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2023 年普通高等学校招生全国统一考试（全国甲卷）
理科数学
一、选择题
1. 设全集
,集合
，
（ ）
A.
B.
C.
D.
【答案】A
【解析】根据整数集的分类，以及补集的运算即可解出．
因为整数集
，
，所以，
．故选：A．
2. 设
，则
（ ）
A. -1
B. 0 ·
C. 1
D. 2
【答案】C
【解析】根据复数的代数运算以及复数相等即可解出．
【详解】因为
，
所以
，解得：
．
故选：C.
3. 执行下面的程序框图，输出的
（ ）
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A. 21
B. 34
C. 55
D. 89
【答案】B
【解析】根据程序框图模拟运行，即可解出．
【详解】当
时，判断框条件满足，第一次执行循环体，
，
，
；
当
时，判断框条件满足，第二次执行循环体，
，
，
；
当
时，判断框条件满足，第三次执行循环体，
，
，
；
当
时，判断框条件不满足，跳出循环体，输出
．
故选：B.
4. 已知向量
满足
，且
，则
（ ）
A.
B.
C.
D.
【答案】D
【解析】作出图形,根据几何意义求解.
【详解】因为
,所以
,
即
,即
,所以
.
如图,设
,
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由题知,
是等腰直角三角形,
AB 边上的高
,
所以
,
,
.
故选:D.
5. 设等比数列
的各项均为正数，前n 项和
，若
，
，则
（ ）
A.
B.
C. 15
D. 40
【答案】C
【解析】根据题意列出关于
的方程,计算出
,即可求出
.
【详解】由题知
,
即
,即
,即
.
由题知
,所以
.
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所以
.
故选:C.
6. 某地的中学生中有
的同学爱好滑冰，
的同学爱好滑雪，
的同学爱好滑冰或爱好滑雪.在
该地的中学生中随机调查一位同学，若该同学爱好滑雪，则该同学也爱好滑冰的概率为（ ）
A. 0.8
B. 0.6
C. 0.5
D. 0.4
【答案】A
【解析】先算出同时爱好两项的概率,利用条件概率的知识求解.
【详解】同时爱好两项的概率为
，
记“该同学爱好滑雪”为事件
,记“该同学爱好滑冰”为事件
，
则
，
所以
.
故选:
.
7. 设甲：
，乙：
，则（ ）
A. 甲是乙的充分条件但不是必要条件
B. 甲是乙的必要条件但不是充分条件
C. 甲是乙的充要条件
D. 甲既不是乙的充分条件也不是乙的必要条件
【答案】B
【解析】根据充分条件、必要条件的概念及同角三角函数的基本关系得解.
【详解】当
时，例如
但
，
即
推不出
；
当
时，
，
即
能推出
.
综上可知，甲是乙的必要不充分条件.
故选：B
8. 已知双曲线
的离心率为
，C 的一条渐近线与圆
交
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于A，B 两点，则
（ ）
A.
B.
C.
D.
【答案】D
【解析】根据离心率得出双曲线渐近线方程，再由圆心到直线的距离及圆半径可求弦长.
【详解】由
，则
，
解得
，
所以双曲线的一条渐近线为
，
则圆心
到渐近线的距离
，
所以弦长
.
故选：D
9. 现有5 名志愿者报名参加公益活动，在某一星期的星期六、星期日两天，每天从这5 人中安排2 人参加
公益活动，则恰有1 人在这两天都参加的不同安排方式共有（ ）
A. 120
B. 60
C. 30
D. 20
【答案】B
【解析】利用分类加法原理，分类讨论五名志愿者连续参加两天公益活动的情况，即可得解.
【详解】不妨记五名志愿者为
，
假设
连续参加了两天公益活动，再从剩余的4 人抽取2 人各参加星期六与星期天的公益活动，共有
种方法，
同理：
连续参加了两天公益活动，也各有
种方法，
所以恰有1 人连续参加了两天公益活动的选择种数有
种.
故选：B
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10. 函数
的图象由函数
的图象向左平移
个单位长度得到，则
的图
象与直线
的交点个数为（ ）
A. 1
B. 2
C. 3
D. 4
【答案】C
【解析】先利用三角函数平移的性质求得
，再作出
与
的部分大致图像，
考虑特殊点处
与
的大小关系，从而精确图像，由此得解.
【详解】因为
向左平移
个单位所得函数为
，所以
，
而
显然过
与
两点，
作出
与
的部分大致图像如下，
考虑
，即
处
与
的大小关系，
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当
时，
，
；
当
时，
，
；
当
时，
，
；
所以由图可知，
与
的交点个数为
.
故选：C.
11. 已知四棱锥
的底面是边长为4 的正方形，
，则
的面积
为（ ）
A.
B.
C.
D.
【答案】C
【解析】法一：利用全等三角形的证明方法依次证得
，
，从而得到
，再在
中利用余弦定理求得
，从而求得
，由此在
中利用余弦
定理与三角形面积公式即可得解；
法二：先在
中利用余弦定理求得
，
，从而求得
，再利用
空间向量的数量积运算与余弦定理得到关于
的方程组，从而求得
，由此在
中
利用余弦定理与三角形面积公式即可得解.
【详解】法一：
连结
交于
，连结
，则
为
的中点，如图，
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因为底面
为正方形，
，所以
，则
，
又
，
，所以
，则
，
又
，
，所以
，则
，
在
中，
，
则由余弦定理可得
，
故
，则
，
故在
中，
，
所以
，
又
，所以
，
所以
的面积为
.
法二：
连结
交于
，连结
，则
为
的中点，如图，
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因为底面
为正方形，
，所以
，
在
中，
，
则由余弦定理可得
，故
，
所以
，则
，
不妨记
，
因为
，所以
，
即
，
则
，整理得
①，
又在
中，
，即
，则
②，
两式相加得
，故
，
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故在
中，
，
所以
，
又
，所以
，
所以
的面积为
.
故选：C.
12. 设O 为坐标原点，
为椭圆
的两个焦点，点 P 在C 上，
，则
（ ）
A.
B.
C.
D.
【答案】B
【解析】方法一：根据焦点三角形面积公式求出
的面积，即可得到点
的坐标，从而得出
的
值；
方法二：利用椭圆的定义以及余弦定理求出
，再结合中线的向量公式以及数量积
即可求出；
方法三：利用椭圆的定义以及余弦定理求出
，即可根据中线定理求出．
【详解】方法一：设
，所以
，
由
，解得：
，
由椭圆方程可知，
，
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所以，
，解得：
，
即
，因此
．
故选：B．
方法二：因为
①，
，
即
②，联立①②，
解得：
，
而
，所以
，
即
．
故选：B．
方法三：因为
①，
，
即
②，联立①②，解得：
，
由中线定理可知，
，易知
，解得：
．
故选：B．
【点睛】本题根据求解的目标可以选择利用椭圆中的二级结论焦点三角形的面积公式快速解出，也可以常
规利用定义结合余弦定理，以及向量的数量积解决中线问题的方式解决，还可以直接用中线定理解决，难
度不是很大．
二、填空题
13. 若
为偶函数，则
________．
【答案】2
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【解析】利用偶函数的性质得到
，从而求得
，再检验即可得解.
【详解】因为
为偶函数，定义域为
，
所以
，即
，
则
，故
，
此时
，
所以
，
又定义域为
，故
为偶函数，
所以
.
故答案为：2.
14. 若x，y 满足约束条件
，设
的最大值为____________．
【答案】15
【解析】由约束条件作出可行域，根据线性规划求最值即可.
【详解】作出可行域，如图，
由图可知，当目标函数
过点
时，
有最大值，
由
可得
，即
,
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所以
.
故答案为：15
15. 在正方体
中，E，F 分别为AB，
的中点，以EF 为直径的球的球面与该正方体
的棱共有____________个公共点．
【答案】12
【解析】根据正方体的对称性，可知球心到各棱距离相等，故可得解.
【详解】不妨设正方体棱长为2，
中点为
，取
，
中点
，侧面
中心为
，
连接
，如图，
由题意可知，
为球心，在正方体中，
，
即
，
则球心
到
的距离为
，
所以球
与棱
相切，球面与棱
只有1 个交点，
同理，根据正方体的对称性知，其余各棱和球面也只有1 个交点，
所以以EF 为直径的球面与正方体棱的交点总数为12.
故答案为：12
16. 在
中，
，
的角平分线交BC 于D，则
_________．
【答案】
【解析】方法一：利用余弦定理求出
，再根据等面积法求出
；
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方法二：利用余弦定理求出
，再根据正弦定理求出
，即可根据三角形的特征求出．
【详解】
如图所示：记
，
方法一：由余弦定理可得，
，
因为
，解得：
，
由
可得，
，
解得：
．
故答案为：
．
方法二：由余弦定理可得，
，因为
，解得：
，
由正弦定理可得，
，解得：
，
，
因为
，所以
，
，
又
，所以
，即
．
故答案为：
．
【点睛】本题压轴相对比较简单，既可以利用三角形的面积公式解决角平分线问题，也可以用角平分定义
结合正弦定理、余弦定理求解，知识技能考查常规．
三、解答题
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17. 设
为数列
的前n 项和，已知
．
（1）求
的通项公式；
（2）求数列
的前n 项和
．
【答案】（1）
（2）
【解析】（1）根据
即可求出；
（2）根据错位相减法即可解出．
【小问1 详解】
因为
，
当
时，
，即
；
当
时，
，即
，
当
时，
，所以
，
化简得：
，当
时，
，即
，
当
时都满足上式，所以
．
【小问2 详解】
因为
，所以
，
，
两式相减得，
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，
，即
，
．
18. 如图，在三棱柱
中，
底面ABC，
，
到平面
的
距离为1．
（1）证明：
；
（2）已知
与
的距离为2，求
与平面
所成角的正弦值．
【答案】（1）证明见解析 （2）
【解析】（1）根据线面垂直，面面垂直的判定与性质定理可得
平面
，再由勾股定理求出
为中点，即可得证；
（2）利用直角三角形求出
的长及点
到面的距离，根据线面角定义直接可得正弦值.
【小问1 详解】
如图，
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底面
，
面
，
，又
，
平面
，
,
平面ACC1A1，又
平面
，
平面
平面
，
过
作
交
于
，又平面
平面
，
平面
，
平面
到平面
的距离为1，
，
在
中，
，
设
，则
，
为直角三角形，且
，
，
，
，
，解得
，
，
【小问2 详解】
，
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，
过B 作
，交
于D，则
为
中点，
由直线
与
距离为2，所以
，
，
，
在
，
，
延长
，使
，连接
，
由
知四边形
为平行四边形，
，
平面
，又
平面
，
则在
中，
，
，
在
中，
，
，
,
又
到平面
距离也为1，
所以
与平面
所成角的正弦值为
.
19. 一项试验旨在研究臭氧效应.实验方案如下：选40 只小白鼠，随机地将其中20 只分配到实验组，另外
20 只分配到对照组，实验组的小白鼠饲养在高浓度臭氧环境，对照组的小白鼠饲养在正常环境，一段时间
后统计每只小白鼠体重的增加量（单位：g）.
（1）设
表示指定的两只小白鼠中分配到对照组的只数，求
的分布列和数学期望；
（2）实验结果如下：
对照组的小白鼠体重的增加量从小到大排序为：
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15 2 18.8 20.2 21.3 22.5 23.2 25.8 26.5 27.5 30.1
32.6 34.3 34.8 35.6 35.6 35.8 36.2 37.3 40.5 43.2
实验组的小白鼠体重的增加量从小到大排序为：
7.8 9.2 11.4 12.4 13.2 15.5 16.5 18.0 18.8 19.2
19.8 20.2 21.6 22.8 23.6 23.9 25.1 28.2 32.3 36.5
（i）求40 只小鼠体重的增加量的中位数m，再分别统计两样本中小于m 与不小于的数据的个数，完成如
下列联表：
对照组
实验组
（ii）根据（i）中的列联表，能否有95%的把握认为小白鼠在高浓度臭氧环境中与正常环境中体重的增加
量有差异．
附：
0.100
0.050
0.010
2.706
3.841
6 635
【答案】（1）分布列见解析，
（2）（i）
；列联表见解析，（ii）能
【解析】（1）利用超几何分布的知识即可求得分布列及数学期望；
（2）（i）根据中位数的定义即可求得
，从而求得列联表；
（ii）利用独立性检验的卡方计算进行检验，即可得解.
【小问1 详解】
依题意，
的可能取值为
，
则
，
，
，
所以
的分布列为：
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故
.
【小问2 详解】
（i）依题意，可知这40 只小白鼠体重增量的中位数是将两组数据合在一起，从小到大排后第20 位与第21
位数据的平均数，观察数据可得第20 位为
，第21 位数据为
，
所以
，
故列联表为：
合计
对照
组
6
14
20
实验
组
14
6
20
合计
20
20
40
（ii）由（i）可得，
，
所以能有
的把握认为小白鼠在高浓度臭氧环境中与正常环境中体重的增加量有差异.
20. 已知直线
与抛物线
交于
两点，且
．
（1）求
；
（2）设F 为C 的焦点，M，N 为C 上两点，
，求
面积的最小值．
【答案】（1）
（2）
【解析】（1）利用直线与抛物线的位置关系，联立直线和抛物线方程求出弦长即可得出
；
（2）设直线
：
，
利用
，找到
关系，以及
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的面积表达式，再结合函数的性质即可求出其最小值．
【小问1 详解】
设
，
由
可得，
，所以
，
所以
，
即
，因为
，解得：
．
【小问2 详解】
因为
，显然直线
的斜率不可能为零，
设直线
：
，
，
由
可得，
，所以，
，
，
因为
，所以
，
即
，
亦即
，
将
代入得，
，
，
所以
，且
，解得
或
．
设点
到直线
的距离为
，所以
，
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，
所以
的面积
，
而
或
，所以，
当
时，
的面积
．
【点睛】本题解题关键是根据向量的数量积为零找到
的关系，一是为了减元，二是通过相互的制约关
系找到各自的范围，为得到的三角形面积公式提供定义域支持，从而求出面积的最小值.
21. 已知函数
（1）当
时，讨论
的单调性；
（2）若
恒成立，求a 的取值范围．
【答案】（1）答案见解析. （2）
【解析】（1）求导,然后令
,讨论导数的符号即可;
（2）构造
,计算
的最大值,然后与0 比较大小,得出
的分界点,再对
讨论即可.
【小问1 详解】
令
,则
则
当
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当
,即
.
当
,即
.
所以
在
上单调递增,在
上单调递减
【小问2 详解】
设
设
所以
.
若
,
即
在
上单调递减,所以
.
所以当
,符合题意.
若
当
,所以
.
.
所以
,使得
,即
,使得
.
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当
,即当
单调递增.
所以当
,不合题意.
综上,
的取值范围为
.
【点睛】关键点点睛:本题采取了换元,注意复合函数的单调性
在定义域内是减函数,若
,
当
,对应当
.
四、选做题
22. 已知点
，直线
（t 为参数），
为的倾斜角，l 与x 轴正半轴，y 轴正半轴分
别交于A，B 两点，且
．
（1）求
；
（2）以坐标原点为极点，x 轴正半轴为极轴建立极坐标系，求l 的极坐标方程．
【答案】（1）
（2）
【解析】（1）根据的几何意义即可解出；
（2）求出直线的普通方程，再根据直角坐标和极坐标互化公式即可解出．
【小问1 详解】
因为与
轴，
轴正半轴交于
两点，所以
，
令
，
，令
，
，
所以
，所以
，
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即
，解得
，
因为
，所以
．
【小问2 详解】
由（1）可知，直线的斜率为
，且过点
，
所以直线的普通方程为：
，即
，
由
可得直线的极坐标方程为
．
23. 设
，函数
．
（1）求不等式
的解集；
（2）若曲线
与
轴所围成的图形的面积为2，求
．
【答案】（1）
（2）2
【解析】（1）分
和
讨论即可;
（2）写出分段函数,画出草图,表达面积解方程即可.
【小问1 详解】
若
,则
,
即
,解得
,即
,
若
,则
,
解得
,即
,
综上,不等式的解集为
.
【小问2 详解】
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画出
的草图,则
与
轴围成
,
的高为
,所以
,
所以
,解得
.
