文档内容
黄浦区 2016~2017 学年第一学期教学质量调研试卷
九年级理化（物理部分）
2016.12
考生注意：1. 本试卷满分90分，理化合卷用时100分钟；
2. 答案必须填写在答题卡上。
一、选择题（共16分）下列各题均只有一个正确选项，请将正确选项的代号用2B
铅笔填涂在答题纸的相应位置上，更改答案时，用橡皮擦去，重新填涂．
1．首先用实验测定大气压强值的科学家是（ ）
A．托里拆利B．阿基米德C．帕斯卡 D．牛顿
2．滑动变阻器实现变阻是利用了改变接入电路中电阻线的（ ）
A．材料B．长度 C．粗细D．温度
3．铁轨铺设在枕木上是为了（ ）
A．减小压力B．增大压力C．减小压强D．增大压强
4．冰熔化成水后，不变的物理量是（ ）
A．质量B．密度 C．比热D．体积
5．下列用电器额定功率最大的是（ ）
A．电视机 B．手电筒 C．电饭锅 D．电冰箱
6．实心均匀正方体静止在水平面上．若在其右侧，按图所示方式，沿竖直方向截
去一部分后，则其质量、密度、对水平面的压力和压强四个物理量中，不变的有（
）
A．一个B．二个 C．三个D．四个
7．在如图中，重为G的金属块A静止在水面下，弹簧测力计的示数为F．当剪断连
接金属块与测力计的细线时，金属块所受合力的大小（ ）A．大于G B．等于G C．大于F D．等于F
8．在图所示的电路中，将电压表V正确连入电路，闭合电键s，电路正常工作．若
将滑动变阻器R 的滑片P从一端移到另一瑞的过程中，电压表V的示数变小，且
1
始终大于零，则正确的判断是（ ）
A．电压表V并联在R 两端，滑片P由a端向b端移动
1
B．电压表V并联在R 两端，滑片P由b端向a端移动
1
C．电压表V并联在R 两瑞，滑片P由a端向b端移动
2
D．电压表V并联在R 两瑞，滑片P由b端向a端移动
2
二、填空题（共26分）请将结果填入答题纸的相应位置
9．家庭电路中．电视机与电灯是 的（选填“串联”或“并联”）；电灯工作时，
消耗的是 能；耗电量用 表测量．
10．物理知识在生产和生活中有着广泛的应用．在图（a）中，根据饮料瓶上所标的
容积．利用 知识开可估算饮料的质量；打开瓶盖，用吸管吸取饮料利用的是
的知识．在图（b）中，牲畜自动饮水机右侧水位较低，左侧水会自动补入，利用的
是 的知识．（均填写物理概念或装置的名称）
11．科学家 通过实验发现了电流与电压的关系．将阻值为的两个导体并联后总电阻 R（选填“大于”、“等于”或“小于”），若R 不变、R 变大，总阻值
1 1 2
将 （选填“变大”“不变”或“变小”）．
12．某导体两端电压为3伏，10秒内通过其横截面的电荷量为2库，这段时间内
电流做的功为 焦，通过它的电流为 安．当该导体两端电压变为0伏时，
它的电阻为 欧．
13．如图（a）所示，长度相同、横截面积不同的同种金属棒AB和CD连接在一起后
接在电源两端．用电压表测得导体AB和CD两端的电压如图（b）所示，则AB两端
的电压为 伏，CD两端电压为 伏，通过AB的电流 通过CD的电流（选
填“小于”、“等于”或“大于”）．
14．水面下0.1米处，水产生的压强为 帕．体积为2×1013m3的物块浸没在水
中时，受到浮力的大小为 牛，水对它向上、向下的压力差为 牛．
15．在图所示的电路中，电源电压保持不变．闭合电键S，发现只有一个电表的示
数变大，已知电阻中仅有一个出现了故障．
①电路中的故障可能是 ．
②若R 、R 将的位置互换，则示数一定不发生变化的是 表（选填“A”、“V”或
1 2
“A和V”）．
③若用一个完好的校验小灯替换 （选填“R ”或“R ”），也可以通过小灯的亮
1 2
暗情况来确定故障．
16．公元1821年，德国物理学家塞贝克发现了在一定条件下，由几个导体串联成
的闭合电路中会产生电流．能把这种电路叫“热电偶电路”．小明通过实验研究
热电偶电路中的电流，他分别把相同材料和不同材料的导体相互连接（D和G为
导体的接点，在其中串联一个电流表（毫安表，“0”刻度线在最左侧）．实验过程
如图（a）、（b）、（c）、（d）、（e）所示．请仔细观察图中的操作和实验现象，归纳得
出结论．①由图（a）与（b）与（c）[或（d）、或（e）]可知，在热电偶电路中．产生电流的条件
是：串联在闭合电路中的 ．
②由图（c）与（d）与（e）可知， ．
三、作图题（共8分）请将图直接画在答题纸的相应位置，作图题必须使用2B铅
笔.
17．在图中，重为6牛的小球静止在水面上，用力的图示法画出该球所受的浮力F
．
浮
18．在图所示的电路中，根据标出的电流方向，将电源、电流表、电压表三个元件
中的两个符号正确选填进电路空缺处，要求：灯泡并联．
19．在图所示的电路中，有两根导线尚未连接，请用笔线代替导线补上．要求：①
电压表测小灯两端电压；②闭合电健S，将滑动变阻器的滑片p向a端移动，小灯变暗．
四、计算题（共22分）请将计算过程和答案写入答题纸的相应位置．
20．标有“220V 100W”字样的用电器，正常工作5小时．求：
①用电器两端电压．
②需用电多少度？
21．（8分）如图所示，薄壁圆柱形容器甲和均匀圆柱体乙置于水平地面上．
①若甲中盛有质量为3千克的水，求水的体积V及水对甲底部的压力F．
②若容器甲足够高、底面积为2S，其内装有深为H、密度为ρ的液体；圆柱体乙的
底面积为S高h．
现将乙沿水平方向在上部切去一半，并将切去部分浸没在甲的液体中，此时液体
对甲底部压强P恰等于乙剩余部分对水平地面压强P．求乙的密度ρ ．
1
22．（8分）在图所示的电路中，电源电压为10伏且不变．定值电阻R 的阻值为10
1
欧，滑动变阻器R 上标有“2A”字样．闭合电键S
2
①求通过R 的电流I ．
1 1
②通电10秒，求电流通过R 所做的功W ．
1 1
③在电路安全工作的情况下，移动变阻器R 的滑片，电路消耗的最大功率恰为最
2
小功率的2倍，求变阻器的最大阻值．
五、实验题（共20分）请根据要求在答题纸的相应位置作答．23．图所示仪器名称 ，把它放在水平桌面上后，应先将 移到零刻度，若指
针如图所示，应向 移动平衡螺母，直到天平横梁在水平位平衡．测量时，应将
砝码置于 盘．
24．如图（a）、（b）、（c）所示，某小组同学将U形管压强计放入不同液体中进行实
验，他们是在做“探究 与哪些因素有关”实验．由图所示现象 ，可得出
的结论是： ．“验证阿基米德原理”的实验中，用 测量浮力的大小；为实
现实验目的，需将所测浮力大小与 进行比较．
25．小华同学做“用电流表，电压表测电阻”实验，所用器材齐全且完好．
①实验中，需测量并记录的两个物理量是 ．
②在连接电路时．电键应 ．闭合电键前，应使滑动变阻器连入电路的电阻最
．
③小华正确连接电路进行实验，当变阻器滑片处于某位置时．电流表的示数如图
所示，为了读出电流表的示数•他应进行的操作是 ．
④该实验需要进行多次测量，其目的是为了 ．
26．学习了串、并联电路的相关知识后，某小组同学用图所示的电路验证通过导
体的电流与导体两端电压和导体电阻的关系．他们选用定值电阻 R 的阻值为5
0
欧，然后把5欧、10欧、15欧和20欧四个定值电阻先后接入电路的M、N两点间，
闭合电键S，将相应电流表的示数记录在下表中．
实验 R（Ω） R I
0 MN
序号
（Ω ）
（A）
1 5 5 0.602 5 10 0.40
3 5 15 0.30
4 5 20 0.24
①小明要验证通过导体的电流与导体两端电压的关系，他应以 （选填“R ”或
0
“R ”）为研究对象，还需进行的操作是 ．请在表中第五列填入所需测量并记
MN
录的栏目名称．
②小红想通过第三列与第四列数据及相关条件验证通过导体的电流与导体电阻
的关系，你认为 （选填“可行”或“不可行”），理由是 ．2017 年上海市黄浦区中考物理一模试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（共16分）下列各题均只有一个正确选项，请将正确选项的代号用2B
铅笔填涂在答题纸的相应位置上，更改答案时，用橡皮擦去，重新填涂．
1．首先用实验测定大气压强值的科学家是（ ）
A．托里拆利B．阿基米德C．帕斯卡 D．牛顿
【考点】大气压强的存在．
【分析】本题根据对初中物理中几位重大贡献的科学家的认识做出选择．
【解答】解：A、托里拆利完成了托里拆利实验，第一个准确测量了大气压的值．符
合题意．
B、阿基米德发现了阿基米德原理；不符合题意．
C、帕斯卡研究了帕斯卡定律，属于液体压强问题．不符合题意．
D、牛顿的主要贡献是总结了牛顿三定律，为力学奠定的基础，不符合题意．
故选A．
【点评】多了解物理学史对培养我们学习物理的兴趣是有帮助的，所以考试中也
时有涉及，在学习中应注意．
2．滑动变阻器实现变阻是利用了改变接入电路中电阻线的（ ）
A．材料B．长度 C．粗细D．温度
【考点】滑动变阻器的工作原理．
【分析】滑动变阻器工作原理：移动滑片改变接入电路电阻丝的长度，来改变接入
电路的电阻，来改变电路中的电流．
【解答】解：滑动变阻器移动滑片时，不能改变接入电阻丝的材料和横截面积以及
温度，只能改变接入电路电阻丝的长度，来改变接入电路的电阻和电流，故ACD
错误、B正确．
故选B．
【点评】本题考查了滑动变阻器的原理，牢记滑动变阻器的工作原理是关键．3．铁轨铺设在枕木上是为了（ ）
A．减小压力B．增大压力C．减小压强D．增大压强
【考点】减小压强的方法及其应用．
【分析】减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强；在受力面积
一定时，减小压力来减小压强．据此判断．
【解答】解：由p= 可知，铁轨铺设在枕木上，压力是一定的，此时受力面积越大，
压强越小，因此，铁轨铺设在枕木上是通过增大受力面积来减小压强的．
故选C．
【点评】这是一道与生活联系非常密切的物理题，在我们日常生活中经常需要根
据实际情况来增大或减小压强，要学会学以致用，活学活用，这才是学习物理的
真正意义．解答时，要注意使用控制变量法．
4．冰熔化成水后，不变的物理量是（ ）
A．质量B．密度 C．比热D．体积
【考点】质量及其特性；密度及其特性；比热容的概念．
【分析】质量是物质的一种属性，只与所含物质的多少有关，与物体的位置、状态、
形状、温度无关．而物质的密度与状态有关；
比热容是物质的特性，与物质的种类与状态有关．
【解答】解：冰熔化成水后，只是状态发生了变化，水的多少没有变，故质量不变．
但冰的密度和比热容比水的小，而且冰变成水后，体积变小了．
故选：A．
【点评】熟知质量、密度、比热容的概念及其特性是解此类题的基础，再进一步分
析冰变成水，是否会引起质量、密度和比热容的改变．从而判断体积的变化．
5．下列用电器额定功率最大的是（ ）
A．电视机 B．手电筒 C．电饭锅 D．电冰箱
【考点】电功率．
【分析】结合生活经验，根据对常见家庭用电器的额定功率的了解进行解答．
【解答】解：A、电视机的额定功率约为120W～200W；不符合题意；B、手电筒的功率非常小，一般在几瓦左右，不符合题意；
C、电饭锅属于大功率用电器，一般额定功率在800W以上，符合题意；
D、电冰箱的额定功率一般在100W～150W左右，不符合题意．
故选C．
【点评】对一些常见的家用电器的额定功率应该有一个大体的了解，这也体现了
我们生活经验的积累，有一定的现实意义．
6．实心均匀正方体静止在水平面上．若在其右侧，按图所示方式，沿竖直方向截
去一部分后，则其质量、密度、对水平面的压力和压强四个物理量中，不变的有（
）
A．一个B．二个 C．三个D．四个
【考点】压力及重力与压力的区别；质量及其特性；密度及其特性．
【分析】质量是指物体所含物质的多少，是物体的已知属性；
密度是物质的特性，表示某种物质单位体积的质量；
在水平面上物体对水平面的压力等于物体自身的重力，对地面的压强 p= = =
= = =ρgh．
【解答】解：
（1）实心均匀正方体静止在水平面上，对地面的压力等于其自身所受重力，按图
所示方式，沿竖直方向截去一部分后，所含物质变少，质量变小；
（2）由于物体所受重力与质量成正比，质量变小，所以重力变小，对地面的压力变
小；
（3）由于物质种类没有变化，故密度不变；
（4）由p=ρgh得，将正方体沿竖直方向截去一部分后，密度和高度不变，对地面的
压强不变．
综上所述，物体的质量变小、对地面的压力变小、密度不变、对地面的压强不变．故选：B．
【点评】本题主要考查压力、压强的大小比较，关键是公式的推导，要知道在水平
面上物体对水平面的压力等于物体自身的重力．
7．在如图中，重为G的金属块A静止在水面下，弹簧测力计的示数为F．当剪断连
接金属块与测力计的细线时，金属块所受合力的大小（ ）
A．大于G B．等于G C．大于F D．等于F
【考点】力的合成与应用．
【分析】当物体处于平衡状态时，物体受平衡力作用，即合力为零；当拆去其中一
个力时，物体受到合力的大小与该力大小相等，方向相反．
【解答】解：当重为G的金属块A静止在水面下，弹簧测力计的示数为F，由于金属
块静止，所以金属块受到的合力为零；
当剪断连接金属块与测力计的细线时，金属块受到合力的大小等于 F，方向与F
的方向相反．
故选D．
【点评】本题考查二力平衡条件的应用以及力的合成与应用，关键是明确静止物
体受平衡力作用，此时物体受到的合力为零．
8．在图所示的电路中，将电压表V正确连入电路，闭合电键s，电路正常工作．若
将滑动变阻器R 的滑片P从一端移到另一瑞的过程中，电压表V的示数变小，且
1
始终大于零，则正确的判断是（ ）A．电压表V并联在R 两端，滑片P由a端向b端移动
1
B．电压表V并联在R 两端，滑片P由b端向a端移动
1
C．电压表V并联在R 两瑞，滑片P由a端向b端移动
2
D．电压表V并联在R 两瑞，滑片P由b端向a端移动
2
【考点】电路的动态分析；欧姆定律的应用．
【分析】由电路图可知，R 与R 串联，根据电压表的示数最小且始终大于零可知电
1 2
压表的位置，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和电路中总电阻的变化，进一
步可知滑动变阻器接入电路中电阻的变化，从而得出滑片移动的方向．
【解答】解：由电路图可知，R 与R 串联，
1 2
因将滑动变阻器R 的滑片P从一端移到另一瑞的过程中，电压表V的示数变小，
1
且始终大于零，
所以，电压表并联在R 两端，故AB错误；
2
由I= 可知，电压表的示数变小时，电路中的电流变小，
由R= 可知，电路中的总电阻变大，即滑动变阻器接入电路中的电阻变小，
所以，滑片P移动的方向是由a端向b端移动，故C正确、D错误．
故选C．
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到滑动变阻器和欧姆定律的应用，根据
电压表的示数始终大于零确定电压表的位置是关键．
二、填空题（共26分）请将结果填入答题纸的相应位置
9．家庭电路中．电视机与电灯是 并联 的（选填“串联”或“并联”）；电灯工
作时，消耗的是 电 能；耗电量用 电能 表测量．
【考点】家庭电路的连接；电能表参数的理解与电能的求法．
【分析】各家用电器之间都是并联的，用电器可能正常工作，并且各用电器之间互不影响．用电器工作时都是消耗电能，转化为其它形式的能；
电能表是测量电路消耗电能的仪表，电能表俗称电表．
【解答】解：家庭电路中，电灯和电视机都是家用电器，两者之间是并联的，工作时
互不影响．
电灯工作时，消耗的是电能，得到光能和内能；
电能表俗称电表，是用来测量家庭耗电量的．
故答案为：并联；电；电能．
【点评】掌握家庭电路中各用电器之间的连接方法，用电器的能量转化，以及电能
表的作用，属基础题．
10．物理知识在生产和生活中有着广泛的应用．在图（a）中，根据饮料瓶上所标的
容积．利用 密度 知识开可估算饮料的质量；打开瓶盖，用吸管吸取饮料利用
的是 大气压 的知识．在图（b）中，牲畜自动饮水机右侧水位较低，左侧水会自
动补入，利用的是 连通器 的知识．（均填写物理概念或装置的名称）
【考点】大气压的综合应用；密度公式的应用；连通器原理．
【分析】（1）根据饮料瓶上所标的容积，利用密度公式m=ρV可求饮料的质量；
（2）用吸管吸饮料，饮料在大气压的作用下被压到嘴里；
（3）牲畜自动饮水机是应用了连通器的原理．
【解答】解：（1）根据饮料瓶上所标的容积，估算饮料的质量利用的是密度的知识；
（2）用吸管吸饮料利用的是大气压的知识；
（3）牲畜自动饮水机左、右两容器中水不流动时，两边水面总是相平的，是应用了
连通器的知识；
故答案为：密度；大气压；连通器．
【点评】本题考查了：大气压的应用、连通器、密度变形公式的应用，考查的知识点
较多，但考查方式较简单，是一道基础题．
11．科学家 欧姆 通过实验发现了电流与电压的关系．将阻值为的两个导体并联后，总电阻 小于 R（选填“大于”、“等于”或“小于”），若R 不变、R 变
1 1 2
大，总阻值将 变大 （选填“变大”“不变”或“变小”）．
【考点】电阻的并联；欧姆定律．
【分析】科学家欧姆通过实验发现了电流与电压的关系；
根据并联电阻的规律回答．
【解答】解：科学家欧姆通过实验发现了电流与电压的关系；
根据 ，因 ＞ ， ＞ ，所以R＜R ，R＜R ，即并联的电阻R小于其
1 2
中任一电阻；
将阻值为的两个导体并联后，若R 不变、R 变大，根据 ， 变小，方程
1 2
右边变小，所以方程左边 变小，总阻值R将变大．
故答案为：欧姆；小于；变大
【点评】本题考查物理学史及并联电阻的规律，体现了数学知识的融合，要记住并
联的总电阻小于其中任一电阻；
两个电阻并联，若其中一个电阻变大（小），总电阻变大（小）．
12．某导体两端电压为3伏，10秒内通过其横截面的电荷量为2库，这段时间内
电流做的功为 6 焦，通过它的电流为 0. 2 安．当该导体两端电压变为0伏
时，它的电阻为 1 5 欧．
【考点】欧姆定律的应用；电功的计算．
【分析】（1）知道导体两端的电压和通过其横截面的电荷量，根据W=UIt=UQ求出
这段时间内电流做的功，根据I= 求出通过的电流，根据欧姆定律求出导体的电
阻；
（2）电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，
与两端的电压和通过的电流无关．【解答】解：这段时间内电流做的功：
W=UIt=UQ=3V×2C=6J，
通过的电流：
I= = =0.2A，
由I= 可得，导体的电阻：
R= = =15Ω，
因电阻是导体本身的一种性质，与导体两端的电压和通过的电流无关，
所以，当该导体两端电压变为0伏时，导体的电阻不变，仍为15Ω不变．
故答案为：6；0.2；15．
【点评】本题考查了电功公式和电流定义式、欧姆定律的灵活应用，关键是知道导
体的电阻与两端的电压和通过的电流无关．
13．如图（a）所示，长度相同、横截面积不同的同种金属棒AB和CD连接在一起后
接在电源两端．用电压表测得导体AB和CD两端的电压如图（b）所示，则AB两端
的电压为 5 伏，CD两端电压为 2. 5 伏，通过AB的电流 等于 通过CD的
电流（选填“小于”、“等于”或“大于”）．
【考点】电压表的读数方法；串联电路的电流规律．
【分析】因两电阻串联，则由串联电路的电流规律可知两导体中的电流关系；由于
电阻的大小与导体的材料、长度、横截面积有关，故由题意可知两部分电阻的大
小关系，再由欧姆定律可求得两部分导体两端的电压关系．
电压表的读数方法：首先确定量程，然后分清分度值，根据指针位置读数．
【解答】解：因两电阻串联，故通过两部分导体的电流相等；
由题意可知，对于导体AB和CD的材料相同，长度相同，但是横截面积不同，且S ＜S ，故说明AB段的导体电阻大于CD段的电阻；则由欧姆定律的变形公式
AB CD
U=IR可得，由于两端导体中的电流相同，但是AB段的电阻大于CD段的电阻，故
AB段的电压要大于CD段的电压；
图b中，测AB段电压的电压表若选量程为0～15V，则示数为5V；若选量程为0～
3V，则示数为1V；
测CD段电压的电压表若选量程为0～15V，则示数为12.5V；若选量程为0～3V，
则示数为2.5V；
因为AB段的电压要大于CD段的电压；所以AB两端的电压应为5V，CD两端电压
应为2.5V．
故答案为：5；2.5；等于．
【点评】本题考查串联电路的电流规律及影响电阻大小的因素，同时也检测了同
学们对于欧姆定律的应用情况，故熟记电阻大小与导体的长度成正比与导体的横
截面积成反比的关系，并能利用欧姆定律做定性的分析是解决该题的关键．
14．水面下0.1米处，水产生的压强为 1. 0 × 1 0 3 帕．体积为2×1013m3的物块浸
没在水中时，受到浮力的大小为 2 × 1 0 1 7 牛，水对它向上、向下的压力差为
2 × 10 17 牛．
【考点】液体的压强的计算；浮力产生的原因；阿基米德原理．
【分析】（1）运用液体压强公式p=ρgh，可求压强大小．
（2）根据阿基米德原理F =G =ρ gV ，可求浮力；
浮 排 液 排
（3）浮力产生的实质：浸没在液体中的物体，液体对物体向上的压力大于向下的
压力，物体受到向上和向下的压力差就是物体受到的浮力．
【解答】解：水深0.1处水的压强为：
p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.1m=1.0×103Pa；
体积为2×1013m3的物块浸没在水中时，受到浮力的大小为：
F =G =ρ gV =1.0×103kg/m3×10N/kg×2×1013m3=2×1017N；
浮 排 液 排
根据浮力产生的原因可知，水对它向上、向下的压力差为2×1017N；
故答案为：1.0×103；2×1017；2×1017．
【点评】熟练运用液体压强计算公式、阿基米德原理F =G =ρ gV ；理解浮力产
浮 排 液 排
生的实质是解答此题的关键．15．在图所示的电路中，电源电压保持不变．闭合电键S，发现只有一个电表的示
数变大，已知电阻中仅有一个出现了故障．
①电路中的故障可能是 电阻 R 开路或电阻 R 短路 ．
2 2
②若R 、R 将的位置互换，则示数一定不发生变化的是 A 表（选填“A”、“V”
1 2
或“A和V”）．
③若用一个完好的校验小灯替换 R （选填“R ”或“R ”），也可以通过小灯的
1 1 2
亮暗情况来确定故障．
【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用．
【分析】（1）两个电阻串联，由于两个电表中只有一个电表的示数变大：①若电压
表示数变大，则说明出现问题的元件一定是电阻R ．②若电流表示数变大，则说
2
明电路变大，电路中电阻减小，问题应是一个元件短路．
（2）将电阻R 与R 互换，电路的连接不变，电路的电流一定不变；
1 2
（3）用一个完好的校验小灯替换完好的电阻，若故障电阻断路，灯泡不发光；若故
障电阻短路，灯泡发光．
【解答】解：①因为两个电表中只有一个电表的示数变大．所以
a、若电压表示数变大，电流表示数减小，则说明与第电压表串联的部分是通路，
问题出在与电压表并联的电阻R 上，则可能是电阻R 开路．
2 2
b、若电流表示数变大，电压表示数减小，则说明电路变大，电路中电阻减小，则可
能是电阻R 短路．
2
由此可知：故障一种可能是电阻R 开路，另一种可能是电阻R 短路．
2 2
②若将电阻R 与R 互换，电路的连接不变，故电路的电流一定不变，故电流表A
1 2
的示数不变；
③若用一个完好的校验小灯替换R ，若灯泡发光，说明电阻R 短路，若灯泡不发
1 2
光，说明电阻R 开路．
2
故答案为：①电阻R 开路或电阻R 短路；②A；③R ．
2 2 1
【点评】本题主要是电路故障的分析，要注意电路中给出的实验现象，关键能够理解断路和短路的含义．
16．公元1821年，德国物理学家塞贝克发现了在一定条件下，由几个导体串联成
的闭合电路中会产生电流．能把这种电路叫“热电偶电路”．小明通过实验研究
热电偶电路中的电流，他分别把相同材料和不同材料的导体相互连接（D和G为
导体的接点，在其中串联一个电流表（毫安表，“0”刻度线在最左侧）．实验过程
如图（a）、（b）、（c）、（d）、（e）所示．请仔细观察图中的操作和实验现象，归纳得
出结论．
①由图（a）与（b）与（c）[或（d）、或（e）]可知，在热电偶电路中．产生电流的条件
是：串联在闭合电路中的 不同材料组成的导体，其两个节点间存在温度差 ．
②由图（c）与（d）与（e）可知， 在热电偶电路中，两节点间的温度差越大，产生
的电流越大 ．
【考点】控制变量法与探究性实验方案．
【分析】（1）根据电路的连接特点，观察和比较各幅图，找出其相同和不同的因素，
看电流表中的电流变化情况，最后总结产生电流的条件；
（2）观察在两节点间温度差的大小对电流大小的影响，可得出结论．
【解答】解：①读图（a）与（b）与（c）[或（d）、或（e）]可知，其电路的基本结论是将
不同或相同材料的导体连接在电路中，使导体的两个不同的节点间产生一定的温
度差，此时，同种材料的导体组成的电路中不会产生电流，而不同材料的导体组成的电路中会产生电流．故可得出，在热电偶电路中，产生电流的条件是：串联在
闭合电路中的不同材料组成的导体，其两个节点间存在温度差．
②比较图（c）与（d）与（e）可知，三个电路中都产生了电流，但当两个节点间温度
差越大时，电流越大，温度差越小时，电流越小．
故可得出结论：在热电偶电路中，两节点间的温度差越大，产生的电流越大．
故答案为：①不同材料组成的导体，其两个节点间存在温度差；
②在热电偶电路中，两节点间的温度差越大，产生的电流越大．
【点评】本题主要考查了对热电偶电路的分析与结论的归纳，重点是根据实验中
的情境，找出产生电流的条件，以及分析电流的大小与节点间温度差的关系．
三、作图题（共8分）请将图直接画在答题纸的相应位置，作图题必须使用2B铅
笔.
17．在图中，重为6牛的小球静止在水面上，用力的图示法画出该球所受的浮力F
．
浮
【考点】物体的浮沉条件及其应用；力的示意图．
【分析】明确力的三要素，再确定一个标度，并用这个标度去准确表示出力的大小．
【解答】解：如图所示，物体所受浮力为6N，方向竖直向上．
【点评】力的图示必须要确立一个标度，这样才能准确表示力的大小．
18．在图所示的电路中，根据标出的电流方向，将电源、电流表、电压表三个元件
中的两个符号正确选填进电路空缺处，要求：灯泡并联．【考点】电流表的使用；电压表的使用．
【分析】电池组是电路中必不可少的元件，先确定电池组的位置，再根据电压表和
电流表的连接特点和电路要求选择其中的一个．
【解答】解：电池组是必不可少的，可先将其确定．根据电流方向，又因为要求两灯
并联，且都能发光，所以中间是电池组，且正极朝下；上边与L 串联，所以是电流
2
表，如下图所示：
【点评】在此类型的题中，电压表和电流表的选择可以采取尝试法，但前提是我们
对电路本身的特点先要有一个正确的分析，然后再结合电表的连接要求进行尝试
19．在图所示的电路中，有两根导线尚未连接，请用笔线代替导线补上．要求：①
电压表测小灯两端电压；②闭合电健S，将滑动变阻器的滑片p向a端移动，小灯
变暗．
【考点】实物的电路连接．
【分析】电压表与待测电路并联，根据将滑动变阻器的滑片p向a端移动小灯变暗
确定变阻器接线柱的接法
【解答】解：①电压表测小灯两端电压；电压表与灯并联；
②闭合电健S，将滑动变阻器的滑片p向a端移动，小灯变暗，即电流变小，连入
电路中的电阻变大，即将滑片右端电阻丝连入电路中，与灯串联，如下所示：【点评】本题考查根据要求连接实物图，确定变阻器的连接是关键，为基础题．
四、计算题（共22分）请将计算过程和答案写入答题纸的相应位置．
20．标有“220V 100W”字样的用电器，正常工作5小时．求：
①用电器两端电压．
②需用电多少度？
【考点】电功的计算．
【分析】（1）用电器正常工作时的电压和额定电压相等；
（2）根据W=Pt求出用电器消耗的电能．
【解答】解：（1）由额定电压下用电器正常工作可知，用电器正常工作时两端的电
压为220V；
（2）由P= 可得，用电器消耗的电能：
W=Pt=100×10﹣3kW×5h=0.5kW•h=0.5度．
答：①用电器两端电压为220V；②需用电0.5度．
【点评】本题考查了学生对额定电压和电功公式的理解与掌握，是一道基础题目．
21．如图所示，薄壁圆柱形容器甲和均匀圆柱体乙置于水平地面上．
①若甲中盛有质量为3千克的水，求水的体积V及水对甲底部的压力F．
②若容器甲足够高、底面积为2S，其内装有深为H、密度为ρ的液体；圆柱体乙的
底面积为S高h．
现将乙沿水平方向在上部切去一半，并将切去部分浸没在甲的液体中，此时液体
对甲底部压强P恰等于乙剩余部分对水平地面压强P．求乙的密度ρ ．
1【考点】压强的大小及其计算．
【分析】①根据公式V= 计算出水的体积，由G=mg计算出水的重力，由于为柱
体，所以对容器底的压力等于水的重力；
②根据p= = = = =ρgh表示出剩余部分对地面的压强；
计算出容器内液体深度的变化量，由p=ρgh表示出液体对底面的压强，根据压强
相等表示出关系式，从而可以得出乙的密度．
【解答】解：①由ρ= 得，水的体积：
V= = =3×10﹣3m3；
由于为柱形容器，所以水对容器底的压力：
F=G=mg=3kg×10N/kg=30N；
②圆柱体放在地面，对地面的压力等于其重力，受力面积等于其底面积，则：
p= = = = =ρgh
所以乙切去一半后，对地面的压强为：
p ′= ρ gh
乙 1
将剩余部分浸没在液体甲中，液体甲深度增加：
△h=所以此时甲对容器底的压强：
p ′=ρg（H+ ）
甲
根据题意知：
ρ gh=ρg（H+ ）
1
解得：ρ = ．
1
答：①水的体积为3×10﹣3m3；
水对甲底部的压力为30N；
②乙的密度为 ．
【点评】本题是有关压强的公式应用，首先要熟练掌握固体压强和液体压强的计
算公式，同时也要掌握密度的公式应用，②是本题的难点，关键能够根据已知条
件列出相应的关系式．
22．在图所示的电路中，电源电压为10伏且不变．定值电阻R 的阻值为10欧，滑
1
动变阻器R 上标有“2A”字样．闭合电键S
2
①求通过R 的电流I ．
1 1
②通电10秒，求电流通过R 所做的功W ．
1 1
③在电路安全工作的情况下，移动变阻器R 的滑片，电路消耗的最大功率恰为最
2
小功率的2倍，求变阻器的最大阻值．
【考点】欧姆定律的应用；电功的计算；电功率的计算．
【分析】由电路图可知，R 与R 并联．
1 2
①根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出通过R 的电流；
1
②根据W=UIt求出通电10秒电流通过R 所做的功；
1③由滑动变阻器的铭牌可知允许通过的最大电流，根据并联电路的电流特点求出
干路电流，根据P=UI求出电路消耗的最大总功率，根据“电路消耗的最大功率恰
为最小功率的2倍”求出电路消耗的最小总功率，此时滑动变阻器的阻值最大，
根据电路的总功率P=UI求出电路中的电流，利用并联电路的电流特点求出通过
滑动变阻器的电流，利用欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值．
【解答】解：由电路图可知，R 与R 并联．
1 2
①因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，通过R 的电流：
1
I = = =1A；
1
②通电10秒电流通过R 所做的功：
1
W =UI t=10V×1A×10s=100J；
1 1
③由滑动变阻器的铭牌可知允许通过的最大电流I =2A，
2大
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，干路的最大电流：
I =I +I =1A+2A=3A，
大 1 2大
电路消耗的最大总功率：
P =UI =10V×3A=30W，
大 大
因电路消耗的最大功率恰为最小功率的2倍，
所以，电路消耗的最小总功率：
P = P = ×30W=15W，
小 大
此时电路中的总电流：
I = = =1.5A，
小
此时滑动变阻器的阻值最大，则通过滑动变阻器的最大电流：
I =I ﹣I =1.5A﹣1A=0.5A，
2小 小 1
则滑动变阻器的最大阻值：R = = =20Ω．
2
答：①通过R 的电流为1A；
1
②通电10秒，电流通过R 所做的功为100J；
1
③变阻器的最大阻值为20Ω．
【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功公式、电功率公式的应用，
利用好“电路消耗的最大功率恰为最小功率的2倍”是关键．
五、实验题（共20分）请根据要求在答题纸的相应位置作答．
23．图所示仪器名称 天平 ，把它放在水平桌面上后，应先将 游码 移到零
刻度，若指针如图所示，应向 右 移动平衡螺母，直到天平横梁在水平位平衡．
测量时，应将砝码置于 左 盘．
【考点】天平的使用．
【分析】天平测量前应放到水平桌面上，将游码拨到零刻度线，调节两端螺母使横
梁平衡．
天平平衡的标志是：指针指在分度盘的中央或左右摆动幅度相等，指针左偏右调
右偏左调．
称量时，天平左盘放物体，右盘放砝码．使用天平称量物体时，物体质量等于砝码
质量加游码对应的刻度．
【解答】解：如图所示，所示仪器为天平；
①天平的使用规则是：天平测量前应放到水平桌面上，将游码拨到零刻度线，调
节两端螺母使横梁平衡，左偏右调，右偏左调，左右一样，天平平衡．
②发现横梁指针向左偏，此时应将平衡螺母向右调．
③称量时，天平左盘放物体，右盘放砝码．所以称量时，天平左盘放金属块，右盘
放砝码．
故答案为：天平；游码；右；左．
【点评】此题考查天平的使用方法，要求熟练掌握．24．如图（a）、（b）、（c）所示，某小组同学将U形管压强计放入不同液体中进行实
验，他们是在做“探究 液体内部压强 与哪些因素有关”实验．由图所示现象
U 形管中液面的高度差不同 ，可得出的结论是： 在同一深度，液体压强与液体
的密度有关 ．“验证阿基米德原理”的实验中，用 弹簧测力计 测量浮力的
大小；为实现实验目的，需将所测浮力大小与 排开液体的重力 进行比较．
【考点】探究液体压强的特点实验；探究浮力大小的实验．
【分析】①将压强计塑料盒放入不同液体中进行实验，根据压强计的作用回答；
由图找出控制不变的量和变化的量，根据转换法，根据U形管中液面的高度差判
断液体压强的大小，高度差越小（大），液体的压强越小（大）；分析图中现象得出
结论；
②根据称重法确定器材，根据阿基米德原理的目的回答．
【解答】解：①压强计可显示液体内部压强的大小，由图可看出，将压强计塑料盒
放入不同液体中进行实验，是探究液体内部压强与哪些因素有关的实验；
在实验中，压强计塑料盒在液体中的深度是相同的，而液体的密度不同；
通过观察U形管中液面的高度差判断所受液体压强的大小关系，从左向右，液体
密度变小，U形管液面的高度差变小，液体的压强变小，所以得出的结论是：在同
一深度，液体压强与液体的密度有关；
②验证阿基米德原理的实验中，用称重法测浮力大小，根据F =G﹣F 求出浮力
浮 示
的大小，用弹簧测力计测浮力的大小；
为实现实验目的，即比较物体所受的浮力大小与排开液体的重力的关系．
故答案为：①液体内部压强；U形管中液面的高度差不同；在同一深度，液体压强
与液体的密度有关；
②弹簧测力计；排开液体的重力．
【点评】本题考查研究液体的压强与哪些因素有关及验证阿基米德原理的实验和
控制变量法、转换法的运用，体现了对过程和方法的考查．
25．小华同学做“用电流表，电压表测电阻”实验，所用器材齐全且完好．①实验中，需测量并记录的两个物理量是 待测电阻两端的电压和通过待测电阻
的电流 ．
②在连接电路时．电键应 断开 ．闭合电键前，应使滑动变阻器连入电路的电
阻最 大 ．
③小华正确连接电路进行实验，当变阻器滑片处于某位置时．电流表的示数如图
所示，为了读出电流表的示数•他应进行的操作是 断开开关，换接小量程 ．
④该实验需要进行多次测量，其目的是为了 取平均值减小误差，提高测量的准
确度 ．
【考点】伏安法测电阻的探究实验．
【分析】①根据伏安法测电阻的原理R= 确定要测量的量；
②为保护电路，在连接电路时，电键应断开．闭合电键前，应使滑动变阻器连入电
路的电阻最大；
③测量时，电表要选择合适的量程；
④为提高测量的准确程度，减小误差，应进行多次测量取平均值．
【解答】解：①由伏安法测电阻的原理R= 可知，实验中，需测量并记录的两个物
理量是待测电阻两端的电压和通过待测电阻的电流；
②为保护电路，在连接电路时，电键应断开．闭合电键前，应使滑动变阻器连入电
路的电阻最大；
③小华正确连接电路进行实验，当变阻器滑片处于某位置时．电流表的示数如图
所示，电流表指针偏转角度较小，说明电流表量程选大了，为了读出电流表的示
数，他应进行的操作是：断开开关，换接电流表的小量程读数；
④为提高测量的准确程度，减小误差，应进行多次测量取平均值做为最后测量结
果．
故答案为：①待测电阻两端的电压和通过待测电阻的电流；②断开；大；③断开开
关，换接电流表小量程；④取平均值减小误差，提高测量的准确度．【点评】本题考查测电阻的原理、注意事项、器材的选择、数据和处理等知识，为基
础题，要掌握．
26．学习了串、并联电路的相关知识后，某小组同学用图所示的电路验证通过导
体的电流与导体两端电压和导体电阻的关系．他们选用定值电阻 R 的阻值为5
0
欧，然后把5欧、10欧、15欧和20欧四个定值电阻先后接入电路的M、N两点间，
闭合电键S，将相应电流表的示数记录在下表中．
实验 R（Ω） R I
0 MN
序号
（Ω）
（A） R 0
的电
压
1 5 5 0.60
2 5 10 0.40
3 5 15 0.30
4 5 20 0.24
①小明要验证通过导体的电流与导体两端电压的关系，他应以 R （选填“R ”
0 0
或“R ”）为研究对象，还需进行的操作是 记下通过 R 的电流大小，并计算出
MN 0
R 的电压，比较通过 R 的电流与其两端电压的关系 ．请在表中第五列填入所需
0 0
测量并记录的栏目名称． R 的电压
0
②小红想通过第三列与第四列数据及相关条件验证通过导体的电流与导体电阻
的关系，你认为 不可行 （选填“可行”或“不可行”），理由是 R 的电压
MN
是变化的 ．
【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验．
【分析】①本题验证通过导体的电流与导体两端电压和导体电阻的关系，根据控
制变量法，要保持电阻的大小不变，据此确定研究对象；
但没有电压表，也没有滑动变阻器，但通过在MN间接入不同电阻，改变了定值
电阻电压的大小，从而达到了多次测量的目的；
根据表中数据，由欧姆定律可计算出R 的电压，间接起到了电压表测量电压的作
0用，从而达到了验证通过导体的电流与导体两端电压的关系目的；
②验证通过导体的电流与导体电阻的关系时，应控制电压不变．
【解答】解：①小明要验证通过导体的电流与导体两端电压的关系，应控制导体的
电阻不变，所以，他应以R 为研究对象；
0
通过在MN间接入不同的电阻，来改变R 的电压，并记下对应的电流大小，所以
0
他应记下通过R 的电流大小，并计算出R 的电压，比较通过R 的电流与其两端电
0 0 0
压的关系；
表中第五列填入所需测量并记录的栏目名称为R 的电压；
0
②验证通过导体的电流与导体电阻的关系时，应控制电压不变，而根据表中第三
列与第四列数据，
根据欧姆定律U=IR知，R 的电压分别为3V、4V、1.5V、4.8V，所以，不能通过第三
MN
列与第四列数据及相关条件验证通过导体的电流与导体电阻的关系．
故答案为：①R ；记下通过R 的电流大小，并计算出R 的电压，比较通过R 的电
0 0 0 0
流与其两端电压的关系；R 的电压．
0
②不可行；R 的电压是变化的．
MN
【点评】本题在没有变阻器和电压表的情况下，验证通过导体的电流与导体两端
电压和导体电阻的关系，考查控制变量法和归纳法的运用及欧姆定律应用，题目
较新颖，为一道好题．
