2024届明日之星高考物理精英模拟卷山东版_2024高考押题卷_72024正确教育全系列_2024明日之星全系列_（新高考）2024《明日之星·高考精英模拟卷》（九科全）各一套

微信公众号：【高中精品资料君】 2024 届明日之星高考物理精英模拟卷 【山东版】 一、单项选择题：本题共 8 小题，每小题 3 分，共 24 分。每小题只有一个选项符合题目要 求。 1.将受核辐射和含核反应物的核污水直排大海，将对海洋造成不可逆转的影响。某国排放的 核污水中氚的含量最高，其次还有碘-129、钌-106、碳-14、钴-60、锶-90、铯-134、铯-137 等。下列给出涉及核污水中核素的核反应方程错误的是( ) A.3H3 He0 e B.129I129 Xe0 e 1 2 1 53 54 1 C.14N1 n 14 C1H D.137Cs137 Ba4 He 7 0 6 1 55 56 2 2.近年来无人机在军事、工业等领域均有广泛的应用，一质量为m的无人机在执行远程侦察 任务，某段时间内该无人机以速度v沿着与水平方向成θ角斜向上的方向匀速直线飞行，重 力加速度为g，则这段时间内( ) A.该无人机处于超重状态 B.该无人机在运动的过程中机械能守恒 C.空气对该无人机作用力的大小为mg D.重力对无人机做功的瞬时功率为mgv 3.热熔胎指在一定温度下表面呈熔化或凝胶状态的车胎，热熔胎能给车辆提供极佳的抓地 力，因而热熔胎多用在对抓地力要求很高的车辆，如场地赛车。忽略运动过程热熔胎的体积 变化，下列说法正确的是( ) A.热熔胎升温过程，所有分子的动能均增大 B.热熔胎在一定温度下熔化，其是晶体 C.运动过程中，热熔胎与地面不可能发生扩散 D.运动过程中，热熔胎的内能增大 4.如图甲所示，光电管的阳极和阴极为两正对平行放置的半径为R的圆形金属板，板间距为 d。用频率一定的细光束照射阴极板的圆心，发生光电效应。调节滑动变阻器的滑片改变两板 间的电压，描绘出的I U 关系图线如图乙所示。若光电子从阴极板圆心处向各个方向发出， 则电流恰达到饱和时两板间的电压约为( ) 版权所有©正确教育 侵权必究！ 微信公众号：【高中精品资料君】全网最全押题卷，有需要的联系微信：xygewx002微信公众号：【高中精品资料君】 U d2 2U d2 3U d2 4U d2 A. c B. c C. c D. c R2 R2 R2 R2 5.研究团队利用中国天眼FAST发现了一个名为PSRJ1953+1844（M71E）的双星，其轨道周 期仅为53分钟，是目前发现的轨道周期最短的脉冲星双星系统。该发现填补了蜘蛛类脉冲星 系统演化模型中缺失的一环。此类双星两颗星相距很近，在演化的某一阶段脉冲星会蚕食伴 星恒星，且两颗星越靠越近，假设双星系统的总质量不变，不考虑系统外的天体作用，则该 阶段双星系统的轨道周期( ) A.减小 B.增大 C.不变 D.无法确定 6.如图甲所示，质量均为m的两个物块A、B用不可伸长的轻绳相连，放在水平转盘上，初始 状态绳子松弛.两物块与转盘之间的动摩擦因数均为μ，已知最大静摩擦力等于滑动摩擦力， 重力加速度大小为g.现让转盘从静止缓慢增加转速，两物块所受摩擦力随角速度平方的变化 图像如图乙所示，取摩擦力向左为正方向（如图甲所示），下列说法错误的是( ) A.乙图中(2)对应B物块所受摩擦力随角速度平方的变化图像 B.A、B两物块到转盘圆心的距离为1:2 C.2 :2 :2 1:2:4 1 0 2 D.当时，绳子的张力大小为2mg 2 7.如图所示，变压器原线圈与定值电阻R 串联后接在输出电压有效值恒定的正弦式交流电源 1 两端，理想变压器原、副线圈匝数分别为n 和n ，副线圈接滑动变阻器R 。滑动变阻器滑片 1 2 2 版权所有©正确教育 侵权必究！ 微信公众号：【高中精品资料君】全网最全押题卷，有需要的联系微信：xygewx002微信公众号：【高中精品资料君】 从底端向上滑动的过程中，下列说法正确的是( ) A.交流电源的输出功率先减小后增大 B.R 的电功率可能先增大后减小 1 C.R 的电功率可能先增大后减小 D.R 的电功率可能先减小后增大 2 2 8.如图所示，一长木板A静止放在光滑的水平面上，物体B（可视为质点）以初速度v 从A 0 的左端滑上，最后从A的右端滑下，该过程中B的动能减少量为ΔE ,A的动能增加量为 kB ΔE ,A、B间因摩擦产生的热量为Q，关于ΔE 、ΔE 、Q的值，下列可能正确的是( ) kA kB kA A.ΔE 7J、ΔE 2J、Q5J B.ΔE 7J、ΔE 5J、Q5J kB kA kB kA C.ΔE 3J、ΔE 2J、Q5J D.ΔE 5J、ΔE 3J、Q2J kB kA kB kA 二、 多项选择题：本题共 4 小题，每小题 4 分，共 16 分。每小题有多个选项符合题目要 求，全部选对得 4 分，选对但不全的得 2 分，有选错的得 0 分。 9.图甲为一列简谐横波在t时刻的波形图(0t 0.2s)，P是平衡位置在x1.0m处的质点， Q是平衡位置在x4.0m处的质点。图乙为质点Q的振动图像。下列说法正确的是( ) A.波沿x轴正方向传播 B.波速大小为40 m/s C.图甲所示时刻质点P的纵坐标为5 2 cm D.从t时刻起经过 0.3 s，质点P振动的路程为60 cm 10.如图所示，点电荷甲、乙固定在绝缘水平面上，A、B、C 为两点电荷连线的四等分点，以 版权所有©正确教育 侵权必究！ 微信公众号：【高中精品资料君】全网最全押题卷，有需要的联系微信：xygewx002微信公众号：【高中精品资料君】 甲为圆心，甲、A间的距离为半径画圆，D、E、F 是圆上的三点，DF为圆的直径，且与两 点电荷的连线垂直，E点在两点电荷连线的延长线上，G点为两点电荷连线中垂线上的点。 已知甲所带的电荷量为q，A点的电场强度为零。则下列说法正确的是( ) A.乙所带的电荷量为3q B.B、C两点的电场强度大小之比为9:20 C.B点的电势大于 G点的电势 D.电子在C点的电势能小于在G点的电势能 11.如图所示，小滑块以一定初速度从固定斜面顶端向下滑动，最终停在水平面上。滑块与斜 面间、滑块与水平面间的动摩擦因数相等，不考虑滑块经过斜面与水平面连接处的机械能损 失。则滑块动能E 、机械能E随滑块水平方向的位移x变化的关系图像可能正确的是( ) k A. B. C. D. 12.如图所示，导轨间距为L的两平行光滑金属导轨固定在高度为h的绝缘水平台面上，左端 连接定值电阻R和开关S，右端与台面右边缘平齐，空间中存在垂直导轨平面向下、磁感应 版权所有©正确教育 侵权必究！ 微信公众号：【高中精品资料君】全网最全押题卷，有需要的联系微信：xygewx002微信公众号：【高中精品资料君】 强度大小为B的匀强磁场，质量均为m、阻值均为 R的导体棒a和b垂直导轨放置。开始时 开关断开，给导体棒a一水平向右的初速度v ，b离开导轨后瞬间闭合开关，最终a、b到达 0 水平面上同一位置。已知重力加速度为g，若导体棒间发生碰撞则为弹性碰撞，下列说法正 确的是( ) A.开关闭合前、后瞬间导体棒a的加速度相同 B.初始时a、b之间的最大距离为 C.初始时a、b之间的最小距离为 D.金属棒b和定值电阻 R上产生的总焦耳热不可能相同 三、非选择题：本题共 6 小题，共 60 分。 13.（6分）某同学欲探究“加速度与力、质量的关系”，设计了如图甲所示的装置. 实验步骤如下： ①将质量为M的小车静止放在水平的木板上，然后把木板一端垫高，直到小车在木板上能匀 速下滑，小车后面挂上打点计时器，直到观察到纸带打出的点迹均匀，说明平衡摩擦力合 适，此时木板的倾角为30. ②在木板垫高的一端固定一个定滑轮，将打点计时器固定在木板底端，用一根轻绳固定在小 车上，另一端连接一个质量为m的重锤，松手后，小车沿木板向上做加速运动，如图乙所示. 版权所有©正确教育 侵权必究！ 微信公众号：【高中精品资料君】全网最全押题卷，有需要的联系微信：xygewx002微信公众号：【高中精品资料君】 ③保持小车的质量M不变，多次改变左侧重锤的质量 m，以小车的加速度a为纵坐标， 1 1 为横坐标，绘制a 图像，如图丙所示. mM mM 回答以下问题： （1）长木板的动摩擦因数为________； （2）该实验________(填“需要”或“不需要”)满足m M ；  （3）经计算，图丙中倾斜直线斜率的绝对值为k，纵截距为b.若满足M _______（用含 k、b的代数式表示），则可得到加速度与合外力成正比，与质量成反比的结论； （4）请你对该实验提出一些需要注意的事项：_______（开放性答案，合理即可）. 14.（8分）在测量金属丝电阻率的实验中，待测金属丝的电阻约为10 Ω.可供选择的实验器材 如下： 电源（E 4V，内阻不计），电压表V （量程0～3 V），电压表V （量程0～15 V），定 1 2 值电阻R 10，定值电阻R 100，滑动变阻器，开关S，导线若干. 1 2 （1）从图甲可读出金属丝的直径为______mm. 版权所有©正确教育 侵权必究！ 微信公众号：【高中精品资料君】全网最全押题卷，有需要的联系微信：xygewx002微信公众号：【高中精品资料君】 （2）实验电路如图乙所示，闭合开关后，将滑动变阻器的滑片滑到一个适当的位置后保持不 动.再用同一块电压表分别测量定值电阻和电阻丝的电压，示数分别为U 、U . 1 2 ①为了减小实验误差，定值电阻选______，电压表选______. ②电阻丝电阻的测量值为______. （3）考虑电压表并不理想，电压表并联在电阻丝两端时电阻丝两端的电压______（填“>”“<” 或“=”）电压表并联在定值电阻两端时电阻丝两端的电压. 15.（8分）如图甲所示，物块a、b紧贴着静置在粗糙水平面上，t 0时刻对a施加水平方向 的外力，外力随时间的变化规律如图乙所示，规定向右为正方向。已知物块a、b的质量分别 为m 2kg、m 1kg，与粗糙水平面间的动摩擦因数均为0.2，最大静摩擦力等于滑动 a b 摩擦力，重力加速度g 10m/s2。求： （1）两物块的最大速度和4~9 s内运动的距离； （2）从两物块分离到a静止的过程b运动的距离。 16.（8分）如图所示，一“蘑菇形”透明工件的顶部是半径为R的半球体，OO为工件的对称 3 轴，A、B是工件上关于OO轴对称的两点，A、B两点到OO轴的距离均为d  R，工件 2 版权所有©正确教育 侵权必究！ 微信公众号：【高中精品资料君】全网最全押题卷，有需要的联系微信：xygewx002微信公众号：【高中精品资料君】 的底部涂有反射层，工件上最高点、最低点之间的距离为2R，一束单色光从A点平行对称轴 射入工件，恰好从B点射出，光在真空中的传播速度为c，求： （1）工件的折射率； （2）光线从射入工件到射出工件的时间。 17.（14分）如图所示，空间存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B，在纸面建 立直角坐标系xOy，质子带电荷量为q、质量为m，从坐标原点O沿x轴正方向以速度v 射 0 出，运动过程中质子到坐标原点的最远距离为d。若再施加一沿y轴负方向的匀强电场，质 子以同样的速度从坐标原点O射出后，恰好做匀速直线运动。不计重力作用。 （1）求磁感应强度B及电场强度E。 （2）当电场、磁场都存在时，质子从坐标原点O沿x轴正方向以速度kv (k 1)射出，经时 0 πd 间t  时 y坐标达到最大值。已知运动过程中质子的加速度大小保持不变。求： 2v 0 (ⅰ)时间t时质子速度的大小及方向； (ⅱ)时间t时质子的坐标x,y。 版权所有©正确教育 侵权必究！ 微信公众号：【高中精品资料君】全网最全押题卷，有需要的联系微信：xygewx002微信公众号：【高中精品资料君】 18.（16分）如图所示，质量为m 1kg的木板放置在光滑水平地面上，左侧有一与木板等高 1 的水平台面，木板的右端放置质量为m 4kg的物块，初始时给物块一水平向左的瞬时冲量 2 I 32Ns。物块与木板间的动摩擦因数0.1，平台与木板左端的间距d 2m，重力加速 度g 10m/s2，木板与平台碰撞前后瞬间速度大小不变，且木板足够长。 （1）求木板与平台第一次碰撞前瞬间的速度大小。 （2）木板和物块第一次共速前，求物块在木板上运动的距离。 （3）从木板和物块第一次共速后与平台的第一次碰撞开始，求之后木板运动的总距离。 版权所有©正确教育 侵权必究！ 微信公众号：【高中精品资料君】全网最全押题卷，有需要的联系微信：xygewx002微信公众号：【高中精品资料君】 答案以及解析 1.答案：D 解析：由核反应过程遵循质量数守恒和电荷数守恒可知，D项中的核反应方程不符合，故选 D。 2.答案：C 解析：该无人机处于平衡状态，A错误；无人机在运动过程中受到自身竖直向下的重力，空 气对其的作用力与重力等大反向，C正确；无人机运动过程中动能不变，重力势能增加，机 械能增加，B错误；重力与速度v有夹角，D错误。 3.答案：D 解析： 热熔胎升温过程，分子平均动能增大，但不是每个 A错误 分子的动能均增大 热熔胎的材料主要是橡胶，故热熔胎不是晶体 B错误 扩散可以发生在任意介质之间，则热熔胎和地面可 C错误 以发生扩散 运动过程中，热熔胎体积不变，分子势能不变，温 D正确 度升高，分子平均动能增大，故内能增大 4.答案：D 解析：第一步：计算光电子的最大初速度 1 电子质量为m、带电荷量为e，当金属板间所加反向电压为U 时，有eU  mv2 。 c c 2 m 第二步：结合类抛体运动计算板间电压 加正向电压时，光电子在板间的运动可看成类抛体运动，初速度与极板平行的光电子在板间 运动的时间最长，当电子速度最大时，其平行极板方向的位移最大，设电流恰饱和时板间的 eU 1 电压为U ，电子的加速度大小为a m ，垂直极板方向有 at2 d ，电子不离开板间区域 m dm 2 4U d2 有v t  R，综合解得U  c ，D正确。 m m R2 5.答案：A 解析：设脉冲星的质量为m 、轨道半径为r ，其伴星的质量为m 、轨道半径为r ，两者间的 1 1 2 2 版权所有©正确教育 侵权必究！ 微信公众号：【高中精品资料君】全网最全押题卷，有需要的联系微信：xygewx002微信公众号：【高中精品资料君】 2 2 Gmm 2π 2π 距离为L，轨道周期为T，由万有引力提供向心力有 1 2 m r m r ，变式     L2 1  T  1 2  T  2 2 2 2 2 Gm 2π Gm 2π Gm Gm 2π 2π 得 2  r ， 1  r ，由数学知识有 2  1  r  r ，可得         L2  T  1 L2  T  2 L2 L2  T  1  T  2 L3 T 2π ，在双星系统总质量不变的情况下，随着两颗星越靠越近，两颗星的轨道 Gm m  1 2 周期逐渐减小，A正确。 6.答案：D 解析：转盘从静止加速转动，A、B两物块起初靠静摩擦力提供向心力，题图甲中A受摩擦力 向右，B受摩擦力向左，由题图乙可知图像(2)为B物块所受摩擦力随角速度平方的变化图 像，A正确；当B达到最大静摩擦力时，有mg m2r ，此时对A物块，有 1 B 1 mg m2r ，联立解得，r 2r ，B正确；设绳子拉力为F ，A做圆周运动的半径为r， 2 1 A B A T g B做圆周运动的半径为2r，则2  ，当时，对B，有F mg m22r，对A， 1 2r 0 T 0 g 有F m2r，解得2  ，当时，对B，有F mg m22r ，对A，有 T 0 0 r 2 T 2 2g F mg m2r ，联立以上各式可解得2  ，F 3mg，则有2 :2 :2 1:2:4， T 2 2 r T 2 0 2 C正确，D错误. 7.答案：C 解析：第一步：分析滑动滑片对原线圈回路的影响 当R 增大时，I 减小，I 减小，定值电阻R 消耗的电功率P  I2R 减小，交流电源的输出功 2 2 1 1 1 1 1 率P UI ，减小，AB错误。 1 第二步：分析滑动滑片对副线圈回路的影响 n2 将变压器和滑动变阻器R 等效成电阻R，由I2R I2R 可得R 1 R ,R消耗的电功率为 2 1 2 2 n2 2 2 2  U  U2 P  R 1 R   R R 1 2 R2R ，由数学知识可知，当R R 1 ，即 n n 1 2 2 R 2  R 1 时，R 2 消耗的电 R 1 2 功率最大，滑片向上移动过程中R从0开始增大，则R 消耗的电功率可能一直增大、先增大 2 版权所有©正确教育 侵权必究！ 微信公众号：【高中精品资料君】全网最全押题卷，有需要的联系微信：xygewx002微信公众号：【高中精品资料君】 后减小，C正确，D错误。 8.答案：A 解析：第一步：分析运动过程中的能量转换 B从A的左端运动到右端的过程中，B对A的摩擦力使A加速，又因为二者的相对运动产生 了摩擦热，则根据能量守恒可知ΔE ΔE Q，BC错误。 kB kA 第二步：找出能量间满足的关系式后，判断能量的大小关系 画出B和A在此过程的速度时间图线分别如图中1、2所示，图中1和2之间的面积表示板长 l，1与坐标轴所围的面积表示B的位移x ，2与坐标轴所围的面积表示A的位移x ，由图易 1 2 知x l,x l，又ΔE  fx、ΔE  fx、Q fl，则ΔE QΔE ，A正确，D错误。 1 2 kB 1 kA 2 kB kA 9.答案：BCD 解析：由图甲可知t时刻质点Q位于平衡位置，由振动图像可知满足条件的只有t 0.1s，此 时质点Q沿 y轴负方向振动，可知波沿x轴负方向传播，A错误；由题图可知  8m,T 0.2s，则波速为v 40m/s，B正确；0.1 s时刻，波动方程为 T 2π  y 10sin  x  cm，代入x1.0m得y 5 2 cm，C正确；0.1 s时刻，质点P沿y轴正方    1 向振动，经过t 0.3s1 T ，振动路程为 1 2 s 410cm(105 2)cm(105 2)cm60cm，D正确。 10.答案：CD 解析：设两点电荷之间的距离为4L，乙所带的电荷量为 Q，由库仑定律可知，甲在A点产生 kq 的电场强度水平向右，大小为E  ，A点的电场强度为0，则乙在A点产生的电场强度水 1 L2 kQ 平向左，大小为E  ，有E  E ，解得Q9q，A错误；甲在B、C两点产生的电场强 2 (3L)2 1 2 版权所有©正确教育 侵权必究！ 微信公众号：【高中精品资料君】全网最全押题卷，有需要的联系微信：xygewx002微信公众号：【高中精品资料君】 kq kq 度水平向右，大小分别为E  、E  ，乙在B、C两点产生的电场强度水平向 B甲 (2L)2 C甲 (3L)2 9kq 9kq 2kq 左，大小分别为E  、E  ，则B点的电场强度大小为E  E E  ， B乙 (2L)2 C乙 L2 B B乙 B甲 L2 80kq E 9 C点的电场强度大小为E  E E  ，则B、C两点电场强度大小之比为 B  ， C C乙 C甲 9L2 E 40 C B错误；BG段，两点电荷产生的合电场均有从B指向G的分量，没电场线方向电势逐渐隆 低，则B点的电势比G点的电势高，C正确；由以上分析可知BC段的电场强度方向水平向 左，则电子在该段所受的电场力方向水平向右，电子由C到B的过程中电场力做负功，电势 能逐渐增大，则电子在B点的电势能大于在C点的电势能，又B点的电势比G点的电势高， 则电子在G点的电势能大于电子在B点的电势能，综上可得电子在G点的电势能大于在C点 的电势能，D正确。 11.答案：ABD 解析：设滑块的初动能为E ，到达斜面底端时的动能为E ，斜面的倾角为θ，斜面在水平 k0 k1 方向的总长度为x ，滑块在斜面上运动时由动能定理有 0 x E E mgxtanmgcos ，整理得E  E mgx(tan)，在水平面上运动时由 k k0 cos k k0 动能定理有E E mgxx ，若tan，则滑块在斜面、水平面上均做减速运动， k k1 0 且在水平面上的加速度大于斜面上的，A正确。若tan，则滑块在斜面上做加速运动、 在水平面上做减速运动，B正确。设滑块初始时的机械能为E ，滑块机械能的减少量等于克 0 服摩擦力做的功 x 在斜面上运动时有E  E mgcos  E mgx 0 cos 0 在水平面上运动时有E  E mgx mgxx  E mgx 0 0 0 0 综上可得E  E mgx，整个过程滑块的机械能E与水平位移x成线性关系，C错误，D正 0 确。 12.答案：BC 解析：1.两导体棒发生碰撞的情况 若导体棒b离开导轨前与a发生碰撞，碰撞前瞬间a的速度一定大于b的，碰后二者交换速 度，之后b的速度大于 a的，b的位移大于a的，则 b离开导轨时，a到导轨右端的距离一定 版权所有©正确教育 侵权必究！ 微信公众号：【高中精品资料君】全网最全押题卷，有需要的联系微信：xygewx002微信公众号：【高中精品资料君】 大于零，a、b离开导轨时的速度不可能相同，即a、b一定不发生碰撞。 2.两导体棒不发生碰撞的情况 开关闭合前，导体棒a、b组成的系统所受合外力为零，二者组成的系统动量守恒，设开关闭 合前瞬间导体棒b的速度为v，则此时导体棒a的速度为v v，a、b离开导轨后能落到同 0 一位置，则v vv，开关闭合前瞬间回路中的感应电动势为E  BLv 2v，开关闭合后 0 1 0 瞬间回路中的感应电动势为E  BLv v，可知开关闭合前后瞬间回路中的感应电动势不相 2 0 等，回路中电流不相等，导体棒a所受安培力不相等，加速度也不相等，A错误。设开关闭 合前，流过导体棒b的平均电流为I ，运动时间为t ，导体棒a、b间距离的变化量为x ，b 1 1 1 离开导轨后a运动到平台最右端的位移大小为x ，则这段时间内回路中的平均感应电动势 2 BLx E B2L2x 为E  1 ，导体棒b所受安培力的冲量为I  BI Lt ，又I  1 ，可得mv 1 ， 1 t b1 1 1 1 2R 2R 1 B2L2x 同理，对开关闭合后a在导轨上的运动有mv 2v 2 ，初始时a、b间的距离 0 2R 2Rmv v 2Rmv xx x  0 ，当v0时两导体棒初始位置间的距离最大，为 0 ，当 1 2 B2L2 B2L2 v Rmv v 0 时两导体棒初始位置间的距离最小，为 0 。由焦耳定律和上述分析可知，导体棒b 2 B2L2 1 1 1 1  产生的焦耳热为Q   mv2  mv2  mv v2 ，定值电阻R上产生的焦耳热为 1 2  2 0 2 2 0   Q 2  1 2     1 2 mv 0 v2  1 2 mv2    ，若Q 1 Q 2 ，则有v 2 2 2 v 0 ，另一解舍去，综上BC正确， D错误。 3 13.答案：（1） 3 （2）不需要 k （3） 2b （4）m需要大于 M；绳子需要与木板平行；多次实验等 3 解析：（1）小车沿木板匀速下滑，则满足Mgsin30Mgcos30，可解得 . 3 （2）该实验不需要用重锤的重力代替绳子拉力，故不需要满足m M .  版权所有©正确教育 侵权必究！ 微信公众号：【高中精品资料君】全网最全押题卷，有需要的联系微信：xygewx002微信公众号：【高中精品资料君】 （3）对重锤和小车整体受力分析，由牛顿第二定律知， 1 mgMgsin30Mgcos30(mM)，整理可得a2Mg g，则k 2Mg,b g， mM k 即M  . 2b 14.答案：（1）0.512（0.511～0.513均可） U （2）①R ；V ② 2 R 1 1 U 1 1 （3）< 解析：（1）螺旋测微器的固定刻度读数为0.5 mm，可动刻度读数为0.011.2mm，所以金属 丝的直径为0.512 mm. （2）①如果选定值电阻R 100，由于电阻丝电阻约为10 Ω，所以当两者串联时，电阻丝 2 两端的电压将很小，电压表在读数时会造成较大误差，而R 的阻值与待测电阻丝的阻值相 1 近，所以定值电阻应选R ；由题意及前面分析可知，电压表的读数最大值约为2 V，为了减 1 U U U 小实验误差，电压表选V .②由I  1  2 可得，待测电阻丝的阻值R  2 R . 1 R R x U 1 1 x 1 （3）电压表不理想，当电压表与定值电阻并联时，并联部分的总阻值小于定值电阻的阻值， 通过电阻丝的电流变大，电阻丝分得的电压较大，所以当电压表并联在电阻丝两端时电阻丝 两端的电压较小. 15.答案：（1）见解析 （2）见解析 解析：（1）根据题意可知两物块一起所受的最大静摩擦力 f m m g 6N m a b 根据图乙可知t 2s时外力F 6 N，此后两物块开始运动 t 9s时两物块的速度达到最大，从t 2s到t 9s对两物块由动量定理有 I m m gt 2sm m v F1 a b 1 a b m F F 又F t图像与横轴围成的面积表示冲量大小，可知I  2 4 t 2sF t t  F1 2 0 4 1 0 F 6N,F 12N,t 4s,t 9s 2 4 0 1 联立解得v 12m/s m 同理有I m m gt 2sm m v F0 a b 0 a b 0 版权所有©正确教育 侵权必究！ 微信公众号：【高中精品资料君】全网最全押题卷，有需要的联系微信：xygewx002微信公众号：【高中精品资料君】 F F I  2 4 t 2s F0 2 0 可解得4 s时两物块的速度v 2m/s 0 1 1 4~9 s内，根据动能定理有 m m v2  m m v2 F  f x 2 a b m 2 a b 0 4 m 解得x35m （2）9~11 s内两物块一起做减速运动，t 11s时，外力F反向，两物块分离，物块b向右做 匀减速直线运动，物块a在外力和摩擦力作用下做加速度减小的减速运动，假设a在16 s之 前停止运动 根据动量定理有I m gt 11s0m v F2 a 2 a 1 v v gt 1 m 3 5N5Nt 11(N) 其中t 2s,I  2 t 11s 3 F2 2 2 解得t 13s（t 27s不符合题意，舍去） 2 2 t 13s时外力F的大小小于a所受的最大静摩擦力，假设成立 2 即从两物块分离到物块a静止，物块b运动的时间为Δt 2s 1 则有x vΔt g(Δt)2 b 1 2 解得x 12m b 6R 16.答案：（1）n 3（2）t  c 解析：（1）光路如图所示，设A点处的入射角为α，折射角为β d 3 由几何关系得sin  ① R 2 由几何知识得30② sin 由折射定律有n ③ sin 解得n 3④ 版权所有©正确教育 侵权必究！ 微信公众号：【高中精品资料君】全网最全押题卷，有需要的联系微信：xygewx002微信公众号：【高中精品资料君】 （2）三角形ABO为等边三角形，光在工件内的传播路程为 s 2AB2 3R⑤ c 光在介质中的传播速度为v ⑥ n s 光在工件中的传播时间为t  ⑦ v 6R 联立得t  ⑧ c 2mv 2mv2 17.答案：（1） 0 ； 0 （2）见解析 qd qd v2 解析：（1）只有磁场时，质子做匀速圆周运动，洛伦兹力充当向心力，有qv Bm 0 ① 0 r d 由题意知r  ② 2 2mv 可得B 0 ③ qd 当电场、磁场同时存在时，有qE qv B④ 0 2mv2 可得E  0 qd （2）(ⅰ)质子在O点时，设加速度大小为 a 由牛顿第二定律，有kqv BqE ma⑤ 0 质子的y坐标达到最大值时速度方向水平，此时加速度大小等于O处的，vkv ，加速度方 0 向沿y轴负方向。 有qEqvBma⑥ 可得v(2k)v ⑦ 0 版权所有©正确教育 侵权必究！ 微信公众号：【高中精品资料君】全网最全押题卷，有需要的联系微信：xygewx002微信公众号：【高中精品资料君】 当1k 2时，v(2k)v ，方向沿x轴正方向 0 当k 2时，v0 当k 2时，v(2k)v ，方向沿x轴负方向 0 (ⅱ)质子运动过程只有电场力做功 1 1 由动能定理有qEy  mv2  mkv 2 ⑧ 2 2 0 可得y (k1)d ⑨ 设某一时刻质子速度为v ，方向与x轴正方向夹角为θ，又经过一小段时间t，y方向速度变 1 化量为v y y方向由动量定理有qv BcostqEt mv ⑩ 1 y 由于xv cost ⑪ 1 整个过程求和，可得qBxqEt 00 πd πd 将t  代入可得x ⑫ 2v 2 0 πd  综上，t时质子的坐标为 ,(k1)d   2  18.答案：（1）4 m/s （2）25.6 m （3）4 m I 解析：（1）由动量定理可得，物块的初速度v  8m/s 0 m 2 m g 对木板由牛顿第二定律有a  2 4m/s2 1 m 1 m g 对物块由牛顿第二定律有a  2 1m/s2 2 m 2 1 对木板由匀变速直线运动规律有d  at2 2 1 解得t 1s 此时木板的速度大小为v 4m/s，物块的速度大小为v 7m/s 1 2 二者未共速，则木板与平台第一次碰撞前瞬间的速度大小为4 m/s （2）木板与平台第一次碰撞后，物块、木板加速度的大小和方向均不变，结合（1）中分析 版权所有©正确教育 侵权必究！ 微信公众号：【高中精品资料君】全网最全押题卷，有需要的联系微信：xygewx002微信公众号：【高中精品资料君】 和匀变速直线运动规律可知 t 3s时，木板与平台发生第二次碰撞，此时物块速度为5 m/s，物块与木板未共速，符合实 际 t 5s时，木板与平台发生第三次碰撞，此时物块速度为3 m/s，不符合实际 故第二次碰撞后第三次碰撞前物块和木板将共速 由动量定理有m v mv m m v 2 2 1 1 1 2 共 1 1 整个过程只有摩擦力做功，则有 m v2  m m v2 m gΔx 2 2 0 2 1 2 共 2 解得Δx25.6m （3）木板第三次与平台碰撞后瞬间系统的总动量大小为 p m v mv 1 2 共 1 共 p 第二次共速时的速度知v  1 0.6v 共1 m m 共 1 2 第四次与平台碰撞后系统的总动量为 p m v mv 2 2 共1 1 共1 p 第三次共速时的速度v  2 0.6v 共2 m m 共1 1 2 … 第n次共速时的速度v 0.6n1v 共(n1) 共 从木板与物块第一次共速后，第m次碰撞后木板的速度等于第n次共速时的速度，计算位移 时也需要用第n次共速时的速度 0.62n2v2 第m次碰撞后木板运动的位移x  共 ，其中mn1 m 2a 1 由数学知识可知，从木板和物块第一次共速后与平台的第一次碰撞开始，之后木板运动的总 距离为4 m 版权所有©正确教育 侵权必究！ 微信公众号：【高中精品资料君】全网最全押题卷，有需要的联系微信：xygewx002微信公众号：【高中精品资料君】 版权所有©正确教育 侵权必究！ 微信公众号：【高中精品资料君】全网最全押题卷，有需要的联系微信：xygewx002