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2015 年上海市黄浦区中考物理二模试卷
一、选择题（共 16分）下列各题均只有一个正确选项，请将正确选项的代号用2B铅笔填
涂在答题纸的相应位置上填涂．
1．（2分）（2012•西藏）人的正常体温约为（ ）
A． 30℃ B． 33℃ C． 37℃ D． 39℃
2．（2分）（2015•黄浦区二模）在太阳系中，月球是（ ）
A． 卫星 B． 行星 C． 恒星 D． 彗星
3．（2分）（2015•黄浦区二模）能区分不同歌手声音的主要依据是（ ）
A． 响度 B． 音色 C． 音调 D． 振幅
4．（2分）（2015•黄浦区二模）关于光．下列说法中正确的是（ ）
A． 黄光属于三原色光之一
B． 入射角为30°，反射角可能为20°
C． 紫光属于三原色之一
D． 入射角为30°，折射角可能为20°
5．（2分）（2015•黄浦区二模）如图所示，小磁针甲、乙处于静止状态．根据标出的磁感线
方向，可以判断出（ ）
A． 螺线管的右端为N极 B． 电源的左端为负极
C． 小磁针甲的右端为N极 D． 小磁针乙的左端为N极
6．（2分）（2015•黄浦区二模）在如图所示的电路中，将电压表V
1
、V
2
正确连入电路，闭
合电建S，电路正常工作，各电表的示数均不为零．当移动滑动变阻器R 的滑片P 时，电
2
压表V 与电流表A示数的比值不发生变化，电压表V 与电流表 A示数的比值发生变化．则
1 2
（ ）
A． 电压表V 一定测量R 两端电压
1 2
B． 电压表V 可能测量R 和 R 两端电压
1 1 2
C． 电压表V 一定测量R 两端电压
2 2D． 电压表V 可能测量R 和 R 两端电压
2 1 2
7．（2分）（2015•黄浦区二模）把一个小球竖直向上抛出，小球在空中受到重力和空气阻力
的作用．小球在上升和下降过程中所受合力分别为F 、F ，则（ ）
上升 下降
A． F 小于F B． F 等于 F
上升 下降 上升 下降
C． 两个合力的方向相同 D． 两个合力的方向相反
8．（2分）（2015•黄浦区二模）如图所示，甲、乙为两个实心均匀正方体，它们对水平地面
的压强相等．若在两个正方体的上部，沿水平方向分别截去相同高度的部分，并将截去部分
叠放在对方剩余部分上，它们对地面的压强为p 和 p ，下列判断正确的是（ ）
甲 乙
A． p 可能小于 p B． p 一定小于p
甲 乙 甲 乙
C． p 可能大于 p D． p 一定大于p
甲 乙 甲 乙
二、填空题（共 26分）请将结果填入答题纸的相应位置．
9．（4分）（2015•黄浦区二模）某豆浆机铭牌上的部分技术参数如表．
豆浆机铭牌
额定频率 50Hz
电动机 180W
额定功率
电热器 850W
额定功率
①该豆浆机可直接接入上海地区家庭电路中使用，它的额定电压为 伏．
②豆浆机的机头主要由一个电热器（电热丝）和一个电动机带动的打浆器构成．制作豆浆
的过程是先加热，再打浆，再加热煮熟，即加热和打浆是交替进行的．由此可知，豆浆机中
的电动机和电热器的连接方式是 ．
③当豆浆打好后，就能闻到豆浆的香味．这一现象可以说明：分子在不停地做
运动．
④豆浆机在额定电压下加热0.1 小时，需耗电 度．
10．（4分）（2015•黄浦区二模）如图所示，水沸腾后，盖在试管口上的塞于会受到水蒸气
的压力而冲出，这说明了力可以改变物体的运动 ；此过程中，水蒸气的内能转
化为塞子的 能，其能量转化情况与四冲程汽油机的 冲程相似．在
空中飞行过程中，塞子的惯性 （选填“变大”、“不变”或“变小”）．11．（4分）（2015•黄浦区二模）甲、乙两木块从斜面下滑，它们的s﹣t 图象分别如图（a）、
（b）所示．以甲为参照物，乙是 的（选填“静止”或“运动”）；甲、乙各运动4
米，所用时间相差 秒．在下滑过程中，木块与斜面间的摩擦属于 摩
擦；木块的温度会升高，这是通过 的方式改变了其内能．
12．（3分）（2015•黄浦区二模）体积为1×10﹣3米3的金属块浸没在水中，受到浮力的大小
为 牛．2 千克的水温度降低5℃．放出的热量为 焦．水的比热容
较大，相同质量的水和其他物质吸收相同的热量，水的温度升高较 （选填“多”
或“少”），适合做冷却剂．[c =4.2×10 3焦/（千克•℃）]．
水
13．（3分）（2015•黄浦区二模）10 秒内通过某导体横截面的电荷量为6 库，通过它的电流
为 安，其两端的电压为6 伏，它的电阻为 欧．若该导体两端的电
压变为10 伏，10 秒内电流通过它所做的功为 焦．
14．（4分）（2015•黄浦区二模）在如图所示的电路中，电路中出现了故障，且只发生在电
阻R 、R 上．（电源电压不变，两电表均未被损坏）
1 2
①只闭合电键S
2
，若两电表均无示数，则故障可能是 ．
②然后，断开电键S
2
，闭台电键S
1
和S
3
，若电流表有示数，则故障是 ；若
电流表无示数，则故障是 ．
15．（4分）（2015•黄浦区二模）如图所示，某小组同学在塑料小桶中，分别装满密度已知
的四种不同液体，用弹簧测力计依次测出它们的重力，记录数据如表所示．
液体密度（克/厘米 3） 0.6 0.8 1.0 1.2
弹簧测力计（牛） 1.4 1.6 1.8 2.0
①当小桶中盛满密度未知的某种液体时，弹簧测力计的示数为2.4 牛．根据表中数据分析
可知，此液体的密度为 克/厘米 3．
②若把弹簧测力计和小桶改装为液体密度秤，该秤的“0 刻度”线对应弹簧测力计上的刻度值
为 牛．若要增大该称的称量范围，可换用以下两种规格的塑料小桶，符合要求
的是 ．（填写序号）
A．容积相同，质量更小的小桶 B．质量相同，容积更小的小桶．三、作图题（共 6分）请将图直接画在答题纸相应位置，作图题必须使用2B铅笔．
16．（2分）（2015•黄浦区二模）在如图中，重为2 牛的物体静止在水平面上，用力的图示
法画出物体受到的支持力F ．
支
17．（2分）（2015•黄浦区二模）根据平面镜成像特点，在图中画出物体AB在平面镜中的
像A′B′．
18．（2分）（2015•黄浦区二模）在如图所示的电路中，有两根导线尚未连接，以笔画线代
替导线补上．补上后要求两灯并联，电流表测通过灯L 的电流．
1
四、计算题（共 24分）请将计算过程和答案写入答题纸的相应位置．
19．（8分）（2015•黄浦区二模）某物体在20 牛的水平拉力作用下沿水平面做匀速直线运动，
10秒内前进了5 米．求此过程中拉力做的功W和功率P．
20．（8分）（2015•黄浦区二模）如图所示，薄壁圆柱形容器底面积为2×10﹣2米2，盛有足
够多的水，置于水平面上．
①若容器内水深为0.3 米，求水的质量m ．
水
②求水面下 0.1 米深度处水产生的压强p ．
水
③现将一个边长为a、质量为m 的正方体浸没在容器内的水中后（水未溢出），容器对水平
面的压强增加量△p 恰好等于水对容器底部的压强增加量△p ，求该正方体的质量m．
容 水21．（8分）（2015•黄浦区二模）在图（a）所示的电路中，电源电压为6 伏且不变，将定值
电阻R 接入M、N接线柱，闭合电键S 后电流表A的示数为0.4 安．
1
①求电阻 R
1
的阻值．
②现有滑动变阻器R
2
，其规格为”5Ω 3A”、“10Ω 1A”或“20Ω 2A”中的一个将R
1
与 R
2
以不同
的连接方式接入M、N接线柱，闭合电键S，移动变阻器R 的滑片，都能使电流表的指针
2
达到图（b）所示位置．
（a）请通过计算判断所用变阻器R 的规格．（b）在电路元件安全工作的条件下，移动变阻
2
器R 滑片，使电流表示数的变化量△I 最大．求不同连接方式中较大的△I ．
2 最大
五、实验题（共 18分）请根据要求在答题纸的相应位置作答．
22．（4分）（2015•黄浦区二模）“用电流表、电压表测电阻”的实验原理是 ，
进行多次测量是为了 ．“探究杠杆平衡的条件”实验中，需改变钩码个数
和 ，进行多次实验；实验的结论是：当杠杆平衡时， ．
23．（4分）（2015•黄浦区二模）如图所示，实验装置M的名称是 ．实验时，
在该装置上依次放置蜡烛、凸透镜和光屏，并调整透镜和光屏的中心大致与烛焰的中心在
高度，以保证烛焰的像能成在光屏的 ．若所用透镜焦距为15 厘米，当蜡烛和
光屏处在图示A、D位置时，恰能在光屏上得到清晰的像，则透镜的位置可能在
之间（选填“AB”、“BC”、“CD”）．
24．（5分）（2015•黄浦区二模）某小组同学研究“使用动滑轮匀速提起物体时，所用竖直向
上拉力F 的大小与哪些因素有关”．他按图所示方式用两个重力不同的滑轮连行实验，并将
相应的滑轮重G 、物体重G 和拉力F 的大小记录在表一、二中．为了进一步研究，他们
滑 物
计算了每次实验中物体所受重力的变化量△G 与所用拉力的变化量△F，并将结果记录在
物
表一、二的后两列中．
表一：G =2 牛 表二：G =4 牛
滑 滑实验 G F △G △F 实验 G F △G △F
物 物 物 物
序号 （牛） （牛） （牛） （牛） 序号 （牛） （牛） （牛） （牛）
1 1 1.5 0 0 6 2 3.0 0 0
2 2 2.0 1 0.5 7 4 4.0 2 1.0
3 4 3.0 3 1.5 8 6 5.0 4 2.0
4 6 4.0 5 2.5 9 8 6.0 6 3.0
5 8 5.0 7 3.5 10 10 7.0 8 4.0
①分析比较表一或表二中F 与 G 的数据及相关条件，可得出的初步结论是：使用动滑轮
物
匀速提起物体， ．
②分析比较实验序号 的数据及相关条件，可得出的初步结论是：使用动滑轮
匀速提起物体，当G 相等时，G 越大，F 越大．
物 滑
③根据表一、二中前三列的数据及条件，请判断：按图14所示方式使用动滑轮匀速提起物
体，若要省力，需满足的条件是 ．
④进一步分析比较表一、二中△F 与△G 的数据及相关条件，可发现其满足的数学关系式
物
为 ，由此可得出的初步结论是：使用功滑轮匀速提起物体， 成正
比．
25．（5分）（2015•黄浦区二模）小华同学做“测定小灯泡的电功率”实验，且用电源电压为6
伏且不变、待测小灯（标有“3.8V”字样）、电压表、电流表、两种规格的滑动变阻器（标有“10Ω
2A”和“50Ω 2A”字样）、电键以及导线若干．为了能通过电压表的示数来准确判断小灯是否
正常发光，小华想了一个巧妙的办法，选择其中一个变阻器，连接实验器材后，操作规范，
闭台电键，观察到电压表的示数如图（a）所示．经过思考，他换用另一个变阻器并按规范
重新实验，闭合电键，移动变阻器的滑片，当小灯正常发光时，电流表的示数如图（b）所
示．
①画出小华同学的实验电路图．（用2B铅笔在答题纸的相应位置作图）
②读出图（b）中电流表的示数，并说明理由．
③计算小灯的额定功率．2015 年上海市黄浦区中考物理二模试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（共 16分）下列各题均只有一个正确选项，请将正确选项的代号用2B铅笔填
涂在答题纸的相应位置上填涂．
1．（2分）（2012•西藏）人的正常体温约为（ ）
A． 30℃ B． 33℃ C． 37℃ D． 39℃
考点： 温度．
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专题： 温度计、熔化和凝固．
分析： 根据人的正常体温即可做出选择．
解答： 解：人的正常体温约为37℃．
故选 C．
点评： 本题考查人的正常体温，属于识记性内容，比较简单．
2．（2分）（2015•黄浦区二模）在太阳系中，月球是（ ）
A． 卫星 B． 行星 C． 恒星 D． 彗星
考点： 人类探究太阳系及宇宙的历程．
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专题： 粒子与宇宙、材料世界．
分析： 八大行星分为三类：类地行星、巨行星和远日行星；
能够自身发光发热的星体称为恒星，离我们最近的恒星为太阳，月球是地球的卫星．
解答： 解：地球、土星等为围绕太阳转动的行星，太阳为能够发光发热的、离我们最近的恒
星，而月球是地球的一颗卫星．
故选 A．
点评： 本题考查对恒星及行星的认识，属于基础内容．
3．（2分）（2015•黄浦区二模）能区分不同歌手声音的主要依据是（ ）
A． 响度 B． 音色 C． 音调 D． 振幅
考点： 音色．
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专题： 声现象．
分析： 音色反映了声音的本质和特色，我们常用音色来区别不同乐器发出的声音．
解答： 解：音色反映了声音的品质和特色，不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色
也就不同．我们能区分不同乐器发出的声音，这是因为不同乐器发出声音的音色不同，
同样不同的歌手由于声带的宽度和厚度不同，发出的声音的音色也是不同的．
故选 B．
点评： 本题考查了音色的特点，不同人发出声音的音色不同．
4．（2分）（2015•黄浦区二模）关于光．下列说法中正确的是（ ）
A． 黄光属于三原色光之一
B． 入射角为30°，反射角可能为20°C． 紫光属于三原色之一
D． 入射角为30°，折射角可能为20°
考点： 色光的三原色和颜料的三原色；光的折射规律．
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专题： 光的折射、光的色散．
分析： 光的三原色是红、绿、蓝，颜料的三原色是红、黄、蓝．
光的反射时，反射角等于入射角；
光折射时，光从空气斜射入水和其它介质中，折射角小于入射角，光从水和其它介质
斜射入空气中时，折射角大于入射角．
解答： 解：AC、光的三原色是红、绿、蓝，黄光、紫光都不属于三原色之一，故AC错误；
B、在光的反射现象中，反射角等于入射角，故入射角为30°，反射角不可能为20°，
故 B错误；
D、光折射时，光从空气斜射入水和其它介质中，折射角小于入射角，光从水和其它
介质斜射入空气中时，折射角大于入射角．故入射角为30°，折射角可能为 20°，故 D
正确．
故选 D．
点评： 本题考查了光的三原色、光的反射和折射时角度的大小关系，属光学的基础题．
5．（2分）（2015•黄浦区二模）如图所示，小磁针甲、乙处于静止状态．根据标出的磁感线
方向，可以判断出（ ）
A． 螺线管的右端为N极 B． 电源的左端为负极
C． 小磁针甲的右端为N极 D． 小磁针乙的左端为N极
考点： 通电螺线管的极性和电流方向的判断．
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专题： 磁现象、电生磁．
分析： 根据磁感线的方向，可以确定螺线管的NS 极；
利用螺线管的N、S 极，可以确定小磁针的N、S 极；
利用螺线管的N、S 极和线圈的绕向，利用安培定则可以确定线圈中电流方向，进而
确定电源的正负极；
位于磁场中小磁针静止时，N极的指向跟通过该点的磁感线方向一致，S 极跟通过该
点的磁感线方向相反．
解答： 解：A、在磁体的周围，磁感线从磁体的N极流出，回到 S 极，所以利用磁感线的方
向，可以确定螺线管的左端为N极，右端为S 极．故 A错误．
B、根据螺线管的左端为N极结合图示的线圈绕向，利用安培定则可以确定电流从螺
线管的右端流入左端流出．所以电源的右端为正极，左端为负极．故B正确；
C、根据异名磁极相互吸引的理论可以确定小磁针甲右端为S 极；故C错误；
D、小磁针静止时，N极的指向跟通过该点的磁感线方向一致，S 极跟通过该点的磁
感线方向相反，所以乙的左端为S 极，故D错误．故选 B．
点评： 本题考查了磁极间的相互作用规律和右手螺旋定则的使用；解决此题的突破口是图示
的磁感线方向．
6．（2分）（2015•黄浦区二模）在如图所示的电路中，将电压表V
1
、V
2
正确连入电路，闭
合电建S，电路正常工作，各电表的示数均不为零．当移动滑动变阻器R 的滑片P 时，电
2
压表V 与电流表A示数的比值不发生变化，电压表V 与电流表 A示数的比值发生变化．则
1 2
（ ）
A． 电压表V 一定测量R 两端电压
1 2
B． 电压表V 可能测量R 和 R 两端电压
1 1 2
C． 电压表V 一定测量R 两端电压
2 2
D． 电压表V 可能测量R 和 R 两端电压
2 1 2
考点： 欧姆定律的应用．
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专题： 欧姆定律．
分析： 由电路图可知，R 与R 串联，电流表测电路中的电流．
1 2
（1）根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的
变化；
（2）电压表测量R 两端的电压时，根据欧姆定律表示出R 两端电压的变化量，然
1 1
后得出电压表示数变化量与电流表示数变化量的比值；同理根据串联电路的电压特点
表示出电压表测量R 两端的电压时的比值，再结合R 的阻值得出答案．
2 1
解答： 解：电压表与电流的比值等于电阻阻值，移动滑动变阻器R 的滑片P，电压表 V 与
2 1
电流表A示数的比值不发生变化，电压表V 与电流表A示数的比值发生变化，则
2
V 测定值电阻两端电压，即电压表V 测 R 两端电压，电压表V 测滑动变阻器R
1 1 1 2 2
两端或电源两端电压．故ABC错误，D正确；
故选 D．
点评： 本题考查了判断电压表的接法、判断滑片的移动方向，分析清楚电路结构是正确解题
的前提与关键，应用串联电路特点即可正确解题．
7．（2分）（2015•黄浦区二模）把一个小球竖直向上抛出，小球在空中受到重力和空气阻力
的作用．小球在上升和下降过程中所受合力分别为F 、F ，则（ ）
上升 下降
A． F 小于F B． F 等于 F
上升 下降 上升 下降
C． 两个合力的方向相同 D． 两个合力的方向相反
考点： 力的合成与应用．
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专题： 运动和力．
分析： 同一直线上方向相同的两个力的合力等于这两个力的大小之和，合力方向与两力方向
相同；方向相反的两个力合力的大小等于这两个力的大小之差，合力方向与大力相同．
解答： 解：小球在上升过程中重力方向向下，阻力方向也向下，故所受的合力的大小F
上升=G+f，合力与G和 f 相同，竖直向下；
小球在下降过程中重力方向向下，阻力的方向是向上，故所受的合力的大小F =G
下降
﹣f，合力方向与G的方向相同，竖直向下；
由此可知：F ＞F
上升 下降
故选 C．
点评： 本题主要考查学生对同一直线上二力的合成的认识和了解，是一道基础题．
8．（2分）（2015•黄浦区二模）如图所示，甲、乙为两个实心均匀正方体，它们对水平地面
的压强相等．若在两个正方体的上部，沿水平方向分别截去相同高度的部分，并将截去部分
叠放在对方剩余部分上，它们对地面的压强为p 和 p ，下列判断正确的是（ ）
甲 乙
A． p 可能小于 p B． p 一定小于p
甲 乙 甲 乙
C． p 可能大于 p D． p 一定大于p
甲 乙 甲 乙
考点： 压强大小比较．
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专题： 压强、液体的压强．
分析：
要解决此题，需掌握压强公式p= ，物体对地面的压力等于其重力；
根据压强相等利用柱体压强公式p= = = =ρgh列出相应的关系式，判断出截去
相同高度的部分的重力大小；
则后来物体的对地面的压力等于自身剩余重力加对方切去部分的重力，根据压强公式
比较压强大小便可．
解答： 解：把甲、乙均分为两部分，
甲最初对地面的压强p
甲1
= ﹣﹣﹣①
乙最初对地面的压强p
乙1
= ﹣﹣﹣②
由于它们均为实心正方体，且对地面的压强相等，设它们的边长分别为a、b．
可得 ρ ga=ρ gb
甲 乙
甲切去部分的重G =ρ gV =ρ ga 2 h﹣﹣﹣③
甲切 甲 甲切 甲
同理乙切去部分的重G =ρ gb 2 h﹣﹣﹣④
乙切 乙
③：④有 = = ＞1
可得 G ＞G ﹣﹣﹣﹣⑤
甲切 乙切
将切去部分放置在对方剩余部分的上表面，
则此时甲的整体产生的压强p = ﹣﹣﹣⑥
甲此时乙的整体产生的压强p = ﹣﹣﹣⑦
乙
由①⑤⑥可知，p
甲
＜p
甲1
﹣﹣﹣⑧
由②⑤⑦可知，p
乙
＞p
乙1
﹣﹣﹣⑨
而最初甲乙对地面压强相等，结合⑧⑨可知，p ＜p ．
甲 乙
故选 B．
点评： 本题主要考查了压强大小的判断，关键要掌握压强的计算公式，特别是柱体物体对支
持面的压强公式应用，在分析过程中要注意改变的量和相等的量，要细心分析．
二、填空题（共 26分）请将结果填入答题纸的相应位置．
9．（4分）（2015•黄浦区二模）某豆浆机铭牌上的部分技术参数如表．
豆浆机铭牌
额定频率 50Hz
电动机 180W
额定功率
电热器 850W
额定功率
①该豆浆机可直接接入上海地区家庭电路中使用，它的额定电压为 220 伏．
②豆浆机的机头主要由一个电热器（电热丝）和一个电动机带动的打浆器构成．制作豆浆
的过程是先加热，再打浆，再加热煮熟，即加热和打浆是交替进行的．由此可知，豆浆机中
的电动机和电热器的连接方式是 并联 ．
③当豆浆打好后，就能闻到豆浆的香味．这一现象可以说明：分子在不停地做 无规则 运
动．
④豆浆机在额定电压下加热0.1 小时，需耗电 0.085 度．
考点： 电功的计算；分子的运动；串联电路和并联电路的辨别．
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专题： 其他综合题．
分析： （1）我国家庭电路的电压为220V；
（2）串联的各用电器相互影响，不能独立工作；并联的各用电器互不影响，能独立
工作；
（3）一切物质的分子都在不停地做无规则运动，且温度越高，分子运动越剧烈；
（4）额定电压下加热功率和额定功率相等，根据W=Pt 求出加热0.1 小时消耗的电能．
解答： 解：①我国家庭电路的电压为220V，该豆浆机可直接接入上海地区家庭电路中使用，
说明它的额定电压为220V；
②由题意知，加热和打浆是交替进行的，电动机与电热器能独立工作，互不影响，
因此它们是并联的；
③当豆浆打好后，就能闻到豆浆的香味，这是扩散现象，说明分子在不停地做无规
则运动；
④由 P= 可得，加热0.1 小时消耗的电能：
W=Pt=850×10﹣3 kW×0.1h=0.085kW•h=0.085 度．
故答案为：①220；②并联；③无规则；④0.085．
点评： 本题以豆浆机为背景考查了额定电压、串并联的辨别、扩散现象、电功公式的应用等，虽然难度不大，但综合性强，只要细心处理即可解答．
10．（4分）（2015•黄浦区二模）如图所示，水沸腾后，盖在试管口上的塞于会受到水蒸气
的压力而冲出，这说明了力可以改变物体的运动 状态 ；此过程中，水蒸气的内能转化为
塞子的 机械 能，其能量转化情况与四冲程汽油机的 做功 冲程相似．在空中飞行过程
中，塞子的惯性 不变 （选填“变大”、“不变”或“变小”）．
考点： 力的作用效果；惯性；做功改变物体内能；内燃机的四个冲程．
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专题： 分子热运动、内能；比热容、热机、热值；运动和力．
分析： ①力的作用效果有二：改变物体的运动状态，改变物体的内能；
②做功可以改变物体的内能：当对物体做功时，机械能转化为内能，当物体对外做
功时，内能转化为机械能；
③惯性是物体本身具有的属性，决定于物体质量的大小．
解答： 解：
①盖在试管口上的塞子原来处于静止状态，水沸腾后，塞子受到水蒸气的压力而冲
出，这说明了力可以改变物体的运动状态；
②水蒸气对塞子做功过程中，将内能转化为塞子的机械能；此过程与汽油机的做功
冲程类似，在做功冲程中也是燃气的内能转化为活塞的机械能；
③在空中飞行过程中，塞子的质量不变，所以惯性不变．
故答案为：状态；机械；做功；不变．
点评： 此题是考查对力的作用效果、惯性与质量关系及做功和热传递改变物体内能的辨别，
是中考热点，属于易错题目．
11．（4分）（2015•黄浦区二模）甲、乙两木块从斜面下滑，它们的s﹣t 图象分别如图（a）、
（b）所示．以甲为参照物，乙是 运动 的（选填“静止”或“运动”）；甲、乙各运动4 米，
所用时间相差 1 秒．在下滑过程中，木块与斜面间的摩擦属于 滑动 摩擦；木块的温
度会升高，这是通过 做功 的方式改变了其内能．
考点： 速度公式及其应用；摩擦力的种类；做功改变物体内能．
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专题： 分子热运动、内能；长度、时间、速度；重力、弹力、摩擦力．
分析： （1）运动和静止是相对的，相对于参照物来说物体位置发生变化则是运动的，否则
是静止的；（2）由图象读出甲和乙运动4m 用的时间，求出时间差；
（3）两个有相对滑动的物体间在接触面上产生的阻碍它们相对滑动的力，此力就为
滑动摩擦力；
（4）改变内能的方式：做功和热传递．其中做功过程是能量的转化过程，热传递是
能量的转移过程，据此分析回答．
解答：
解：（1）由图可求出，甲的速度v = = =1m/s，乙的速度v = = = m/s．甲、
甲 乙
乙两物体的速度不同，如果以甲为参照物，则乙相对于甲的位置不断变化，乙是运动
的；
（2）甲、乙各运动 4米，甲所需时间t =4s，乙所用时间 t =3s，则它们相遇时的时
甲 乙
间差是4s﹣3s=1s；
（3）在下滑过程中，木块与斜面发生了相对运动，所以在接触面上产生了阻碍它们
相对滑动的滑动摩擦力；
（4）木块从斜面下滑，克服摩擦做功，机械能转化为木块的内能，木块的温度升高，
是用做功方式改变内能的．
故答案为：运动；1；滑动；做功．
点评： 图象可以直观地反映出物理量间的关系，用图象描述物理量间的关系、反应物理规律
是一种常用的方法，我们要掌握识图、读图、作图的能力．
12．（3分）（2015•黄浦区二模）体积为1×10﹣3米3的金属块浸没在水中，受到浮力的大小
为 9.8 牛．2千克的水温度降低5℃．放出的热量为 4.2×10 4 焦．水的比热容较大，相
同质量的水和其他物质吸收相同的热量，水的温度升高较 少 （选填“多”或“少”），适合
做冷却剂．[c =4.2×10 3焦/（千克•℃）]．
水
考点： 浮力大小的计算；热量的计算．
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专题： 比热容、热机、热值；浮力．
分析： 已知金属块浸没水中，排开水的体积等于金属块的体积，利用阿基米德原理F =ρ
浮 水
V g求金属块受到的浮力；
排
已知水的质量是2kg，水温度升高1℃，根据Q =cm△t 可求出水吸收的热量；
吸
因为水的比热容大，根据Q=cm△t 变形可判断谁的温度变化较大．
解答： 解：金属块浸没水中，
所以 V =V =1×10﹣3 m 3，
排 金
F =ρ V g=1.0×10 3 kg/m 3 ×1×10﹣3 m 3 ×9.8N/kg=9.8N．
浮 水 排
水放出的热量：
Q =c m △t=4.2×10 3 J/（kg•℃）×5kg×2℃=4.2×10 4 J；
放 水 水
由热量公式Q=cm△t 变形得△t= ，因为水的比热容较大，所以相同质量的水和其
他物质吸收相同的热量，水的温度升高较少．
故答案为：9.8；4.2×10 4；少．
点评： 本题综合考查了浮力和热量的计算，对公式的把握和运用是基础，只要读好题，总体
来说本题难度不大．13．（3分）（2015•黄浦区二模）10 秒内通过某导体横截面的电荷量为6 库，通过它的电流
为 0.6 安，其两端的电压为6伏，它的电阻为 10 欧．若该导体两端的电压变为10 伏，
10秒内电流通过它所做的功为 100 焦．
考点： 电量及其计算；欧姆定律的变形公式；电功的计算．
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专题： 电流和电路；欧姆定律；电能和电功率．
分析：
知道 10 秒内通过某导体横截面的电荷量，根据I= 求出通过的电流，根据欧姆定律
求出导体的电阻，再根据W= 求出电流做的功．
解答： 解：通过该导体的电流：
I= = =0.6A，
由 I= 可得，导体的电阻：
R= = =10Ω，
电流做的功：
W= •t= •10s=100J．
故答案为：0.6；10；100．
点评： 本题考查了电流的定义式和欧姆定律、电功公式的灵活应用，是一道基础题目．
14．（4分）（2015•黄浦区二模）在如图所示的电路中，电路中出现了故障，且只发生在电
阻R 、R 上．（电源电压不变，两电表均未被损坏）
1 2
①只闭合电键S
2
，若两电表均无示数，则故障可能是 R
2
断路、R
1
、R
2
同时断路或R
2
断
路、R 短路 ．
1
②然后，断开电键S
2
，闭台电键S
1
和S
3
，若电流表有示数，则故障是 R
2
断路 ；若电
流表无示数，则故障是 R 和 R 同时断路 ．
1 2
考点： 电流表、电压表在判断电路故障中的应用．
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专题： 应用题；欧姆定律．
分析： （1）只闭合电键S ，两个电阻串联，故电流表测量电路的电流，电压表测量R 的电
2 1
压；分析即可判断故障的原因．可假设电压表有示数以及电流表有示数分析电路故障
所在；
（2）断开电键S ，闭台电键S 和S ，两电阻并联，电压表测量的R 的电压；电流
2 1 3 1
表测量的是总电流，据题目的实际情况分析判断即可．
解答： 解：（1）只闭合电键S ，两个电阻串联，故电流表测量电路的电流，电压表测量R 的电
2 1
压；若两电表均无示数，即电流表无示数，即说明该电路是断路，此时电压表也无示
数，即表明电压表无法和电源相连，且故障只发生在电阻R 、R 上，故此时可能 R
1 2 2
断路．
（2）在（1）的前提下，断开电键S ，闭台电键S 和 S ，两电阻并联，电压表测量
2 1 3
的 R 的电压；电流表测量的是总电流；若此时电流表有示数，即说明R 断路；若是
1 2
电流表无示数，则故障是R 和 R 同时断路．
1 2
故答案为：①R
2
断路、R
1
、R
2
同时断路或R
2
断路、R
1
短路；②R
2
断路；R
1
和R
2
同时断路．
点评： 此题考查电流表，电压表在电路故障中的作用判断，要结合电路图和两表特点进行分
析，关键是分清电路的连接和各电表的测量情况．
15．（4分）（2015•黄浦区二模）如图所示，某小组同学在塑料小桶中，分别装满密度已知
的四种不同液体，用弹簧测力计依次测出它们的重力，记录数据如表所示．
液体密度（克/厘米 3） 0.6 0.8 1.0 1.2
弹簧测力计（牛） 1.4 1.6 1.8 2.0
①当小桶中盛满密度未知的某种液体时，弹簧测力计的示数为2.4 牛．根据表中数据分析
可知，此液体的密度为 1.6 克/厘米 3．
②若把弹簧测力计和小桶改装为液体密度秤，该秤的“0 刻度”线对应弹簧测力计上的刻度值
为 0.8 牛．若要增大该称的称量范围，可换用以下两种规格的塑料小桶，符合要求的是
A、B ．（填写序号）
A．容积相同，质量更小的小桶 B．质量相同，容积更小的小桶．
考点： 密度公式的应用．
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专题： 实验题；密度及其应用．
分析： （1）分析表格知，每组弹簧测力计的示数和液体密度在数值上都相差0.8，可通过这
一规律总结出它们的函数关系，ρ=F﹣0.8，所以将2.4N代入即可求出该液体的密度；
（2）由函数关系可知，零刻度ρ=0g/cm 3时，F=0.8N；
由于液体密度秤是由测力计改成的；知道测力计的拉力量程是不变的；
若要增大液体密度秤的密度称量范围，根据测力计的最大拉力是不变的，利用 F=G+G
求出 ρ = ；然后分析判断即可．
桶 液
解答： 解：（1）根据表中数据总结出的函数关系ρ=F﹣0.8，将 F=2.4N代入得 ρ=2.4﹣
0.8=1.6g/cm
3；
（2）该秤的“0 刻度”线时，即ρ=0，由于函数关系ρ=F﹣0.8 可得：F=0+0.8=0.8，即弹簧测力计的示数为0.8N；
把弹簧测力计和小桶改装为液体密度秤，则测力计的最大拉力F=G+G ，即：F=mg+m
桶
g=ρ V g，
桶 液 容积
所以：ρ = ；
液
由于液体密度秤是由测力计改成的；测力计的最大拉力F 是不变的；
若利用容积相同，质量更小的小桶，则在相同体积的液体，液体的质量变大时，密度
也变大；
若利用质量相同的小桶，液体的密度与容积成反比．
故 AB都符合要求．
故答案为：①1.6；②0.8；A、B．
点评： 本题考查测力计的原理和应用，能根据图表探究物质的规律是近两年出现较多的题
目，图象可以使我们建立更多的感性认识，从表象中去探究本质规律，体验知识的形
成过程；本题的难点是测力计的最大拉力是不变的．
三、作图题（共 6分）请将图直接画在答题纸相应位置，作图题必须使用2B铅笔．
16．（2分）（2015•黄浦区二模）在如图中，重为2 牛的物体静止在水平面上，用力的图示
法画出物体受到的支持力F ．
支
考点： 力的示意图．
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专题： 重力、弹力、摩擦力．
分析： 静止在水平面上的物体受重力和支持力作用，并且二力是一对平衡力，作用点都在物
体的重心上，重力方向竖直向下，支持力方向竖直向上．据此画图．
解答： 解：
物体静止在水平面上，处于平衡状态，所以受到的重力和水平面的支持力是一对平衡
力，两者大小相等，所以支持力等于重力等于2N，支持力的方向与重力方向相反，
竖直向上．如下图所示：
．
点评： 力的图示的画法与示意图不同，它要求更精确．在画力的图示时，一定要附上标度．
17．（2分）（2015•黄浦区二模）根据平面镜成像特点，在图中画出物体AB在平面镜中的
像A′B′．考点： 平面镜成像的相关作图．
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专题： 光的传播和反射、平面镜成像．
分析： 平面镜成像的特点是：像物大小相等、到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直、像是
虚像，即像物关于平面镜对称，利用这一对称性作出AB的像．
解答： 解：分别作出物体AB端点 A、B关于平面镜的对称点A′、B′，用虚线连接 A′、B′
即为 AB在平面镜中的像．如图所示：
点评： 在平面镜成像作图中，作出物体在平面镜中所成的像，要先根据像与物关于平面镜对
称，先作出端点和关键点的像点，再用虚线连接各点即为物体的像．
18．（2分）（2015•黄浦区二模）在如图所示的电路中，有两根导线尚未连接，以笔画线代
替导线补上．补上后要求两灯并联，电流表测通过灯L 的电流．
1
考点： 实物的电路连接．
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专题： 电流和电路．
分析： 根据题意可知，两灯泡的连接方式为并联，再根据电流表只测量通过灯L 的电流，
1
确定电流表的位置，据此确定连接导体的位置．
解答： 解：两只灯泡的连接方式为并联，电流表只测量通过灯L 的电流，故应将灯泡L 右
1 1
侧的接线柱与电流表的“﹣”接线柱相连接，灯泡L
2
的右接线柱与电流表的“0.6A”接线
柱相连．如图所示：
点评： 本题考查实物图的连接，关键是明白实物图中各个用电器的连接方式．
四、计算题（共 24分）请将计算过程和答案写入答题纸的相应位置．
19．（8分）（2015•黄浦区二模）某物体在20 牛的水平拉力作用下沿水平面做匀速直线运动，
10秒内前进了5 米．求此过程中拉力做的功W和功率P．考点： 功的计算；功率的计算．
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专题： 计算题；功、功率、机械效率．
分析：
知道水平拉力的大小和前进的距离，根据W=Fs 求出拉力做的功，根据P= 求出功率
的大小．
解答： 解：拉力做的功：
W=Fs=20N×5m=100J，
拉力的功率：
P= = =10W．
答：此过程中拉力做的功为100J，功率为10W．
点评： 本题考查了功和功率的计算，是一道基础题目．
20．（8分）（2015•黄浦区二模）如图所示，薄壁圆柱形容器底面积为2×10﹣2米2，盛有足
够多的水，置于水平面上．
①若容器内水深为0.3 米，求水的质量m ．
水
②求水面下 0.1 米深度处水产生的压强p ．
水
③现将一个边长为a、质量为m 的正方体浸没在容器内的水中后（水未溢出），容器对水平
面的压强增加量△p 恰好等于水对容器底部的压强增加量△p ，求该正方体的质量m．
容 水
考点： 密度公式的应用；压强的大小及其计算；液体的压强的计算．
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专题： 计算题；密度及其应用；压强、液体的压强．
分析： ①已知水对容器底的压强和容器底面积可求得容器内水的深度，然后可求得水的体
积，再利用密度公式变形可求得水的质量．
②利用p=ρgh 即可求出水产生的压强 p ．
水
③设物体的质量为m，则容器对地面压强的增加量△p = = ，水对容器底部压
容
强的增加量△p =ρ △hg=ρ g，根据△p =△P 求得物体的质量．
水 水 水 容 水
解答： 解：①容器内水的体积：
V=Sh=2×10﹣2
m
2 ×0.3m=6×10﹣3
m
3，
由 ρ= 得容器内水的质量：
m =ρV=1.0×10 3 kg/m 3 ×6×10﹣3 m 3 =6kg，
水
②水的深度h′=0.1m，
则水产生的压强p =ρgh′=1.0×10 3 kg/m 3 ×10N/kg×0.1m=1×10 3 Pa，
水
③已知边长为a、质量为m 的正方体，则放入容器内的水中后容器对地面压强的增
加量：△p = = ，
容
水对容器底部压强的增加量：
△p =ρ △hg=ρ g，
水 水 水
由题知，△p =△p ，
容 水
即： =ρ g，
水
所以，物体的质量m=ρ a 3．
水
答：①水的质量m =6kg．
水
②水面下0.1 米深度处水产生的压强p =1×10 3 Pa．
水
③该正方体的质量m=ρ a 3．
水
点评： 本题综合考查了学生对密度公式、液体压强公式、压强定义式的掌握和运用，明确容
器对水平地面的压力等于容器重加上水重是解答此题的关键．
21．（8分）（2015•黄浦区二模）在图（a）所示的电路中，电源电压为6 伏且不变，将定值
电阻R 接入M、N接线柱，闭合电键S 后电流表A的示数为0.4 安．
1
①求电阻 R
1
的阻值．
②现有滑动变阻器R
2
，其规格为”5Ω 3A”、“10Ω 1A”或“20Ω 2A”中的一个将R
1
与 R
2
以不同
的连接方式接入M、N接线柱，闭合电键S，移动变阻器R 的滑片，都能使电流表的指针
2
达到图（b）所示位置．
（a）请通过计算判断所用变阻器R 的规格．（b）在电路元件安全工作的条件下，移动变阻
2
器R 滑片，使电流表示数的变化量△I 最大．求不同连接方式中较大的△I ．
2 最大
考点： 欧姆定律的应用．
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专题： 欧姆定律．
分析： ①已知电压与电流，应用欧姆定律可以求出电阻阻值；
②根据电阻的连接方式判断电流表的量程，然后由图示电流表读出其示数，再应用
串并联电路特点与欧姆定律求出滑动变阻器的阻值，然后确定其规格；
应用欧姆定律与并联电路特点求出电流变化量的最大值．
解答：
解：①由 I= 可知，电阻阻值：R
1
= = =15Ω；
②（a）电源电压不变，两电阻串联时，电路总电阻增大，电路电流减小，小于0.4A，
由图示电流表可知，电流表量程为0～0.6A，示数为0.3A，
串联电路总电阻：R= = =20Ω，
滑动变阻器的阻值R
2
=R﹣R
1
=20Ω﹣15Ω=5Ω；
两电阻并联时，电路电流大于0.4A，由图示电流表可知，
电流表量程为0～3A，电流表示数为1.5A，电阻 R
2
= = = ≈5.5Ω，
则两中情况下滑动变阻器接入电路的阻值均大于等于5Ω，
通过滑动变阻器的最大电流大于1A，则滑动变阻器应选择“20Ω 2A”．
（b）两电阻并联时电流表示数变化量大，
I = = =0.3A，
2最小
△I =△I =I ﹣I =2A﹣0.3A=1.7A；
最大 2最大 2最大 2最小
答：①电阻 R
1
的阻值为15 欧姆．
②（a）所用变阻器R
2
的规格是“20Ω 2A”．
（b）较大的△I 为1.7A．
最大
点评： 本题考查了求电阻阻值、选择滑动变阻器、求电流表最大变化量，本题难度较大，根
据题意读出电流表示数，应用串并联电路特点与欧姆定律即可正确解题．
五、实验题（共 18分）请根据要求在答题纸的相应位置作答．
22．（4分）（2015•黄浦区二模）“用电流表、电压表测电阻”的实验原理是 R= ，进行多
次测量是为了 减小误差 ．“探究杠杆平衡的条件”实验中，需改变钩码个数和 位置 ，
进行多次实验；实验的结论是：当杠杆平衡时， F L =F L ．
1 1 2 2
考点： 物理学方法．
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专题： 其他综合题．
分析： ①要测量导体的电阻，需要知道导体两端电压和通过的电流；
②要探究杠杆的平衡条件，需要改变对杠杆的拉力和力臂，研究杠杆平衡时力、力
臂的关系；
③物理实验一般都要进行多次，目的有二：取平均值，减小误差；总结客观、真实
的规律，避免结论的偶然性．
解答： 解：
①常用测定值的方法是“伏安法”﹣﹣利用电压表测量电压，电流表测量电流，然后利
用公式R= 计算电阻．进行多次实验的目的是取平均值，减小测量误差；
②在“探究杠杆平衡的条件”实验中，需要改变钩码的个数和位置，也就是改变对杠杆
的拉力及其力臂，进行多次实验，总结规律；结论为：当杠杆平衡时，F L =F L ．
1 1 2 2
故答案为：R= ；减小误差；位置；F L =F L ．
1 1 2 2
点评： 物理实验一般进行多次：对于测量性实验，目的是取平均值，减小误差；对于探究性
实验，目的是发现规律，避免结论的偶然性．
23．（4分）（2015•黄浦区二模）如图所示，实验装置M的名称是 光具座 ．实验时，在
该装置上依次放置蜡烛、凸透镜和光屏，并调整透镜和光屏的中心大致与烛焰的中心在 同
一 高度，以保证烛焰的像能成在光屏的 中央 ．若所用透镜焦距为15 厘米，当蜡烛和
光屏处在图示A、D位置时，恰能在光屏上得到清晰的像，则透镜的位置可能在 BC或 CD
之间（选填“AB”、“BC”、“CD”）．考点： 凸透镜成像规律及其探究实验．
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专题： 探究型实验综合题．
分析： （1）探究凸透镜成像的实验时，在光具座上依次放蜡烛、凸透镜、光屏，三者在同
一条直线上，三者的中心大致在同一高度，像才能成在光屏的中心．
（2）凸透镜的规律：①物体到凸透镜的距离大于2倍焦距时，成倒立、缩小的实像，
此时相距在2倍焦距和1倍焦距之间；
②物体到凸透镜的距离在2 倍焦距和1倍焦距之间时，成倒立、放大的实像，此时
像距大于2 倍焦距；
③物体到凸透镜的距离小于1倍焦距时，成正立、放大的虚像，虚像不能成在光屏
上．
解答： 解：
（1）在做凸透镜成像的实验时，为了方便操作，要把蜡烛、凸透镜、光屏按放在光
具座上；
实验前，把蜡烛、凸透镜、光屏从左向右依次放在同一直线上，点燃蜡烛并调整烛焰、
凸透镜、光屏的高度，使它们的中心大致在同一高度，为了使得像成在光屏的中央；
（2）①当 f=15cm，由图知，B距A的距离为：25cm﹣10cm=15cm，如果透镜在AB
之间，物距小于1倍焦距，所以成正立、放大的虚像，不能在光屏上得到清晰的像；
②当 f=15cm，C距 A的距离为：45cm﹣10cm=35cm，如果透镜在 BC之间，物体到
凸透镜的距离在15cm 和 30cm 之间时，即物距在1倍焦距和2 倍焦距之间，成倒立、
放大的实像，能在光屏上得到清晰的像；物体到凸透镜的距离在30cm 和35cm之间
时，即物距大于2倍焦距，成倒立、缩小的实像，能在光屏上得到清晰的像；
③当 f=15cm，C距D的距离为：80cm﹣45cm=35cm，如果透镜在 CD之间，物体到
凸透镜的距离大于30cm，即物距大于2倍焦距，成倒立、缩小的实像，此时像距在2
倍焦距和1 倍焦距之间，凸透镜必须在60cm 刻度的左侧，此时能在光屏上得到清晰
的像．
故答案为：光具座；同一；中央；BC或 CD．
点评： 成像的规律中，共涉及四个方面的内容：①物距与焦距的关系；②成像的性质；③
像距与焦距的关系；④具体的应用．一般情况下，只要告诉其中的一条，就可以确
定另外三方面的内容．
24．（5分）（2015•黄浦区二模）某小组同学研究“使用动滑轮匀速提起物体时，所用竖直向
上拉力F 的大小与哪些因素有关”．他按图所示方式用两个重力不同的滑轮连行实验，并将
相应的滑轮重G 、物体重G 和拉力F 的大小记录在表一、二中．为了进一步研究，他们
滑 物
计算了每次实验中物体所受重力的变化量△G 与所用拉力的变化量△F，并将结果记录在
物
表一、二的后两列中．
表一：G =2 牛 表二：G =4 牛
滑 滑
实验 G F △G △F 实验 G F △G △F
物 物 物 物序号 （牛） （牛） （牛） （牛） 序号 （牛） （牛） （牛） （牛）
1 1 1.5 0 0 6 2 3.0 0 0
2 2 2.0 1 0.5 7 4 4.0 2 1.0
3 4 3.0 3 1.5 8 6 5.0 4 2.0
4 6 4.0 5 2.5 9 8 6.0 6 3.0
5 8 5.0 7 3.5 10 10 7.0 8 4.0
①分析比较表一或表二中F 与 G 的数据及相关条件，可得出的初步结论是：使用动滑轮
物
匀速提起物体， 当 G动相同时，G 越大，F 越大 ．
物
②分析比较实验序号 2、6（或 3、7或4、8或 5、9） 的数据及相关条件，可得出的初
步结论是：使用动滑轮匀速提起物体，当G 相等时，G 越大，F 越大．
物 滑
③根据表一、二中前三列的数据及条件，请判断：按图14所示方式使用动滑轮匀速提起物
体，若要省力，需满足的条件是 G ＞G ．
物 滑
④进一步分析比较表一、二中△F 与△G 的数据及相关条件，可发现其满足的数学关系式
物
为 △F= △G ，由此可得出的初步结论是：使用功滑轮匀速提起物体， 拉力的变化量
△F 与物体所受重力的变化量△G 成正比．
物
考点： 控制变量法与探究性实验方案．
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专题： 探究型实验综合题．
分析： ①表一或表二动滑轮的重力相同，分析被提升物体的重力及拉力的变化得出结论；
②根据结论，分析G 相同的选项；
物
③省力的特点是拉力小于被提升的物重，根据表一、二中前三列的数据相同点得出
结论；
④分析表一、表二中△F 与△G 的数据，得出正比例关系．
物
解答： 解：①分析表一或表二中动滑轮的重力相同，被提升的物重本题，且G 越大，拉力
物
F 越大，可得表一或表二中F 与 G 的数据及相关条件，当G动相同时，G 越大，F
物 物
越大；
②2、6（或 3、7或 4、8或 5、9）被提升的物重相同，动滑轮重力不同，且G 越
滑
大，F 越大；
③根据表一、二中前三列的数据可知，当G 等于 G 时，F=G ，当G ＞G 时，
物 滑 物 物 滑
F＜G ；
物
④分析比较表一、二中△F 与△G 的数据及相关条件，可发现△F= △G；
物
由此可得出的初步结论是：使用动功滑轮匀速提起物体，拉力的变化量△F 与物体所
受重力的变化量△G 成正比．
物
故答案为：①当 G动相同时，G 越大，F 越大；②2、6（或 3、7或4、8或5、9）；
物③G ＞G ；④△F= △G；拉力的变化量△F 与物体所受重力的变化量△G ．
物 滑 物
点评： 本题是探究动滑轮省力特点的实验，考查了对实验数据的分析，在分析时注意控制变
量法的应用，并注意物理量的变化．
25．（5分）（2015•黄浦区二模）小华同学做“测定小灯泡的电功率”实验，且用电源电压为6
伏且不变、待测小灯（标有“3.8V”字样）、电压表、电流表、两种规格的滑动变阻器（标有“10Ω
2A”和“50Ω 2A”字样）、电键以及导线若干．为了能通过电压表的示数来准确判断小灯是否
正常发光，小华想了一个巧妙的办法，选择其中一个变阻器，连接实验器材后，操作规范，
闭台电键，观察到电压表的示数如图（a）所示．经过思考，他换用另一个变阻器并按规范
重新实验，闭合电键，移动变阻器的滑片，当小灯正常发光时，电流表的示数如图（b）所
示．
①画出小华同学的实验电路图．（用2B铅笔在答题纸的相应位置作图）
②读出图（b）中电流表的示数，并说明理由．
③计算小灯的额定功率．
考点： 电功率的测量．
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专题： 测量型实验综合题．
分析： 小灯泡的额定电压为3.8V，如果电压表与灯泡并联，则电压表需接0～15V的量程，
但分度值较大，不能准确准确判断小灯泡是否正常发光，根据电源电压为6V，可知
灯泡正常发光时变阻器两端的电压应为2.2V，所以电压表应与变阻器并联，由此画出
电路图，读出电流表的示数，由于P=UI 计算出小灯泡的额定电功率．
解答： 解：①小灯泡的额定电压为3.8V，电源电压为6V，灯泡正常发光时，变阻器两端的
电压应为6V﹣3.8V=2.2V；
要准确测量灯泡两端的电压，应将电压表与变阻器并联；
由图 a知，电压表的量程应为0～3V，示数为1.9V，此时灯泡两端的电压为6V﹣
1.9V=4.1V，大于灯泡的额定电压，是由于变阻器的阻值太小造成，第二次换成了最
大阻值为50Ω的电阻；电路图如图所示：
②由①知，变阻器的阻值为10Ω，两端电压为1.9V，电路中的电流为
I= = =0.19A，此时灯泡两端的电压高于额定电压，所以灯泡的额定电流小于
0.19A；
由图乙知，电流表的量程应为0～0.6A，分度值为0.02A，所以电流表示数为0.18A；③P =U I =3.8V×0.18A=0.684W．
额 额 额
答：①见上图；②0.18A；灯泡两端的电压为6V﹣1.9V=4.1V时，灯泡中的电流I=I
= = =0.19A，所以灯泡正常发光时电流应小于0.19A，电流表选择的是0～
滑
0.6A的量程；③0.684W．
点评： 本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据灯泡额定电
流不可能超过的值结合电流表指针的位置确定电流表的示数．
