文档内容
2024 ~ 2025 学年第一学期高三期初调研测试
物理参考评分标准
2024.08
一.单项选择题：共11题，每题4分，共44分，每题只有一一个选项最符合题意.
1. 答案 B
解析 全长66km表示路程，故A错误；通过起点和终点的速度均是瞬时速度，故B正确；
s 66km
因位移未知，故不能求解平均速度，故C错误；由v＝ 可知，平均速率为v＝ ＝132km/h，
t 0.5h
大于全程限速100km/h，该汽车超速，故D错误．
2.答案 B
解析 加速度方向与速度方向同向时，速度增大，当加速度不变时，速度均匀增大；当加速
度减小时，速度仍增大，但增大得越来越慢；当加速度为零时，速度达到最大值，保持不变，
选项A错误，B正确；因质点速度方向不变化，始终向同一方向运动，最终做匀速运动，
所以位移一直在增大，选项C、D错误．
3.答案 C
1 2x
解析 根据v－t图像中图线与横轴围成面积表示位移大小，由题图可得x< vt，解得v> ，
2 t
故A错误；由题图可得x－x < v＋v C t ，解得v> 2 x－x 0 －v ，故B错误；由题图可得x > 1
0 0 C 0
2 t 2
0
(t －t )v ，由于图线上C点的切线与AB平行，则有 v C ＝ v ，又有v> 2x ，整理得x > 1 (t －
1 0 C 0 1
t －t t t 2
1 0
v t －t 2 x t －t 2
t )v ＝ 1 0 > 1 0 ，故D错误，C正确．
0 C
2t t2
4.答案 C
解析 汽车制动过程，由题图乙可知其加速度a随位移x均匀增大，故汽车做加速度逐渐增
大的减速运动，故A错误；根据匀变速运动的速度位移公式v2－v 2＝2ax，汽车做非匀变速
0
运动，运用“微元法”，可知“a－x”图线与x轴所围图形的“面积”表示“速度平方变化量的一
1
半”．可知汽车制动中0－v 2＝2× ×(－6)×12(m2/s2)，可得汽车制动时的速度大小为v ＝6 2
0 0
2
m/s，故B错误，C正确；刹车过程中最大加速度为6m/s2，如果一直以最大加速度刹车，
v
所用的时间为t′＝ 0＝ 2 s，实际加速度是逐渐增大的，所以刹车制动时间一定大于 2 s，
|a|
故D错误．
5.答案 B
解析 图线1是位移－时间图像，表示物体做变速直线运动，选项A错误；x－t图线上某
点斜率的绝对值的大小表示速度的大小，由题图可知t 时刻v >v ，选项B正确；v－t图像
1 1 2
中0～t 时间内3和4位移不同，所以平均速度大小不相等，选项C错误；t 时刻2开始反
3 2
向运动，t 时刻4加速度方向变化但运动方向不变，选项D错误．
4
6.答案 C
解析 飞机做变减速直线运动，因为速度在减小，则阻力在减小，加速度减小，故飞机做加
速度逐渐减小的减速运动，速度时间图线如图中实线所示．若飞机做匀减速直线运动，如图
中虚线所示，则平均速度 v ′＝ v ＝ x′ ，实线与时间轴围成的面积为x，平均速度 v ＝ x ，因
2 t t
x x′ v 2x
为x′>x，可知 < ＝ ，即v> ，故选C.
t t 2 t
高三物理评分标准 第 1 页 共 5 页
{#{QQABKQiAogioAJIAARhCAQ3ICAAQkBGCCYgGQEAAMAAAwQFABCA=}#}7.答案 D
解析 若是x－t图像，当甲、乙两车的速度相同时，相对速度为零，距离最远，故A、B
错误；若是v－t图像，因为图像与横轴所围图形面积表示位移，则在t ～t 时间内，两车间
1 2
的距离不断增大，故C错误，D正确．
8.答案 D
解析 水管口持续有水流出，而过一段时间桶会翻转一次，主要原因是流入的水导致水桶与
水整体的重心往上移动，桶中的水到一定量之后水桶不能保持平衡，发生翻转，故选D.
9.答案 C
解析 选项A中小球只受重力和杆的弹力的作用，且处于静止状态，由二力平衡可得小球
受到的弹力方向应竖直向上，故A错误；选项B中，因为右边的绳竖直向上，如果左边的
绳有拉力，则竖直向上的那根绳就会发生倾斜，所以左边的绳没有拉力，故B错误；球与
球接触处的弹力方向，垂直于过接触点的公切面(即在两球心的连线上)，且指向受力物体，
故C正确；球与面接触处的弹力方向，过接触点垂直于接触面(即在接触点与球心的连线上)，
即选项D中大半圆对小球的支持力F 的方向应是沿着过小球与圆弧接触点的半径，且指向
N2
圆心，故D错误．
10.答案 B
解析 白纸和镇纸始终处于静止状态，对镇纸受力分析知，镇纸不受摩擦力，否则水平方向
受力不平衡，镇纸的作用是增大白纸与桌面之间的最大静摩擦力，故A错误；在书写的过
程中毛笔相对纸面向右运动，受到向左的摩擦力，故B正确；白纸与镇纸之间没有摩擦力，
白纸始终处于静止状态，则白纸在水平方向受到毛笔对白纸向右的摩擦力以及桌面对白纸向
左的摩擦力，故C错误；根据牛顿第三定律可知，白纸对桌面的摩擦力向右，故桌面受到
向右的摩擦力，故D错误．
11.答案 A
解析 物体受到的重力是由于地球的吸引而产生的，是万有引力的一个分力，而万有引力与
运动状态无关，与其他力无关，故A正确；重力的方向总是竖直向下的，在不同的位置方
向不一定相同，故B错误；一个物体的各部分都受到重力的作用，从效果上看，可以认为
各部分受到的重力作用集中于一点，这一点叫作物体的重心，所以重心是等效出来的，与其
他部分没有区别，故C错误；重力等于质量与重力加速度的乘积，在不同的地方，质量不
变，但重力加速度有可能会变化，两极的重力加速度最大，赤道最小，所以在地球的不同地
方，物体的重力有可能变化，故D错误．
二.非选择题：共5题，共56分. 其中第13题~第16题解答时请写出必要的文字说明、方
程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中
必须明确写出数值和单位.
d 1 d 1－k
12.答案 (1)④⑤①③② (2) (3)(m －m )gh＝ (m ＋m )( )2 (4) (5)不同意，因
B A A B
Δt 2 Δt 1＋k
为计算得到的速度是平均速度即中间时刻的瞬时速度小于中间位置的瞬时速度．
解析 (1)按照实验目的，可得实验操作步骤为④⑤①③②.
(2)由于挡光片的宽度较小，其平均速度等于瞬时速度，则可得挡光片通过光电门时的速度
d
为v＝
Δt
1 d
(3)根据机械能守恒得m gh－m gh＝ (m ＋m )( )2
B A B A
2 Δt
1 d
即有(m －m )gh＝ (m ＋m )( )2
B A A B
2 Δt
高三物理评分标准 第 2 页 共 5 页
{#{QQABKQiAogioAJIAARhCAQ3ICAAQkBGCCYgGQEAAMAAAwQFABCA=}#}1 d
(4)由于(m －m )gh＝ (m ＋m )( )2
B A A B
2 Δt
变形可得 1 ＝ m B －m A · 2gh
Δt2 m ＋m d2
A B
m －m
即有 B A＝k
m ＋m
A B
m 1－k
解得 A＝
m
B
1＋k
3
13.答案 (1) (2)230J
2
h
解析 (1)由题图可知，传送带长x＝ ＝3m
sinθ
v
工件速度大小达到v 前，做匀加速运动，有x ＝ 0 t
0 1 1
2
工件速度大小达到v 后，做匀速运动，
0
有x－x ＝v (t－t )
1 0 1
联立解得加速运动的时间t ＝0.8s
1
加速运动的位移大小x ＝0.8m
1
v
所以加速度大小a＝ 0＝2.5m/s2
t
1
由牛顿第二定律有μmgcosθ－mgsinθ＝ma
3
解得μ＝ .
2
(2)由能量守恒定律知，电动机多消耗的电能用于增加工件的动能、势能以及克服传送带与
工件之间发生相对位移时摩擦力做功产生的热量．
在时间t 内，传送带运动的位移大小
1
x ＝v t ＝1.6m
传 01
在时间t 内，工件相对传送带的位移大小
1
x ＝x －x ＝0.8m
相 传 1
在时间t 内，摩擦产生的热量
1
Q＝μmgcosθ·x ＝60J
相
1
最终工件获得的动能E ＝ mv 2＝20J
k 0
2
工件增加的势能E ＝mgh＝150J
p
电动机多消耗的电能
E＝Q＋E ＋E ＝230J.
k p
高三物理评分标准 第 3 页 共 5 页
{#{QQABKQiAogioAJIAARhCAQ3ICAAQkBGCCYgGQEAAMAAAwQFABCA=}#}7 7
14.答案 (1)3m/s2 2m/s2 (2) m/s (3) J
3 3
F 7 μmg
解析 (1)若A、B相对静止，则有a＝ ＝ m/s2> ＝2m/s2，故A、B间有滑动摩擦
m＋M 3 M
力，对滑块A，根据牛顿第二定律有F－μmg＝ma ，解得a ＝3m/s2
1 1
对木板B，根据牛顿第二定律有μmg＝Ma
2
解得a ＝2m/s2.
2
(2)撤去F时，滑块A的速度大小v ＝a t ＝3m/s，木板B的速度大小v ＝a t ＝2m/s，
1 11 2 21
撤去F后，由μmg＝ma 得滑块A的加速度大小为a ＝4m/s2，
3 3
1 7
设经历时间t 二者共速，则有v －a t ＝v ＋a t ，解得t ＝ s，则v＝v －a t ＝ m/s.
2 1 32 2 22 2 1 32
6 3
(3)外力F对A、B整体做的功为
1 21
F·Δx＝F· a t 2＝ J
11
2 2
7
A、B最终以速度v＝ m/s运动．
3
1 49
故A、B整体动能为E ＝ (M＋m)v2＝ J
k
2 6
7
由能量守恒定律得F·Δx＝Q＋E ，则Q＝ J.
k
3
15.答案 (1)50N (2)2m≤h≤2.4m或0
