电流表示数为零，电压表测量电源电压，当移动滑片时，电流表仍然为零，电压表仍
2
测量电源电压，故D不符合题意．
故选C．
【点评】电路故障问题是电学测试中经常考查的问题．解决的一般步骤是将每个选项代入题目，根据应
该出现的现象和题目中描述的现象进行对比，符合题意的即为正确答案．
8．装有水的薄壁轻质柱形容器，静止放在水平桌面上，现将A、B、C三个实心物体分别浸没水中（水没
有溢出）．发现放入A物体时，水对容器底部压强的增加量与容器对桌面压强增加量的比值最小；放入C物体时，水对容器底部压强的增加量与容器对桌面压强增加量的比值最大，则A、B、C三物体密度满
足的条件是（ ）
A．ρ ＞ρ ，ρ ＞ρ B．ρ ＜ρ ，ρ ＜ρ C．ρ ＞ρ ，ρ ＜ρ D．ρ ＜ρ ，ρ ＞ρ
A B A C A B A C A B A C A B A C
【考点】液体压强计算公式的应用．
【专题】计算题；应用题；压强、液体的压强．
【分析】由液体压强公式表示出实心物体浸没在水中时，水对容器底部压强的增加量；由压强公式表示
出容器对桌面压强增加量．然后根据压强增加量关系推导出物体密度关系．
【解答】解：
因为容器是柱形的，所以物体浸没在水中后水没有溢出，所以水对容器底部压强的增加量：
△p=ρ g△h=ρ g• ，
水 水
容器放在水平桌面上所以容器对桌面压强增加量：
△p′= = = ，
所以水对容器底部压强的增加量与容器对桌面压强增加量的比值：
= = ，
由题放入A物体时，水对容器底部压强的增加量与容器对桌面压强增加量的比值最小，放入C物体时
比值最大，
所以： ＜ ＜ ，
即： ＜ ＜ ，
解得：ρ ＞ρ ＞ρ ．所以A正确，BCD错误．
A B C
故选A．
【点评】本题考查压强、密度公式的灵活应用，关键是正确表示出水对容器底部压强的增加量与容器对
桌面压强增加量的比值．二、填空题（共26分）
9．家用电器在电路中的作用是 消耗电能 ，你家里的电视机正常工作的电压为 22 0 伏，一标有
“220V 2000W”字样的空调连续工作3小时消耗电能为 6 度．
【考点】电功率与电能、时间的关系；电压．
【专题】计算题；电能和电功率．
【分析】家用电器在电路中的作用是消耗电能的，我国家庭电路的电压为220V；
根据P= 公式变形可求得消耗电能．
【解答】解：家用电器在电路中的作用是消耗电能的，家里的电视机正常工作的电压为220V；
由P= 可得，空调连续工作3小时消耗电能W=Pt=2kW×3h=6kW•h=6度．
故答案为：消耗电能；220；6．
【点评】此题考查了家庭电路的电压、消耗电能的计算，属于基础知识．
10．垂直作用在物体 表面 并指向物体的力叫压力，压力可以使物体发生 形变 ，物体 单位面
积 上受到的压力叫压强．
【考点】压力及重力与压力的区别；压强．
【专题】简答题；压强、液体的压强．
【分析】根据压力的定义、作用效果，以及压强的定义可直接做出解答．
【解答】解：物理学中，把垂直作用在物体表面并指向物体的力叫压力，压力的作用效果是可以使物体
发生形变；
物体单位面积上受到的压力叫压强，压强是表示压力作用效果的物理量．
故答案为：表面；形变；单位面积．
【点评】本题主要考查了对压力、压强概念的理解，要知道压力的特点和作用效果，属基础题．
11．如图所示，在水平面上放置一盛水的容器，容器内水面到容器底部的距离为0.15米，A、B、C为容
器中的三点，已知A、B两点位于同一水平高度，A点距容器底部的竖直距离为0.1米，则A点受到水
的压强为 49 0 帕，B点受到水的压强 小于 C点受到水的压强（选填“大于”、“等于”、“小
于”）．将容器移到斜面上后，A、B、C三点受到水的压强最小的是 A 点（假设A、B、C仍处于水面
下）．【考点】液体的压强的计算．
【专题】应用题；压强、液体的压强．
【分析】液体压强与液体密度和深度有关；运用液体压强公式p=ρgh，可分析比较压强大小及计算压强
的大小．
【解答】解：容器内水面到容器底部的距离为0.15米，A点距容器底部的竖直距离为0.1米，则A点所
处的深度为h=0.15m﹣0.1m=0.05m；
则A点受到水的压强为：p=ρgh=1000kg/m3×9.8N/kg×0.05m=490Pa；
由于B点所处深度比C点小，由p=ρgh可知，B点压强小于C点；
将容器移到斜面上后，A、B、C三点中，深度最小的是A点，故受到水的压强最小的是A点；
故答案为：490；小于；A．
【点评】明确影响液体压强的因素，熟练液体压强的计算方法，是解答此题的关键．
12．一正方体金属块悬挂在弹簧测力计下，静止在空气中时测力计示数为14.7牛．当该金属块完全浸
没在水中时，测力计的示数减小了9.8牛，则此时金属块所受水的浮力为 9. 8 牛，立方体的体积为
1×10 ﹣3 米3．若此时增大金属块在水中的深度（水足够深），金属块受到的浮力将 不变 （选填“增
大”、“减小”或“不变”）．
【考点】浮力大小的计算．
【专题】计算题；应用题；比较思想；浮力．
【分析】（1）金属块完全浸没在水中时，测力计的示数减小值就是金属块所受水的浮力大小；
（2）利用F =ρgV 求出金属块完全浸没在水中时排开水的体积，即为金属块的体积；
浮 排
（3）根据F =ρgV 分析增大金属块在水中的深度，金属块受到的浮力的大小变化．
浮 排
【解答】解：（1）金属块所受水的浮力：
F =△F =9.8N；
浮 示
（2）由F =ρ gV 可得，金属块的体积：
浮 水 排
V=V = = =1×10﹣3m3；
排（3）增大金属块在水中的深度时，水的密度不变，金属块排开水的体积不变，根据F =ρgV 可知，金
浮 排
属块受到的浮力不变．
故答案为：9.8；1×10﹣3；不变．
【点评】本题考查了学生对阿基米德原理、称重法测浮力等知识的掌握和运用，注意利用好隐含条件：
物体浸没液体中，排开液体的体积等于物体的体积．
13．10秒内通过某导体横截面的电荷量为2库，则通过该导体的电流为 0. 2 安；若该导体两端电压
为3伏，则导体的电阻为 1 5 欧；若将该导体两端的电压减小到0.2伏，它的电为 1 5 欧．
【考点】电量及其计算；欧姆定律的变形公式．
【专题】应用题；电流和电路；欧姆定律．
【分析】已知电荷量与通电时间，由电力的定义式可以求出电流；已知电压与电流，由欧姆定律可以求
出导体电阻；导体电阻由导体材料、长度、横截面积决定，与电压、电流无关．
【解答】解：通过导体的电流I= = =0.2A；导体的电阻R= = =15Ω；导体电阻与电压无关，当电
压为0.2V时，导体电阻仍为15Ω．
故答案为：0.2；15；15．
【点评】本题考查了求电流、电阻问题，应用电流的定义式、欧姆定律、知道影响电阻的因素即可正确解
题．
14．如图所示为旋转式变阻器，是通过改变接入电路的电阻片的 长度 来改变其连入电路的电阻的
大小．若图中旋转式变阻器的B、C两接线柱连入电路，则连入电路的弧形电阻片是 PB 段（选填
“AP”、“PB”或“AB”）．若将该旋转式变阻器接入收音机中当作音量开关，当轴沿顺时针方向旋转时，
收音机的音量将 变大 （选填“变大”、“变小”或“不变”）．
【考点】滑动变阻器的使用．
【专题】应用题；电压和电阻．
【分析】变阻器是靠改变连入电路中的电阻丝长度来改变电阻的；接入电路中的电阻丝的长度越长，电
阻越大．【解答】解：如图所示为旋转式变阻器，是通过改变接入电路的电阻片的长度来改变其连入电路的电阻
的大小的；图中旋转式变阻器的B、C两接线柱连入电路，则连入电路的弧形电阻片是PB段，当轴顺时
针旋转时，它连入电路的电阻丝的长度变短，故它连入电路的电阻将变小，电流变大，故收音机的音量
变大．
故答案为：长度；PB；变大．
【点评】解答本题的关键要明确滑动变阻器的原理以及旋钮型变阻器接入的为哪一部分，则由触片的
移动可知接入电阻的变化．
15．在如图所示的电路中，电源电压保持不变．闭合电键S后，滑动变阻器R 的滑片P由中点向右端移
1
动：
①三个电表中示数不变的是 电压 表；
②当滑片P移至右端，为使此时电流表A 示数与电流表A示数的比值，跟原先滑片P置于中点时的比
1
值一致，需用阻值 大于 电阻R 的电阻R 来替换R ．（选填“大于”、“等于”或“小于”）
2 x 2
【考点】欧姆定律的应用；电路的动态分析．
【专题】应用题；电路和欧姆定律；电路变化分析综合题．
【分析】由电路图可知，R 与R 并联，电压表测电源的电压，电流表A 测R 支路的电流，电流表A测
1 2 1 1
干路电流．
（1）根据电源的电压确定电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过R
2
支路的电流变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知该支路电流的变化，
根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化；
（2）当滑片P移至右端时，根据（1）的分析可知，电流表A 示数与电流表A示数的比值变化，进一步确
1
定R 支路电路的变化，然后根据欧姆定律确定需要替换电阻阻值的大小变化．
2
【解答】解：由电路图可知，R 与R 并联，电压表测电源的电压，电流表A 测R 支路的电流，电流表A
1 2 1 1
测干路电流．
（1）∵电源的电压不变，
∴滑片移动时，电压表示数的示数不变，
∵并联电路中各支路独立工作、互不影响，∴滑片移动时，通过R 支路的电流不变，
2
滑动变阻器R 的滑片P由中点向右端移动时，接入电路中的电阻变大，
1
∵I= ，
∴该支路的电流变小，即电流表A 的示数变小，
1
∵并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
∴干路的电流变小，即电流表A的示数变小；
综上可知，三个电表中示数不变是电压V表．
（2）当滑片P移至右端时，电流表A 示数与电流表A示数的比值：
1
= ，
∵R 支路的电流I 减小，
1 1
∴要使比值跟原先滑片P置于中点时的比值一致，则应减小R 支路的电流I ，
2 2
根据欧姆定律可知，应增大R 的阻值，即需用阻值大于电阻R 的电阻R 来替换R ．
2 2 x 2
故答案为：电压；大于．
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是会根据并联电
路的电流特点判断两电表示数变化时各支路的电流关系，然后判断电阻的变化．
16．如图所示，（a）是始于我国宋辽时期的倒装壶，它没有壶盖．由于该壶无口无盖，只在壶底中央有一
梅花形注水口，使用时须将壶倒置如图（b），水由壶底梅花孔注入壶腹，故名“倒装壶”．壶内置中心
漏注与梅花孔衔接，水通过中心漏注流入壶内，由中心漏注来控制水面，壶嘴处有同样的隔离装置，倒
置时水不致外溢，若外溢则表明水已经装满．同样，将壶正置如图（c）或倾斜倒水时，因壶内中心漏注的上孔高于最高水面，壶底孔也不会漏水．此壶构造奇特，设计精巧，匠心独运，充分体现了古代工匠
的智慧．
（1）“倒装壶”是根据 连通器 原理制成的．
（2）某同学说：“此壶能够装的水的多少是由壶嘴处的隔离装置所决定的”，你认为该同学的说法是
合理 的（选填“合理”或“不合理”）．
（3）壶中注入适量的水，将壶由图（b）位置倒转到图（c）位置的过程中，由于 大气压 的作用，水不会
从注水口漏出．
【考点】连通器原理；大气压强的存在．
【专题】信息给予题；图析法；压强、液体的压强；气体的压强、流体压强与流速的关系．
【分析】（1）（2）根据上端开口，下部连通的容器叫做连通器，连通器的特点是容器中的水不流动时，各
个容器中液面总是相平．据此结合图形分析即可解答；
（3）大气压的利用一般都是在某处使气压降低，然后在外界大气压的作用下，产生了某种效果．
【解答】解：（1）如图c所示，“倒装壶”壶身内的水面通过梅花形注水口与外界大气相通，因此壶嘴与
壶身上端开口，底部连同，构成连通器；
（2）如图b所示，通过梅花形注水口向壶内注水时，如果水面高度超过壶嘴处的隔离装置，水便会从壶
嘴外溢，表明水已灌满，所以，此壶能够装的水的多少是由壶嘴处的隔离装置所决定的，该同学说法合
理；
（3）壶中注入适量的水，将壶由图（b）位置倒转到图（c）位置的过程中，由于梅花形注水口与外界大气
相通，在大气压的作用下，水不会从注水口漏出．
故答案为：（1）连通器；（2）合理；（3）大气压．
【点评】此题考查连通器原理和大气压的应用，是一道综合性较强的题目，解答此题的关键是紧扣连通
器原理和大气压的作用结合图形进行分析．三．作图题（共6分）
17．如图所示，重为9牛的物体静止在水平地面上，请你用力的图示法画出物体对地面的压力F．
【考点】力的示意图．
【专题】图像综合题．
【分析】已知的是重力，要求画出的是压力，因此，分析时要搞清在此种状态下，重力与压力的关系，明
确三要素，再确定标度，最后画出线段．
【解答】解：物体静止在水平地面上，对地面的压力等于其重力，为9N，方向垂直于接触面向下，作用点
在接触面上．如图所示：
【点评】本题学生容易把力作用点画在物体重心上；压力的作用点在受压物体的表面，重力的作用点在
物体的几何中心上，不能混淆．
18．在如图所示的电路中，有三根导线尚未连接，请用笔线代替导线补上，补上后要求：当电键S闭合
后，向左移动滑动变阻器的滑片时，电流表示数变大，灯L亮度不变．
【考点】欧姆定律的应用；滑动变阻器的使用．
【专题】作图题．
【分析】（1）向左移动滑动变阻器滑片，电流表示数变大，而灯泡亮度不变，说明灯泡与滑动变阻器并联；（2）灯泡与滑动变阻器并联，并联电路再与电流表串联组成电路，画出电路图．
【解答】解：灯泡与滑动变阻器并联后再与电流表组成串联电路，注意滑动变阻器的接法，电路图如图
所示．
故答案为：电路图如图所示．
【点评】本题是一道连接实物电路图的题，根据题意判断出灯泡与滑动变阻器并联是解题的关键；连接
电路图时，要注意滑动变阻器的连接方法．
四．计算题（共24分）
19．容积为3×10﹣3米3的容器，装入了一个质量为10千克的实心金属球，在倒入体积为1×10﹣3米3的
水后，金属球完全浸没，水面恰好与容器口相平，求此金属球的密度．
【考点】密度的计算．
【专题】计算题；应用题；密度及其应用．
【分析】首先根据金属球完全浸没水面恰好与容器口相平，求得金属球的体积，已知实心金属球的质量，
然后即可求得此金属球的密度．
【解答】解：V =V﹣V =3×10﹣3m3﹣1×10﹣3m3=2×10﹣3m3，
金 水
ρ = = =5×103kg/m3，
金
答：此金属球的密度为5×103kg/m3．
【点评】此题考查密度的计算，此题的突破点是根据“根据金属球完全浸没水面恰好与容器口相平，求
得金属球的体积，”难易程度适中．
20．如图所示，电源电压12伏保持不变，定值电阻R =5欧，滑动变阻器R 上标有“100Ω 2A”字样．闭
1 2
合电键S，电流表A的示数为0.4安，求：
（1）电压表V 的示数；
1
（2）此时R 消耗的电功率．
2【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算．
【专题】应用题；欧姆定律；电能和电功率．
【分析】由电路图可知，R 与R 串联，电压表V 测R 两端的电压，电压表V 测R 两端的电压，电流表
1 2 1 1 2 2
测电路中的电流．
（1）根据欧姆定律求出电压表V 的示数；
1
（2）根据串联电路的电压特点求出R 两端的电压，根据P=UI求出此时R 消耗的电功率．
2 2
【解答】解：由电路图可知，R 与R 串联，电压表V 测R 两端的电压，电压表V 测R 两端的电压，电
1 2 1 1 2 2
流表测电路中的电流．
（1）由I= 可得，电压表V 的示数：
1
U =IR =0.4A×5Ω=2V；
1 1
（2）因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，R 两端的电压：
2
U =U﹣U =12V﹣2V=10V，
2 1
此时R 消耗的电功率：
2
P =U I =10V×0.4A=4W．
2 2 2
答：（1）电压表V 的示数为2V；
1
（2）此时R 消耗的电功率为4W．
2
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，是一道较为简单的应用题．
21．如图所示，电阻R 的阻值为10欧，滑动变阻器R 上标有“50Ω 2A”的字样．
1 2
（1）若电源电压为6伏，闭合电键S后，移动变阻器的滑片P，当电流表A示数为0.8安时，求通过R 的
1
电流和R 接入电路的阻值．
2
（2）现有3伏和9伏两个替换电源，另有两个替换滑动变阻器，规格分别为“20Ω 1A”和“100Ω
2.5A”，要求接入所选的替换电源和滑动变阻器后，移动变阻器的滑片P，能使电流表A 和电流表A的
1
比值达到最大，且不会损坏电路元件，则选择的替换电源电压为 3 伏，替换滑动电阻器规格为
“ 100Ω2.5A ” ，并求出此时电流表A 和电流表A的最大比值．
1【考点】欧姆定律的应用．
【专题】应用题；动态预测题；电路和欧姆定律．
【分析】由电路图可知，R 与R 并联，电压表测电源的电压，电流表A测干路电流，电流表A 测R 支
1 2 1 2
路的电流．
（1）根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出通过R 的电流，根据并联电路的电流特点求出通过R
1 2
的电流，利用欧姆定律求出R 接入电路的阻值；
2
（2）表示出电流表A 和电流表A的比值，根据表达式分析选取的电源和滑动变阻器的规格，然后根据
1
并联电流的特点和欧姆定律得出答案．
【解答】解：由电路图可知，R 与R 并联，电压表测电源的电压，电流表A测干路电流，电流表A 测R
1 2 1 2
支路的电流．
（1）因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，通过R 的电流：
1
I = = =0.6A，
1
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，通过R 的电流：
2
I =I﹣I =0.8A﹣0.6A=0.2A，
2 1
R 接入电路的阻值：
2
R = = =30Ω；
2
（2）电流表A 和电流表A的比值：
1
= = ，
当 最小时，电流表A 和电流表A的比值最大，即I 越小，I 越大，
1 1 2所以，电源的电压为3V时，I 的电流最小，滑动变阻器选“100Ω 2.5A”时，I 最大，
1 2
通过R的最小电流：
I ′= = =0.3A，
1
通过滑动变阻器的最大电流I ′=2.5A，
2
则电流表A 和电流表A的最大比值：
1
= = ≈0.89．
答：（1）通过R 的电流为0.6A，R 接入电路的阻值为30Ω；
1 2
（2）3；“100Ω 2.5A”；此时电流表A 和电流表A的最大比值为0.89．
1
【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是会判断电流表A 和电流表A的最大比
1
值时所选的电源、滑动变阻器．
22．如图所示，实心均匀正方体A、B放置在水平地面上，它们的高度分别为0.2米和0.1米，A的密度
为2×103千克/米3，B质量为1千克．求：
（1）A的质量；
（2）B对水平地面的压强；
（3）若实心正方体A的密度和边长分别为2ρ和2h，实心正方体B的密度分别为ρ和h，现将正方体A、
B沿竖直方向各截取四分之一，并将截下的部分分别叠放在对方剩余部分的上方，求叠放前后A、B对
地面的压强的变化量△p 与△p 的比值．
A B
【考点】密度公式的应用；压强的大小及其计算．
【专题】计算题；压轴题；密度及其应用；压强、液体的压强．
【分析】（1）求出A的体积，又知其密度，利用 计算其质量；
（2）B对水平地面的压力等于B的重力，利用G=mg求出重力，再求出B的受力面积，利用p= 计算B
对水平地面的压强；（3）根据G=mg、ρ= 、V=h3、S=h2分别求出叠放前后A、B对地面的压强的变化量△p 与△p ，然后可
A B
求得其比值．
【解答】解：（1）A的体积V =（0.2m）3=0.008m3，
A
根据 可得，A的质量：
m =ρ V =2×103kg/m3×0.008m3=16kg；
A A A
（2）B对水平地面的压力等于B的重力：
F =G =m g=1kg×9.8N/kg=9.8N，
B B B
B的受力面积S=（0.1m）2=0.01m2，
B对水平地面的压强：
p = = =980Pa；
B
（3）若实心正方体A的密度和边长分别为2ρ和2h，实心正方体B的密度分别为ρ和h，
将正方体A、B沿竖直方向各截取四分之一，并将截下的部分分别叠放在对方剩余部分的上方，
根据G=mg、ρ= 、V=h3、S=h2可得：
△p = = = = ，
A
△p = = = = ，
B
则 = = ．
答：（1）A的质量为16kg；
（2）B对水平地面的压强为980Pa；（3）叠放前后A、B对地面的压强的变化量△p 与△p 的比值为1：64．
A B
【点评】此题考查密度公式的应用，重点考查压强的大小计算，此外还涉及到重力公式、体积公式、面积
公式，是一道综合性较强的题目，难点在（3）根据G=mg、ρ= 、V=h3、S=h2分别求出叠放前后A、B对地
面的压强的变化量△p 与△p 是解答此题的关键，难度较大．
A B
五．实验题（共18分）
23．在“验证阿基米德原理”的实验中，小明填写的实验报告（部分）如下，请完成空格处的内容．
【考点】阿基米德原理．
【专题】简答题；探究型实验综合题．
【分析】研究浸没在液体中的物体受到的浮力与它排开的液体所受重力之间的关系时：
利用称重法测量金属块受到的浮力，利用排水法得出金属块排开水的体积，求出排开水的重，通过比
较得出结论．
【解答】解：实验名称：验证阿基米德原理．
实验目的：用实验来定量研究，浸没在液体中的物体受到的浮力与物体排开的液体所受重力之间的关
系．
实验器材：弹簧测力计、金属块、细线、量筒和适量的水等．
实验步骤：
1．用弹簧测力计测量并记下金属块的重G．
2．在量筒中盛适量的水，记下水面示数V ．
1
3．将金属块完全浸没在量筒中记下此时水面示数V ，读出弹簧测力计的示数F ，则F =G﹣F ，
2 示 浮 示4．量筒液面的两次示数差（V ﹣V ）为排开液体的体积V ，排开水的重力G =ρ V g=ρ （V ﹣
2 1 排 排 水 排 水 2
V ）g，
1
5．比较F 与G 的大小得出结论．
浮 排
故答案为：定量；物体排开的液体所受重力；弹簧测力计；完全浸没在量筒中．
【点评】本题考查了学生对称重法测浮力、排水法测体积的了解与掌握，考查学生的设计实验能力，有
难度．
24．在探究“物质质量和体积关系”的实验中，除了用天平、量筒、水这些器材外，为使得到的结论更
完整还需要的器材有 其他液体（物体） ．实验中多次改变物质的体积，并测出相应的质量，这样做
的目的是为了 得出普遍的科学规律 ．利用上述实验器材还可完成 测量物质密度 实验（填实验
的名称），该实验的原理是 ρ= ．
【考点】探究密度特性的实验．
【专题】实验题；探究型实验综合题．
【分析】为了探究规律应多测量几组实验数据，并且应测量不同种类的物质的质量与体积关系；利用天
平、量筒、水等这些器材还可以测物质的密度．
【解答】解：在探究“物质质量和体积关系”的实验中，除了用天平、量筒、水这些器材外，为使得到的
结论更完整还需要的器材有其他液体或其他物体，实验中多次改变物体的体积，并测出相应的质量，
这样做的目的是为了多次测量得出普遍的科学规律；利用上述实验器材还可以完成测量物质密度的实
验，实验原理是ρ= ．
故答案为：其他液体（物质）；得出普遍的科学规律；测量物质密度；ρ= ．
【点评】本题考查质量和体积的测量实验探究的过程，密度测量的原理等，要求学生会设计实验、分析
实验数据、得出实验结论．
25．小明和小华同学做“探究并联电路的规律”实验，他们首先探究了并联电路各电阻两端的电压，
得到它们都等于电源电压且为6伏．接着他们按如图所示的电路图正确连接电路，在实验中保持电阻
R =10欧不变，多次改变电阻R 的阻值，观察并记录各电流表的示数，如表所示．
1 x实验序号 A 示数（安） A 示数（安） A示数（安） 电阻R （欧）
1 2 x
1 0.6 0.2 0.8
2 0.6 0.3 0.9
3 0.6 0.4 1.0
4 0.6 0.6 1.2
（1）小明同学在分析实验序号1（或2或3或4）中的各电流表示数及相关条件时，得出的初步结论是：
并联电路的总电流等于各支路的电流之和 ．
（2）小华同学分析表格中的第3、4列数据、相关条件及欧姆定律，得出电阻R 的阻值分别为 3 0 、 2 0 、
x
15 、 10 欧，且对应的电路的总电阻分别为 7.5Ω 、 6.7Ω 、 6Ω 、 5Ω 欧；并根据计算出的数据分析了总
电阻和各电阻的关系，得出的初步结论是： 总电阻的倒数等于各分电阻的倒数之和 ．
（3）小明和小华共同分析实验序号1和2和3和4中的A 表的示数及电阻R 的值，得出的初步结论是：
2 x
在电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成反比 ．
【考点】探究串并联电路中的电流特点实验．
【专题】探究型实验综合题．
【分析】（1）分析表格中每一行中电流表的数据可知，A 、A 的示数之和与A的示数相等，故可得结论
1 2
并联电路的总电流等于通过各电阻的电流之和．
（2）由电路图可知，R 与R 并联，A 测R 支路的电流，A 测R 的电流，A测干路电流；根据欧姆定律
1 x 1 1 2 x
和并联电路的电压特点分别求出每组数据对应R 总电阻的阻值．根据计算出的数据分析了总电阻和
x和
各电阻的关系，得出的初步结论．
（3）分析实验序号1和2和3和4中的A 表的示数以及电源电压、电阻R 的值，可以得出初步结论．
2 x
【解答】解：
（1）因表A 和A 的示数之和与A的示数相等，即第2和3列的数据之和与4列的数据相等，故可得结
1 2
论：串联电路的总电压等于各电阻两端电压之和．
①因为R 与R 并联，
1 x所以U =U=6V，根据 可得，每组数据对应R 的阻值依次为：30Ω、20Ω、15Ω、10Ω．根据
x x
可得，每组数据对应的R 阻值依次为：7.5Ω、6.7Ω、6Ω、5Ω．根据R 和R 以及R 即可求得
总 1 x 总
三者的关系为：总电阻的倒数等于各分电阻的倒数之和．
（3）根据数据，分析实验序号1和2和3和4中的A 表的示数及电阻R 的值，即可得出的初步结论是
2 x
在电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成反比．
故答案为：（1）并联电路的总电流等于各支路的电流之和．
（2）30、20、15、10；7.5Ω、6.7Ω、6Ω、5Ω；总电阻的倒数等于各分电阻的倒数之和．
（3）在电压一定时，导体中电流与导体的电阻成反比．
【点评】对于这类通过表格和图象得到信息的题目，是中考的热点，一定弄清表格中各列的物理意义，
从中能挖掘出隐含的信息很重要．
26．小红同学做“测定小灯泡的电功率”实验，小灯泡的额定电压为3.8伏，额定功率约1瓦左右，电
源电压为1.5伏的整数倍且不变．她正确连接电路，将滑片移到滑动变阻器的某一端，闭合电键发现电
压表、电流表的示数分别为3伏和0.2安，小灯泡的亮度偏暗．然后她向变阻器的另一端移动滑片，发
现小灯泡继续变暗；当滑片到达另一端时，电流表、电压表的示数如图（a）、（b）所示．
（1）小红在器材选择以及操作过程中存在的问题分别是： 选择的电源电压太小 和 闭合电键前滑
片没有移至阻值最大处 ，她所使用的变阻器的最大阻值为 2 0 欧．
（2）经过思考分析，她改正了上述问题．为了准确测出小灯泡的额定功率，她还改进电路并进行实验．
当移动变阻器的滑片到中点位置时，观察到小灯泡正常发光，此时电压表指针恰好位于某一刻度线上，
则电源电压为 6 伏，小灯泡的额定功率为 0.83 6 瓦．
【考点】电功率的测量．
【专题】实验题；测量型实验综合题．【分析】（1）电源电压应大于灯泡额定电压，闭合开关前，滑动变阻器滑片应置于阻值最大处；
将滑片移到滑动变阻器的另一端，闭合电键，小灯泡的亮度偏暗，然后她向变阻器的另一端移动滑片，
发现小灯泡继续变暗，小灯泡继续变暗说明电路电流继续减小，滑动变阻器接入电路的阻值逐渐变大，
说明闭合开关时，滑动变阻器接入电路的阻值为零，闭合开关时电压表示数等于电源电压；
根据电压表与电流表示数，由欧姆定律可以求出灯泡阻值；由图示电表确定其量程与分度值，读出其
示数，由串联电路特点与欧姆定律可以求出滑动变阻器阻值．
（2）灯泡额定电压电压是3.8V，如果电压表与灯泡并联，如果用小量程，灯泡正常发光时超过其量程，
则电压表应该用大量程，大量程的分度值是0.5V，灯泡额定电压是3.8V，灯泡正常发光时，电压表指针
不可能指在刻度线上，因此电压表应该与滑动变阻器并联，且电压表选用小量程；
由题意知，电流为0.2A时灯泡发光较暗，因此灯泡正常发光时的电流应大于0.2A，
根据串联电路特点及欧姆定律求出电源电压、灯泡正常发光时的电流，然后由P=UI求出灯泡额定功
率．
【解答】解：
（1）由题意可知，电源电压为3V，灯泡额定电压是3.8V，所选电源电压太小；
由题意可知，闭合开关时滑动变阻器接入电路的阻值为零，这是错误的，闭合开关前滑动变阻器滑片
应置于最大阻值处；
电源电压是3V，电压表量程应该为0～3V，由图示电压表可知，其分度值是0.1V，示数为1V，
由图示电流表可知其示数为0.1A，由串联电路特点可知，滑动变阻器电压为3V﹣1V=2V，
由I= 可得滑动变阻器最大阻R = = =20Ω．
滑最大
（2）由题意可知，电压表与滑动变阻器并联，滑动变阻器滑片在中点，
则滑动变阻器接入电路的阻值为：R= = =10Ω，电源电压是1.5V的整数倍，
①如果电源电压为4.5V，则灯泡正常发光时滑动变阻器两端电压为4.5V﹣3.8V=0.7V，
电路电流I= =0.07A＜0.2A，灯泡不能正常发光；
②如果电源电压为6V，灯泡正常发光时滑动变阻器电压为6V﹣3.8V=2.2V，
电路电流I= =0.22A，灯泡能正常发光，灯泡额定功率P=UI=3.8V×0.22A=0.836W；③如果电源电压为7.5V，灯泡正常发光时滑动变阻器电压为7.5V﹣3.8V=3.7V，此时电路电流I=
=0.37A，
由I= 可得此时灯泡电阻R = ≈10.27Ω＜15Ω，灯泡电阻随温度升高而增大，灯泡电阻不能小于
L
15Ω，故电源电压不能为7.5V．
所以电源电压可能为：6V，灯泡额定功率可能为0.836W．
故答案为：
（1）选择的电源电压太小；闭合电键前滑片没有移至阻值最大处；20；
（2）6；0.836．
【点评】本题考查了实验操作分析、求滑动变阻器阻值、求电源电压与灯泡额定功率等问题，由于不知
道电源电压，本题难度较大，要根据题意进行推理，然后答题，解题时注意讨论．
