文档内容
普陀区 2016~2017 学年第二学期九年级质量调研考试
理化试卷
（满分150分，考试时间100分钟） 17.04
物理部分
考生注意：
1．本试卷物理部分含五个大题。
2．答题时，考生务必按答题要求在答题纸规定的位置上作答，在草稿纸、本试卷上答题一
律无效。
一、选择题（共16分）
1．下列各种粒子中，不带电的是（ ）
A．质子B．原子核 C．电子D．中子
2．合唱时“低音声部”、“高音声部”中的“低”和“高”指的是（ ）
A．响度B．音调 C．音色D．声音传播速度
3．下列各现象中能说明分子做无规则运动的是（ ）
A．八月桂花盛开，芳香四溢 B．扫地时的尘土飞扬
C．泡茶时，茶叶末在水中浮动 D．汽车在大街上奔驰
4．下列选项中，当色光等比例混合后能得到白光的是（ ）
A．红、黄、蓝 B．红、绿、蓝 C．红、黄、绿 D．黄、绿、蓝
5．下列有关物理学家和他的主要贡献，说法正确的是（ ）
A．托里拆利﹣﹣测出大气压的值 B．阿基米德﹣﹣光的色散现象
C．牛顿﹣﹣杠杆原理 D．安培﹣﹣电流周围存在磁场
6．某凸透镜的焦距为 10 厘米，物体经凸透镜能在离凸透镜 15 厘米的光屏上成
像，所成的像是（ ）
A．倒立、放大、实像B．倒立、缩小、实像
C．正立、放大、虚像 D．正立、缩小、实像
7．P、Q是同一直线上距离 80 米的两点，甲、乙两车分别从P、Q同时同向开始运
动，它们的S﹣t图象分别如图（a）和（b）所示，运动4秒钟，甲、乙两车之间的距
离变化了△S，甲、乙的速度分别为v 、v ，则（ ）
甲 乙A．v ＞v ，△S=16 米 B．v ＞v ，△S=4 米
甲 乙 甲 乙
C．v ＜v ，△S=16 米 D．v ＜v ，△S=4 米
甲 乙 甲 乙
8．在如图所示的电路中，电源电压恒定不变，闭合电键S，当R 全部接入电路时，
2
电压表V 的示数为U；移动滑片P，当R 一半接入电路时，电压表 V 的示数为U'，
2
则下列关于 U'和 U 的关系正确的是（ ）
A．U'一定等于 B．U'可能等于 C．U'一定大于 D．U'可能大于
二、填空题（共23分）
9．（3分）一节新干电池电压为 伏；家庭电路中各用电器之间是 （选填
“串联”或“并联”）连接的；10秒钟内通过某导体电量为6库，则通过它的电
流为 安．
10．（3分）汽车已经广泛进入家庭．汽车发动机的 冲程将内能转化为机械能，
使汽车获得前进的动力．汽车导航仪与卫星之间是通过 （填“电磁波”或
“超声波”）来传递信息的．司机遇紧急情况刹车时，汽车由于 仍能向前运
动一段距离．
11．（3分）生活中处处有物理．如用重锤线检查墙面是否竖直，利用了 ；汽车
发动机常用水做冷却剂，主要是因为水的 ；扫地机器人吸尘的工作原理是通
过电机转动使内部 （填物理量）变小，从而使杂物进入吸尘器．
12．（3分）小华乘自动扶梯匀速下楼时，以扶梯为参照物，小华是 （选填“静
止”或“运动”），她受到的重力 扶梯对她的支持力（选填“大于”、“等
于”或“小于”），此过程中小华的机械能 （选填“增大”、“不变”或“减小”）．
13．（3分）如图是某款电热饮水机相关参数和电路原理图（其中S 是机内自动温
0
控开关）．若热水箱中装有2千克水，加热使温度从20℃升高到100℃，吸收的热
量为 焦，此加热过程需要30分钟，则消耗的电能为 度；当饮水机处于保
温状态时，电键S 应处于 状态（选填“断开”或“闭合”）．[c =4.2×103
0 水
焦/（千克•℃）]
热水箱容量 2L
加热时功率 400W
额定电压 220V
保温时功率 40W
14．（4分）在如图所示的电路中，电源电压保持不变．闭合电键S，电路正常工作．
一段时间后，电压表的示数突然变大．若电路中只有一处故障，且只发生在电阻
R 或R 处．
1 2
①电路中的故障可能是： ．
②在原故障电路中，仅将电阻R 和R 互换位置，请判断能否进一步确定故障所在，
1 2
并说明理由 ．
15．（3分）根据科学家的精确测量发现不同维度和高度的 g 值大小各有不同，具
体见如表．请根据表中的相关数据回答问题：
0 20 40 60 80 90
0 9.780 9.786 9.802 9.819 9.831 9.832
8 9.756 9.762 9.777 9.794 9.806 9.807
12 9.743 9.749 9.765 9.782 9.794 9.795
20 9.719 9.725 9.740 9.757 9.769 9.770①当高度为0，纬度为40度时，g= 牛/千克．
②同一地方，高度越大，g值 ．
③g值大小与纬度的关系是： ．
三、作图题（共7分）
16．在图中，根据给出的反射光线OB画出入射光线AO，并标出入射角及其度数．
17．在图所示的电路中，有一根导线尚未连接，请用笔线代替导线补上．补上后要
求：闭合电键S后，当滑动变阻器的滑片自中点向左移动时，电流表的示数不变且
不为零．
18．（3分）在图中，请根据通电螺线管周围磁感线方向，标出电源的正、负极，标
出通电螺线管的N、S极，以及小磁针的N、S极．
四、计算题（共26分）
19．（5分）体积为2×10﹣3米3的金属块浸没在水中，求：金属块受到的浮力大小F
．
浮
20．（5分）用如图所示的滑轮竖直匀速向上提升重为 100 牛的物体 A．（不考虑
滑轮的重力和绳子与滑轮间的摩擦）
求：①求拉力F；②若物体A被提升4米，求拉力F所做的功W．
21．（8分）在如图（a）所示的电路中，电源电压恒定不变，R 的阻值为 30 欧，滑
1
动变阻器上标有“20Ω 2A”字样，闭合电键后，电流表A 的示数如图（b）所示．
1
①求R 两端的电压U ；
1 1
②若R 消耗的电功率为4.5瓦，求通过R 的电流I ；
2 2 2
③现将同样规格的电流表A 接入电路中，不改变A 量程，调节滑片P的位置，使
2 1
两电流表指针偏离0刻度线的角度相同，且电路元件均正常工作，求R 接入电路
2
的阻值．
22．（8分）如图所示，水平地面上底面积分别为S、2S的轻质圆柱形容器中分别装
有甲、乙两种液体，其质量、高度的关系如表一所示．
①若甲液体是水，高度为0.1米，求水对容器底部的压强p ．
水
②求甲、乙两种液体的密度之比．
③现有物体A、B，其质量、体积的关系如表二所示．请在物体A、B和液体甲、乙中
各选择一个，当把物体浸没在液体中（液体不会溢出），容器对水平地面压强变化
量△p 、液体对容器底部压强变化量△p ．要求写出选择的液体和放入其中的物
1 2
体，并求出△p 比△p 的最大值．（说明：②与③小题答题所涉及的物理量均用字
1 2
母表示）
表一
液体 质量 高度
甲 M 3h
乙 M 2h表二
物体 质量 体积
A 10m 2V
B 9m 3V
五、试验题（共18分）
23．（4分）在“探究杠杆平衡的条件”实验中，把杠杆安装在支架上，出现如图
所示现象．则应将左端的平衡螺母向 调节（选填“左”或“右”），直到杠杆
在 位置平衡；挂上钩码后，发现杠杆不平衡，则应改变钩码个数或 ，实验
中需要多次测量的目的是： ．
24．（4分）“探究平面镜成像的特点”的实验情况如图所示．
①实验时，玻璃板和完全相同的蜡烛A与B应 放置在水平桌面上．
②实验时，要使蜡烛B与点燃的蜡烛A的像完全重合，这是为了 ．
③若在玻璃板后面挡一张黑纸，透过玻璃板 （选填“能”、“不能”）看到玻
璃板后蜡烛A的像，则说明平面镜成的是 像．
25．（7分）在探究液体压强特点的实验中，某实验小组同学做了下列实验．①首先选用两根两端开口的玻璃管（横截面积关系为S ＜S ），在两端玻璃管的一
A B
端扎上橡皮薄膜，然后倒入适量的水，橡皮膜从原来的A位置下凹至B位置，如
图1（a）（b）所示．由此可知：液体对容器底部压强与液体重力 ，与容器底面
积 ．（均选填“有关”或“无关”）
②然后将其中一根扎有橡皮薄膜的玻璃管插入水中的不同位置，实验现象如图2
（a）（b）（c）所示．可得的初步结论是：同种液体内部， ．
③接着又利用数字式压强传感器分别浸没在甲、乙两种液体中的不同深度处，测
出液体内部的压强，表一，表二为他们记录的实验数据．
表一ρ =1.0×103千克/米3
甲
实 深度 压强
验
（米）
序
号
1 0.1 980
2 0.4 3920
3 0.8 7840
4 1.2 11760
表二ρ =1.0×103千克/米3
乙
实 深度 压强
验
（米）
序
号
5 0.2 1568
6 0.5 3920
7 1.0 7840
8 1.5 11760
（a）此实验中用数字式压强传感器测出液体在不同深度处压强值的目的是为了
进一步研究 的关系．（b）分析比较实验序号2与6、3与7和4与8中的压强与深度和液体密度的大小
关系，可得：当 时，液体内部压强越大．
26．（4分）小华同学做“测定小灯泡的电功率”实验，实验器材齐全并完好，电
源电压6V不变，滑动变阻器标有A，B两个（A标有“10Ω 1A”的字样，B标有
“20Ω 1A”的字样），待测小灯上只有所标“2.5V”字样清晰可见．小华选用其中一
个滑动变阻器与电源、小灯泡、电流表、电键正确连接电路后，再将电压表并联在
电路中．闭合电键前使滑动变阻器接入电路电阻最大，然后闭合电键，通过移移
动变阻器的滑片测得小灯在不同电压下的电流，并将数据记录在表中．．
物理量 电压U/V 电流I/A
1 4.0 0.20
2 3.5 0.22
3 2.5 0.28
①请画出小华同学的实验电路图
②判断小灯泡正常发光的方法是 ．
③小华在实验中选用的滑动变阻器是
④小灯泡的额定功率为 （请写出计算过程）2017 年上海市普陀区中考物理二模试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（共16分）
1．下列各种粒子中，不带电的是（ ）
A．质子B．原子核 C．电子D．中子
【考点】32：原子的核式模型．
【分析】根据原子结构的基础知识可以得到此题的答案．
【解答】解：
原子是由电子和原子核组成，其中，电子带负电，原子核又是由带正电的质子和
不带电的中子构成的（即原子核带正电）．
故选D．
【点评】本题考查了原子内各种微粒的电性，属于识记性内容，比较简单．
2．合唱时“低音声部”、“高音声部”中的“低”和“高”指的是（ ）
A．响度B．音调 C．音色D．声音传播速度
【考点】9D：频率及音调的关系．
【分析】音调是指声音的高低，生活中说的声音高低，由振动频率决定，频率越大
音调越高．
【解答】解：
合唱时，高音和低音是指所发出的声音具有不同的音调．
故选B．
【点评】本题考查了学生对乐音的三特征（响度、音调和音色）的了解与掌握，属于
基础题目．
3．下列各现象中能说明分子做无规则运动的是（ ）
A．八月桂花盛开，芳香四溢 B．扫地时的尘土飞扬
C．泡茶时，茶叶末在水中浮动 D．汽车在大街上奔驰
【考点】GW：扩散现象．【分析】分子热运动理论的内容：一是物质是由分子构成的；二是构成物质的分子
都在不停地做无规则运动；三是分子间存在相互作用力﹣﹣引力和斥力．不同物
体互相接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明分子在不停的做无规则
运动．
【解答】解：
A、桂花飘香，是香味分子在空气中发生了扩散现象，扩散现象说明分子在不停的
做无规则运动．故A正确；
B、尘土是固态颗粒，尘土飞扬是物体的机械运动．故B错误；
C、茶叶末在水中浮动，属于机械运动．故C错误；
D、汽车在大街上奔驰，是汽车在做机械运动．故D错误．
故选A．
【点评】此题主要考查的是分子运动论的内容和扩散现象的定义及扩散现象说明
的问题﹣﹣分子在不停的做无规则运动．
4．下列选项中，当色光等比例混合后能得到白光的是（ ）
A．红、黄、蓝 B．红、绿、蓝 C．红、黄、绿 D．黄、绿、蓝
【考点】AQ：色光的三原色和颜料的三原色．
【分析】色光的三基色是：红、绿、蓝，颜料的三原色是：红、黄、蓝．
【解答】解：色光的三基色是：红、绿、蓝，这三种颜色是用其他色光无法组合成的；
这三种色光等比例混合后能得到白光．
故选：B．
【点评】本题考查了色光的三原色，是一道综合性题目．
5．下列有关物理学家和他的主要贡献，说法正确的是（ ）
A．托里拆利﹣﹣测出大气压的值 B．阿基米德﹣﹣光的色散现象
C．牛顿﹣﹣杠杆原理 D．安培﹣﹣电流周围存在磁场
【考点】2R：物理常识．
【分析】根据对物理学史及科学家主要贡献的掌握分析答题．
【解答】解：
A、托里拆利﹣﹣﹣测出大气压的值，故A正确；B、阿基米德得出了阿基米德原理，可以用来求浮力，故B错误；
C、牛顿发现了万有引力定律，总结出了牛顿三定律，惯性定律是牛顿总结出的，
故C错误；
D、奥斯特发现了电流的磁效应，故D错误．
故选A．
【点评】本题考查了有关物理学家以及这些科学家对物理学所做的贡献，考查了
学生的记忆能力．
6．某凸透镜的焦距为 10 厘米，物体经凸透镜能在离凸透镜 15 厘米的光屏上成
像，所成的像是（ ）
A．倒立、放大、实像B．倒立、缩小、实像
C．正立、放大、虚像 D．正立、缩小、实像
【考点】B8：凸透镜成像的应用．
【分析】凸透镜成像时，U＞2f，2f＞V＞f，成倒立、缩小的实像，据上面的知识分析
即可判断．
【解答】解：凸透镜的焦距是10cm，把物体经凸透镜能在离凸透镜 15 厘米的光屏
上成像，即像成在1倍焦距和2倍焦距之间，成倒立、缩小的实像．
故选B．
【点评】知道凸透镜的成像规律是解决该题的关键．
7．P、Q是同一直线上距离 80 米的两点，甲、乙两车分别从P、Q同时同向开始运
动，它们的S﹣t图象分别如图（a）和（b）所示，运动4秒钟，甲、乙两车之间的距
离变化了△S，甲、乙的速度分别为v 、v ，则（ ）
甲 乙
A．v ＞v ，△S=16 米 B．v ＞v ，△S=4 米
甲 乙 甲 乙
C．v ＜v ，△S=16 米 D．v ＜v ，△S=4 米
甲 乙 甲 乙【考点】68：速度与物体运动．
【分析】通过图象根据公式v= 求出甲、乙的速度；计算甲、乙两小车经过4s的路
程，分别比较甲、乙路程的大小，得出两小车的位置关系．注意P、Q两点的前后关
系是不确定的．
【解答】解：由a图象得v = = =3m/s，
甲
由图象b得v = = =2m/s，
乙
所以v ＞v ，甲车运动的比乙车快．
甲 乙
运动4秒钟，甲通过的路程：s ′=v t=3m/s×4s=12m，
甲 甲
乙通过的路程：s ′=v t=2m/s×4s=8m，
乙 乙
甲、乙两小车同时同向做匀速直线运动，两车运动方向相同，如果甲在乙前，则两
车间的距离增大了12m﹣8m=4m，
如果乙在甲前，则两车间的距离减小了12m﹣8m=4m，即甲、乙两车之间的距离
的变化量△S始终为4m．
综上所述，只有选项B是正确的．
故选B．
【点评】灵活运用s﹣t图象和速度公式，会求与图象对应的物体运动的速度，会计
算对应时间的路程和行驶某路程所用的时间是解答本题的关键．
8．在如图所示的电路中，电源电压恒定不变，闭合电键S，当R 全部接入电路时，
2
电压表V 的示数为U；移动滑片P，当R 一半接入电路时，电压表 V 的示数为U'，
2
则下列关于 U'和 U 的关系正确的是（ ）A．U'一定等于 B．U'可能等于 C．U'一定大于 D．U'可能大于
【考点】IH：欧姆定律的应用．
【分析】根据串联电路的特点，用表达式表示出电压表示数U和U'，根据电源电压
不变列等式关系进行判断．
【解答】解：由图可知R 与R 串联，电压表测R 电压，
1 2 2
当R 全部接入电路时，R 两端电压即电压表示数U=IR = ×R
2 2 2 2
当当R 一半接入电路时，R 两端电压即电压表示数U'=I'× R = × R =
2 2 2 2
×R ，
2
= = ＞ ，即C正确，ABD不正确．
故选C．
【点评】本题要理解总电压不变，掌握串联电路的特点，熟练运用欧姆定律．
二、填空题（共23分）
9．一节新干电池电压为 1. 5 伏；家庭电路中各用电器之间是 并联 （选填
“串联”或“并联”）连接的；10秒钟内通过某导体电量为6库，则通过它的电
流为 0. 6 安．
【考点】IO：家庭电路的连接；H4：电量及其计算；I1：电压．
【分析】（1）要记住一些生活中常见的电压值，如：一节干电池的电压是1.5V；一
节铅蓄电池的电压是2V；家庭电路的电压为220V；动力电压为380V；对人体安全
的电压为不高于36V；（2）家庭电路中各用电器之间工作互不影响，应并联在电路中；
（3）电流大小等于：I= ；代入数值可解答．
【解答】解：（1）一节干电池的电压是1.5V；
（2）家庭电路中各用电器之间工作互不影响，应并联在电路中；
（3）I= = =0.6A；
故答案为：1.5；并联；0.6．
【点评】掌握常见的电压值；明确家庭电路的特点；灵活运用电流的公式；是解答
此题的关键．
10．汽车已经广泛进入家庭．汽车发动机的 做功 冲程将内能转化为机械能，
使汽车获得前进的动力．汽车导航仪与卫星之间是通过 电磁波 （填“电磁
波”或“超声波”）来传递信息的．司机遇紧急情况刹车时，汽车由于 惯性
仍能向前运动一段距离．
【考点】GM：内燃机的四个冲程；6L：惯性；D2：电磁波的传播．
【分析】（1）内燃机包括吸气、压缩、做功、排气四个冲程．其中压缩冲程将机械能
转化为内能；做功冲程将内能转化为机械能．
（2）卫星通讯利用了电磁波来传递信息．
（3）一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性．
【解答】解：（1）在内燃机的四个冲程中，做功冲程高温高压的燃气对活塞做功，将
内能转化为机械能；
（2）汽车导航仪与卫星之间是通过电磁波来传递信息的．
（3）刹车时，汽车由于惯性，还要保持原来的运动状态，因此仍能向前运动一段距
离．
故答案为：做功；电磁波；惯性．
【点评】此题主要考查了四个冲程中的能量转化情况，要知道在压缩冲程与做功
冲程发生了能量的转化，转化情况正好相反．同时，还考查了卫星通讯中电磁波
的传播、惯性现象等．11．生活中处处有物理．如用重锤线检查墙面是否竖直，利用了 重力方向竖直
向下 ；汽车发动机常用水做冷却剂，主要是因为水的 比热容大 ；扫地机器
人吸尘的工作原理是通过电机转动使内部 气压 （填物理量）变小，从而使杂
物进入吸尘器．
【考点】7A：重力的方向；8K：流体压强与流速的关系；GE：水的比热容的特点及应
用．
【分析】①重力的方向在任何情况下都是竖直向下的，重锤线是利用重物静止时
线总是竖直下垂的原理制造的；
②水的比热容较大，质量相同的水和其它液体相比较，升高相同的温度时，吸收
的热量多；吸收或放出相同的热量时，温度变化较小，因此常用来做冷却剂、取暖
剂、防冻剂等；
③流体压强与流速的关系：流速越大，压强越小
【解答】解：
①因为重力的方向总是竖直向下，如果墙和重锤线的方向是一致的，即墙和重锤
线平行，即墙壁就是竖直的，所以建筑工人常用重锤线来检查墙壁是否竖直，原
理就是利用重力的方向是竖直向下的；
②汽车发动机工作时产生大量热量，这些热量如果不迅速转移，就可能损害发动
机，因此利用水的比热容大的特点把这些热迅速吸收，使发动机的温度不致升得
太高；
③高速旋转的叶轮把空气排出风机，同时使外部空气和灰尘不断地补充进风机，
吸尘器就能“吸尘”了，其原理利用了流体流速大的地方压强小．
故答案为：重力方向竖直向下；比热容大；气压．
【点评】此题是一道综合题，考查了重力方向的应用、水的比热容较大的应用和吸
尘器的基本原理，考查的知识点较多，难度不大．
12．小华乘自动扶梯匀速下楼时，以扶梯为参照物，小华是 静止 （选填“静
止”或“运动”），她受到的重力 等于 扶梯对她的支持力（选填“大于”、
“等于”或“小于”），此过程中小华的机械能 减小 （选填“增大”、“不
变”或“减小”）．【考点】FN：动能和势能的大小变化；52：参照物及其选择；6T：二力平衡条件的应
用．
【分析】（1）判断运动与静止时，要看物体相对于参照物的位置是否发生改变；
（2）二力平衡的条件是：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上、且作用在同
一条直线上；
（3）动能和势能合称机械能．动能的影响因素是质量和速度，重力势能的影响因
素是质量和高度．
【解答】解：
以扶梯为参照物，小华相对于扶梯的位置并未发生改变，所以是静止的；
小华随自动扶梯匀速运动，所以小华受到的重力和扶梯对她的支持力是一对平衡
力，大小相等；
扶梯匀速下楼时，小华的质量不变，速度不变，所以动能不变；高度变小，重力势
能变小，所以机械能减小．
故答案为：静止；等于；减小．
【点评】熟练掌握运动和静止的相对性，二力平衡的条件以及影响动能、重力势能
大小的因素，可顺利解答．
13．如图是某款电热饮水机相关参数和电路原理图（其中 S 是机内自动温控开
0
关）．若热水箱中装有2千克水，加热使温度从20℃升高到100℃，吸收的热量为
6.72 × 10 5 焦，此加热过程需要30分钟，则消耗的电能为 0. 2 度；当饮水机处
于保温状态时，电键S 应处于 断开 状态（选填“断开”或“闭合”）．[c
0 水
=4.2×103焦/（千克•℃）]
热水箱容量 2L
加热时功率 400W
额定电压 220V
保温时功率 40W
【考点】JK：电功与热量的综合计算；J9：电功率与电压、电流的关系．【分析】（1）知道水的质量和初温、末温以及比热容，根据Q =cm（t﹣t ）求出水吸
吸 0
收的热量；
（2）由表格数据可知加热时的功率，根据W=Pt求出30min消耗的电能；
（3）当饮水机处于保温状态时，电路中的总功率最小，根据P=UI= 可知，电路中
的总电阻最大，据此判断电键S 的状态．
0
【解答】解：（1）水吸收的热量：
Q =cm（t﹣t ）=4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（100℃﹣20℃）=6.72×105J；
吸 0
（2）由P= 可得，此加热过程中消耗的电能：
W=Pt=400×10﹣3kW× h=0.2kW•h=0.2度；
（3）当饮水机处于保温状态时，电路中的总功率最小，
由P=UI= 可知，电路中的总电阻最大，
由电路图可知，电键S 断开时，电路为R 的简单电路，电路中的总电阻最大．
0 2
故答案为：6.72×105；0.2；断开．
【点评】本题考查了吸热公式和电功公式以及电功率公式的灵活运用，从表格中
获取有用的信息是关键．
14．在如图所示的电路中，电源电压保持不变．闭合电键S，电路正常工作．一段时
间后，电压表的示数突然变大．若电路中只有一处故障，且只发生在电阻R 或R
1 2
处．
①电路中的故障可能是： R 断路、 R 短路 ．
2 1
②在原故障电路中，仅将电阻R 和R 互换位置，请判断能否进一步确定故障所在，
1 2
并说明理由 不能，因为无论 R 断路或 R 短路，电压表都无示数，故无法区分 R
2 1 2
断路与 R 短路，所以不能判断 ．
1【考点】IE：电流表、电压表在判断电路故障中的应用．
【分析】两电阻串联，利用短路或断路造成的电路现象分析解答；
【解答】解：（1）由图可知两电阻串联，电阻R 断路，电压表与电源的两端相连，电
2
压表有示数；
R 短路电压表与电源的两端相连，电压表有示数，故故障为R 断路；R 短路；
1 2 1
（2）在原故障电路中，仅将电阻R 和R 互换位置，若R 断路或R 短路，电压表都
1 2 2 1
无示数，故无法区分R 断路与R 短路，所以不能判断．
2 1
故答案为：（1）R 断路、R 短路；（2）不能，因为无论R 断路或R 短路，电压表都无
2 1 2 1
示数，故无法区分R 断路与R 短路，所以不能判断．
2 1
【点评】分析电路故障问题时，注意电压表示数变化是解题关键．
15．根据科学家的精确测量发现不同维度和高度的 g 值大小各有不同，具体见如
表．请根据表中的相关数据回答问题：
0 20 40 60 80 90
0 9.780 9.786 9.802 9.819 9.831 9.832
8 9.756 9.762 9.777 9.794 9.806 9.807
12 9.743 9.749 9.765 9.782 9.794 9.795
20 9.719 9.725 9.740 9.757 9.769 9.770
①当高度为0，纬度为40度时，g= 9.802 牛/千克．
②同一地方，高度越大，g值 越小 ．
③g值大小与纬度的关系是： 同一高度，纬度越高， g 值越大 ．
【考点】7C：探究重力大小跟什么因素有关的实验．
【分析】①根据表格中的数据，找出当高度为0、纬度为40度时的g的值；
②根据表格中的信息判定同一地方、高度越大时g的值的大小；
③根据表格中数据的特点分析g值大小与纬度的关系．
【解答】解：①由表格可知，当高度为0，纬度为40度时，g=9.802N/kg；②由表格可知，纬度相同时，高度越高，g的数值越小；
③由表格可知，高度相同时，纬度越高，g的数值越大．
故答案为：①9.802；②越小；③同一高度，纬度越高，g值越大．
【点评】能根据表格中的数据得出正确的结论是解题的关键．
三、作图题（共7分）
16．在图中，根据给出的反射光线OB画出入射光线AO，并标出入射角及其度数．
【考点】A8：作光的反射光路图．
【分析】根据反射定律：反射光线、入射光线和法线在同一平面内，反射光线、入射
光线分居法线两侧，反射角等于入射角，作出入射光线并标出入射角及其度数．
【解答】解：由反射角为60°，可得入射角也为60°，在法线左侧画出入射光线，度数
等于反射角为60°即可，如图所示：
【点评】由于题目已经作出法线，根据反射角等于入射角在同一平面内法线的另
一侧画出入射光线即可，注意完成题目的要求．要注意入射角是入射光线与法线
之间的夹角．
17．在图所示的电路中，有一根导线尚未连接，请用笔线代替导线补上．补上后要
求：闭合电键S后，当滑动变阻器的滑片自中点向左移动时，电流表的示数不变且
不为零．【考点】HR：实物的电路连接．
【分析】本题抓住并联电路的工作特点，各用电器可以独立工作，互不影响．滑动
变阻器的使用．
【解答】解：滑动变阻器的滑片向左移动时，电流表的示数不变，滑动变阻器与电
灯并联．
【点评】本题考查了实物电路的连接合并联电路的工作特点．
18．在图中，请根据通电螺线管周围磁感线方向，标出电源的正、负极，标出通电
螺线管的N、S极，以及小磁针的N、S极．
【考点】CV：通电螺线管的极性和电流方向的判断．
【分析】①根据图中磁感线方向，先判断螺线管的两个磁极．
②根据磁极间的相互作用再判断小磁针的磁极．
③最后根据安培定则判断螺线管中电流的方向，标出电源的正负极．
【解答】解：在磁体外部，磁感线总是从磁体的N极发出，最后回到S极．所以螺线
管的左端为N极，右端为S极．根据磁极间的相互作用可以判断出小磁针的左端
为N极，右端为S极．根据安培定则：伸出右手，使右手大拇指指示通电螺线管的
N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，即电流是从螺线管的右端流入的．所以电源的右端为正极，左端为负极．
故答案为：
【点评】安培定则涉及三个方向：磁场方向；电流方向；线圈绕向．告诉其中的两个
方向可以确定第三个方向．
四、计算题（共26分）
19．体积为2×10﹣3米3的金属块浸没在水中，求：金属块受到的浮力大小F ．
浮
【考点】8P：浮力大小的计算；8O：阿基米德原理．
【分析】已知金属块浸没水中，排开水的体积等于金属块的体积，利用阿基米德原
理F =ρ V g求金属块受到的浮力．
浮 水 排
【解答】解：
∵金属块浸没水中，
∴V =V =2×10﹣3米3，
排 金
F =ρ V g=1.0×103千克/米3×2×10﹣3米3×9.8牛/千克=19.6牛．
浮 水 排
答：金属块受到的浮力为19.6牛．
【点评】本题比较简单，主要考查阿基米德原理的应用，利用好隐含条件“金属块
浸没水中，V =V ”是本题的关键．
排 金
20．用如图所示的滑轮竖直匀速向上提升重为 100 牛的物体 A．（不考虑滑轮的
重力和绳子与滑轮间的摩擦）
求：①求拉力F；
②若物体A被提升4米，求拉力F所做的功W．
【考点】EC：功的计算．【分析】（1）图中使用的是动滑轮，n=2；不考虑滑轮的重力和绳子与滑轮间的摩擦，
利用F=
1
2
G求出拉力大小；
（2）利用W=Fs求拉力做的功．
【解答】解：
①因为不考虑滑轮的重力和绳子与滑轮间的摩擦，
所以F=
1
2
G=
1
2
×100N=50N，
②由题知，n=2，
s=nh=2×4m=8m，
拉力F所做的功W：
W=Fs=50N×8m=400J．
答：①拉力F是50N；
②若物体A被提升4米，拉力F所做的功W为400J．
【点评】本题考查了求力、功问题，知道动滑轮的特点、应用功的公式即可正确解
题．
21．在如图（a）所示的电路中，电源电压恒定不变，R 的阻值为 30 欧，滑动变阻
1
器上标有“20Ω 2A”字样，闭合电键后，电流表A 的示数如图（b）所示．
1①求R 两端的电压U ；
1 1
②若R 消耗的电功率为4.5瓦，求通过R 的电流I ；
2 2 2
③现将同样规格的电流表A 接入电路中，不改变A 量程，调节滑片P的位置，使
2 1
两电流表指针偏离0刻度线的角度相同，且电路元件均正常工作，求R 接入电路
2
的阻值．
【考点】IH：欧姆定律的应用．
【分析】（1）根据U=IR算出R 两端的电压U ；
1 1
（2）根据并联电路电压的规律和P=UI算出通过R 的电流I ；
2 2
（3）根据电流表A 接入电路中位置不同分析R 接入电路的阻值．
2 2
【解答】解：（1）电流表的量程为0﹣0.6A，分度值为0.02A，示数为0.3A；
根据I= 得出R 两端的电压：
1
U =IR =0.3A×30Ω=9V；
1 1
（2）根据并联电路电压的规律知：U =U =9V；
2 1
根据P=UI得出
I= = =0.5A；
（3）若电流表A 接入电路支路R 中，R 的电流仍为0.3A，因为两电流表指针偏离
2 2 1
0刻度线的角度相同，所以通过R 的电流为0.3A或1.5A，
2
故R = = =30Ω，因为30℃大于滑动变阻器的最大电阻，应该舍去；
2或R = = =6Ω；
2
若电流表A 接入电路干路中，因为两电流表指针偏离0刻度线的角度相同，所以
2
电流表A 接的大量程，电流为1.5A，故通过R 的电流为1.5A﹣0.3A=1.2A；
2 2
则：
R = = =7.5Ω．
2
答：①求R 两端的电压为9V；
1
②通过R 的电流I 为0.3A
2 2
③R 的电阻为6Ω或7.5Ω．
2
【点评】本题考查了利用欧姆定律解决问题，③有一定的难度．
22．如图所示，水平地面上底面积分别为S、2S的轻质圆柱形容器中分别装有甲、
乙两种液体，其质量、高度的关系如表一所示．
①若甲液体是水，高度为0.1米，求水对容器底部的压强p ．
水
②求甲、乙两种液体的密度之比．
③现有物体A、B，其质量、体积的关系如表二所示．请在物体A、B和液体甲、乙中
各选择一个，当把物体浸没在液体中（液体不会溢出），容器对水平地面压强变化
量△p 、液体对容器底部压强变化量△p ．要求写出选择的液体和放入其中的物
1 2
体，并求出△p 比△p 的最大值．（说明：②与③小题答题所涉及的物理量均用字
1 2
母表示）
表一
液体 质量 高度
甲 M 3h
乙 M 2h
表二
物体 质量 体积
A 10m 2V
B 9m 3V【考点】86：压强的大小及其计算．
【分析】①已知水的深度，根据p =ρ gh求液体的压强；
水 水
②已知液体A和液体B质量相等，根液体的密度公式、V=Sh分别列出液体A和液
体B质量的关系式，即可求得液体A和液体B的密度之比；
③对水平地面压强变化量△p = ；液体对容器底部压强变化量△p =ρg△h；写
1 2
出增加的压强之比，经讨论得出最大压强．
【解答】解：①若甲液体是水，高度为0.1米，求水对容器底部的压强：
p =ρ gh=1.0×103kg/m3×9.8N/kg×0.1m=980Pa；
水 水
②由题知，液体A和液体B的质量均为m，根据ρ= 、V=Sh可得，
液体甲的质量：m =ρ V =ρ ×S×3h，
甲 甲 甲 甲
液体乙的质量：m =ρ V =ρ ×2S×2h，
乙 乙 乙 乙
则ρ ×S×3h=ρ ×2S×2h，
甲 乙
解得，甲、乙两种液体的密度之比：
ρ ：ρ =4：3；
甲 乙
③容器对水平地面压强为固体产生的，根据p= ，因轻质圆柱形容器容器，对地
面的压力的增加量等于放入液体的物体的重力，
对水平地面压强变化量△p = ；
1
液体对容器底部压强变化量△p =ρg△h；
2= = ，要使比值最大，故应将A物体放入乙液体中，
= = = ．
答：①若甲液体是水，高度为0.1米，求水对容器底部的压强p 为980Pa；
水
②求甲、乙两种液体的密度之比为4：3．
③将A物体放入乙液体中，△p 比△p 的最大值为 ．
1 2
【点评】本题考查液体、固体的压强、压力，和学生分类讨论的思想和推理能力，对
数学知识要求高，难度较大．
五、试验题（共18分）
23．在“探究杠杆平衡的条件”实验中，把杠杆安装在支架上，出现如图所示现
象．则应将左端的平衡螺母向 左 调节（选填“左”或“右”），直到杠杆在
水平 位置平衡；挂上钩码后，发现杠杆不平衡，则应改变钩码个数或 钩码的
位置使杠杆在水平位置平衡 ，实验中需要多次测量的目的是： 避免结论的偶
然性，从而得出普遍规律 ．
【考点】7U：探究杠杆的平衡条件实验．
【分析】（1）调节平衡螺母向上翘的一端移动，使杠杆在水平位置平衡．杠杆在水
平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂大小；
（2）在实验中，为了避免实验结果的偶然性，得到普遍性的规律，经常多测几组数
据．
【解答】解：（1）由图可知，杠杆的左端上翘，要使杠杆在水平位置平衡，平衡螺母向上翘的左
端移动；使杠杆在水平位置平衡；
（2）在杠杆两端挂上钩码后，发现杠杆不平衡，则应改变钩码个数或钩码的位置
使杠杆在水平位置平衡，本实验中进行多次测量的目的是：避免实验次数过少，
导致实验结论具有偶然性，便于从中得到普遍规律．
故答案为：左；水平；钩码的位置使杠杆在水平位置平衡；避免结论的偶然性，从
而得出普遍规律．
【点评】（1）探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，此时力与杠杆垂直，力
臂的长度可以直接从杠杆上读出来；
（2）初中物理实验进行多次测量有些是为了求平均值，使测得的数据更准确，有
些是为了寻找普遍规律，探究杠杆平衡的条件就是为了寻找普遍规律．
24．“探究平面镜成像的特点”的实验情况如图所示．
①实验时，玻璃板和完全相同的蜡烛A与B应 垂直 放置在水平桌面上．
②实验时，要使蜡烛B与点燃的蜡烛A的像完全重合，这是为了 比较物像大小
关系 ．
③若在玻璃板后面挡一张黑纸，透过玻璃板 能 （选填“能”、“不能”）看到
玻璃板后蜡烛A的像，则说明平面镜成的是 虚 像．
【考点】AE：平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案．
【分析】①实验中玻璃板如果不垂直于桌面，后面的蜡烛无法与前面蜡烛的像完
全重合；
②实验时采用两个完全相同的蜡烛，一支蜡烛放在玻璃板的前面并点燃，另一支
放在玻璃板的后面，当玻璃板后面的蜡烛和玻璃板前面的蜡烛的像完全重合时，
可以确定像的位置，同时也可以比较物像大小关系；
③平面镜所成的像是虚像．
【解答】解：
①实验时玻璃板如果不竖直，不论怎样移动后面的蜡烛都不可能与前面蜡烛的像
完全重合，就无法验证像的位置和大小，所以玻璃板和完全相同的蜡烛A与B应垂直放置在水平桌面上；
②选取两支完全相同的蜡烛，一支蜡烛放在玻璃板的前面并点燃，另一支放在玻
璃板的后面，当玻璃板后面的蜡烛和玻璃板前面的蜡烛的像完全重合时，可以比
较物像大小关系；
③平面镜成像的原理是光的反射，若在玻璃板后面挡一张黑纸，通过玻璃板仍能
看到蜡烛A的像，且所成的像更清晰；则说明平面镜成的是虚像．
故答案为：①垂直；②比较物像大小关系；③能；虚．
【点评】本题考查学生动手操作实验的能力并能合理解决实验中出现的问题，只
要熟练掌握平面镜的成像特点，解答此类题目就很容易，探究平面镜成像特点的
实验过程，在近年中考题中较为热点．
25．在探究液体压强特点的实验中，某实验小组同学做了下列实验．
①首先选用两根两端开口的玻璃管（横截面积关系为S ＜S ），在两端玻璃管的一
A B
端扎上橡皮薄膜，然后倒入适量的水，橡皮膜从原来的A位置下凹至B位置，如
图1（a）（b）所示．由此可知：液体对容器底部压强与液体重力 无关 ，与容器
底面积 无关 ．（均选填“有关”或“无关”）
②然后将其中一根扎有橡皮薄膜的玻璃管插入水中的不同位置，实验现象如图2
（a）（b）（c）所示．可得的初步结论是：同种液体内部， 液体压强大小与深度有
关，深度越深，压强越大 ．
③接着又利用数字式压强传感器分别浸没在甲、乙两种液体中的不同深度处，测
出液体内部的压强，表一，表二为他们记录的实验数据．
表一ρ =1.0×103千克/米3
甲
实 深度 压强
验序 （米）
号
1 0.1 980
2 0.4 3920
3 0.8 7840
4 1.2 11760
表二ρ =1.0×103千克/米3
乙
实 深度 压强
验
（米）
序
号
5 0.2 1568
6 0.5 3920
7 1.0 7840
8 1.5 11760
（a）此实验中用数字式压强传感器测出液体在不同深度处压强值的目的是为了
进一步研究 液体压强与深度 的关系．
（b）分析比较实验序号2与6、3与7和4与8中的压强与深度和液体密度的大小
关系，可得：当 液体密度相同时，深度越深 时，液体内部压强越大．
【考点】8C：探究液体压强的特点实验．
【分析】①根据图片分析压强与重力的关系；
②③液体压强大小与液体的密度、深度有关，利用控制变量法分析．
【解答】解：①由图可知，在液体重力不同、底面积不同时，橡皮膜的凹陷程度是相
同的，故液体对容器底部压强与液体重力、容器底面积无关；
②由（a）（b）（c）可知，随着深度的增加，橡皮膜的形变程度越大，即压强越大，可
得的初步结论是：同种液体内部，液体压强大小与深度有关，深度越深，压强越大
③（a）深度不同，压强不同，实验中用数字式压强传感器测出液体在不同深度处
压强值的目的是为了进一步研究压强与深度的关系；
（b）比较实验序号2与6、3与7和4与8中的压强与深度和液体密度的大小关系
可知：在液体密度相同时，深度越深，压强越大．
故答案为：①无关；无关；②液体压强大小与深度有关，深度越深，压强越大；③
（a）液体压强与深度；（b）液体密度相同时，深度越深．【点评】无论是观察实验现象，还是分析实验数据，控制变量法的运用在这里是最
关键的，只有搞清变量与不变量，才能得出有说服力的结论．
26．小华同学做“测定小灯泡的电功率”实验，实验器材齐全并完好，电源电压
6V不变，滑动变阻器标有A，B两个（A标有“10Ω 1A”的字样，B标有“20Ω 1A”的
字样），待测小灯上只有所标“2.5V”字样清晰可见．小华选用其中一个滑动变阻
器与电源、小灯泡、电流表、电键正确连接电路后，再将电压表并联在电路中．闭
合电键前使滑动变阻器接入电路电阻最大，然后闭合电键，通过移移动变阻器的
滑片测得小灯在不同电压下的电流，并将数据记录在表中．．
物理量 电压U/V 电流I/A
1 4.0 0.20
2 3.5 0.22
3 2.5 0.28
①请画出小华同学的实验电路图
②判断小灯泡正常发光的方法是 当电压表示数为 3.5V 时，小灯正常发光 ．
③小华在实验中选用的滑动变阻器是 “ 20Ω1A ”
④小灯泡的额定功率为 P =U I'=2.5V × 0.22A=0.55W （请写出计算过程）
额 额
【考点】JF：电功率的测量．
【分析】①根据题意确定各电路元件的连接方式，然后作出电路图．
②灯泡在额定电压下正常发光，根据电压表示数可以判断灯泡是否发光．
③由表格数据，根据串联电路特点和欧姆定律计算变阻器连入的最大电阻值，从
而确定其规格；②根据图示电压表确定其量程与分度值，读出其示数，求出电源
电压．
④求出灯泡额定电压，应用P=UI可计算小灯泡的电功率．
【解答】解：
①由题知，逐步移动滑片P，电压表的示数增大，电流表示数减小，由此可知电压
表测的是滑动变阻器两端电压，实验电路图如图所示：；
②灯泡在额定电流下正常发光，由灯泡铭牌可知，灯泡额定电压为2.5V，当电压
表示数为6V﹣2.5V=3.5V时，小灯正常发光．
③根据串联电路的分压原理，当变阻器连入阻值最大时，分得电压最大，由表格
数据知，电压表示数最大为4V，
由欧姆定律可得此时变阻器连入阻值：
R= = =20Ω，故变阻器应选择的规格是：“20Ω 1A”；
④由电路图，根据串联电路电压特点知，当灯泡两端电压等于额定电压2.5V时，
变阻器两端电压：
U ′=U﹣U =6V﹣2.5V=3.5，
R 额
由表格数据可知，此时电路中电流：I'=0.22A，
所以灯泡的额定功率：
P =U I'=2.5V×0.22A=0.55W．
额 额
故答案为：①见上图；②当电压表示数为3.5V时，小灯正常发光；③“20Ω 1A”；④
P =U I'=2.5V×0.22A=0.55W．
额 额
【点评】本题考查了实验电路的设计、滑动变阻器规格的选择以及功率的计算，由
实验操作和已知条件确定电压表所测电压，从而设计出电路图是关键．
