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第6讲 遗传的分子基础（检测）
1. （2022•中原区校级模拟）肺炎链球菌体外转化实验和噬菌体侵染细菌实验是人类探索遗传物质过程中
的两个经典实验。下列相关叙述正确的是（ ）
A．R型菌与S型菌的DNA混合培养，R型菌都能转化为S型菌
B．噬菌体吸收和利用培养基中含有35S的氨基酸从而被标记
C．肺炎链球菌体外转化实验和噬菌体侵染细菌实验均能证明DNA是遗传物质而蛋白质不是
D．肺炎链球菌体外转化实验和噬菌体侵染细菌实验的思路相同而实验技术不同
【分析】1、肺炎链球菌转化实验包括体外转化实验和体内转化实验，其中体外转化实验证明S型菌中
存在某种“转化因子”，能将R型细菌转化为S型细菌；体内转化实验证明DNA是遗传物质。
2、T 噬菌体侵染细菌的实验步骤：分别用35S或32P标记噬菌体→噬菌体与大肠杆菌混合培养→噬菌体
2
侵染未被标记的细菌→在搅拌器中搅拌，然后离心，检测上清液和沉淀物中的放射性物质。该实验证明
DNA是遗传物质。
【解答】解：A、R型菌与S型菌的DNA混合培养，只有少部分R型菌能转化为S型菌，A错误；
B、噬菌体是病毒，没有细胞结构，不能在培养基中独立生存，B错误；
C、肺炎链球菌转化实验能证明DNA是遗传物质，蛋白质不是遗传物质，噬菌体侵染细菌实验能证明
DNA是遗传物质，但不能证明蛋白质不是遗传物质，C错误；
D、肺炎链球菌转化实验和噬菌体侵染细菌实验的思路相同（将DNA和蛋白质分开，单独观察它们的
作用）而实验技术不同（肺炎链球菌体外转化实验采用了物质提纯的技术，而噬菌体侵染细菌实验采用
了放射性同位素标记法和离心技术），D正确。
故选：D。
【点评】本题考查肺炎链球菌转化实验和噬菌体侵染细菌实验，要求考生识记肺炎链球菌转化实验和噬
菌体侵染细菌实验的过程、实验设计思路、实验方法及实验结论，能结合所学的知识准确判断各选项。
2. （2022•中原区校级模拟）下列关于碱基和碱基互补配对的说法正确的是（ ）
A．动、植物细胞的遗传物质中，嘌呤数均等于嘧啶数
B．细胞核内，DNA上任意两个互补的碱基数之和占总碱基数的50%C．若DNA上的碱基对出现了缺失或替换，就会导致基因突变
D．逆转录过程与转录过程均存在A﹣T、T﹣A、A﹣U、U﹣A的配对方式
【分析】碱基互补配对原则是指在DNA或某些双链RNA分子结构中，由于碱基之间的氢键具有固定的
数目和DNA两条链之间的距离保持不变，使得碱基配对必须遵循一定的规律，这就是A（腺嘌呤）一
定与T（胸腺嘧啶），在RNA中与U（尿嘧啶）配对，G（鸟嘌呤）一定与C（胞嘧啶）配对，反之亦
然。
【解答】解：A、动、植物细胞的遗传物质都是DNA，在DNA双链中，嘌呤数均等于嘧啶数，A正确；
B、在双链DNA分子中，A+C＝T+G＝A+G＝T+C＝50%，即细胞核内，DNA上任意两个不互补的碱基
数之和占总碱基数的50%，B错误；
C、DNA上碱基对的增添、缺失、替换不一定导致基因突变，如果碱基对改变的位置位于非编码区或者
基因间区，则一般不会导致基因突变，C错误；
D、转录过程中存在的碱基配对方式有A﹣U、T﹣A、G﹣C、C﹣G，逆转录过程中存在的碱基配对方
式有A﹣T、U﹣A、G﹣C、C﹣G，D错误。
故选：A。
【点评】本题考查碱基互补配对原则，要求考生识记碱基互补配对原则的内容，掌握遗传信息转录和逆
转录的具体过程，能结合所学的知识准确答题。
3. （2022•中原区校级模拟）DNA双螺旋结构模型的提出是二十世纪自然科学的伟大成就之一。下列研
究成果中，为该模型构建提供主要依据的是（ ）
①赫尔希和蔡斯证明DNA是遗传物质的实验
②沃森和克里克提出的DNA半保留复制机制
③富兰克林等拍摄的DNA分子X射线衍射图谱
④查哥夫发现的DNA中嘌呤含量与嘧啶含量相
A．①② B．②③ C．③④ D．①④
【分析】20世纪50年代初，英国科学家威尔金斯等用X射线衍射技术对DNA结构潜心研究了3年，意
识到DNA是一种螺旋结构。物理学家弗兰克林在1951年底拍摄到一张十分清晰的DNA的X射线照片。
当威尔金斯出示了弗兰克林在一年前拍下的DNA的X射线衍射照片后，沃森看出DNA的内部是一种
螺旋形结构，沃森和克里克继续循着这个思路深入探讨，根据各方面对DNA研究的信息和他们的研究
分析，得出一个共识：DNA是一种双链螺旋结构，并构建了DNA分子双螺旋结构模型。
【解答】解：①赫尔希和蔡斯通过噬菌体侵染细菌的实验证明了DNA是遗传物质，但不能为DNA双螺
旋结构模型构建提供依据，①错误；②沃森和克里克提出的DNA半保留复制机制是在建立双螺旋结构模型之后，因此不能为DNA双螺旋结
构模型构建提供依据，②错误；
③富兰克林等拍摄的DNA分子X射线衍射图谱为DNA双螺旋结构模型构建提供依据，③正确；
④查哥夫发现的DNA中嘌呤（A+G）含量与嘧啶（T+C）含量相等为DNA双螺旋结构模型构建提供依
据，④正确。
故选：C。
【点评】本题考查DNA结构模型构建的过程，意在考查学生的识记能力和判断能力，难度不大。
4. （2021•湖北模拟）某真核生物DNA片段的结构示意图如图所示。下列相关叙述错误的是（ ）
A．DNA分子中碱基对C﹣G所占比例越大其越稳定
B．复制时，①的断裂需解旋酶，形成需DNA聚合酶
C．若α链中A+T占52%，则该DNA分子中G占24%
D．该DNA的空间结构是由α链、β链反向平行盘旋而成的双螺旋结构
【分析】分析题图：图示为某真核生物DNA片段的结构示意图，其中①为氢键，②为腺嘌呤，③为磷
酸二酯键。
【解答】解：A、DNA分子中碱基对C﹣G之间3个氢键，A﹣T之间2个氢键，C﹣G所占比例越大
DNA越稳定，A正确；
B、①为氢键，复制时，①的断裂需解旋酶，形成氢键不需要DNA聚合酶，B错误；
C、若a链中A+T占52%，根据碱基互补配对原则，该DNA分子中A+T占52%，则G+C占48%，则
DNA分子中G占24%，C正确；
D、该DNA的空间结构是由α链、β链反向平行盘旋而成的双螺旋结构，D正确。
故选：B。
【点评】本题结合图解，考查DNA分子结构的主要特点，要求考生识记DNA分子结构的主要特点，能
正确分析题图；掌握碱基互补配对原则的应用，能运用其延伸规律准确答题。
5. （2022•中原区校级模拟）模型构建是一种研究问题的科学的思维方法，在制作一个线性DNA分子双
螺旋结构模型活动中，错误的是（ ）A．需要准备制作磷酸、脱氧核糖和碱基等材料
B．A、T、G、C四种碱基的大小和形状应该相同
C．需要制作两条碱基互补的脱氧核苷酸链
D．末端的磷酸基团可以体现DNA双链的反向平行
【分析】DNA的双螺旋结构：
①DNA分子是由两条反向平行的脱氧核苷酸长链盘旋而成的。
②DNA分子中的脱氧核糖和磷酸交替连接，排列在外侧，构成基本骨架，碱基在内侧。
③两条链上的碱基通过氢键连接起来，形成碱基对且遵循碱基互补配对原则。
【解答】解：A、需要准备制作磷酸、脱氧核糖和碱基等材料，A正确；
B、A、T、G、C四种碱基的大小和形状不相同，B错误；
C、需要制作两条碱基互补的脱氧核苷酸链，C正确；
D、末端的磷酸基团可以体现DNA双链的反向平行，D正确。
故选：B。
【点评】本题考查DNA分子结构的主要特点，要求考生识记DNA分子结构的主要特点，能结合所学的
知识准确判断各选项。
6. （2022•中原区校级模拟）如图为真核细胞DNA复制过程的模式图，据图分析，下列相关叙述错误的
是（ ）
A．解旋酶能使双链DNA解开，但需要消耗ATP
B．DNA分子复制的特点是半保留复制，边解旋边复制
C．DNA分子的复制需要引物，且两条子链的合成方向是相同的
D．新合成的两条子链的碱基序列是互补的
【分析】DNA的复制：
1、时间：有丝分裂间期和减数分裂间期．
2、条件：模板﹣DNA双链；原料﹣细胞中游离的四种脱氧核苷酸；能量﹣ATP；多种酶．
3、过程：边解旋边复制，解旋与复制同步，多起点复制．
4、特点：半保留复制，新形成的DNA分子有一条链是母链．根据题意和图示分析可知：DNA分子复制的方式是半保留复制，且合成两条子链的方向是相反的；
DNA解旋酶能使双链DNA解开，且需要消耗ATP；DNA在复制过程中，边解旋边进行半保留复制．
【解答】解：A、解旋酶能打开双链间的氢键，使双链DNA解开，需要消耗ATP，A正确。
B、DNA分子复制时都保留了原来DNA分子中的一条链，这种方式叫做半保留复制，且边解旋边复制，
B正确。
C、DNA分子是反向平行的，而复制的时候只能是从5’端向3’端延伸，所以DNA分子的复制需要引物，
且两条子链合成方向相反，C错诶；
D、DNA分子两条链互补配对，所以新合成的两条子链的碱基序列也是互补配对的，D正确。
故选：C。
【点评】本题结合DNA半保留复制过程示意图，考查DNA半保留复制的相关知识，意在考查考生的识
记能力和审图获取信息的能力，便于理解所学知识的要点，把握知识间的内在联系，形成知识的网络结
构．
7. （2022•湛江一模）下列有关基因的描述，错误的是（ ）
A．对于绝大多数生物来说，基因是有遗传效应的DNA片段
B．基因中的碱基排列顺序千变万化，构成了基因的多样性
C．基因可通过DNA分子复制把遗传信息传递给下一代
D．基因中的遗传信息均通过密码子反映到蛋白质的分子结构上
【分析】1、对大多数生物来说，基因是有遗传效应的DNA片段
2、DNA分子的多样性：构成DNA分子的脱氧核苷酸虽只有4种，配对方式仅2种，但其数目却可以成
千上万，更重要的是形成碱基对的排列顺序可以千变万化，从而决定了DNA分子的多样性（n对碱基
可形成4n种）。
【解答】解：A、除了少数RNA病毒外，对于绝大多数生物来说，基因是有遗传效应的DNA片段，A
正确；
B、不同基因中的碱基排列顺序千变万化，构成了基因的多样性，B正确；
C、在细胞分裂过程中，基因可通过DNA分子复制把遗传信息传递给下一代，C正确；
D、基因中的遗传信息部分通过密码子反映到蛋白质的分子结构上，部分遗传信息不进行转录，D错误。
故选：D。
【点评】本题考查基因的概念、基因多样性、转录和翻译等的相关知识，意在考查考生理解所学知识的
要点，把握知识间的内在联系、分析题意以及解决问题的能力。
8. （2022•湖北模拟）噬菌体DNA分子和质粒DNA分子都是环状结构。环状DNA通常采用滚环型复制，
复制过程如图所示。下列有关分析正确的是（ ）A．质粒DNA分子中有2个游离的磷酸基团
B．滚环复制时，子链的延伸方向为3′→5′端
C．滚环复制时两条子链的合成都是连续的
D．滚环复制时需要限制酶和DNA连接酶
【分析】DNA分子的复制时间：有丝分裂和减数分裂间期；条件：模板（DNA的双链）、能量（ATP
水解提供）、酶（解旋酶和DNA聚合酶等）、原料（游离的脱氧核苷酸）；过程：边解旋边复制；结
果：一条DNA复制出两条DNA；特点：半保留复制。
【解答】解：A、质粒DNA分子是环状结构，所以分子中没有游离的磷酸基团，A错误；
B、滚环复制时，子链的延伸方向为5′→3′端，B错误；
C、结合题图可知：滚环复制时两条子链的合成都是连续的，C正确；
D、滚环复制时需要解旋酶和DNA聚合酶，D错误。
故选：C。
【点评】本题考查DNA分子的复制，意在考查学生的识图能力和判断能力，难度不大。
9. （2022•中原区校级模拟）用体外实验的方法可合成多肽链。已知苯丙氨酸的密码子是UUU，若要在
体外合成同位素标记的多肽链，所需的材料组合是（ ）
①同位素标记的苯丙氨酸
②蛋白质合成所需的酶
③同位素标记的tRNA
④人工合成的多聚尿嘧啶核苷酸
⑤除去了DNA和mRNA的细胞裂解液
A．①②④ B．①④⑤ C．②③④ D．①③⑤
【分析】多肽链是通过翻译过程合成的，翻译的条件有：原料（氨基酸）、模板（mRNA）、酶、
ATP、tRNA。
【解答】解：①要合成同位素标记的多肽链，应该用同位素标记的氨基酸（苯丙氨酸）作为原料，①正
确；
②⑤合成多肽链时需要除去了DNA和mRNA的细胞裂解液，这其中有催化多肽链合成的酶，因此不需
要额外添加蛋白质合成所需的酶，②错误；⑤正确；③合成多肽链时需要tRNA转运氨基酸，但不需要同位素标记的tRNA，③错误；
④要合成同位素标记的多肽链，需要人工合成的多聚尿嘧啶核苷酸作为模板，④正确。
故选：B。
【点评】本题考查遗传信息的转录和翻译，要求考生识记遗传信息转录和翻译的过程、场所、条件及产
物等基础知识，能根据题干要求做出准确的判断。
10. （2022•中原区校级模拟）下列与遗传信息的表达有关的叙述，正确的是（ ）
A．RNA聚合酶结合启动子以启动转录过程
B．翻译过程中的原料为4种核糖核苷酸
C．在真核细胞中，转录和翻译过程不可能同时发生
D．细胞中以DNA的一条链为模板转录出的RNA均可作为翻译的模板
【分析】基因表达包括转录和翻译两个过程，其中转录是以DNA的一条链为模板合成RNA的过程，该
过程主要在细胞核中进行，需要RNA聚合酶参与；翻译是以mRNA为模板合成蛋白质的过程，该过程
发生在核糖体上，需要以氨基酸为原料，还需要酶、能量和tRNA。
【解答】解：A、RNA聚合酶能识别DNA模板上特定的位点即启动子，并与之结合，催化RNA的合成，
以启动转录过程，A正确；
B、翻译过程中的原料为氨基酸，B错误；
C、在真核细胞的线粒体和叶绿体中，转录和翻译过程可同时发生，C错误；
D、细胞中以DNA的一条单链为模板转录出的RNA有mRNA、rRNA、tRNA等，rRNA、tRNA并不可
作为翻译的模板，D错误。
故选：A。
【点评】本题考查遗传信息的转录和翻译，要求考生识记遗传信息转录和翻译的过程、场所、条件及产
物等基础知识，能结合所学的知识准确判断各选项。
11. （2022•中原区校级模拟）下列关于密码子和反密码子的叙述正确的是（ ）
A．mRNA上相邻的、能够决定1个氨基酸的3个碱基构成1个密码子
B．密码子有64种，与21种氨基酸相对应
C．密码子CAU的反密码子是GTA
D．每种氨基酸都对应多种密码子，可由多种tRNA转运
【分析】有关密码子，考生可从以下几方面把握：
（1）概念：密码子是mRNA上相邻的3个碱基；
（2）种类：64种，其中有3种是终止密码子，不编码氨基酸；（3）特点：一种密码子只能编码一种氨基酸，但一种氨基酸可能由一种或多种密码子编码；密码子具
有通用性，即自然界所有的生物共用一套遗传密码。
【解答】解：A、密码子是指mRNA上决定一个氨基酸的三个相邻的碱基，A正确；
B、密码子有64种，其中有3种是终止密码子，不能编码氨基酸，其余61种密码子与20种氨基酸相对
应，B错误；
C、密码子CAU的反密码子是GUA，C错误；
D、一种氨基酸可能对应于一种或几种密码子，每种氨基酸都有一种或几种特定的tRNA来转运，D错
误。
故选：A。
【点评】本题考查遗传信息的转录和翻译，要求考生识记遗传信息转录和翻译的过程，重点考查密码子
和tRNA的相关知识，能结合所学的知识准确判断各选项。
12. （2022•洪山区校级模拟）如图表示某哺乳动物体细胞内合成某种分泌蛋白的过程，下列叙述正确的是
（ ）
A．主要在细胞核中进行的过程是①④
B．过程②③④形成的mRNA，rRNA和tRNA都需要加工
C．过程A和B中涉及到的碱基互补配对方式相同
D．图中C过程中核糖体沿mRNA移动的方向是b→a
【分析】题图分析：图A表示DNA复制；B表示转录；C表示翻译；F表示蛋白质加工。
【解答】解：A、DNA复制和转录过程主要发生在细胞核中，因此①②③④主要发生在细胞核中，A错
误；
B、mRNA，rRNA和tRNA合成后都需要进行加工，B正确；
C、A和B中涉及到的碱基互补配对方式不完全相同，前者无A﹣U，而后者有A﹣U，C错误；
D、根据肽链的长短可知，图中C过程中核糖体沿mRNA移动的方向是a→b，D错误。
故选：B。
【点评】本题结合图示考查遗传信息的流动过程，答题关键在于掌握DNA复制、转录、翻译的过程，
将其综合形成知识网络。13. （2022•襄城区校级三模）近期以奥密克戎为主的新冠疫情爆发，已知德尔塔毒株和奥密克戎毒株是
2019新型冠状病毒毒株的变种。研究表明，德尔塔毒株中刺突蛋白突变位点有15处，奥密克戎毒株
中目前已知的刺突蛋白的突变位点有32处。下列说法不正确的是（ ）
A．不同的新冠病毒变种中刺突蛋白上突变位点有差异，表明基因突变具有不定向性
B．德尔塔毒株和奥密克戎毒株的传染性增强是病毒与宿主相互选择的结果
C．奥密克戎侵染人体后，在内环境中迅速增殖形成大量病毒
D．奥密克戎与人类的遗传信息的传递方向不同
【分析】1、生物可遗传变异的来源是基因突变、基因重组和染色体变异。基因突变主要发生在细胞分
裂间期DNA复制时；基因重组发生在进行有性生殖的生物在减数分裂形成配子的过程中；染色体变异
可以发生在有丝分裂过程中也可以发生在减数分裂过程中，但是只能发生在真核生物的个体中。
2、中心法则的图解：
【解答】解：A、由题干信息可知，不同的新冠病毒变种中刺突蛋白上突变位点有差异，表明基因突变
具有不定向性，A正确；
B、德尔塔毒株和奥密克戎毒株的传染性增强是病毒与宿主相互选择、共同进化的结果，B正确；
C、新冠病毒侵入人体后，可在宿主细胞中迅速增殖形成大量病毒，C错误；
D、奥密克戎是RNA病毒，与人类的遗传信息的传递方向不同，D正确。
故选：C。
【点评】本题考查生物变异和中心法则的有关知识，意在考查学生对基础知识的理解掌握，难度适中。
14. （2022•洛阳一模）细胞内不同基因的表达效率存在差异，如图所示。下列叙述正确的是（ ）A．所有生物基因表达过程中用到的RNA和蛋白质均由DNA编码
B．DNA复制和①过程都需要解旋酶打开全部双链后才能进行
C．②过程中，tRNA读取mRNA上全部碱基序列信息
D．细胞能在转录和翻译水平上调控基因表达，图中基因A的表达效率高于基因B
【分析】1、转录过程以四种核糖核苷酸为原料，以DNA分子的一条链为模板，在RNA聚合酶的作用
下消耗能量，合成RNA。翻译过程以氨基酸为原料，以转录过程产生的mRNA为模板，在酶的作用下，
消耗能量产生多肽链。多肽链经过折叠加工后形成具有特定功能的蛋白质。
2、图示中，①是转录过程，②是翻译过程。
【解答】解：A、以DNA为遗传物质的生物基因表达过程中用到的RNA和蛋白质均由DNA编码，而
RNA病毒基因表达过程中用到的RNA和蛋白质均由RNA编码，A错误；
B、DNA复制需要解旋酶打开双链，且边解旋、边复制，而①过程转录时不需要解旋酶，该过程中的
RNA聚合酶兼有解旋的作用，且发生部分解旋，转录完成后解旋部位恢复原来的状态，B错误；
C、②在多肽链合成的翻译过程中，tRNA读取mRNA上部分碱基序列信息，tRNA不能读取终止密码子
以及后面的碱基序列，C错误；
D、结合图示可以看出，细胞能在转录和翻译水平上调控基因表达，图中基因A的表达效率远远高于基
因B，主要表现在转录的RNA和翻译出的蛋白质的量上的差异，D正确。
故选：D。
【点评】本题结合图解，考查遗传信息的转录和翻译，要求考生识记遗传信息转录和翻译的过程、场所、
条件及产物，能准确判断图示过程的名称，再结合所学的知识准确判断各选项。
15. （2022•河北二模）RNA病毒有正单链RNA（+RNA）、负单链RNA（﹣RNA）和双链RNA
（±RNA）病毒之分。如图是遗传物质为+RNA的丙肝病毒指导蛋白质合成的图解，①、②、③表示
过程。下列分析正确的是（ ）A．丙肝病毒的遗传信息可以储存在+RNA和±RNA中
B．①过程表示逆转录过程，②③过程均表示翻译过程
C．丙肝病毒的+RNA上只含有一个起始密码子和一个终止密码子
D．①②③中存在A与U、T与A、G与C的碱基互补配对过程
【分析】据图分析，①表示RNA自我复制，②③表示+RNA翻译形成蛋白质，蛋白质包括酶和结构蛋
白，酶催化RNA自我复制，结构蛋白与+RNA形成子代病毒。
【解答】解：A、丙肝病毒的遗传物质为+RNA，遗传信息可以储存在+RNA和±RNA中，A正确；
B、图中，①表示RNA自我复制，，②③过程均表示翻译过程，B错误；
C、丙肝病毒的+RNA上可能含有多个起始密码子和多个终止密码子，C错误；
D、①②③中不存在T与A的碱基互补配对过程，D错误。
故选：A。
【点评】本题考查中心法则的相关知识，要求考生识记中心法则的主要内容及后人对其进行的补充和完
善，能正确分析题图，再结合所学的知识准确判断各选项。
16. （2022•涪陵区校级二模）将核糖体被15N标记的大肠杆菌培养在含32P和35S的培养基中，并用未标记
的噬菌体去侵染大肠杆菌，请回答：
（1）由实验得知，一旦噬菌体侵染大肠杆菌，大肠杆菌细胞内会迅速合成一种普通大肠杆菌不能合成
的RNA，这种RNA含有32P，而且其碱基能反映出噬菌体DNA的碱基比例，而不是大肠杆菌DNA的
碱基比例，从模板和原料角度分析，32P标记的RNA来自于
。
（2）一部分32P标记的RNA和稍后会合成的带35S 的蛋白质均与15N标记的核糖体连在一起，这种连
接关系表明此时细胞正在进行的生理过程是 。
（3）大肠杆菌细胞中的RNA，其功能有 。
A．传递遗传信息
B．作为遗传物质
C．转运氨基酸
D．构成核糖体（4）实验得到的子代噬菌体中，被35S标记的噬菌体所占的比例是 ，被15N标记的的噬菌体所占
的比例为 。
【分析】噬菌体侵染大肠杆菌的实验，噬菌体仅将自身的遗传物质DNA注入到大肠杆菌体内，在噬菌
体DNA的指导下，利用大肠杆菌中的氨基酸和脱氧核苷酸为原料，合成自身的蛋白质和DNA，组装后
释放。
【解答】解：（1）噬菌体外壳蛋白质的合成同样包括转录和翻译两个过程，其mRNA的碱基比与噬菌
体DNA的碱基比有关，而与大肠杆菌DNA的碱基比无关，说明转录的模板是噬菌体DNA，转录的原
料来自大肠杆菌；
（2）合成蛋白质外壳时，其翻译的场所是大肠杆菌的核糖体（含15N标记），核糖体的化学组成为
RNA和蛋白质，分别标记32P和35S，故此时正在进行的生理过程是噬菌体利用大肠杆菌的核糖体合成
噬菌体蛋白质；
（3）细胞共有三类常见RNA，mRNA传递遗传信息，tRNA转运氨基酸，rRNA构成核糖体；
（4）子代噬菌体合成DNA和蛋白质的原料均是来源于大肠杆菌，大肠杆菌培养在32P和35S的环境，
故子代噬菌体全部被32P和35S标记，但15N标记的是大肠杆菌的核糖体，故子代噬菌体中并不含15N标
记。
故答案为：
（1）以噬菌体DNA为模板，在大肠杆菌细胞内合成
（2）噬菌体利用大肠杆菌的核糖体合成噬菌体蛋白质
（3）ACD
（4）1 0
【点评】本题考查噬菌体侵染细菌的实验，旨在考查学生的实验与探究能力和获取信息的能力。
17. （2022•德州三模）新冠病毒依赖核糖体“移码”的特殊机制来提高病毒蛋白表达水平。核糖体“移
码”是指病毒RNA翻译过程中核糖体会向前或向后滑动一两个核苷酸，导致病毒可以利用一条RNA
为模板翻译产生两种蛋白质。下列有关该现象叙述错误的是（ ）
A．核糖体“移码”可扩展病毒所携带遗传信息的利用率
B．核糖体“移码”可导致RNA上提前或延后出现终止密码子
C．核糖体“移码”会导致RNA上起始密码子位置发生改变
D．细胞中若出现核糖体“移码”现象则机体细胞免疫活动增强
【分析】1、mRNA上3个相邻的碱基决定1个氨基酸。每3个这样的碱基叫作1个密码子。2、游离在细胞质中的各种氨基酸，以mRNA为模板合成具有一定氨基酸顺序的蛋白质，这一过程叫作
翻译。
【解答】解：A、根据题意，核糖体“移码”导致病毒可以利用一条RNA为模板翻译产生两种蛋白质，
故核糖体“移码”可扩展病毒所携带遗传信息的利用率，A正确；
B、核糖体“移码”可使病毒RNA翻译过程中核糖体向前或向后滑动一两个核苷酸，可导致RNA上提
前或延后出现终止密码子，B正确；
C、核糖体“移码”可使病毒RNA翻译过程中核糖体向前或向后滑动一两个核苷酸，起始密码子位置不
变，C错误；
D、细胞中若出现核糖体“移码”现象，说明病毒已侵入到细胞中，则机体细胞免疫活动增强，D正确。
故选：C。
【点评】本题比较基础，考查遗传信息的转录和翻译，要求考生识记遗传信息转录和翻译的过程、场所、
条件及产物等基础知识；识记密码子的特点，能结合所学知识准确判断各选项。
18. （2022•威海二模）新型化合物XP﹣524能阻断两种表观遗传调节子BET蛋白和组蛋白乙酰转移酶
（EP300）的功能，从而解除对染色质的凝聚作用促进相关基因转录。该机理应用到临床上可以帮助
治疗胰腺导管腺癌。下列说法错误的是（ ）
A．BET蛋白和EP300发挥作用时基因的碱基序列发生改变
B．BET蛋白和EP300会导致基因表达和表型发生可遗传的变化
C．染色质凝聚后高度螺旋化的DNA不能解旋从而抑制了相关基因的转录
D．XP﹣524可能通过促进抑癌基因表达帮助治疗胰腺导管腺癌
【分析】1、表观遗传是指DNA序列不发生变化，但基因的表达却发生了可遗传的改变，即基因型未发
生变化而表现型却发生了改变，如DNA的甲基化，甲基化的基因不能与RNA聚合酶结合，故无法进行
转录产生mRNA，也就无法进行翻译，最终无法合成相应蛋白，从而抑制了基因的表达。
2、新型化合物XP﹣524能阻断两种表观遗传调节子BET蛋白和组蛋白乙酰转移酶（EP300）的功能，
从而解除对染色质的凝聚作用促进相关基因转录。
【解答】解：A、由题意可知，BET蛋白和EP300抑制基因的转录，因此不会改变基因的碱基序列，A
错误；
B、BET蛋白和EP300通过抑制基因的转录而影响基因表达，最终导致表型发生可遗传的变化，B正确；
C、染色质凝聚后高度螺旋化的DNA不能解旋从而抑制了相关基因的转录，C正确；
D、XP﹣524解除胰腺导管细胞内BET蛋白和组蛋白乙酰转移酶对染色质的凝聚作用，促进抑癌基因的
表达，因此帮助治疗胰腺导管腺癌，D正确。
故选：A。【点评】本题主要考查表观遗传的相关内容，要求考生识记表观遗传的特点，分析各选项并结合所学知
识准确答题。
19. （2022•唐山三模）下表为日常生活中常用药物的作用机制。相关分析错误的是（ ）
抑制剂 作用机制 作用效果
四环素 阻断tRNA与核糖体结合 使细菌蛋白质合成受阻
阿昔洛韦 与鸟嘌呤脱氧核苷酸竞争靶位 抑制病毒DNA合成
a﹣鹅膏菌素 与RNA聚合酶结合 抑制真核细胞基因转录
嘌呤霉素 与氨基酸结合后进入核糖体，但不能参 抑制细胞内蛋白质肽链的延长
与随后的任何反应
A．四环素对真核细胞蛋白质合成无影响可能与核糖体结构有关
B．细胞质中鸟嘌呤脱氧核苷酸数量增加能导致阿昔洛韦药效降低
C．a﹣鹅膏菌素不适宜作为治疗肺炎双球菌感染引起的肺炎的药物
D．嘌呤霉素携带的氨基酸能与tRNA携带的氨基酸发生脱水缩合
【分析】1、真核细胞中，转录的主要场所为细胞核，翻译的场所为细胞质中的核糖体；原核细胞由于
没有核膜，因此拟核中DNA转录的同时会发生翻译过程。
2、RNA分子的种类及功能：
（1）mRNA：信使RNA；功能：蛋白质合成的直接模板。
（2）tRNA：转运RNA；功能：mRNA上碱基序列（即遗传密码子）的识别者和氨基酸的转运者。
（3）rRNA：核糖体RNA；功能：核糖体的组成成分，蛋白质的合成场所。
【解答】解：A、四环素通过阻断tRNA与核糖体结合从而使细菌蛋白质合成受阻，但对真核细胞蛋白
质合成无影响，这可能与真核细胞的核糖体结构有关，A正确；
B、阿昔洛韦可与鸟嘌呤脱氧核苷酸竞争靶位，因此细胞质中鸟嘌呤脱氧核苷酸数量增加能导致阿昔洛
韦药效降低，B正确；
C、a﹣鹅膏菌素可抑制真核细胞基因转录，不适宜作为治疗原核细胞肺炎双球菌感染引起的肺炎的药物，
C正确；
D、嘌呤霉素与氨基酸结合后进入核糖体，但不能参与随后的任何反应，D错误。
故选：D。
【点评】本题考查遗传信息传递和表达的相关知识，意在考查考生的识记能力和理解所学知识要点的能
力。
20. （2022•洪山区校级模拟）将细菌放在含15N的培养基中培养一段时间后，获得亲代细菌，然后放在含
14N的培养基培养到子一代和子二代。在每代取等量的细菌破碎，提取DNA离心，然后在紫外光下检
测DNA沉降带（由轻到重为：轻带、中间带和重带）。下列有关实验结果的说法正确的是（ ）A．亲代与子一代的结果可说明DNA复制方式为半保留复制
B．若用DNA酶处理子一代DNA后再离心，沉降带仍为中间带
C．子二代只含14N的DNA分子占全部DNA分子的
D．可用噬菌体代替细菌进行上述实验，且提取DNA更方便
【分析】根据题意和图示分析可知：亲代DNA两条链均含15N，子一代DNA中全为中带，推测DNA
分子是半保留复制，一条链为14N，另一条链为15N，也可能是分散复制，每条链中15N和14N随机分布。
若DNA复制为半保留复制，则复制两次后一半DNA的两条链都是14N，另一半DNA中一条链为14N，
另一条链为15N，则子二代中一半分布在轻带，一半分布在中带。
【解答】解：A、根据分析可知，亲代→子一代的结果不能说明DNA复制方式为半保留复制，也可能
是分散复制，A错误；
B、若用DNA解旋酶处理子一代DNA后离心，则DNA分子被水解为两条核苷酸链，含15N的分布在重
带，含14N的分布在轻带，B错误；
C、子二代DNA分子中一半DNA的两条链都是14N，另一半DNA中一条链为14N，另一条链为15N，因
此只含14N的DNA分子占全部DNA分子的 ，C正确；
D、噬菌体属于病毒，没有细胞结构，不能在培养基中培养，所以不可用噬菌体代替大肠杆菌进行上述
实验，D错误。
故选：C。
【点评】本题结合实验过程及实验结果，考查DNA分子复制的相关知识，首先要求考生掌握DNA分子
复制方式，能够根据题干信息推断每一代DNA分子中含14N的DNA分子数目和含15N的DNA分子数
目。
21. （2022•中原区校级模拟）真核生物细胞内存在着种类繁多、长度为21﹣23个核苷酸的小分子RNA
（简称miR），它们能与相关基因转录出来的mRNA互补，形成局部双链。由此可以推断这些miR抑
制基因表达的分子机制是（ ）
A．阻断rRNA装配成核糖体B．干扰tRNA识别密码子
C．妨碍双链DNA分子的解旋
D．影响RNA分子的远距离转运
【分析】已知miR是长度为21﹣23个核苷酸的小分子RNA，其可以与相关基因转录出来的mRNA互补，
形成局部双链。
【解答】解：A、根据题意分析已知，miR是与相关基因转录出来的mRNA互补，形成局部双链的，与
rRNA装配成核糖体无关，A错误；
B、根据题意分析已知，miR是与相关基因转录出来的mRNA互补，则mRNA就无法与核糖体结合，也
就无法与tRNA配对了，B正确；
C、根据题意分析已知，miR是与相关基因转录出来的mRNA互补，并没有与双链DNA分子互补，所
以不会妨碍双链DNA分子的解旋，C错误；
D、根据题意分析，miR是与相关基因转录出来的mRNA互补，只是阻止了mRNA发挥作用，并不能影
响RNA分子的远距离转运，D错误。
故选：B。
【点评】本题考查遗传信息的转录和翻译的相关知识，意在考查考生理解所学知识的要点，把握知识间
的内在联系、分析题意以及解决问题的能力。
22. （2022•东营区校级模拟）circRNA是真核细胞基因转录中剪切形成的封闭环形RNA分子。circRNA
上包含若干miRNA结合位点，可竞争性干扰细胞内miRNA与mRNA间的结合过程，进而削弱
miRNA对靶蛋白翻译的抑制作用；circRNA还可以结合并抑制某些蛋白质的功能，如circRNA能与
CDK2（CDK2为细胞分裂蛋白激酶2，能促进细胞分裂）形成复合体。下列叙述错误的是（ ）
A．circRNA中每个单体均通过磷酸二酯键与相邻两个单体进行连接
B．真核细胞内circRNA和miRNA对mRNA翻译成蛋白质的调控方向可能不同
C．真核细胞中进行翻译时，mRNA上的密码子能与tRNA携带的氨基酸发生碱基互补配对
D．真核细胞中利用circRNA与CDK2形成复合体的机理可抑制细胞分裂进程
【分析】根据题意：circRNA（环状RNA），其为一类特殊的非编码RNA分子，能解除miRNA与
mRNA间的结合，升高靶基因的表达水平。
【解答】解：A、由题干信息可知，circRNA分子是RNA，RNA的单体是核糖核苷酸，核糖核苷酸均通
过磷酸二酯键与相邻两个核糖核苷酸进行连接，A正确；
B、microRNA对其靶基因有抑制作用，可以调控细胞中特定蛋白质的产生数量，miRNA通过与mRNA
的结合，来抑制蛋白质的翻译过程，B正确；
C、真核细胞中进行翻译时，mRNA上的密码子能与tRNA上的反密码子发生碱基互补配对，C错误；D、CDK2能促进细胞分裂，circRNA与CDK2形成复合体后，可抑制细胞分裂进程，D正确。
故选：C。
【点评】本题通过circRNA，考查RNA的结构、遗传信息的表达过程，要求学生掌握RNA的结构、遗
传信息的表达过程基础知识，并举一反三，能结合题中信息准确判断各选项。
23. （2022•罗田县校级模拟）真核基因尾部没有碱基T的重复序列，但成熟的mRNA3'末端多数都有一个
100～200个A（腺嘌呤）的特殊结构，称为Poly（A）尾。有Poly（A）尾的mRNA可以结合更多的
核糖体。科研人员将有Poly（A）尾和无Poly（A）尾的珠蛋白mRNA分别注入爪蟾卵母细胞中，起
初二者都能合成珠蛋白，且珠蛋白结构完全相同，6h后后者不再继续合成珠蛋白。下列说法不正确的
是（ ）
A．基因转录结束后 Poly（A）尾才添加到mRNA3'末端
B．Poly（A）尾可增强mRNA的稳定性使其长时间发挥作用
C．含Poly（A）尾的mRNA合成蛋白质的效率更高
D．含有Poly（A）尾的mRNA合成的珠蛋白多肽末端含有多个密码子AAA对应的氨基酸
【分析】基因的表达即基因控制蛋白质的合成过程，包括转录和翻译两个主要阶段，其中转录是指以
DNA的一条链为模板，按照碱基互补配对原则，合成RNA的过程，翻译是以mRNA为模板合成蛋白质
的过程。
【解答】解：A、由于真核基因尾部没有T串序列，因此转录形成的mRNA的3′端不该出现Poly（A）
尾，由此可见，基因转录结束后Poly（A）尾才添加到mRNA的3′端，A正确；
B、根据题干信息“有Poly（A）尾和无Poly（A）尾的珠蛋白mRNA分别注入爪蟾卵母细胞中，起初
二者都能合成珠蛋白，6h后后者不能继续合成珠蛋白”可知，Poly（A）尾可以增强mRNA的稳定性使
其长时间发挥作用，B正确；
C、含Poly（A）尾的可以结合更多的核糖体同时进行翻译过程，因此含Poly（A）尾的mRNA合成蛋
白质的效率更高，C正确；
D、根据题干信息“有Poly（A）尾和无Poly（A）尾的珠蛋白mRNA分别注入爪蟾卵母细胞中，起初
二者都能合成珠蛋白”可知，Poly（A）尾不翻译，即翻译出的多肽末端不含多个密码子AAA对应的氨
基酸，D错误。
故选：D。
【点评】本题属于信息题，考查遗传信息的转录和翻译，要求考生识记遗传信息转录和翻译的过程、条
件及产物等基础知识，能正确分析题+信息，从中提取有效信息准确答题。
24. （2022•襄城区校级一模）已知组蛋白乙酰化与去乙酰化分别是由HAT（组蛋白乙酰转移酶）和
HDAC（去乙酰化转移酶）催化的，组蛋白的乙酰化促进转录，而去乙酰化则抑制转录。染色质上的组蛋白被乙酰化后成为活性染色质、去乙酰化后成为非活性染色质，如图。下列相关推测不合理的是
（ ）
A．染色质中的组蛋白乙酰化与去乙酰化不属于可逆反应
B．HDAC复合物使组蛋白去乙酰化伴随着对基因转录的抑制
C．激活因子、抑制因子可能改变了组蛋白的空间结构
D．活性染色质更便于DNA聚合酶与DNA的结合
【分析】分析题干和图示可知：①活性染色质和非活性染色质都主要由DNA和蛋白质组成；②组蛋白
的乙酰化促进转录，去乙酰化则抑制转录。
【解答】解：A、催化乙酰化与去乙酰化的酶不同，反应条件不同，故不是可逆反应，A正确；
B、HDAC催化去乙酰化，而去乙酰化则抑制转录，B正确；
C、激活因子、抑制因子使组蛋白乙酰化与去乙酰化，可能改变了组蛋白的空间结构，C正确；
D、在HAT复合物作用下染色质具有转录活性，更便于RNA聚合酶与DNA的结合，D错误。
故选：D。
【点评】本题考查DNA复制和转录过程，意在考查学生分析表格提取有效信息的能力；能理解所学知
识的要点，综合运用所学知识分析问题的能力。
25. （2022•重庆模拟）3T3﹣L1前脂肪细胞在胰岛素（INS）、地塞米松（DEX）和3﹣异丁基﹣1﹣甲基
黄嘌呤（IBMX）的刺激下，具有100%分化为成熟脂肪细胞的能力，是目前研究肥胖的常用细胞模型。
为研究发酵大麦提取物（LFBE）对3T3﹣L1前脂肪细胞活力与分化的影响，科研人员在适宜条件下
进行了以下实验。实验材料如下：小鼠3T3﹣L1前脂肪细胞，细胞培养液，未发酵大麦提取物
（RBE），发酵大麦提取物（LFBE），胰岛素，地塞米松（DEX），3﹣异丁基﹣1﹣甲基﹣黄嘌呤
（IBMX）等。
实验1：用RBE与LFBE分别处理小鼠3T3﹣L1前脂肪细胞24h、48h后，测定3T3﹣L1前脂
肪细胞的存活率，结果如图所示。（1）3T3﹣L1前脂肪细胞分化为成熟脂肪细胞可能是 的结果。
（2）根据实验1的结果可得出的结论是
。
实验2：用三种不同浓度的RBE与LFBE分别诱导3T3﹣L1前脂肪细胞分化8d后，观察细胞形态，记
录脂滴数量，统计细胞分化率。结果显示，与模型组细胞相比，RBE处理组均未显著减少细胞内脂滴数
量，LFBE处理组均能显著减少细胞内脂滴数量。回答下列问题：
（3）实验2中模型组的实验处理是 ，这样处理的目
的是 。
（4）根据实验2的结果推测，LFBE能 （填“促进”或“抑制”）3T3﹣L1前脂肪细胞分化。
进一步研究发现，LFBE能减少脂代谢相关基因的mRNA表达量，增加葡萄糖转运蛋白的mRNA表达量，
由此推测，LFBE影响前脂肪细胞分化的作用机理可能是
。
【分析】实验1的自变量是RBE和LFBE的浓度，因变量是细胞的存活率，根据图示分析可知：低于
250ugmL的RBE和LFBE不影响3T3﹣LI前脂肪细胞的活力。RBE浓度超过1000ugmL时对3T3﹣L1
前脂肪细胞的活力有一定的抑制作用。LFBE浓度达到500ugmL时，可显著抑制3T3﹣L1前脂肪细胞的
活力，且随着浓度的增大和时间的延长，抑制作用不再有明显变化。
【解答】解：（1）3T3﹣L1前脂肪细胞分化为成熟脂肪细胞是基因选择性表达的结果。
（2）根据分析可知：低于250ugmL的RBE和LFBE不影响3T3﹣L1前脂肪细胞的活力。RBE浓度超过
1000ugmL时对3T3﹣LI前脂肪细胞的活力有一定的抑制作用。LFBE浓度达到500ugmL时，可显著抑
制3T3﹣LI前脂肪细胞的活力，且随着浓度的增大和时间的延长，抑制作用不再有明显变化。（3）根据实验原则和实验目的可知：为了保证保证3T3﹣LI前脂肪细胞100%分化为成熟脂肪细胞（或
保证100%的分化率），则实验2中模型组的实验处理是3T3﹣L1前脂肪细胞+细胞培养液
+INS+DEX+IBMX
（4）根据实验2题干分析可知：LFBE能抑制3T3﹣L1前脂肪细胞分化，根据”LFBE能减少脂代谢相
关基因的mRNA表达量，增加葡萄糖转运蛋白的mRNA表达量推测：LFBE可能通过调节相关基因的表
达（转录），减少脂肪合成，增强细胞对葡萄糖的摄取，从而抑制3T3﹣LI前脂肪细胞的分化。
故答案为：
（1）基因选择性表达
（2）低于250μg•mL﹣1的RBE和LFBE不影响3T3﹣L1前脂肪细胞的活力。RBE浓度超过1000μg•mL
﹣1时对3T3﹣L1前脂肪细胞的活力有一定的抑制作用。LFBE浓度达到500μg•mL﹣1时，可显著抑制
3T3﹣L1前脂肪细胞的活力，且随着浓度的增大和时间的延长，抑制作用不再有明显变化
（3）3T3﹣L1前脂肪细胞+细胞培养液+INS+DEX+IBMX 保证3T3﹣L1前脂肪细胞100%分化为成
熟脂肪细胞（或保证100%的分化率）
（4）抑制 LFBE可通过调节相关基因的表达（转录），减少脂肪合成，增强细胞对葡萄糖的摄取，
从而抑制3T3﹣L1前脂肪细胞的分化
【点评】本题结合柱形图，意在考查学生分析图示提取有效信息的能力；能理解所学知识的要点，综合
运用所学知识分析问题的能力。
