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2022 届江苏省高考物理真题试卷
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
一、单选题
1．高铁车厢里的水平桌面上放置一本书，书与桌面间的动摩擦因数为0.4，最大静摩
擦力等于滑动摩擦力，取重力加速度g=10 m /s
2。若书不滑动，则高铁的最大加速度
不超过（ ）
A．2.0 m /s
2
B．4.0 m /s
2
C．6.0 m /s
2
D．8.0 m /s
2
2．如图所示，电路中灯泡均正常发光，阻值分别为R1=2Ω，R2=3Ω，R3=2Ω，
R4= 4Ω，电源电动势E =12V，内阻不计，四个灯泡中消耗功率最大的是（ ）
A．R1
B．R2
C．R3
D．R4
3．如图所示，两根固定的通电长直导线a、b 相互垂直，a 平行于纸面，电流方向向右，
b 垂直于纸面，电流方向向里，则导线a 所受安培力方向（ ）
A．平行于纸面向上
B．平行于纸面向下
C．左半部分垂直纸面向外，右半部分垂直纸面向里
D．左半部分垂直纸面向里，右半部分垂直纸面向外
4．上海光源通过电子-光子散射使光子能量增加，光子能量增加后（ ）
A．频率减小
B．波长减小
C．动量减小
D．速度减小
5．如图所示，半径为r 的圆形区域内有垂直于纸面的匀强磁场，磁感应强度B 随时间
t 的变化关系为B = B0+ kt，B0、k 为常量，则图中半径为R 的单匝圆形线圈中产生的
感应电动势大小为（ ）
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A．πk r
2
B．πk R
2
C．π B0r
2
D．π B0 R
2
6．自主学习活动中，同学们对密闭容器中的氢气性质进行讨论，下列说法中正确的是
（ ）
A．体积增大时，氢气分子的密集程度保持不变
B．压强增大是因为氢气分子之间斥力增大
C．因为氢气分子很小，所以氢气在任何情况下均可看成理想气体
D．温度变化时，氢气分子速率分布中各速率区间的分子数占总分子数的百分比会变
化
7．如图所示，一定质量的理想气体分别经历a→b和a→c两个过程，其中a→b为等
温过程，状态b、c 的体积相同，则（ ）
A．状态a 的内能大于状态b
B．状态a 的温度高于状态c
C．a→c过程中气体吸收热量
D．a→c过程中外界对气体做正功
8．某滑雪赛道如图所示，滑雪运动员从静止开始沿斜面下滑，经圆弧滑道起跳。将运
动员视为质点，不计摩擦力及空气阻力，此过程中，运动员的动能Ek与水平位移x 的
关系图像正确的是（ ）
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A．
B．
C．
D．
9．如图所示，正方形ABCD 四个顶点各固定一个带正电的点电荷，电荷量相等，O 是
正方形的中心。现将A 点的电荷沿OA 的延长线向无穷远处移动，则（ ）
A．在移动过程中，O 点电场强度变小
B．在移动过程中，C 点的电荷所受静电力变大
C．在移动过程中，移动的电荷所受静电力做负功
D．当其移动到无穷远处时，O 点的电势高于A 点
10．如图所示，轻质弹簧一端固定，另一端与物块A 连接在一起，处于压缩状态，A
由静止释放后沿斜面向上运动到最大位移时，立即将物块B 轻放在A 右侧，A、B 由
静止开始一起沿斜面向下运动，下滑过程中A、B 始终不分离，当A 回到初始位置时
速度为零，A、B 与斜面间的动摩擦因数相同、弹簧未超过弹性限度，则（ ）
A．当上滑到最大位移的一半时，A 的加速度方向沿斜面向下
B．A 上滑时、弹簧的弹力方向不发生变化
C．下滑时，B 对A 的压力先减小后增大
D．整个过程中A、B 克服摩擦力所做的总功大于B 的重力势能减小量
二、实验题
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11．小明利用手机测量当地的重力加速度，实验场景如图1 所示，他将一根木条平放
在楼梯台阶边缘，小球放置在木条上，打开手机的“声学秒表”软件，用钢尺水平击
打木条使其转开后，小球下落撞击地面，手机接收到钢尺的击打声开始计时，接收到
小球落地的撞击声停止计时，记录下击打声与撞击声的时间间隔t，多次测量不同台阶
距离地面的高度h 及对应的时间间隔t。
（1）现有以下材质的小球，实验中应当选用 。
A．钢球 B．乒乓球 C．橡胶球
（2）用分度值为1mm的刻度尺测量某级台阶高度h 的示数如图2 所示，则h= cm。
（3）作出2h-t
2图线，如图3 所示，则可得到重力加速度g= m/s
2。
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（4）在图1 中，将手机放在木条与地面间的中点附近进行测量，若将手机放在地面A
点，设声速为v，考虑击打声的传播时间，则小球下落时间可表示为t
' = （用
h、t 和v 表示）。
（5）有同学认为，小明在实验中未考虑木条厚度，用图像法计算的重力加速度g 必然
有偏差。请判断该观点是否正确，简要说明理由 。
三、解答题
12．如图所示，两条距离为D 的平行光线，以入射角θ 从空气射入平静水面，反射光
线与折射光线垂直，求：
（1）水的折射率n；
（2）两条折射光线之间的距离d。
13．利用云室可以知道带电粒子的性质，如图所示，云室中存在磁感应强度大小为B
的匀强磁场，一个质量为m、速度为v 的电中性粒子在A 点分裂成带等量异号电荷的
粒子a 和b，a、b 在磁场中的径迹是两条相切的圆弧，相同时间内的径迹长度之比
la:lb=3:1，半径之比ra:rb=6:1，不计重力及粒子间的相互作用力，求：
（1）粒子a、b 的质量之比ma:mb；
（2）粒子a 的动量大小pa。
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14．在轨空间站中物体处于完全失重状态，对空间站的影响可忽略，空间站上操控货
物的机械臂可简化为两根相连的等长轻质臂杆，每根臂杆长为L，如题图1 所示，机械
臂一端固定在空间站上的O 点，另一端抓住质量为m 的货物，在机械臂的操控下，货
物先绕O 点做半径为2 L、角速度为ω的匀速圆周运动，运动到A 点停下，然后在机械
臂操控下，货物从A 点由静止开始做匀加速直线运动，经时间t 到达B 点，A、B 间的
距离为L。
（1）求货物做匀速圆周运动时受到合力提供的向心力大小Fn；
（2）求货物运动到B 点时机械臂对其做功的瞬时功率P。
（3）在机械臂作用下，货物、空间站和地球的位置如题图2 所示，它们在同一直线上，
货物与空间站同步做匀速圆周运动，已知空间站轨道半径为r，货物与空间站中心的距
离为d，忽略空间站对货物的引力，求货物所受的机械臂作用力与所受的地球引力之
比F1: F2。
15．某装置用电场控制带电粒子运动，工作原理如图所示，矩形ABCD区域内存在多
层紧邻的匀强电场，每层的高度均为d，电场强度大小均为E，方向沿竖直方向交替变
化，AB边长为12d，BC边长为8d，质量为m、电荷量为+q的粒子流从装置左端中
点射入电场，粒子初动能为Ek，入射角为θ，在纸面内运动，不计重力及粒子间的相
互作用力。
（1）当θ =θ0时，若粒子能从CD边射出，求该粒子通过电场的时间t；
（2）当Ek= 4 qEd时，若粒子从CD边射出电场时与轴线OO
'的距离小于d，求入射角
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θ的范围；
（3）当Ek= 8
3 qEd，粒子在θ为- π
2 ∼π
2
范围内均匀射入电场，求从CD边出射的粒子
与入射粒子的数量之比N : N 0。
答案精析
2022 届江苏省高考物理真题试卷
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
一、单选题
1．【答案】B
【解析】书放在水平桌面上，若书相对于桌面不滑动，则最大静摩擦力提供加速度
f m = μmg=mam
解得
am = μg = 4 m/s
2
书相对高铁静止，故若书不动，高铁的最大加速度4 m/s
2。
故选B。
2．【答案】A
【解析】由电路图可知R3与R4串联后与R2并联，再与R1串联。并联电路部分的等效
电阻为
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R并= R2( R3+ R4)
( R2+ R3+ R4) =2Ω
由闭合电路欧姆定律可知，干路电流即经过R1的电流为
I 1= I =
E
R1+ R并
=3 A
并联部分各支路电流大小与电阻成反比，则
I 2= I R并
R2
=2A
I 3= I 4= I R并
R3+ R4
=1A
四个灯泡的实际功率分别为
P1= I 1
2 R1=18 W，P2= I 2
2 R2=12W，P3= I 3
2 R3=2W，P4= I 4
2 R4= 4 W
故四个灯泡中功率最大的是R1。
故选A。
3．【答案】C
【解析】根据安培定则，可判断出导线a 左侧部分的空间磁场方向斜向右上，右侧部
分的磁场方向斜向下方，根据左手定则可判断出左半部分垂直纸面向外，右半部分垂
直纸面向里。
故选C。
4．【答案】B
【解析】AB．根据E =hν可知光子的能量增加后，光子的频率增加，又根据
λ = c
ν
可知光子波长减小，故A 错误，B 正确；
CD．根据
p= h
λ
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可知光子的动量增加；又因为光子质量不变，根据p=mv可知光子速度增加，故C 错
误，D 错误。
故选B。
5．【答案】A
【解析】由题意可知磁场的变化率为
Δ B
Δt = kt
t =k
根据法拉第电磁感应定律可知
E = ΔΦ
Δt = Δ Bπ r
2
Δt
=kπ r
2
故选A。
6．【答案】D
【解析】A．密闭容器中的氢气质量不变，分子个数不变，根据
n= N 0
V
可知当体积增大时，单位体积内分子个数变少，分子的密集程度变小，故A 错误；
B．气体压强产生的原因是大量气体分子对容器壁的持续的、无规则撞击产生的；压强
增大并不是因为分子间斥力增大，故B 错误；
C．普通气体在温度不太低，压强不太大的情况下才能看作理想气体，故C 错误；
D．温度是气体分子平均动能的标志，大量气体分子的速率呈现“中间多，两边少”
的规律，温度变化时，大量分子的平均速率会变化，即分子速率分布中各速率区间的
分子数占总分子数的百分比会变化，故D 正确。
故选D。
7．【答案】C
【解析】A．由于a→b 的过程为等温过程，即状态a 和状态b 温度相同，分子平均动
能相同，对于理想气体状态a 的内能等于状态b 的内能，故A 错误；
B．由于状态b 和状态c 体积相同，且pb< pc，根据理想气体状态方程
pbV b
T b
= pcV c
T c
可知T b<T c，又因为T a=T b，故T a<T c，故B 错误；
CD．因为a→c 过程气体体积增大，气体对外界做正功；而气体温度升高，内能增加，
根据
ΔU =W +Q
可知气体吸收热量；故C 正确，D 错误；
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故选C。
8．【答案】A
【解析】设斜面倾角为θ，不计摩擦力和空气阻力，由题意可知运动员在沿斜面下滑
过程中根据动能定理有
Ek =mgx tanθ
即
Ek
x =mg tanθ
下滑过程中开始阶段倾角θ 不变，Ek-x 图像为一条直线；经过圆弧轨道过程中θ 先减小
后增大，即图像斜率先减小后增大。
故选A。
9．【答案】D
【解析】A．O 是等量同种电荷连线的中点，场强为0，将A 处的正点电荷沿OA 方向
移至无穷远处，O 点电场强度变大，故A 不符合题意；
B．移动过程中，C 点场强变小，正电荷所受静电力变小，故B 错误；
C．A 点电场方向沿OA 方向，移动过程中，移动电荷所受静电力做正功，故C 错误；
D．A 点电场方向沿OA 方向，沿电场线方向电势降低，移动到无穷远处时，O 点的电
势高于A 点电势，故D 正确。
故选D。
10．【答案】B
【解析】B．由于A、B 在下滑过程中不分离，设在最高点的弹力为F，方向沿斜面向
下为正方向，斜面倾角为θ，AB 之间的弹力为FAB，摩擦因素为μ，刚下滑时根据牛顿
第二定律对AB 有
F +(mA+mB)gsinθ - μ(mA+mB)gcosθ =(mA+mB)a
对B 有
mB gsinθ - μmB gcosθ - FAB=mBa
联立可得
F
mA+mB
=- FAB
mB
由于A 对B 的弹力FAB方向沿斜面向上，故可知在最高点F 的方向沿斜面向上；由于
在最开始弹簧弹力也是沿斜面向上的，弹簧一直处于压缩状态，所以A 上滑时、弹簧
的弹力方向一直沿斜面向上，不发生变化，故B 正确；
A．设弹簧原长在O 点，A 刚开始运动时距离O 点为x1，A 运动到最高点时距离O 点
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为x2；下滑过程AB 不分离，则弹簧一直处于压缩状态，上滑过程根据能量守恒定律
可得
1
2 k x1
2= 1
2 k x2
2+(mgsinθ+ f )(x1- x2)
化简得
k = 2(mgsinθ+ f )
x1+ x2
当位移为最大位移的一半时有
F合=k(x1- x1- x2
2 )-(mgsinθ+ f )
带入k 值可知F 合=0，即此时加速度为0，故A 错误；
C．根据B 的分析可知
F
mA+mB
=- F AB
mB
再结合B 选项的结论可知下滑过程中F 向上且逐渐变大，则下滑过程FAB逐渐变大，根
据牛顿第三定律可知B 对A 的压力逐渐变大，故C 错误；
D．整个过程中弹力做的功为0，A 重力做的功为0，当A 回到初始位置时速度为零，
根据功能关系可知整个过程中A、B 克服摩擦力所做的总功等于B 的重力势能减小量，
故D 错误。
故选B。
11．【答案】 A 61.20 9.55 t + h
v
不正确，理由见解析
【解析】（1）[1]为了减小空气阻力等误差影响，应该选用材质密度较大的小钢球，故
选A。
（2）[2]刻度尺的分度值为1mm，估读到分度值的下一位，由图可知h=61.20cm；
（3）[3]根据h= 1
2 gt
2可知
2h
t
2 = g
故在2h-t
2图像中斜率表示重力加速度，则根据图线有
g= 3.27-0.50
0.35-0.06 m/s
2≈9.55 m/s
2
（4）[4]下落过程中声音传播的时间为
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t1= h
v
则小球下落的时间为
t
' =t +t1=t + h
v
（5）[5]设木条厚度为H，则台阶距离地面的高度h1时的时间为t1，高度h2时的时间为
t2；则根据前面的分析有
g= 2(h2+ H )-2(h1+ H )
t2
2-t1
2
= 2(h2-h1)
t2
2-t1
2
可知与H 无关。
12．【答案】（1）tanθ；（2）D tanθ
【解析】（1）设折射角为γ，根据几何关系可得
γ =90° -θ
根据折射定律可得
n= sinθ
sin γ
联立可得
n= tanθ
（2）如图所示
根据几何关系可得
d =
D
sin(90° -θ) ⋅sinθ = D tanθ
13．【答案】（1）2:1；（2）6
7 mv
【解析】（1）分裂后带电粒子在磁场中偏转做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，
则有
qvB =m v
2
r
解得
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r = mv
qB
由题干知半径之比ra:rb=6:1，故
ma va:mb vb=6:1
因为相同时间内的径迹长度之比la:lb=3:1，则分裂后粒子在磁场中的速度为
va:vb=3:1
联立解得
ma:mb=2:1
（2）中性粒子在A 点分裂成带等量异号电荷的粒子a 和b，分裂过程中，没有外力作
用，动量守恒，根据动量守恒定律
mv =mava+mb vb
因为分裂后动量关系为mava:mb vb=6:1，联立解得
pa=mava= 6
7 mv
14．【答案】（1）2mω
2 L；（2）4 m L
2
t
3
；（3）r
3-(r -d)
3
r
3
【解析】（1）质量为m的货物绕O点做匀速圆周运动，半径为2 L，根据牛顿第二定律
可知
Fn=mω
2⋅2 L=2mω
2 L
（2）货物从静止开始以加速度a做匀加速直线运动，根据运动学公式可知
L= 1
2 at
2
解得
a= 2 L
t
2
货物到达B点时的速度大小为
v =at = 2 L
t
货物在机械臂的作用下在水平方向上做匀加速直线运动，机械臂对货物的作用力即为
货物所受合力ma，所以经过t时间，货物运动到B点时机械臂对其做功的瞬时功率为
P =mav =m⋅2 L
t
2 ⋅2 L
t = 4 m L
2
t
3
（3）空间站和货物同轴转动，角速度ω0相同，对质量为m0空间站，质量为M的地球
提供向心力
试卷第14页，共15页
G M m0
r
2
=m0ω0
2r
解得
GM =ω0
2r
3
货物在机械臂的作用力F1和万有引力F2的作用下做匀速圆周运动，则
F2- F1=mω0
2(r -d )
货物受到的万有引力
F2=G
Mm
(r -d)
2 = mω0
2r
3
(r -d )
2
解得机械臂对货物的作用力大小为
F1= mω0
2r
3
(r -d)
2 -mω0
2(r -d)=mω0
2 r
3-(r -d)
3
(r -d)
2
则
F1
F2
= r
3-(r -d)
3
r
3
15．【答案】（1）t = 8d
cosθ0
⋅√
m
2 Ek
；（2）-30
°<θ<30
°或- π
6 <θ< π
6
；（3）
N : N 0=50 %
【解析】（1）电场方向竖直向上，粒子所受电场力在竖直方向上，粒子在水平方向上
做匀速直线运动，速度分解如图所示
粒子在水平方向的速度为
v x= v cosθ0
根据Ek= 1
2 mv
2可知
v =√
2 Ek
m
解得
试卷第15页，共1页
t = 8d
v x
= 8d
cosθ0
⋅√
m
2 Ek
（2）粒子进入电场时的初动能
Ek= 4 qEd = 1
2 mv0
2
粒子进入电场沿电场方向做减速运动，由牛顿第二定律可得
qE =ma
粒子从CD边射出电场时与轴线OO
'的距离小于d，则要求
2ad >(v0 sinθ)
2
解得
- 1
2 <sinθ< 1
2
所以入射角的范围为
-30
°<θ<30
°或- π
6 <θ< π
6
（3）设粒子入射角为θ'时，粒子恰好从D 点射出，由于粒子进入电场时，在水平方向
做匀速直线运动，在竖直方向反复做加速相同的减速运动，加速运动。粒子的速度
v ' =√
2 Ek
m = 4
3 √
3qEd
m
运动时间为
t 总=
8d
v ' cosθ' =
2
cosθ' ⋅√
3md
qE
粒子在沿电场方向，反复做加速大小相同的减速运动，加速运动，则
-2ad = v1d
2-(v ' sinθ' )
2
2ad = v2d
2-(v1d)
2
-2ad = v3d
2-(v2d)
2
2ad = v4 d
2-(v3d)
2
-2ad = v5d
2-(v4 d)
2
2ad = v6d
2-(v5d)
2
则
试卷第16页，共15页
v2d = v4 d = v6d = v ' sinθ'
v1d = v3d = v5d
则粒子在分层电场中运动时间相等，设为t0，则
t0= 1
6 t 总= 1
6 ×
8d
v ' cosθ' =
4 d
3 v ' cosθ'
且
d = v ' sinθ⋅t0- 1
2
qE
m ⋅t0
2
代入数据化简可得
6cos
2θ' -8sinθ' cosθ' +1=0
即
tan
2θ' -8 tanθ' +7 =0
解得
tanθ' =7（舍去）或tanθ' =1
解得
θ' = π
4
则从CD边出射的粒子与入射粒子的数量之比
N : N 0= θ'
π
2
=50 %
