北京曲一线图书策划有限公司 2023版《5年高考3年模拟》A版
专题检测题组 A
1.(2022届陕西汉中联考,9)下列有关孟德尔豌豆杂交实验的叙述,正确的是( )
A.豌豆有多对相对性状,因此选择其作为实验材料
B.对母本去雄应该在豌豆开花后进行
C.测交实验能检测出F 的遗传因子组成
1
D.孟德尔根据豌豆的表现型来判断其是否纯合
答案 C 孟德尔选择豌豆作为实验材料的主要原因是豌豆是自花传粉、闭花受粉植物,
A错误;对母本去雄应该在豌豆开花前进行,B错误;杂合子与显性纯合子表现型相同,根
据豌豆表现型不能判断其是否纯合,D错误。
2.(2022届豫南九校二联,11)下列关于孟德尔豌豆杂交实验的叙述正确的是( )
A.在杂交过程中,需要对父本进行去雄处理,防止自花传粉
B.孟德尔根据假说内容推断“测交后代会出现两种性状且比例为1∶1”属于演绎过程
C.F 自交时,精子和卵细胞随机结合体现了基因的自由组合
1
D.孟德尔假说中提出生物体能产生雌雄数量相等的两种配子
答案 B 在杂交过程中,需要对母本进行去雄处理,防止自花传粉,A错误;孟德尔根据假
说内容推断“测交后代会出现两种性状且比例为1∶1”,该推测属于演绎过程,B正确;F 自
1
交时,基因的自由组合发生在减数分裂过程中,不是精子和卵细胞的随机结合过程中,C错
误;孟德尔假说中没有提出生物体能产生雌雄数量相等的两种配子,且实际情况下一般雄
配子的数量远多于雌配子的数量,D错误。
3.(2022届西安中学月考,29)通过测交可以推测被测个体( )
①性状的显、隐性 ②产生配子的比例
③遗传因子组成 ④产生配子的数量
A.①②③④ B.①②③
C.②③ D.③④
答案 C 测交可以验证某一个体是纯合体还是杂合体,但不能推测性状的显、隐性,①
错误;根据测交子代的表现型及比例可以推测被测个体产生配子的比例,②正确;测交往
往用来鉴定某一显性个体的基因型,遗传因子组成可以通过测交检测,③正确;测交可以
推测被测个体产生配子的比例,但不能推测产生配子的数量,④错误。
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4.(2022届河南南阳一中月考,14)将具有一对相对性状的纯种豌豆个体间行种植;另将具
有一对相对性状的纯种玉米个体间行种植,具有隐性性状的一行植株上所产生的F 是(
1
)
A.豌豆和玉米都有显性个体和隐性个体
B.碗豆都为隐性个体,玉米既有显性又有隐性
C.豌豆和玉米的显性和隐性比例都是3∶1
D.玉米都为隐性个体,豌豆既有显性又有隐性
答案 B 由于豌豆是严格的自花传粉、闭花受粉植物,因此隐性植株上自交后代全是
隐性个体;玉米是异花受粉植物,隐性植株上可以接受自身花粉,也可以接受来自显性植
株的花粉,故隐性植株产生的F 有显性个体和隐性个体,A、C、D错误,B正确。
1
5.(2022届西安中学月考,32)某医学小组调查了人群中有耳垂性状和无耳垂性状的遗传
情况,统计情况如表。下列说法不正确的( )
亲代 第一组 第二组 第三组
表现型
双亲全 双亲只有一 双亲全
子代表
为有耳垂 方有耳垂 为无耳垂
现型
有耳垂 426 318 0
无耳垂 74 98 216
A.据表中第一组的调查结果可以判断出,显性性状是有耳垂,隐性性状是无耳垂
B.从第三组的调查结果基本可以判断出,隐性性状是无耳垂
C.第二组家庭中,某一双亲的基因型有可能都是纯合子
D.在第一组的抽样家庭中,比例不为3∶1,是因为抽样的样本太少
答案 D 第一组中双亲全为有耳垂,后代有无耳垂个体,说明无耳垂是隐性性状,A正确;
第三组的调查结果显示双亲为无耳垂,后代均为无耳垂,则基本可以判断出隐性性状是无
耳垂,B正确;由于有耳垂为显性性状,因此,第二组的抽样家庭中,双亲中有耳垂的可以是
显性纯合体、也可是杂合体,而无耳垂的肯定是纯合体,C正确;设与耳垂有无相关的基因
为A、a,由于有耳垂为显性性状,因此第一组的抽样家庭双亲的基因型组合方式可能是
AA×AA、AA×Aa、Aa×Aa,因此获得的比例不为3∶1的原因不是抽样太少,D错误。
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6.(2022届河南南阳一中期中,24)已知羊的有角性状(A)对无角性状(a)为显性,有角羊一定
含有A基因,AA为有角。取一对有角羊进行杂交(三年内产了3胎,每胎产多只羊),所得
后代的表现型及比例为有角♂∶有角♀∶无角♀=2∶1∶1。下列叙述正确的是( )
A.根据杂交实验结果推测,控制羊角性状的基因位于X染色体上
B.亲本的基因型为AA和Aa,基因型为Aa的雌羊表现有角,雄羊表现无角
C.无角羊相互交配后代可能出现有角雄羊
D.为确定一无角雌羊的基因型,可用一有角雄羊与该羊多次交配
答案 C 若相关基因位于X染色体上,则一对有角羊进行杂交产生的后代中雌性均为
有角或雄性中有无角,A错误;一对有角羊杂交(A_×A_),后代雌性有无角、有角两种,雄性
只有有角,说明雌性个体有两种基因型,即亲代的基因型为AA×Aa,且基因型为Aa的雌羊
表现无角,雄羊表现有角,B错误;无角雌羊(Aa)与无角雄羊(aa)杂交,后代雄羊可出现无角
(aa)与有角(Aa),C正确;要判断该无角雌羊的基因型是Aa还是aa,需要选择无角雄羊(aa)
与之多次杂交,产生足够多的后代,观察后代的雄羊角的表现,若后代雄羊中出现了有角
(Aa),则说明该亲本雌羊的基因型为Aa,若后代雄羊中全是无角(aa),则该亲本雌羊的基因
型为aa,D错误。
7.（2022届西安中学月考,33)将基因型为Aa的水稻自交一代的种子全部种下,待其长成
幼苗后,人工去掉隐性个体,并均分为①②两组,在下列情况下:①组全部让其自交;②组让
其所有植株间自由传粉。则①②两组的植株上基因型为AA的种子所占比例分别是多
少( )
A.1/9、1/6 B.1/2、4/9
C.1/6、1/9 D.4/9、1/2
答案 B 基因型为Aa的水稻自交,子一代的基因型和所占的比例分别是1/4AA、
1/2Aa、1/4aa。在幼苗期去掉隐性个体(aa)后,剩下幼苗的基因型及比例分别是1/3AA、
2/3Aa。①组全部让其自交:1/3AA 1/3AA,2/3Aa 1/6AA、1/3Aa、1/6aa,所以基
因型为AA的概率为1/3+1/6=1/2。②组让其所有植株间自由传粉:A的基因频率
=1/3+2/3×1/2=2/3,a的基因频率为1-2/3=1/3。AA的概率为2/3×2/3=4/9,Aa的概率为
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2×1/3×2/3=4/9,aa=1/3×1/3=1/9。所以①②两组的植株上基因型为AA的种子所占比例分
别为1/2和4/9,A、C、D错误,B正确。
名师点睛 自由交配概率的计算采用个体逐个交配的方法极易出错,一般采用配子比例
法,即计算出亲代中不同基因型的雌雄配子比例,再根据
AA=♀A×♂A,Aa=♀A×♂a+♀a×♂A,aa=♀a×♂a计算。
8.(2022届河南焦作重点中学期中,13)已知果蝇的灰身和黑身是一对相对性状,相关基因
(A、a)位于常染色体上。将纯种的灰身和黑身果蝇杂交,F 全为灰身。F 自交(基因型相
1 1
同的雌雄果蝇相互交配)产生F ,下列针对F 个体间的杂交方式所获得的结论不正确的
2 2
是( )
后代中灰身和
选项 杂交范围 杂交方式
黑身果蝇的比例
取F 中的
2
A 自由交配 3∶1
雌雄果蝇
取F 中的
2
B 自交 5∶3
雌雄果蝇
取F 中的
2
C 自由交配 9∶1
灰身果蝇
取F 中的
2
D 自交 5∶1
灰身果蝇
答案 C 灰身和黑身果蝇杂交,F 全为灰身,说明灰身为显性性状,F 的基因型及比例为
1 2
AA∶Aa∶aa=1∶2∶1,且A和a的基因频率都是1/2。取F 中的雌雄果蝇自由交配,由A和a的
2
基因频率都是1/2,计算后代中黑身果蝇的概率为1/2×1/2=1/4,故灰身和黑身果蝇的比例
为3∶1,A正确;取F 中的雌雄果蝇自交,由于AA∶Aa∶aa=1∶2∶1,因此后代中黑身果蝇的概率
2
为1/2×1/4+1/4=3/8,故灰身和黑身果蝇的比例为5∶3,B正确;将F 的灰身果蝇取出,则这些
2
果蝇中A基因占2/3、a基因占1/3,让其自由交配,根据遗传平衡定律,其子代黑身果蝇的
概率为1/3×1/3=1/9,所以后代中灰身和黑身果蝇的比例为8∶1,C错误;将F 的灰身果蝇取
2
出,则这些果蝇中AA∶Aa=1∶2,让其自交,后代中黑身果蝇的概率为2/3×1/4=1/6,故灰身和
黑身果蝇的比例为5∶1,D正确。
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9.(2022届河南中原名校一联,6)从性遗传是指由常染色体上基因控制的性状,在表现型上
受个体性别影响的现象。安哥拉兔的长毛和短毛由一对等位基因(A、a)控制。现用纯
种安哥拉兔进行杂交,实验结果如表。
长毛(雌)× F 雌、
1
实验一 实验二
短毛(雄) 雄个体交配
长毛∶短毛=
雄兔 全为长毛 雄兔
3∶1
F F
1 2
长毛∶短
雌兔 全为短毛 雌兔
毛=1∶3
下列说法错误的是( )
A.安哥拉兔的长毛和短毛的性状遗传属于从性遗传
B.安哥拉兔的短毛在雌性中为显性性状,雄性中为隐性性状
C.纯种短毛雌兔与F 长毛雄兔杂交,若子代出现长毛兔一定为雄性
2
D.纯种短毛雄兔与F 长毛雌兔杂交,若子代出现短毛兔一定为雄性
2
答案 D 纯种杂交子一代雄兔全为长毛,雌兔全为短毛,与性别有关,且子二代雄兔中长
毛∶短毛=3∶1,雌兔中长毛∶短毛=1∶3,即安哥拉兔的长毛和短毛的性状遗传属于从性遗
传,A正确;由F 性状比例可知,在雄兔中短毛为隐性性状,在雌性中短毛为显性,B正确;纯
2
种短毛雌兔aa与F 长毛雄兔(AA、Aa)杂交,子代的基因型为aa、Aa,aa在雌雄兔中均为
2
短毛,Aa在雌兔中为短毛,在雄兔中为长毛,C正确;纯种短毛雄兔aa与F 长毛雌兔AA杂
2
交,子代的基因型为Aa,Aa在雌兔中为短毛,在雄兔中为长毛,若子代出现短毛兔一定为雌
性,D错误。
解题技巧 从性遗传属于常染色体上基因控制的遗传,此题在F 雌雄个体中均出现3∶1
2
性状分离比,而X染色体上的基因控制的遗传,在F 雌雄个体中性状分离比需根据亲本
2
具体分析。
10.(2022届河南信阳质检,24)某雌雄同株植物的花色由位于常染色体上的基因S和s控
制,且只有含S基因的花粉能完成受精作用。含s基因的花粉虽然能正常萌发,但往往只
延伸到花柱的中部,花粉管细胞就开始发生凋亡而停止生长,无法完成受精作用。不考虑
变异,下列有关叙述错误的是( )
A.花粉管细胞的凋亡可能与s基因的表达产物有关
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B.该植物的花色可能只有1种表现型
C.基因型为Ss的植株自由交配2代,F 中Ss占1/4
2
D.基因型为Ss的植株连续自交2代,F 中Ss占1/3
2
答案 D s基因的表达产物可能与花粉管细胞的凋亡有关,A正确;不考虑变异,由于含
有s基因的花粉无法参与受精作用,因此该植物与花色有关的基因型只有SS、Ss两种,若
S对s为完全显性,则该植物的花色只有1种表现型,若S对s为不完全显性,则该植物的
花色有2种表现型,B正确;基因型为Ss的植株自由交配1代,由于含有s的花粉不能完成
受精,因此F 中SS∶Ss=1∶1,F 产生的可育雄配子只含S,雌配子中S∶s=3∶1,F 自由交配,F 为
1 1 1 2
SS∶Ss=3∶1,即F 中Ss占1/4,C正确;基因型为Ss的植株自交,由于含有s的花粉不能完成
2
受精,F 为1/2SS、1/2Ss,F 自交,F 中Ss占1/2×1/2=1/4,D错误。
1 1 2
解题思路 含S基因的雄配子能完成受精作用,含s基因的雄配子无法完成受精作用,计
算子代时只计算含S基因的雄配子与雌配子结合。
11.(2022届河南信阳质检,25)某种烟草黄花与白花为一对相对性状,由等位基因A、a控
制。多株纯合白花烟草与纯合黄花烟草杂交,F 均为黄花,F 自交,F 的表现型及比例为黄
1 1 2
花∶白花=35∶1。分析发现,F 中A、a的基因频率相等,下列叙述错误的是( )
2
A.显性性状为黄花
B.烟草体细胞中控制一对相对性状的遗传因子有4个
C.F 的黄花植株自交同时出现不同表现型个体的现象为性状分离
1
D.让F 与白花植株杂交,子代表现型及比例为黄花∶白花≈6∶1
1
答案 D 多株纯合白花烟草与纯合黄花烟草杂交,F 均为黄花,说明黄花为显性性状,A
1
正确;F 均为黄花,F 自交,F 黄花∶白花=35∶1,说明亲代携带隐性基因的配子占比为1/6,即
1 1 2
F 应为四倍体,基因型为AAaa,亲本为AAAA×aaaa,所以烟草体细胞中控制一对相对性状
1
的遗传因子有4个,B正确;性状分离是指杂合子自交后代同时出现显性性状和隐性性状
的现象,所以F 的黄花植株自交同时出现不同表现型个体的现象为性状分离,C正确;F 基
1 1
因型为AAaa,产生的配子基因型及比例为AA∶Aa∶aa=1∶4∶1,因此让F 与白花植株(aaaa)杂
1
交,子代表现型及比例为黄花∶白花≈5∶1,D错误。
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12(2022届银川一中月考,32)某学校生物小组在一块较为封闭的低洼地里发现了一些野
生植株,这些植株的花色有红花和白花两种,茎秆有绿茎和紫茎两种。分两组对该植物的
花色、茎色进行遗传方式的探究。请根据实验结果进行分析。
第二组:取绿
第一组:取90对
茎和紫茎的
亲本进行实验
植株各1株
杂交 F 交配 F
1 1
组合 表现型 组合 表现型
A:30 红花× 36红花 D:绿茎 绿茎∶紫
对亲本 红花 ∶1白花 ×紫茎 茎=1∶1
B:30 红花× 5红花∶ E:紫茎 全为
对亲本 白花 1白花 自交 紫茎
由于虫
C:30 白花× 全为 F:绿茎
害,植
对亲本 白花 白花 自交
株死亡
(1)从第一组花色遗传的结果来看,隐性性状为 ,最可靠的判断依据是 组。
(2)若任取B组的一株亲本红花植株使其自交,其子一代表现型的情况是 。
(3)由B组可以判定,该种群中显性纯合子与杂合子的比例约为 。
(4)从第二组茎色遗传的结果来看,隐性性状为 ,判断依据的是 组。
答案 (1)白花 A (2)全为红花或红花∶白花=3∶1 (3)2∶1 (4)紫茎 D组和E
解析 (1)第一组中A组红花×红花的后代发生了性状分离,说明红花是显性性状,白花是
隐性性状。(2)B组亲本中的任一株红花植株,可能是纯合子也可能是杂合子,因此自交后
代可能是全为红花或红花∶白花=3∶1。(3)B组中的白花个体为隐性纯合子,因此F 中5
1
红花∶1白花就代表了亲代中的所有红花亲本所含显隐性基因的比,即显性基因∶隐性基
因=5∶1,如果设显性基因为R,则RR∶Rr=2∶1。(4)据D组绿茎×紫茎的后代中绿茎∶紫茎
=1∶1和E组紫茎自交的后代全为紫茎,可判断茎色遗传中,隐性性状为紫茎,显性性状为绿
茎。
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13.(2022届河南名校大联考,27)老年人和白化病患者都会出现白发,但原因有所不同。图
1是某白化病患者的家族系谱图,其中部分成员Ⅰ 、Ⅰ 、Ⅱ 和Ⅱ 的DNA经限制酶
1 2 1 2
MspⅠ酶切,产生不同的片段,经电泳后得出的结果如图2所示。请回答下列问题:
图1
图2
(1)老年人出现白发的原因是 。
(2)假设白化病受一对等位基因A、a控制,则基因A为 kb的DNA片段;若Ⅱ 与患白
4
化病的女性婚配,则后代不患白化病的概率为 。
(3)正常情况下,Ⅱ 的卵细胞中有 个白化病基因。若Ⅱ 希望婚后生下一个不患白化
3 3
病的孩子,你的建议是 。
答案 (1)老年人由于头发基部的黑色素细胞衰老,细胞中的酪氨酸酶活性降低,黑色素合
成减少
(2)23 2/3
(3)1 与一个不携带白化病致病基因的男性结婚(或与家系中无白化病患者的男性结婚)
解析 (1)老年人由于头发基部的黑色素细胞衰老,细胞中的酪氨酸酶活性降低,黑色素合
成减少,导致出现白发。(2)双亲正常,女儿Ⅱ 患白化病,说明白化病为常染色体隐性遗传
3
病,Ⅱ 的基因型为aa,Ⅰ 和Ⅰ 的基因型都为Aa,由图2可知,Ⅱ 的基因带谱与Ⅰ 、Ⅰ
3 1 2 1 1 2
相同,故其基因型为Aa,Ⅱ 、Ⅱ 表现正常,说明23 kb条带对应显性基因A,19 kb条带
1 2
对应隐性基因a。由图1可知,Ⅱ 的基因型及比例为2/3Aa、1/3AA,其与患白化病的女
4
性(aa)婚配,后代不患白化病的概率为2/3×1/2+1/3=2/3。(3)Ⅱ 的基因型为aa,经减数分裂
3
(减数第一次分裂,同源染色体分离,减数第二次分裂,姐妹染色单体分离),正常情况下,她
的卵细胞中只有1个白化病基因,她和一个不携带白化病致病基因的男性(AA)结婚,后代
不会患白化病。
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专题检测题组 B
1.(2022届镇江期中,17)人类颅面骨发育不全症是一种单基因显性遗传病,携带致病基因
的个体有一定概率不表现症状。如图是某家族该病的系谱图,其中Ⅱ 无致病基因。下
1
列相关叙述错误的是(多选)( )
A.该病致病基因位于常染色体上
B.个体Ⅱ 和Ⅱ 基因型可能相同
2 3
C.个体Ⅱ 和Ⅲ 均为杂合子
2 4
D.个体Ⅲ 和正常男性婚配后代患病概率为1/2
2
答案 CD 结合题干信息分析题图,该病为单基因显性遗传病,Ⅲ 为男性患者而其母亲
3
Ⅱ 却无致病基因,则该病不是X染色体显性遗传病,可确定为常染色体显性遗传病,A正
1
确。由于Ⅱ 无致病基因,因此Ⅲ 和Ⅲ 的致病基因只能来自Ⅱ ;相关基因用A、a表示,
1 2 3 2
则Ⅱ 的基因型为Aa,Ⅱ 的基因型可能是Aa或AA,则Ⅱ 和Ⅱ 的基因型可能相同,B正
2 3 2 3
确。结合上述分析,个体Ⅱ 携带致病基因,其基因型为Aa;Ⅲ 表现正常,其基因型既可能
2 4
是携带致病基因的Aa,也可能是不含致病基因的aa,因此Ⅲ 不一定是杂合子,C错误。根
4
据分析,个体Ⅲ 的基因型是Aa,其与正常男性(aa)婚配,子代基因型是Aa的概率为1/2,但
2
携带致病基因的个体(Aa)有一定概率不表现症状,因此子代患病的概率小于1/2,D错误。
2. (2022届海安中学月考,10)玉米是雌雄同株、异花传粉植物,既可以接受本植株的花粉,
也能接受其他植株的花粉。在一块农田间行种植等数量的基因型为Aa和aa的玉米(A
和a分别控制显性性状和隐性性状,且A对a为完全显性),假定每株玉米结的子粒数目相
同,收获的玉米种下去,具有A表现型和a表现型的玉米比例应接近于( )
A.7∶9 B. 3∶2 C. 3∶5 D. 1∶4
答案 A 农田间行种植等量基因型为Aa和aa的玉米,其产生的配子中,A占1/4,a占
3/4。因为玉米是雌雄同株、异花传粉植物,既可以接受本植株的花粉,也能接受其他植
株的花粉,说明它们之间可以自由传粉,所以玉米结的子粒中,AA占1/4×1/4=1/16,Aa占
1/4×3/4×2=6/16,aa占3/4×3/4=9/16。因此,收获的玉米种下去,具有A表现型和a表现型
的玉米比例应接近(1/16+6/16)∶9/16=7∶9。A正确。
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3.(2022届阜宁中学第二阶段考,18)苯丙酮尿症是一种严重的单基因遗传病。图1是某
患者的家族系谱图,其中部分成员Ⅰ 、Ⅰ 、Ⅱ 和Ⅱ 的DNA经限制酶MspⅠ酶切,产
1 2 1 2
生不同的片段,经电泳后用苯丙氨酸羟化酶cDNA探针杂交,结果见图2。下列分析正确
的是(多选)( )
图1
图2
A.个体Ⅱ 是杂合体的概率为2/3
1
B.个体Ⅱ 与一杂合体婚配生患病孩子的概率为0
2
C.个体Ⅱ 是隐性纯合体,有19 kb探针杂交条带
3
D.个体Ⅱ 可能为杂合体,有2个探针杂交条带
4
答案 BCD 分析图1可知,苯丙酮尿症为常染色体隐性遗传病,假设相关基因用A、a
表示,Ⅰ 、Ⅰ 的基因型都是Aa,再结合图2的酶切结果可知,Ⅱ 的基因型为Aa,个体Ⅱ
1 2 1 1
是杂合体的概率为1,A错误;Ⅱ 表现正常,且从酶切结果可知,Ⅱ 的基因型为AA,由此可
2 2
以推知,23 kb探针杂交条带对应显性基因A,19 kb探针杂交条带对应隐性基因a,个体Ⅱ
与一杂合体Aa婚配,生患病孩子(aa)的概率为0,B、C正确;个体Ⅱ 可能为纯合体AA,
2 4
也可能为杂合体Aa,若为杂合体,就有2个探针杂交条带,D正确。
4.(2022届重庆月考二,17)某花卉基地的一种只开白花的花卉(自花传粉),突然出现开紫
花的植株。将该紫花植株的种子种下去,长出的126株新植株中,出现了32株开白花植
株。下列关于此现象的说法,错误的是( )
A.紫色和白色是同一种性状
B.该紫花植株自交后代出现了性状分离
C.若将该紫花植株连续自交,在第三代时,理论上杂合子应占约1/8的比例
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D.随着自交代数的增多,杂合子将越来越少
C 由题意可知,紫花和白花是同一性状的不同表型,且紫花对白花为显性,假设控制紫花、
白花的基因分别为A、a,亲代紫花Aa自交,第二代的基因型为1/4AA、2/4Aa、1/4aa,第
二代紫花自交,即1/3AA、2/3Aa自交,其中只有2/3Aa自交会出现杂合子,杂合子比例为
2/3×2/4=1/3,C错误。
名师点拨 C项紫花植株连续自交即每代淘汰隐性个体,显性个体连续自交。D项为杂
合子连续自交,不淘汰隐性个体,则自交n次,杂合子占比为1/2n。
5.(2022届山西运城摸底,13)为获得优良性状的纯合子,将基因型为Aa的小麦逐代自交,
且逐代淘汰aa,下列说法不正确的是( )
A.此过程中F 出现aa个体的基础是等位基因分离,自交n代后杂合子所占比例降低
1
B.该育种方式涉及了基因重组
C.该育种方式与单倍体育种相比所需育种年限长
D.可通过单倍体育种方式得到纯合品种
B F 自交后代出现性状分离的原因是等位基因的分离,没有发生基因重组,基因重组一
1
般至少涉及两对等位基因,B错误。
知识拓展 基于杂合子Aa自交后代杂合子比例降低的特性,农业育种中可以采用杂合
子连续自交纯化显性个体获得纯合体AA的方式,但该方法比单倍体育种年限长。
6.(2022届福建龙岩期中联考,13)某种昆虫的灰身对黑身为显性,该相对性状受一对位于
常染色体上的等位基因控制。现让纯种灰身昆虫与黑身昆虫杂交,产生的F 再自由交配
1
产生F 。下列分析错误的是( )
2
A.若让F 中的昆虫进行自由交配,则F 中灰身昆虫与黑身昆虫的比例为3∶1
2 3
B.若让F 中基因型相同的昆虫进行交配,则F 中灰身昆虫与黑身昆虫的比例是5∶3
2 3
C.若除去F 中的黑身昆虫,让灰身昆虫自由交配,则F 中灰身昆虫所占比例是7/8
2 3
D.若除去F 中的黑身昆虫,让基因型相同的灰身昆虫进行交配,则F 中黑身昆虫所占比
2 3
例为1/6
答案 C 假设灰身、黑身分别由A、a控制,F (Aa)自由交配获得F (1AA、2Aa、
1 2
1aa),F 群体中产生的配子及比例为1/2A、1/2a,则F 自由交配所得F 的基因型为
2 2 3
1/4AA、1/2Aa、1/4aa,灰身∶黑身=3∶1,A正确;F 中基因型相同的昆虫进行交配,所得F
2 3
中黑身昆虫的比例为1/2×1/4+1/4=3/8,灰身昆虫的比例为1-3/8=5/8,B正确;若除去F 中
2
的黑身昆虫,则灰身个体为1/3AA、2/3Aa,该群体产生的配子为2/3A、1/3a,则让灰身昆
第 12 页 共 26 页北京曲一线图书策划有限公司 2023版《5年高考3年模拟》A版
虫自由交配,所得F 中黑身昆虫的比例为1/3×1/3=1/9,灰身昆虫的比例为1-1/9=8/9,C错
3
误;若除去F 中的黑身昆虫,让基因型相同的灰身昆虫自交,F 中黑身昆虫所占比例为
2 3
2/3×1/4=1/6,D正确。
7.(2022届扬州中学月考,13)某种雌雄同花植物的花色呈现出白色、浅红色、粉红色、
红色和紫红色,是由一个基因座位上的三个复等位基因决定的。将一白花植株与一紫红
花植株杂交,F 均为粉红花植株。下列叙述正确的是( )
1
A. 三个复等位基因之间是共显性关系
B.F 粉红花植株进行自交,其后代会出现浅红色植株
1
C.F 粉红花植株进行自交,其后代出现多种表型是基因重组的结果
1
D.若一浅红花植株与一红花植株杂交,其后代一定不会出现白花和紫红花植株
答案 D 结合题干信息分析可知,三个复等位基因可组成六种基因型,若为共显性,则群
体中应为6种表型,而题中只有5种表型,所以可判断不是共显性关系,A错误;设白花基因
为A、红花基因为A 、紫红花基因为A ,当有A基因时可淡化花色,所以AA 为浅红
1 2 1
色,AA 为粉红色,F 粉红花(AA )植株进行自交,其后代会出现白色、粉红色和紫红色,不
2 1 2
会出现浅红色植株,B错误;基因重组至少要涉及两对等位基因,而题中只有三个复等位基
因,故不能发生基因重组,C错误;若一浅红花植株(AA )与一红花植株(A A )杂交,其后代
1 1 1
会出现浅红花植株和红花植株,一定不会出现白花(AA)和紫红花(A A )植株,D正确。
2 2
8.遗传印记是在哺乳动物配子形成期,特异性对父源(来自精子)或母源(来自卵子)的等位
基因做一个印记,使子代只表达父源或母源的等位基因,从而使子代产生不同的表型。小
鼠常染色体上的A基因编码某种生长因子,对小鼠的正常发育是必需的,缺乏时个体矮小。
现以纯合正常小鼠为母本、纯合矮小小鼠为父本杂交, F 全为矮小小鼠;反交实验中F
1 1
全为正常小鼠。相关叙述错误的是( )
A.正反交实验结果不同是由于F 中父源的A基因不能正常表达
1
B.正反交实验的F 中矮小小鼠和正常小鼠的基因组成是相同的
1
C.正交实验F 中的矮小小鼠自由交配,后代中正常小鼠与矮小小鼠的比例为1∶1
1
D.正交实验F 的矮小小鼠和反交实验中F 的正常小鼠自由交配,后代中正常小鼠与矮小
1 1
小鼠的比例为1∶1
答案 A 由题意可知,纯合正常小鼠基因型为AA,纯合矮小小鼠基因型为aa。正交实
验中,纯合正常小鼠(AA)为母本,纯合矮小小鼠(aa)为父本,二者杂交, 子代基因型均为
第 13 页 共 26 页北京曲一线图书策划有限公司 2023版《5年高考3年模拟》A版
Aa,子代全表现为矮小小鼠,说明是母源的A基因不能正常表达,A错误;正反交实验中,F
1
矮小小鼠和正常小鼠的基因型均为Aa,B正确;结合A选项可知,F 中的基因型为Aa,由于
1
母源中的A基因不能表达,故雌配子为a,雄配子为A∶a=1∶1,后代中正常小鼠Aa∶矮小小鼠
aa=1∶1,C正确;结合B选项可知,正交实验中F 的矮小小鼠和反交实验中F 的正常小鼠基
1 1
因型均为Aa,且F 的母源A不能表达,只能产生a的配子,令其与正常小鼠Aa自由交配,
1
则后代中正常小鼠与矮小小鼠的比例为1∶1,D正确。
第 14 页 共 26 页北京曲一线图书策划有限公司 2023版《5年高考3年模拟》A版
专题检测题组 C
1.(2022届福田调研,9)山柳菊为异花传粉植物,具有发达的根系,易从根系上再生出新植
株。孟德尔最初曾使用山柳菊研究遗传不理想,后改用豌豆终获成功,可见实验材料的选
择对实验成功与否非常关键。下列相关叙述错误的是( )
A.山柳菊植株不能闭花传粉,无法保证显性个体一定为纯合子
B.山柳菊能够进行无性繁殖,会对子代表型的统计造成干扰
C.摩尔根以果蝇的染色体与基因类比,提出基因位于染色体上的假说
D.玉米常作为遗传实验材料的原因之一是杂交时无须去雄
答案 C 萨顿以蝗虫的染色体与基因类比,提出基因位于染色体上的假说,摩尔根通过
果蝇杂交实验,采用假说—演绎法证明基因在染色体上,C错误。
2.(2022届广东质检,15)玉米是雌雄同株异花植物,顶端为雄花,叶腋处为雌花,间行种植可
以进行同株异花传粉和异株异花传粉。玉米的宽叶对窄叶为显性,并由常染色体上的一
对等位基因控制。不考虑基因突变,下列叙述错误的是( )
A.纯合宽叶玉米和纯合窄叶玉米间行种植,后代中会出现窄叶玉米
B.杂合宽叶玉米和窄叶玉米间行种植,后代中会出现纯合宽叶玉米
C.纯合宽叶玉米和杂合宽叶玉米间行种植,后代中不会出现窄叶玉米
D.用玉米做人工杂交实验,不需要进行去雄,但需要对雌蕊进行套袋
答案 C 纯合宽叶玉米和杂合宽叶玉米间行种植,杂合宽叶玉米同株异花传粉,后代中
会出现窄叶玉米,C错误。
3.(2022届广州调研,8)某种雌雄同株异花的二倍体植物,其细胞核与细胞质中都存在决定
雄性是否可育的基因,其中R(雄性可育)对r(雄性不育)为显性,是位于常染色体上的一对
等位基因;F(雄性可育)与T(雄性不育)是存在于细胞质中的基因。当细胞质和细胞核中
均只有雄性不育基因时,个体才表现为雄性不育(雄蕊退化)。现用基因组合类型分别为
F(Rr)与T(rr)的两植株进行人工杂交实验,不考虑细胞质中同时存在F和T基因的情况,
下列分析正确的是( )
A.雄性可育的个体基因组合类型可能有4种
B.该杂交实验中T(rr)为父本
C.子一代中有一半的个体是雄性可育的
D.子一代的基因组合类型共有4种
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答案 C 雄性不育的基因型为T(rr),雄性可育的个体基因组合类型可能是T(RR)、
T(Rr)、F(RR)、F(Rr)、F(rr),共有5种,A错误;该杂交实验中T(rr)为雄性不育,不能作父
本,B错误;T(rr)雄性不育,只能作母本,F(Rr)与T(rr)杂交,因此子一代的细胞质基因为T,细
胞核基因为Rr或rr,各占1/2,后代中T(Rr)∶T(rr)=1∶1,即雄性可育∶雄性不育=1∶1,C正确;
子一代基因组合有T(Rr)和T(rr)2种,D错误。
第 16 页 共 26 页北京曲一线图书策划有限公司 2023版《5年高考3年模拟》A版
专题检测题组 D
1.(2022届长沙长郡中学月考二,13)孟德尔利用“假说—演绎法”发现了分离定律。下
列关于孟德尔得出分离定律过程的叙述,正确的是( )
A.孟德尔在实验时发现F 都表现双亲的中间性状、F 出现两种性状
1 2
B.为验证作出的假设是否正确,设计并完成了正反交实验
C.假说的核心内容是“生物体能产生数量相等的雌雄配子”
D.“让F 与矮茎杂交,预测后代中高茎∶矮茎=1∶1”属于“演绎”环节
1
答案 D 孟德尔在实验时发现F 总是高茎,A错误;为验证作出的假设是否正确,设计
1
并完成了测交实验,B错误;假说的核心内容是“生物体在形成配子时,成对的遗传因子
彼此分离,分别进入不同的配子中”,生物体产生的雌雄配子数一般不相等,C错误;预测
测交后代比例属于演绎,D正确。
2.(2022届长沙长郡中学月考二,17)(不定项)玉米是二倍体异花传粉作物,其籽粒的饱
满与凹陷受一对等位基因控制。现用自然条件下获得的若干饱满玉米籽粒和凹陷玉米
籽粒为实验材料验证分离定律。下列说法正确的是( )
A.两种玉米分别自交,若某些玉米自交后代出现3∶1的性状分离比,则可验证分离定律
B.两种玉米分别自交,在子代中选择两种纯合子进行杂交得到F ,F 自交,若F 出现3∶1
1 1 2
的性状分离比,则可验证分离定律
C.两种玉米杂交,若F 表现为两种性状且分离比为3∶1,则可验证分离定律
1
D.两种玉米杂交,若F 表现为两种性状且分离比为1∶1,则可验证分离定律
1
答案 ABD 两种玉米分别自交,子代出现3∶1的性状分离比,或在子代中选择两种纯
合子进行杂交,得到的F 自交,F 中出现3∶1的性状分离比,均可验证分离定律,A、B正
1 2
确;两种玉米杂交,如果F 表现两种性状,且比例为1∶1,或F 表现一种性状,再用F 自
1 1 1
交,F 中出现3∶1的性状分离比,均可验证分离定律,C错误,D正确。
2
易混易错 饱满玉米籽粒和凹陷玉米籽粒杂交,后代不可能出现3∶1的性状分离比。
3.(2022届常德临澧一中月考三,14)(不定项)母性效应是指子代某一性状的表型由母本
的核基因型决定,而不受自身基因型的支配。例如椎实螺(一种雌雄同体的软体动物,一
般通过异体受精繁殖,但若单独饲养,也可以进行自体受精)螺壳的旋向由一对等位基因
D(右旋)和d(左旋)控制,D对d是完全显性,遗传上遵循母性效应。下列叙述正确的是(
)
A.♀DD×♂Dd,F 自交,F 个体中表现为右旋的纯合体所占比例为1/4
1 2
第 17 页 共 26 页北京曲一线图书策划有限公司 2023版《5年高考3年模拟》A版
B.椎实螺螺壳表现为左旋的个体基因型可能为DD、Dd或dd
C.以纯合左旋(dd)椎实螺作母本,纯合右旋(DD)椎实螺作父本进行交配产生F ,F 自交
1 1
产生的F 全部表现为右旋
2
D.欲判断某左旋椎实螺的基因型,可用任意的右旋椎实螺作父本进行交配,统计杂交后
代的性状
答案 CD ♀DD×♂Dd,F 为1/2DD、1/2Dd,F 自交,F 个体全表现为右旋,纯合子所占
1 1 2
的比例为1/2+(1/2)×(1/2)=3/4,A错误;螺壳为左旋,说明母本基因型为dd,则子代为
dd或Dd,B错误;以dd为母本,DD为父本,产生的F 为Dd,F 自交后代F 表现为F 中母本
1 1 2 1
Dd的性状,均为右旋,C正确;据B项左旋椎实螺的基因型为Dd或dd,用其作母本,任意
右旋椎实螺作父本与该螺杂交,若子代为右旋,则该左旋椎实螺的基因型为Dd,若子代为
左旋,则该左旋椎实螺的基因型为dd,D正确。
4.(2022届长沙一中月考一,10)豌豆的高茎和矮茎受一对等位基因控制,某豌豆种群全
为高茎,让该豌豆种群自然繁殖一代,F 的高茎∶矮茎=5∶1,则F 继续自然繁殖产生的
1 1
F 中高茎∶矮茎为( )
2
A. 3∶1 B. 4∶1 C. 5∶1 D. 8∶1
答案 A 设相关基因为A/a,原高茎种群中AA为x,Aa为1-x。豌豆种群自然繁殖即自
交,因此F 中高茎(A_)=x+3(1-x)/4,矮茎(aa)=(1-x)/4,根据F 的高茎∶矮茎=5∶1,解
1 1
得x=1/3,进而求出F 中AA∶Aa∶aa=3∶2∶1。F 中矮茎(aa)=2/6×1/4+1/6=1/4,高茎
1 2
(A_)=1-1/4=3/4,因此F 中高茎∶矮茎=3∶1,故选A。
2
5.(2022届邵东月考一,9)在一对相对性状的杂交实验中,亲本性状肯定都能够稳定遗传
的是 ( )
A.具有相对性状的两个亲本
B.具有显性性状的两个亲本
C.具有隐性性状的两个亲本
D.能严格自花传粉的单一亲本
答案 C 具有相对性状的两个亲本,隐性亲本为纯合子能稳定遗传,显性亲本不一定,A
错误;具有隐性性状的两个亲本一定是纯合子,能稳定遗传,C正确;具有显性性状的亲本
和能严格自花传粉的单一亲本不一定是纯合子,不一定能稳定遗传,B、D错误。
6.(2022届怀化联考,19)芦花鸡体型椭圆而大,多为单冠,羽毛黑白相间,雄性芦花鸡的
斑纹白色宽于黑色,雌性芦花鸡的斑纹宽度一致。芦花鸡的性别决定方式为ZW型,正常
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情况下,自然芦花鸡种群中雌雄个体数量基本相等。研究发现,雄性芦花鸡体态健美、
肌肉发达,且鸡皮薄、皮下脂肪少、肉质紧凑、细腻而筋道、经济价值较高。已知芦花
鸡对非芦花鸡为显性,相关基因(A/a)只位于Z染色体上。控制单冠与双冠的基因(B/b)
和控制腿色黑与黄的基因(D/d)位置未知。某研究小组选用纯合亲本进行了如下杂交实
验,结果如表所示,据此回答下列问题:
P F F 雌雄交配得F
1 1 2
正交 ♀单冠黑腿×♂双冠黄腿 单冠黑腿 单冠黑腿∶双冠黄腿=3∶1
反交 ♀双冠黄腿×♂单冠黑腿 单冠黑腿 单冠黑腿∶双冠黄腿=3∶1
(1)控制芦花鸡头冠和腿色的基因的遗传遵循 定律,上述杂交实验的F 中,这两
1
对基因所在染色体的类型及位置关系为 。F 单冠
2
黑腿芦花鸡中的杂合子占 。
(2)自然芦花鸡种群中雌雄个体比例为1∶1的原因是
。
(3)为了提高经济效益,满足人们(消费者)对鸡肉的需求,在现实中,应通过特定性状标
记性别以便在雏鸡时即可选择出雄性芦花鸡进行培养,现有纯合雌性芦花鸡和纯合雄性
非芦花鸡,请写出筛选方案: 。
(4)钴60γ射线可将染色体切断产生染色体碎片,这些染色体碎片可能在细胞有丝分裂
增殖时丢失。研究人员在进行芦花鸡育种时发现,经钴60γ射线照射的鸡蛋孵化出的纯
种黑腿雄性雏鸡与纯种黄腿雌鸡交配,所得子代出现了少量左、右半身分别呈现黑腿与
黄腿的嵌合体。该嵌合体出现的原因可能是 。若用实验检
验上述推测,请简要写出实验思路: 。
答案 (1)分离 B/b、D/d两对基因位于一对同源的常染色体上,且B、D基因位于其中
一条染色体上,b、d基因位于另一条染色体上 2/3 (2)雌性芦花鸡产生的卵细胞中含
Z染色体的与含W染色体的比例为1∶1;雄性芦花鸡只产生一种含Z染色体的精子,受精
时精卵随机结合,得到ZZ、ZW个体的概率相同 (3)让纯合雌性芦花鸡和纯合雄性非芦
花鸡交配,子代中的芦花鸡全部为雄性,非芦花鸡全部为雌性,所以选择芦花鸡饲养即可
(4)经钴60γ射线照射产生的含基因D的染色体碎片的精子参与受精,受精卵进行第一
次卵裂后该碎片在其中一个子细胞中丢失 取雏鸡嵌合体不同腿色区具有分裂能力的
细胞,观察比较两类细胞有丝分裂时染色体碎片的有无
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解析 (1)由正、反交F 和F 的性状及比例可推知,控制芦花鸡头冠和腿色的基因
1 2
(B/b、D/d)位于同一对常染色体上,且B、D基因位于其中一条染色体上,b、d基因位于
另一条染色体上,其遗传遵循分离定律,单冠、黑腿为显性;F 单冠黑腿芦花鸡中杂合子
2
占2/3。(2)筛选方案见答案。(3)纯合雌性芦花鸡(ZAW)和纯合雄性非芦花鸡(ZaZa)交配,
子代中芦花鸡(ZAZa)全为雄性,非芦花鸡(ZaW)全为雌性。(4)嵌合体出现的原因可能是
经钴60γ射线照射产生的含基因D的染色体碎片的精子参与受精,受精卵进行第一次卵
裂后该碎片在其中一个子细胞中丢失;实验思路见答案。
7.(2022湖南届名校联考,29)牛群中的有角和无角为一对相对性状,受一对等位基因
(A、a)控制,已知在含有基因A、a的同源染色体上,有一条染色体带有隐性致死基因m,
但该致死基因的表达会受到性激素的影响。根据下列三组杂交组合及杂交结果回答下
列问题:
子代
杂交组合 亲本类型
雌 雄
甲 有角(♀)×有角(♂) 有角398 有角203
乙 有角(♂)×无角(♀) 有角221 无角223 有角219 无角222
乙组的有角F 相互交
丙 1 有角712 无角237 有角481 无角239
配
(1)在牛的有角和无角这对相对性状中,显性性状是 ,甲组亲本的基因型是 。
(2)从上述杂交组合中可以判断该隐性致死基因m是与 (“A”或“a”)同在一
条染色体上, (“雄”或“雌”)激素会促进致死基因表达。
(3)丙组的子代中导致雌雄个体有角与无角比例差异的可能原因是AA雄性个体含两个
致死基因而致死,请利用丙组材料设计方案验证该解释:
①设计思路: 。
②结果与结论:若 ,则假设正确。
答案 (1)有角 AA(♀)、Aa(♂) (2)A 雄性 (3)①分别取丙组子代中的有角雄性
个体与无角雌性个体测交,并统计后代中有角与无角个体的比例 ②子代中有角与无角
的比例是1∶1解析 (1)丙中有角个体相互交配,后代出现了无角,故有角为显性。丙
中亲本基因型Aa,其子代雌性中有角∶无角约为3∶1,雄性中有角∶无角约为2∶1,说
明雄性个体中显性纯合致死。甲组的子代均为有角,推断甲的亲本至少有一个是显性纯
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合子,则甲组亲本的基因型为AA(♀)、Aa(♂)。(2)基因型为AA的雄性个体死亡,而基
因型为AA的雌性个体和基因型为Aa的雌雄个体不会死亡,说明隐性致死基因m与A基
因在同一条染色体上,且雄激素会促进致死基因表达。(3)丙组的子代AA雄性个体致死,
那么丙组雄性子代中有角的基因型应为Aa,可利用测交实验来验证丙组雄性子代中有角
的基因型,设计思路及结论见答案。
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专题检测题组 E
1.(2022届潍坊段测,12)从假说—演绎法角度来分析孟德尔遗传实验过程,有关描述正确
的是( )
A.提出问题建立在豌豆纯合亲本杂交和F 自交遗传实验的基础上
1
B.孟德尔所作假设的核心内容是“生物体能产生数量相等的雌雄配子”
C.假说能解释F 自交产生3∶1分离比的原因,所以假说成立
1
D.测交实验的后代中有30株高茎豌豆和34株矮茎豌豆属于演绎推理
答案 A 提出问题建立在豌豆纯合亲本杂交和F 自交遗传实验的基础上,A正确;一般
1
生物体产生的雄配子数量远多于雌配子,B错误;假说能解释原因,但还需要设计实验验证
假说是否正确,C错误;演绎推理是设计测交实验并预期测交结果,而不是测交实验结果,D
错误。
2.(2022届山东省实验中学一诊,11)某二倍体植物的性别由三个复等位基因D 、D 、D
1 2 3
决定(见表)。相关叙述正确的是( )
基因型 D D D D D D D D D D
1 2 1 3 2 2 2 3 3 3
两性 两性
性别 雄株 雄株 雌株
植株 植株
A.三个等位基因位于性染色体上
B.D 和D 分别决定雄株和雌株
1 3
C.D 对D 和D 均为显性
2 1 3
D.雄株与雌株杂交不可能产生两性植株
答案 B 三个复等位基因位于常染色体上,A错误;三个基因的显隐性关系为D (雄
1
株)>D (两性植株)>D (雌株),B正确,C错误;雄株(D D )与雌株(D D )杂交,后代可产生两
2 3 1 2 3 3
性植株(D D ),D错误。
2 3
3.(2022届潍坊段测,14)绵羊种群中,有角与无角由基因 H、h控制。HH 表现为有角,hh
表现为无角,而雄性中Hh表现为有角,雌性中Hh表现为无角。下列相关叙述错误的是(
)
A.若子代公羊均为有角,则至少有一个亲本的基因型为HH
B.若子代母羊均为无角,则至少有一个亲本的基因型为hh
C.有角母羊与无角公羊杂交,子代中有角个体∶无角个体=1∶1
D.有角母羊与无角公羊杂交,子代中公羊有角的概率为50%
答案 D 若子代公羊均为有角(HH或Hh),则两亲本不能同时含有h基因,A正确;若子
代母羊均为无角(Hh或hh),则两亲本不能同时含有H基因,B正确;有角母羊(HH)与无角
公羊杂交(hh),子代均为Hh,雄性(有角)∶雌性(无角)=1∶1,C正确,D错误。
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4.(2022届济宁月考,6)某一年生植物开两性花,花极小,杂交育种时去雄困难,而利用花粉
不育育种则无需去雄。已知该植物花粉的育性是由细胞核基因A/a(A、a基因仅在花粉
中表达)和线粒体基因N/S(每植株只含有其中的一种)共同控制,基因型可表示为“线粒
体基因(核基因型)”,如植株N(aa)、花粉N(a),导致花粉不育的机理如图所示。下列有关
叙述正确的是( )
A.N、S基因的遗传遵循基因的分离定律
B.若要获得基因型为S(Aa)的植株,应优先选择S(aa)为母本
C.基因型为N(Aa)的父本可通过精子将其N基因传递给子代
D.若基因型为S(Aa)的植株自交,则子代的基因型最多有3种
答案 B 细胞质基因的遗传不遵循分离定律,A错误;细胞质遗传具有母系遗传的特点,
即受精卵的细胞质基因来自卵细胞(母方),且选择雄性不育的个体作母本不需要去雄,B
正确,C错误;S(Aa)的植株自交,由于S(a)的花粉不育,因此子代的基因型最多有S(AA)、
S(Aa)2种,D错误。
5.(2022届山东联考,10)玉米是雌雄同株异花植物,种子的甜与非甜是一对相对性状,受一
对等位基因控制。现用甜玉米种子(甲)和非甜玉米种子(乙)进行相关实验。实验一:甲、
乙单独种植,甲的后代均为甜玉米,乙中1/2的后代岀现性状分离。实验二:等量的甲、乙
间行种植。下列有关叙述正确的是( )
A.由实验一可知甜对非甜为显性
B.甲均为纯合子,乙均为杂合子
C.实验二的甲植株所结种子有3种基因型
D.实验二有1/2乙植株所结种子均为非甜
答案 D 根据乙(非甜)中1/2的后代岀现性状分离,可知非甜(设T基因)对甜(设t基因)
为显性,并可判断甲的基因型为tt,乙中有1/2TT、1/2Tt,A、B错误;实验二中甲和乙随机
传粉,其中甲植株上所结种子有tt和Tt两种基因型,基因型为TT的乙植株上所结种子的
基因型为TT和Tt,均为非甜,C错误,D正确。
6.(2022届山东联考,12)某哺乳动物的背部皮毛颜色由常染色体上的一组复等位基因
A 、A 和A 控制,且A 、A 和A 之间共显性(即A 、A 和A 任何两个组合在一起时,各
1 2 3 1 2 3 1 2 3
基因均能正常表达)。如图表示基因对背部皮毛颜色的控制关系,下列说法错误的是(
)
A.基因型为A A 的个体为白色
2 2
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B.背部的皮毛颜色的基因型有6种,褐色个体均为杂合子
C.背部的皮毛颜色为棕色或黑色的个体一定为杂合子
D.某白色雄性个体与多个黑色雌性个体交配后代有三种毛色,则其基因型为A A
2 3
答案 B 白色的基因型为A A 、A A 、A A ,褐色的基因型为A A ,棕色的基因型为
2 2 3 3 2 3 1 1
A A ,黑色的基因型为A A ,A、C正确,B错误;某白色个体(A A 、A A 、A A )与多个黑
1 2 1 3 2 2 3 3 2 3
色个体(A A )交配后代中出现三种毛色,可判断其基因型应为A A ,D正确。
1 3 2 3
7.(2022届菏泽期中,10)某自花传粉且闭花受粉的植物种群中有3种基因型的个体,即
AA、Aa和aa。若各种基因型的个体所结种子的数目较多且相同,该种群自然繁殖一代,
所得F 中AA∶Aa∶aa=3∶1∶2,则由此可推测亲本中基因型为AA的个体所占比例为( )
1
A.1/4 B.2/3 C.1/2 D.5/12
答案 D 亲本中基因型为Aa的个体自交,子代中出现Aa的概率为1/2,而F 中Aa所占
1
比例为1/6,因此亲本中基因型为Aa的个体所占比例为1/6÷1/2=1/3,亲本中Aa自交产生
AA的个体所占比例为1/4×1/3=1/12,由于F 中AA的个体所占比例为3/6,因此亲本中基
1
因型为AA的个体自交产生的AA的个体所占比例为3/6-1/12=5/12,因此亲本中基因型
为AA的个体所占比例为5/12,D正确。
8.(2022届潍坊期中,9)拟南芥中包裹种子的角果长度受一对等位基因E 、E 控制。E 和
1 2 1
E 都控制长角果,但是E 和E 同时存在会导致角果变短。两短角果亲本杂交,子一代自
2 1 2
由交配,子二代中长角果占( )
A.1/2 B.3/4 C.8/9 D. 4/9
答案 A 两短角果(E E )亲本杂交,子一代为1/4E E 、1/2E E 、1/4E E ,其产生的雌雄
1 2 1 1 1 2 2 2
配子均为1/2E 、1/2E ,所以子二代中长角果E E + E E =1/2×1/2+1/2×1/2=1/2,A正确。
1 2 1 1 2 2
9.(2022届泰安月考,9)DNA甲基化后脱氧核苷酸顺序及其组成未发生改变,不影响基因
的复制和减数分裂形成配子,但基因表达会被抑制。研究发现:小鼠胚胎中来自父方的
A、a基因均不被甲基化(原来甲基化的基因去甲基化),来自母方的A、a基因均被甲基
化。现以基因型为aa的雌鼠与基因型与AA的雄鼠作亲本进行杂交,F 中显性性状与隐
2
性性状的比例是( )
A.1∶1 B.3∶1
C.2∶1 D.全为隐性性状
答案 A aa♀×AA♂→F 均为Aa,F 产生的雄配子为A∶a=1∶1,雌配子中的基因受精后将
1 1
被甲基化,不能表达,可表示为A*∶a*=1∶1,所以F 为AA*∶Aa*∶A*a∶aa*=1∶1∶1∶1,显性∶隐性
2
=1∶1,A正确。
10.(2022届滕州月考,16)(不定项)人类斑秃属于常染色体显性遗传病,由一对等位基因
A、a 控制,男性只要携带一个斑秃基因 (A)就表现斑秃,而女性只有显性纯合子(AA)才
表现斑秃。某家庭有关斑秃的遗传系谱图如图。下列有关叙述正确的是( )
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A.Ⅰ-4的基因型是aa
B.Ⅱ-1和Ⅱ-2的基因型不相同
C.Ⅲ-1若为女孩,不可能为斑秃
D.Ⅱ-2和Ⅱ-3再生一个非斑秃孩子的概率是3/4
答案 CD Ⅱ-3为aa,Ⅱ-4为AA,可知Ⅰ-3和Ⅰ-4基因型都是Aa,A错误;Ⅰ-1为aa,Ⅰ-2
为AA,所以Ⅱ-1和Ⅱ-2的基因型均为Aa,B错误;Ⅱ-2(Aa)和Ⅱ-3(aa)的后代为1/2Aa、
1/2aa,后代女性全正常,男性有1/2正常(aa),所以非斑秃孩子的概率是3/4,C、D正确。
11.(2022届山师大附中月考,11)自然界配子的发生、个体的发育受多种因素制约,存在致
死现象。基因型为Aa的植株自交,子代基因型AA∶Aa∶aa的比例可能出现不同的情况。
下列分析错误的是( )
A.若含有a的花粉50%死亡,则自交后代基因型的比例是2∶3∶1
B.若aa个体有50%死亡,则自交后代基因型的比例是2∶2∶1
C.若含有a的配子有50%死亡,则自交后代基因型的比例是4∶4∶1
D.若花粉有50%死亡,则自交后代基因型的比例是1∶2∶1
答案 B 若含有a的花粉50%死亡,雌配子A占1/2,a占1/2,雄配子A占2/3,a占1/3,自
交后代AA占1/2×2/3=2/6,Aa占1/2×2/3+1/2×1/3=3/6,aa占1/2×1/3=1/6,自交后代基因型
的比例是2∶3∶1,A正确;基因型为Aa的植株自交,子代基因型AA占1/4,Aa占2/4,aa占
1/4,若aa个体有50%死亡,子代基因型AA占2/7,Aa占4/7,aa占1/7,自交后代基因型的比
例是2∶4∶1,B错误;若含有a的配子有50%死亡,雌配子和雄配子中都是A占2/3,a占1/3,
自交后代AA占2/3×2/3=4/9,Aa占2/3×1/3+2/3×1/3=4/9,aa占1/3×1/3=1/9,自交后代基因
型的比例是4∶4∶1,C正确;若花粉有50%死亡,雌配子和雄配子中都是A占1/2,a占1/2,自
交后代AA占1/2×1/2=1/4,Aa占1/2×1/2+1/2×1/2=2/4,aa占1/2×1/2=1/4,则自交后代基因
型的比例是1∶2∶1,D正确。
12.(2022届潍坊段测,13)研究发现基因家族存在一种“自私基因”,该基因可通过杀死不
含该基因的配子来扭曲分离比例。若A基因是一种“自私基因”,在产生配子时,能杀死
体内一半不含该基因的雄性配子。某基因型为Aa的植株自交获得的F 中红花(AA)∶粉
1
红花(Aa)∶白花(aa)=2∶3∶1,F 中个体随机受粉产生F ,有关表述错误的是( )
1 2
A.Aa植株产生花粉的基因型及比例为A∶a=2∶1,雌配子为A∶a=1∶1
B.F 植株产生花粉的基因型及比例是A∶a=2∶1,雌配子为A∶a=7∶5
1
C.F 中红花∶粉红花∶白花=14∶17∶5
2
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D.F 中纯合子的比例为17/36
2
答案 D Aa产生的雌配子正常,但不含A的雄配子即a配子有一半致死,所以雄配子比
例为A∶a=1∶1/2=2∶1,A正确。F 植株产生的雌配子正常,A∶a=(2×2+3)∶(3+1×2)=7∶5;F 植株
1 1
中AA和aa产生的雄配子正常,Aa产生的雄配子中a雄配子有1/2致死,所以F 植株产生
1
的花粉为A∶a=(2×2+3)∶(3×1/2+1×2)=2∶1,B正确。用棋盘法可得F 中
2
AA∶Aa∶aa=(7×2)∶(5×2+1×7)∶(1×5)=14∶17∶5,C正确。F 中纯合子(AA+aa)占19/36,D错误。
2
13.(2022届济宁实验中学月考,12)椎实螺是雌雄同体的动物,一般进行异体受精,但分开
饲养时,它们进行自体受精。已知椎实螺外壳的旋向是由一对核基因控制的,右旋(D)对
左旋(d)是显性,旋向的遗传规律是子代旋向只由其母本核基因型决定而与其自身基因型
无关。对以下杂交后结果的推测(设杂交后全部分开饲养)错误的是( )
A.♀DD×♂dd,F 全是右旋,F 也全是右旋
1 2
B.♀dd×♂Dd,F 全是左旋,F 中右旋∶左旋=1∶1
1 2
C.♀dd×♂DD,F 全是左旋,F 也全是左旋,F 中右旋∶左旋=3∶1
1 2 3
D.♀DD×♂dd,F 全是右旋,F 也全是右旋,F 中右旋∶左旋=3∶1
1 2 3
答案 C 个体表型是由母本核基因型决定的,♀dd×♂DD,由于母本基因型为dd,因此F
1
的表型全为左旋;F 的母本是F (基因型全为Dd),所以F 全是右旋,C错误。
2 1 2
14.(2022届日照月考,14)印记基因是指两个等位基因仅一方亲本来源的基因在形成配子
时被标上“印记”才能表达,而来自另一亲本的基因不表达。科学家发现小鼠基因组中
有较多的印记基因。小鼠体型正常和体型矮小分别由常染色体上的印记基因A与a控
制。纯合的体型正常雄性小鼠与体型矮小的雌性小鼠进行交配,F 小鼠均表现为体型正
1
常,F 雌雄小鼠相互交配得F ,F 小鼠体型正常与体型矮小的比例为1∶1。下列说法正确
1 2 2
的是( )
A.小鼠的体型是由母方染色体上的基因被标上“印记”决定的
B.基因上已经被标上的“印记”不会被“擦除”
C.F 中的雌性小鼠在形成配子时,来自亲本基因的“印记”会被“擦除”
1
D.F 中体型正常的雌雄小鼠自由交配,后代体型正常概率为2/3
2
答案 C AA♂×aa♀→F (Aa)表现为体型正常,表现为来自父方的基因A控制的性状,说
1
明来自父方的基因被标上“印记”,A错误;F (Aa)产生的雌雄配子均为A∶a=1∶1,若雌配子
1
中A基因上的“印记”不会被“擦除”,则F 小鼠的性状分离比应为3∶1,而F 小鼠的性
2 2
状与F 产生的雄配子种类和比例相同,说明雌性小鼠在形成配子时,来自亲本基因上的
1
“印记”会被“擦除”,B错误,C正确;F 中体型正常(1/2AA、1/2Aa)的小鼠产生的雌雄
2
配子均为3/4A、1/4a,由于来自母本的基因不能表达,因此后代性状由雄配子决定,即后代
体型正常的概率为3/4,D错误。
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