高三物理答案_8月_240822湖南省湖南天壹名校联盟2025届高三8月入学联考考试_湖南省湖南天壹名校联盟2025届高三8月入学联考考试物理

届高三入学考试􀅰物理 ２０２５ 参考答案、提示及评分细则 ． ．H 对应的谱线波长最长 是电子从n 能级向n 能级跃迁所释放光的谱线 错． １C A α , ＝３ ＝２ ,A ．H 对应的谱线能级差最小 辐射光子能量最低 错． B α , ,B ．H 对应的是电子从n 能级向n 能级跃迁所释放光的谱线 故n 对． C δ ＝６ ＝２ , ≥６,C ( ) ．根据氢原子跃迁理论从n 向n 跃迁时 １ R １ １ 其对应波长λ大于H 的波长 属于红外线 D ＝６ ＝３ ,λ＝ ∞ ２－ ２ , α , , ３ ６ 错． D ． 分析手掌的受力 其受杠铃杆向下的压力F 因为手臂可视为轻杆 且只有两端受 ２D , N ＝９００N, , 力 所以手臂受到的力必沿手臂轴线方向 由此可知必有摩擦力 错．根据平行四边形可得F , , ,B , ＝ F F N f N 错．对手臂分析 手臂受到杆的合力F以及关节的力F °＝１５００N,＝ °＝１２００N,A , １ sin３７ tan３７ 为一对平衡力 故F 根据牛顿第三定律 对．对整体 F F , １＝１５００N, ,D ,２ N地 ＝２５００N,N地 ＝１２５０N, 错． C θ ． 由光路图可知 入射角θ ° 折射角θ ° 所以n sin１ ． ３B , １＝６０, ２＝３０, ＝ θ＝ ３ sin２ ． 根据题意可得 星链卫星绕地球做圆周运动 其线速度方向沿切线方向 ４C , , , 不同位置的卫星线速度方向不同 错．卫星不位于同步轨道上 所以无法和 ,A , 地球保持相对静止 错．因为卫星高度高于空间站 所以其速度小于空间站 ,B , 速度．对．卫星高度低于同步轨道卫星 所以其周期小于 ． 错． C , ２４hD μmg ． 对冰车进行受力分析可得 mω２r 再由几何关系可得r ５B , ＝ θ, :＝１３m, tan θ ５ 联立解得ω ６．对． tan ＝ , :＝ B １２ ５ ６ ． C 当F ＝ kt ＜ μm Ag时 , A对B没有弹力．当 μm Ag ＜ F ＝ kt ＜ μ ( m A ＋ m B) g , F N ＝ F － μm Ag ＝ kt － μm Ag , 为一次函数 , 斜率为k , 当F ＝ kt ＞ μ ( m A ＋ m B) g m 时AB之间的弹力F B F 为过原点的一次函数 故选 ． , 、 N ＝m A m B , , C ＋ ． 图乙所示的直流电通过正弦交流电转化而来 其有效值相同 为４５２ 对．根据P UI ４５ ７AD , , A,A ＝ ＝２２０× W≈７ ２ ２ E 错q． It且I I ４５ 所以 错．充电时间t ８４kW􀅰h 对． kW,B ＝ , ≠ ＝ A, C ＝P＝ ＝１２h,D ２ ７kW λ ． ．由图可知 前一个周期波源振动产生的波λ 周期T ． 故波速v １ 且两个周 ８ABD A , １＝２m, １＝０５s, ＝T ＝４m/s, １ λ 期的波在同一介质中传播 波速相同T １ 对．波向x正方向传播x 处的质点将跟随前面的质 , ２＝v ＝１s,A , ＝２m １ 点沿y轴负方向运动 对．波传播到某处 该处质点的振动方向与波源起振的方向相同 故波源起振方向沿y轴 ,B , , 高三物理试题参考答案 第 页 共 页 【 １ ( ４ )】 {#{QQABDQqAggigAIAAABhCQQVYCkEQkBCCCYgOAFAIsAAAQBFABCA=}#}T 正方向 错．从波源开始运动到该时刻x 处的质点运动了T 和 ２时间 质点通过的路程为 A A ,C ＝２m １ , ４ １＋２ ２＝ ２ 对． ３２cm,D ． 因为小球的运动轨迹是圆弧 故带点小球在复合场内做圆周运动 必须使得mg qE 小球电场力向上并与 ９CD , , ＝ , mg mv m 重力平衡 故小球带正电 且E 错 错．带电小球在磁场中运动的半径r T ２π , , ＝q ＝１N/C,A 、B ＝qB＝１m, ＝qB T ２π 故每半个周期小球运动的时间为t π 对．每次碰撞后速度变为原来的 ．倍 半径也变为原来 ＝ s, ＝ ＝ s,C ０６ , ５ ２ ５ r 的 ０ ． ６ 倍 , 所以r n ＝０ ． ６ (n －１)r １, S ＝２ r １＋２ r ２＋２ r ３＋􀆺＋２ r n ＝ ２１ ．＝５m,D 对． １－０６ ． 根据弹性碰撞后AB的速度v m A － m B v ４v v ２ m A v １v v A ４ 对．第一次 １０BD 、 A ＝m A ＋ m B ０＝－ ５ ０,B ＝m A ＋ m B ０＝ ５ ０,v B ＝ １ ,B 碰撞后v v 当B停止时S v２B １ S ． ． v２A １－ v２ １ 解得 A １＝－８m/s,B １＝２m/s, ,B １＝μg＝１m,A １＝１０７５－１m＝９７５m＝ μg , : ２ ２ A与B第二次碰前的速度v 第二次碰撞后v v S v２B ２ ． S １＝５m/s, A ２＝－４m/s,B ２＝１m/s,B ２＝ μg＝０２５m,A ２＝ ２ v２A ２ S S ． ． 不能发生三次碰撞 错．总路程 S A ９ ． ７５＋４ １１ 错．A与B克服 μg＝４m,A ２＋ B ２＝４２５m＜１０７５m, ,A S B＝ ． ＝ ,C ２ １＋０２５ １ 摩擦力做功之比为 W克A μm A gS A １ ９ ． ７５＋４ １１ 对． W克B＝μm BgS B＝ × ． ＝ ,D ９ １＋０２５ ９ (D) ( D) ． 分 分 ２ gL θ 分 偏大． １１(１)(２ )BCD;(２)(２ ) t ＝２ ＋ (１－sin );(３)(２ ) Δ ２ ( D) (D)２ 根据机械能守恒定律 mgL θ １m : ＋ (１－sin )＝ t , ２ ２ Δ (D)２ ( D) 可得 gL θ 则需要测量LDθ的值．若小球的球心略高于光电门的中心 则小球的遮 t ＝２ ＋ (１－sin ), , , , Δ ２ D 光长度小于小球的直径D 在计算小球速度时仍然借助v 求解 解得小球速度偏大 小球的动能也偏大． , ＝ t , , Δ ． 分 分 a 分 ． 或 ． 分 分 偏大 分 １２(１)C(１ ) ０~１５V(１ ) (１ ) (２)１０８V １０７V(１ ) (３)C(２ ) (４) (２ ) 因为电容器的额定电压为 因此电压调节范围的最大值应接近于 故电源电动势选择 电压表量 １２V, １２V, １５V, 程选择 为了使电容器接入电路时电压不超过 应使电压从 开始调节 故滑动变阻器从a端开 ０~１５V, １２V, ０ , 始滑动．电压表为 量程 估读到 ． 指针偏转了每一小格的２或者３ 估读 ． 或者 ． 所以读 ０~１５V , ０１V, , ０２V ０３V, ５ ５ 数为 ． ． ． 或者 ． ． ． ．通过I与t的函数图像可得 图像与坐标轴围成的面积 １０５＋０３V＝１０８V( １０５＋０２V＝１０７V) , Q ． －３ 等于电荷量的大小 所以Q ． －３ 又因为C ２０６×１０ F ． －４F 选 ．当电流 , ＝２０６×１０ C, ＝U＝ ． ＝１９１×１０ ≈１９０μF, C １０８ 传感器外接时 因为电压表分流 所以电流表的测量值偏大 故C的测量值偏大． , , , ． 分 L h １３(１０ )(１) ＝ cm (２)＝２０m 解 装置在水面时 P P V ３ ３． :(１) :１＝ ０,１＝１０＋２×２５cm ＝６０cm 下潜至 水深时 P P ． １０m ,２＝２ ０ 由玻意耳定律可得 PV PV 分 :１ １＝ ２ ２(２ ) V V １ ３ 分 ２＝ ＝３０cm (１ ) ２ 高三物理试题参考答案 第 页 共 页 【 ２ ( ４ )】 {#{QQABDQqAggigAIAAABhCQQVYCkEQkBCCCYgOAFAIsAAAQBFABCA=}#}因为V ３ L ３ ３ 故L 分 ． :２＝１０cm ＋２ cm ＝３０cm , ＝１０cm(１ ) (２) 当细绳松弛时 : mg ＝ ρV排g (２ 分 ) mg V排 ３ ＝ρg＝２０cm 由玻意耳定律可得 PV PV 分 :１ １＝ ３ ３(２ ) 且 : V排 ＝ V ３ 解得 P P 分 :３＝３ ０(１ ) 根据P ３＝ P ０＋ P水, 水压P水 ＝２ P ０, 故水深为 ２０m ． (１ 分 ) n２B２L２v mvR １４ ． (１４ 分 )(１) W克 ＝ mgh － １mv２ (２) a ＝ mR ２ (３) x ＝n２B２L２ ２ ２ 解 小车由A B的过程中 由动能定律可得 :(１) → , : mgh － W克 ＝ １mv２ (２ 分 ) ２ 解得 : W克 ＝ mgh － １mv２ (２ 分 ) ２ 当小车线圈刚进入磁场时 E nBLv 分 (２) : ＝ ２ (１ ) E nBLv 根据闭合电路欧姆定律可得I ２ 分 :＝R＝ R (１ ) n２B２L２v 则安培力 F nBIL ２ 分 : ＝ ２＝ R (１ ) 再由牛顿第二定律 F ma 分 : ＝ (１ ) n２B２L２v 联立解得a ２ 分 :＝ mR (１ ) n２B２L２v 小车进入交替磁场中运动的过程中 始终只有一条边在切割磁感线 安培力 F ２ (３) , , : ＝ R n２B２L２v 对任意 t微过程 根据动量定理可得 ２ t m v 分 Δ , :－ R 􀅰Δ ＝ Δ (１ ) n２B２L２v 对全过程求和可得 ２ t mv 分 :∑ R 􀅰Δ ＝ (２ ) 又因为 v t x 分 :∑ 􀅰Δ ＝ (１ ) mvR 所以到停止时小车的位移x 分 :＝n２B２L２ (１ ) ２ ． 分 L ． v L ． Q １５(１８ )(１)１＝０３m (２)＝２m/s;２＝０４m (３) ＝２０J 解 对物块和木板的整体 当两者速度刚好为 时 两者的水平位移为L 根据机械能守恒 E E :(１) , ０ , １, :Δ p＝－Δ k; Δ E p＝ １k ( h２ ＋ L２ １) ２ － １kh２ ＝ １kL２ １ ２ ２ ２ 即 １kL２ １ m Mv２ 分 : １＝ ( ＋ ) (２ ) ２ ２ 解得 L ． 分 :１＝０３m(１ ) 当木板和滑块刚好出现相对运动时 物块中心到A点的长度为l水平位移为L 由受力分析可得 (２) , , , : F弹x ＝ kl cos θ ＝ kL ; F弹y＝ kl sin θ ＝ kh 高三物理试题参考答案 第 页 共 页 【 ３ ( ４ )】 {#{QQABDQqAggigAIAAABhCQQVYCkEQkBCCCYgOAFAIsAAAQBFABCA=}#}对滑块 : F N ＋ kh ＝ Mg (１ 分 ) 对整体kL M ma 分 : ２＝( ＋ )(１ ) 对木板f ma 分 :＝ (１ ) 因为 : f ＝ μF N(１ 分 ) 联立解得 L ． 分 :２＝０４m(１ ) 根据机械能守恒 １kL２ １ m Mv２ 分 : ２＝ ( ＋ )１(１ ) ２ ２ 解得v 分 :１＝２m/s(１ ) 因为v v 设滑块和木板分离时它们有共同的速度v 根据机械能守恒 (３) ＝２３m/s＞ １＝２m/s, ２, : １kL２ １ m Mv２ １ M mv２ 分 ２＝ ( ＋ ) － ( ＋ )１(１ ) ２ ２ ２ 解得v :２＝２２m/s 此后木板停止运动 物块因为惯性相对木板向右运动．当物块速度为零时 设物块相对B点的距离为L 对物 , , ３, 块 根据能量守恒定律可得 , : １kL２ １kL２ １Mv２ μMg kh L L 分 ３－ ２＝ ２－ ( － )(３－ ２)(１ ) ２ ２ ２ 解得 L ． :３＝０６m 因为kL μMg kh 不能静止在L ． 处 ３＝６０N＞ ( － )＝１０N, ３＝０６m 物块向左运动直至速度再次为零时 : 根据能量守恒定律 １kL２ １kL２ μMg kh L L 分 : ３－ ４＝ ( － )(３－ ４)(１ ) ２ ２ 解的 L ． :４＝－０４m 物块位于B的左方 ． 处 因为kL μMg kh ０４m , : ４ ＝４０N＞ ( － )＝１０N 故物块不能静止在L ． 处．物块向右运动直至速度为零． ４＝－０４m 根据能量守恒定律 １kL２ １kL２ μMg kh L L 分 : ４－ ５＝ ( － )(５－ ４)(１ ) ２ ２ 解得 L ． :５＝０２m 亦有kL μMg kh 不能平衡 : ５＞ ( － )＝１０N, 当再次速度为零时 １kL２ １kL２ μMg kh L L 分 : ５－ ６＝ ( － )(５－ ６)(１ ) ２ ２ 解得 L 故物块静止于B点． :６＝０m, 所以物块相对木板的总路程为 : S ． ． ． ． ． ． ． 分 Δ ＝(０６－０４)＋(０６＋０４)＋(０２＋０４)＋０２m＝２m(２ ) 所以Q μMg kh S 分 ＝ ( － )􀅰Δ ＝２０J(１ ) 高三物理试题参考答案 第 页 共 页 【 ４ ( ４ )】 {#{QQABDQqAggigAIAAABhCQQVYCkEQkBCCCYgOAFAIsAAAQBFABCA=}#}