物理试卷+答案_2024-2025高三（6-6月题库）_2024年11月试卷_1104北京市中国人民大学附属中学2025届高三年级10月质量检测练习

{{##{{QQQQAABBABQQYasAwgggCCQAkAJJTBAACAYA5grCQQ0XwoGCoACsAQAkQIGkBhJAWAAgMSgROVAAEEAKEAIxAKASAAyNAANFAKBAC=A}=#}}#}{{##{{QQQQAABBABQQYasAwgggCCQAkAJJTBAACAYA5grCQQ0XwoGCoACsAQAkQIGkBhJAWAAgMSgROVAAEEAKEAIxAKASAAyNAANFAKBAC=A}=#}}#}{{##{{QQQQAABBABQQYasAwgggCCQAkAJJTBAACAYA5grCQQ0XwoGCoACsAQAkQIGkBhJAWAAgMSgROVAAEEAKEAIxAKASAAyNAANFAKBAC=A}=#}}#}{{##{{QQQQAABBABQQYasAwgggCCQAkAJJTBAACAYA5grCQQ0XwoGCoACsAQAkQIGkBhJAWAAgMSgROVAAEEAKEAIxAKASAAyNAANFAKBAC=A}=#}}#}{{##{{QQQQAABBABQQYasAwgggCCQAkAJJTBAACAYA5grCQQ0XwoGCoACsAQAkQIGkBhJAWAAgMSgROVAAEEAKEAIxAKASAAyNAANFAKBAC=A}=#}}#}{{##{{QQQQAABBABQQYasAwgggCCQAkAJJTBAACAYA5grCQQ0XwoGCoACsAQAkQIGkBhJAWAAgMSgROVAAEEAKEAIxAKASAAyNAANFAKBAC=A}=#}}#}{{##{{QQQQAABBABQQYasAwgggCCQAkAJJTBAACAYA5grCQQ0XwoGCoACsAQAkQIGkBhJAWAAgMSgROVAAEEAKEAIxAKASAAyNAANFAKBAC=A}=#}}#}{{##{{QQQQAABBABQQYasAwgggCCQAkAJJTBAACAYA5grCQQ0XwoGCoACsAQAkQIGkBhJAWAAgMSgROVAAEEAKEAIxAKASAAyNAANFAKBAC=A}=#}}#}人大附中 2025 届高三年级 10 月质量检测练习-物理 参考答案 2024-10-8 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 BD BC ABD C BCD ABC ABD ABC BCD ACD 11．（1）CD （2）1.76 -0.468 0.465 （3）D 12.（1）C （2）D （3）B （4）如下图所示： （5） 9.86 （6）C T2/s2 5.0 4.0 3.0 0.80 0.90 1.00 1.10 1.20 L/m 图13 13．（8分） N （1）（2 分）如图 1所示；-------------------------【2分】 F （2）（3 分）将拉力F分别沿水平和竖直方向进行分解，根据牛 f θ 顿运动定律，可得: Fcos f ma------------------------ ----【1分】 NFsinmg0---------------------------【1分】 mg 物体所受滑动摩擦力大小为 f N 图1 F 联立上述三式，可得a cossing6m/s2-----------------【1分】 m 1 （3）（3 分）根据运动学公式，可得x at2 12m----------------------------【3 分】 2 14. （8 分） （1）（3 分）水从管口沿水平方向喷出做平抛运动，设水喷出时速度为v ，落地时间为t。 0 1 竖直方向：h gt2------------------------------------【1 分】 2 水平方向：10hv t ----------------------------------【1 分】 0 v  50gh---------------------------------------【1 分】 解得 0 1 / 4 {{##{{QQQQAABBABQQYasAwgggCCQAkAJJTBAACAYA5grCQQ0XwoGCoACsAQAkQIGkBhJAWAAgMSgROVAAEEAKEAIxAKASAAyNAANFAKBAC=A}=#}}#}m （2）（2分）时间t内喷出的水的质量mv tS ，每秒喷出的水的质量𝑚 = 0 0 t 联立以上各式解得：m S 50gh 【2 分】 0 ---------------------------- （3）（3 分）设地面与水面的距离为H ，则时间t内水泵输出功 1 W mg(Hh) mv2 【1 分】 2 0 ----------------------------------- 输出功率𝑃 = 𝑊 ---------------------------------------------【1分】 t 解得：PSg 50gh(H26h)=150ghS 2gh------------------【1 分】 15.（8分） （1）（2 分）由牛顿第二定律可得 mgsinθ =ma 代入数据可得 a = 6m/s2 由匀加速直线运动公式v2 = 2aL 代入数据可得v 20 3m/s -------------------------------------------------------------【1分】 B 所以重力做功的功率 Pmgsinv 6000.620 3W 7200 3W -------------------------------------------【1分】 B 1 （2）（3 分）从A到B，根据动能定理mgLsinθ+W = mv2 0 ---------------------【2 分】 f 2 解得 W =-9000J --------------------------------------------------------【1 分】 f （3）（3 分）设CD间距离为L，根据平抛运动的规律 Lcosθ=vt -------------------------------------------------------【1分】 3 1 L'sin gt2--------------------------------------------【1分】 2 联立解得L=192m --------------------------------------【1分】 16.（9分） （1）a.（2分） 不变量分别是第一段：拉力、加速度，第二段：功率----------------------------【2 分】 b. （3 分） 由图象可知，第一时间段内重物所受拉力F＝6.0N------------------------------------【1分】 1 F -G 设重物质量为m，重物加速a 1 ， m 第三个时间段内重物所受拉力F=mg=5.0N 联立解得 a =2.0m/s2-----------------------------【1 分】 2 在第二段时间内，拉力的功率P  Fv12W--------------------------------------------------------------【1分】 2 / 4 {{##{{QQQQAABBABQQYasAwgggCCQAkAJJTBAACAYA5grCQQ0XwoGCoACsAQAkQIGkBhJAWAAgMSgROVAAEEAKEAIxAKASAAyNAANFAKBAC=A}=#}}#}（2）（2 分）第一时间段内拉力大小恒定， 0v 02 则拉力的平均功率为PFvF 6 W 6W --------------------------------------【2分】 2 2 v 2.0 （3）（2分）设第一段时间为t，重物在这段时间内的位移为x，则t  B s 1.0s ， 1 1 1 a 2.0 𝑥 = 1 𝑎𝑡2= 1.0𝑚；设第二段时间为t，t=t-t=0.50s；重物在t这段时间内的位移为x， 1 2 1 2 2 1 2 2 1 1 根据动能定理有Pt Gx  mv 2 mv 2，解得 x=1.112m-------------------------------【1 分】 2 2 2 C 2 B 2 所以被提升重物在第一时间段内和第二时间段内通过的总路程： xx x 2.112m------------------------------【1 分】 1 2 17.（10 分） GMm v2 GM （1）（2 分）证明：由 m 1 可知：v  ----------------------------------------------【2分】 R2 R 1 R （2）a（2分）:错误原因：将上升过程的加速度当成不变的-------------------------------------【2 分】 GMm 1 GMm b（3 分）:设物体上升的最大高度为h，由能量守恒可知：  mv2  0 R 2 1 Rh GMm 地面上质量为m 的物体受到地球引力等于其重力，即 0 m g 0 R2 0 联立解得：h R------------------------------------------------------------------------------------------------------------【3分】 GMm （3）（3 分）当物体距离高度h时的重力加速度为g ，则 mg ，h增大，g 将 h (Rh)2 h h 减小。所以上升过程中：随着h增加，加速度将减小，而加 速度方向与速度方向相反，所以其速度将减小 。 v 下降过程：随着h减小，加速度将增大，而加速度方向与 速度方向相同，所以其速度将增加。 vt图像为： O t 18.（12 分） 图 19 g m g 3m （1）v  ；v  1 2 2k 2 4 k mg 3mg （2） a.平衡位置时弹簧压缩量为 ；b.振幅A . 2k 4k 3 / 4 {{##{{QQQQAABBABQQYasAwgggCCQAkAJJTBAACAYA5grCQQ0XwoGCoACsAQAkQIGkBhJAWAAgMSgROVAAEEAKEAIxAKASAAyNAANFAKBAC=A}=#}}#}解析： （1）（6 分）未施加力F时，A、B 物体处于静止状态，此时设弹簧压缩量为x . 1 kx 2mgsinmg--------------------------------------------------------------【1 分】 1 施加力F 后，A、B一起向上加速运动，以A 为研究对象： kxNmgsinma，当N 0时，物体 A、B分离，设此时 3mg 弹簧压缩量为x ，此时kx mgsinma -----------------------------------------------【1 分】 2 2 4 g m 由v2 2a(x x )可知：v  2a(x x )  ---------------------------------------------【1 分】 1 1 2 1 1 2 2 2k 分离后A 物体将继续加速，当A的合力为零时，其速度达到最大，最大速度大小为 4 / 4 v 2 。 mg 设此时弹簧的压缩量为x ，且kx mgsin ------------------------------------------------------【1 分】 3 3 2 分离后A 物体与弹簧组成的系统机械能守恒，则有： 1 1 1 1 mv 2  mv2 mg(x x )sin kx 2  kx2--------------------------------------------------------【1分】 2 2 2 1 2 3 2 2 2 1 g 3m 解得v  ------------------------------------------------------------------------------------------------------------【1分】 2 4 k （2）a（3分）.A、B 分离后，A振动平衡位置O，此时弹簧压缩量为x ，kx mgsin 3 3 mg x  -------------------------------------------------------------【3 分】 3 2k b．（3分）A 与B 分离后，A物块振动的合力即回复力为F kx（式中x为物块 A距离平衡 位置 O 的距离），A 离开平衡位置 O 点x时，回复力（重力与弹簧弹力的合力）做功为 1 1 W  kx2，根据保守力做功与势能变化的关系可知：总势能E = kx2. 2 P总 2 1 1 A在振动过程中，动能与总势能相互转化，设振动的振幅为A，则 mv 2  kA2，解得振 2 2 2 3mg 幅A --------------------------------------------------------------【3分】 4k {{##{{QQQQAABBABQQYasAwgggCCQAkAJJTBAACAYA5grCQQ0XwoGCoACsAQAkQIGkBhJAWAAgMSgROVAAEEAKEAIxAKASAAyNAANFAKBAC=A}=#}}#}