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2019年甘肃省武威市中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（下列每小题给出的四个选项中只有一个选项正确．本题共6小题，每小题3分，
共18分）
1．【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单
位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
【解答】解：A、一个苹果的质量在 120g＝0.12kg 左右，受到的重力为 G＝mg＝
0.12kg×10N/kg＝1.2N．故A符合实际；
B、家用空调的工作电流在5A左右，其功率在P＝UI＝220V×5A＝1100W＝1.1kW左右。
故B不符合实际；
C、人的头发的直径在75 m左右，物理课本一张纸的厚度与此差不多，在100 m＝0.1mm
左右。故C不符合实际；μ μ
D、正常情况下，人的体温在37℃左右，变化幅度很小。故D不符合实际。
故选：A。
【点评】物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地学
好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。
2．【分析】（1）声音的传播需要介质，声音不能在真空中传播；
（2）超声波是指高于20000Hz的声音，次声是指低于20Hz的声音，人耳都无法听到，地震
时伴有次声波产生；
（3）声音可以传递信息，可以传递能量；
（4）噪声监测器不断检测噪声等级，此时噪声显示装置上的示数就表示此时的噪声，其单
位是分贝。
【解答】解：A、声音是一种波，它不能在真空中传播，故A错误；
B、地震时伴有次声波产生，次声波的频率低于20Hz，故B错误；
C、用超声波能击碎人体内的“结石”，说明超声波具有能量，故C正确；
D、噪声强度显示仪是用来检测噪声等级的，不能减弱噪声，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了声音的产生和传播、减弱噪声的途径、声音与能量、次声波等知识，理
解知识点解答简单。
第1页（共12页）3．【分析】（1）不论是镜面反射还是漫反射，即使是看不见的光的反射，都遵循光的反射定律；
（2）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的
形成、日食和月食等；
（3）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒
影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
（4）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折
射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
【解答】解：A、镜面反射和漫反射都遵循光的反射定律，故A正确；
B、影子的形成说明光是沿直线传播的，由于光的直线传播，被物体挡住后，物体后面就会
呈现出阴影区域，就是影子，故B正确；
C、平静水面上的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故C正确；
D、水中铅笔反射的光从水中斜射入空气中时，发生折射，折射光线远离法线，当人逆着折
射光线的方向看时，看到的是铅笔的虚像，比实际位置偏高，所以感觉铅笔折断了，这是
光的折射形成的，故D错误。
故选：D。
【点评】此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的
理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。
4．【分析】（1）增大压强的方法：是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；是在受力
面积一定时，通过增大压力来增大压强。
（2）气体和液体都属于流体，在流体中，流速大的地方压强小，流速小的地方压强大。
（3）液体压强随深度的增加而增大。
（4）气压随海拔的升度而减小。
【解答】解：A、啄木鸟的嘴很尖细，是在压力一定的情况下，通过减小受力面积，增大压强，
从而凿开树干，捉到躲藏在深处的虫子，故A错误；
B、看到车上窗帘往外飘，是因为车外空气流速快压强小，车内空气流速慢压强大，从而产
生向外的压力差，故B正确；
C、水坝修建为上窄下宽是因为液体压强随深度增加而增大，故C错误；
D、珠穆朗玛峰顶的高度大于兰州市地面的高度，海拔越高，气压越低，因此珠穆朗玛峰顶
的大气压强比兰州市地面的大气压强小，故D错误。
故选：B。
【点评】此题考查了大气压强、流体压强和流速的关系、增大压强的方法、大气压与高度的
第2页（共12页）关系等，是一道综合性较强的题目。
5．【分析】利用对应的物理知识，逐个分析选择项中提到的物理情景，从而可以判断选择项的
正误。
【解答】解：A、子弹从枪膛射出后能继续前进是因为子弹具有惯性。惯性不是力，不能说受
到惯性的作用。故A错误，
B、桌子没动，即为静止状态，即平衡状态，所以在水平方向上受到的推力和摩擦力是一对
是平衡力。根据二力平衡的条件可知，这两个力是相等的，而不是推力小于摩擦力。故B
错误。
C、茶杯静止在水平桌面上，茶杯的重力和桌面对茶杯支持力大小相等、方向相反、作用在
同一个物体上、作用在同一直线上，符合二力平衡的条件，是一对平衡力。故C正确。
D、乒乓球运动员用球拍击球，球拍的作用力不仅能够使球改变运动状态，还可以改变球
的形状。故D错误。
故选：C。
【点评】此题考查惯性、平衡力的辨别、力的作用效果、力与运动的关系，是一道综合性较
强的题目，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。
6．【分析】无线充电器是指利用电磁感应原理进行充电的设备，原理类似于变压器。在发送和
接收端各有一个线圈，发送端线圈连接有线电源产生电磁信号，接收端线圈感应发送端的
电磁信号从而产生电流给电池充电；分析各图中实验原理分析解答。
【解答】解：
从题意中知道，手机中的线圈，能将底座产生的变化的磁场转化为电流给手机电池充电，
是利用电磁感应原理工作的；
A、动圈式话筒是利用闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动能够产生感应电流，是电
磁感应现象，故A符合题意；
B、扬声器是利用通电导体受到磁场力的作用工作的，故B不符合题意；
C、电烙铁是利用电流的热效应工作的，故C不符合题意；
D、电磁起重机是利用电流的磁效应工作的，故D不符合题意。
故选：A。
【点评】本题主要考查了电磁现象中几个实验的掌握情况，知道无线充电器的原理是解题
的关键。
二、填空题（本题共8小题，每空1分，共17分）
7．【分析】（1）不透明物体的颜色是由它反射的色光决定的。
第3页（共12页）（2）光从一种介质进入另一种介质时，通常会发生折射。
【解答】解：
（1）桃花是不透明的物体，看桃花时，桃花只反射红光，吸收其它颜色的光，所以看到桃花
呈红色。
（2）鱼在水中，人在岸上，鱼“射出”的光线在水面处发生折射，折射光线进入人的眼睛，
人眼感觉折射光线从折射光线的反向延长线上射出的，所以看到的是鱼的虚像。
故答案为：反射；虚。
【点评】本题考查了光的反射和折射，都是生活中常见的现象，体现了生活处处皆物理，一
定要留心生活。
8．【分析】太阳的能量来自于它内部发生的核聚变；
天然气属于化石能源；能够从自然界中源源不断的得到的能源叫可再生能源；不能够从自
然界中源源不断的得到的能源叫不可再生能源。
【解答】解：
①由较轻的原子核聚合成较重的原子核时，会释放出巨大的能量，这是太阳内部每时每
刻进行的核聚变反应；
②煤、石油和天然气属于化石能源，是不可再生能源。
故答案为：聚；不可再生。
【点评】本题考查了太阳的能量来自于核聚变、能源的分类，知识点较简单，要记住。
9．【分析】分子动理论基本观点：
（1）扩散现象说明了分子在不停地做无规则运动，温度越高，分子运动越剧烈。注意：作答
时一定要有“不停地”与“无规则”两个关键词。
（2）分子间存在引力和斥力。
（3）分子间存在间隙。
【解答】解：（1）“粽叶飘香”是粽子分子与空气发生扩散现象。扩散现象说明分子不停地
在做无规则运动。注意：作答时一定要有“不停地”与“无规则”两个关键词。
（2）若分子间是密实无间隔的，那么水跟酒精混合时候总体积应该不变。体积变小是一些
水分子和一些酒精分子运动到各自的间隙中的宏观表现。
故答案是：分子在不停地做无规则运动；间隙。
【点评】该题考查了分子动理论的相关知识。
10．【分析】（1）要解答本题需掌握：研究对象的运动情况是怎样的，就看它与参照物的相对
位置是否变化；
第4页（共12页）（2）速度单位换算关系：1m/s＝3.6km/h。
【解答】解：小明乘坐高铁时看到路旁的树木疾速向后退去，认为树木是运动的，选择的参
照物是与树木位置不断发生变化的高铁；
列车速度：v＝180km/h＝180× m/s＝50m/s。
故答案为：高铁；50。
【点评】本题考查动和静止的相对性、速度单位的换算，难点是要求不同速度单位的换算
倍率。
11．【分析】（1）自然界只存在两种电荷，正电荷和负电荷，丝绸摩擦过的玻璃棒带正电；毛皮
摩擦过的橡胶棒带负电。
（2）不同物质组成的物体，原子核夺得电子的本领不同，相互摩擦时，一个物体夺得电子，
因多余电子带负电，另一个物体失去电子，因缺少电子带正电。
【解答】解：
橡胶棒和毛皮摩擦过程中，橡胶棒得到电子带负电荷，毛皮失去电子带正电荷；乙棒与橡
胶棒相互排斥，说明乙棒带负电，是因为乙棒在摩擦过程中得到电子。
故答案为：负；得到。
【点评】本题考查了对电荷间的相互作用规律和摩擦起电的理解，属于基础题。
12．【分析】（1）电能表的读数：最后一位是小数、单位是kW•h。
（2）1600imp/（kW•h）表示每消耗1kW•h的电能，指示灯闪烁1600次，据此可求闪烁32
次消耗的电能，再利用P＝ 求用电器的实际电功率。
【解答】解：
（1）该表盘上显示数字为55467，因为最后一位是小数、单位是kW•h，所以显示已用电
5546.7kW•h；
（2）1600imp/（kW•h）表示每消耗1kW•h的电能，指示灯闪烁1600次，
指示灯闪烁32次，则该用电器消耗的电能：
W＝ kW•h＝0.02kW•h，
该用电器的实际电功率：
P＝ ＝ ＝0.4kW＝400W。
第5页（共12页）故答案为：5546.7；0.02；400。
【点评】本题考查了电能表的读数，消耗电能和电功率的计算，明确电能表相关参数的意
义是关键。
13．【分析】动能大小的影响因素：质量和速度。质量越大、速度越大、动能越大。重力势能大
小的影响因素：质量和高度。质量越大、高度越高、重力势能越大。
【解答】解：卫星从远地点向近地点运行的过程中，其质量不变，相对高度降低，则势能减
小；同时速度增大，动能增大，是重力势能转化为动能。
故答案为：重力势；动。
【点评】本题主要考查了势能与动能之间的转化，了解各自的影响因素是判断的关键。
14．【分析】（1）浮力的大小与液体密度和物体排开液体的体积有关，因此判断浮力的大小，
关键判断液体密度和物体排开液体的体积发生怎样的变化。
（2）潜水器受到的压强大小与液体的密度和潜水器所处的深度有关，因此判断压强的大小，
关键是判断液体密度和潜水器所处深度的变化。
【解答】解：（1）潜水器在水面下匀速下潜，海水的密度不变，潜水器浸没在水中，其排开水
的体积不变，
根据F浮 ＝ 液gV排 可知，潜水器受到的浮力不变。
（2）由于潜ρ水器在水中的深度逐渐增加，所以根据公式p＝ gh可知，潜水器受到的压强
增大。 ρ
故答案为：不变；变大。
【点评】本题考查了对液体压强和浮力的判断。判断时要了解影响液体压强和浮力大小的
因素，并判断影响因素中哪些是定量，哪些是变量。
三、识图、作图题（本题共5小题，共10分）
15．【分析】使用刻度尺测量物体长度时，要观察是否从0刻度线量起，起始端没从0开始，要
以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度，注意刻度尺
要估读到分度值的下一位。
【解答】解：
由图知：刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表1mm，即刻度尺的分度值为
1mm；木块左侧与1.00cm刻度线对齐，右侧与3.5cm对齐，估读为3.50cm，所以木块的长
度为L＝3.50cm﹣1.00cm＝2.50cm。
故答案为：2.50。
【点评】此题考查的是刻度尺的读数，在物理实验和实际生活中经常使用刻度尺，我们要
第6页（共12页）熟练掌握其使用和读数方法。
16．【分析】本题应抓住汽油机的一个工作循环由如图所示的四个冲程组成：吸气冲程、压缩
冲程、做功冲程、排气冲程。做功冲程：气门都关闭，活塞向下运行，气缸容积增大，火花塞
冒出电火花。
【解答】解：由图知，两气门都关闭，火花塞冒出电火花，活塞向下运行，气缸容积增大，是
做功冲程。
故答案为：做功。
【点评】本题考查了内燃机的做功冲程，常见题目。
17．【分析】根据通电螺线管的N、S极，判断图中磁感线的方向，在磁体外部，磁感线总是从
磁体的N极发出，最后回到S极，最后根据安培定则判断螺线管中电流的方向，标出电源
的正负极。
【解答】解：通电螺线管的右端为N，根据安培定则，伸出右手，使右手大拇指指示通电螺
线管的N极（右端），则四指弯曲所指的方向为电流的方向，即电流是从螺线管的左端流
入的、右端流出，在磁体外部，磁感线总是从磁体的N极发出，最后回到S极，如图所示：
【点评】由于小磁针的N、S极、磁感线的方向都是由螺线管的磁极来决定的，所以确定螺
线管的N、S极是解决此题的关键。
18．【分析】由杠杆的平衡条件F L ＝F L 可知，当动力臂最大时，动力最小，即最省力。连接
1 1 2 2
支点和力的作用点A即是最大动力臂，当作用力与之垂直时，作用力最小。
【解答】解：由杠杆的平衡条件可知，在阻力和阻力臂一定时，动力臂越长越省力；
由图知，O为支点，A点离支点最远，则连接支点O和羊角锤的末端A即是最长的动力臂，
过A点作垂直于动力臂向右的力F ．如下图所示：
1
第7页（共12页）【点评】求最小的力是常见的题型，关键是找到最大的动力臂，一般来说，支点与动力作用
点的连线就是最大的动力臂。
19．【分析】在作凸透镜、凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特
点来作图。
【解答】解：平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点；过光
心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变。如图所示：
【点评】凹透镜三条特殊光线的作图：①延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平
行于主光轴。②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点。
③过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变。
四、实验探究题（本题共2小题，共20分）
20．【分析】（1）把天平放在水平桌面上，将游码移至零刻度处，然后调节平衡螺母，若指针偏
向分度盘的右侧，则应当将平衡螺母向左使横梁平衡。
（2）在测量液体密度时，为了减小误差，测出的是倒在量筒中液体的质量和体积，根据分
析排列成顺序。
（3）首先读出两次天平的示数及量筒中油的体积，天平的示数等于砝码的质量加游码在标
尺上所对的刻度值，注意标尺和量筒的分度值；
根据两次天平的读数之差，即可得出剩余油的质量；
（4）根据 ＝ 计算出油的密度。
ρ
【解答】解：（1）指针偏向分度盘的右侧，则应当将平衡螺母向左使横梁平衡；
（2）在测量时，需先测出烧杯和油的总质量，再将烧杯中的一部分油倒入量筒，测出这部
第8页（共12页）分油的体积，并测出烧杯和剩余油的总质量，所以测量顺序为BCA；
（3）剩余油与烧杯的总质量：m剩 ＝20g+10g+5g+2.4g＝37.4g，
倒入量筒中油的质量：m＝m总 ﹣m剩 ＝55.8g﹣37.4g＝18.4g，
量筒中油的体积：V＝20mL＝20cm3；
（4）油的密度： ＝ ＝ ＝0.92g/cm3＝0.92×103kg/m3。
ρ
故答案为：（1）左；（2）BCA；（3）18.4；20；（4）0.92×103。
【点评】此题是测量油的密度，考查了学生对测量液体密度的掌握，同时考查了天平、量筒
的读数及密度的计算，以及密度单位之间的换算。考查得很全面。
21．【分析】若电流表示数为0，灯不亮，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明
电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路
断路了；
根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻
时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片
移动的方向；
【解答】解：（1）变阻器按一上一下接入电路中，由图知，电阻两端的电压始终保持：
U ＝IR＝0.1A×25 ＝﹣﹣﹣﹣＝0.5A×5 ＝2.5V﹣﹣﹣﹣﹣①，故电压表选用小量程与
V
电阻并联，如下所Ω示： Ω
（2）小欣把5 定值电阻接入电路后，闭合开关，发现电流表无示数而电压表有示数，则电
路中的故障可Ω能是电阻R处断路，选B；
（3）由①知，电流与电阻之积为一定值，由图象可以得出结论：电压一定时，导体的电流
与导体的电阻成反比；
（4）根据串联分压原理可知，将定值电阻由5 改接成10 的电阻，电阻增大，其分得的电
压增大； Ω Ω
第9页（共12页）探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，应保持电阻两端的电压为2.5V不变，根据串
联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连
入电路中的电阻，所以滑片应向A端移动，记录此时各表的示数．
故答案为：（1）如上所示；（2）B；（3）导体的电流与导体的电阻成反比；（4）2.5；A．
【点评】本题探究“电流跟电阻的关系”，考查电路连接、故障和数据分析、控制变量法及
操作过程．
五、计算与简答题（计算部分要有主要公式及数值代入过程，计算结果要有数值和单位．简答
部分要有必要的分析和说明．本题共3小题，共15分）
22．【分析】（1）物质由气态变成液态的现象叫做液化；
（2）物质由气态直接变成固态的现象叫做凝华。
【解答】答：水珠是室内温度较高的水蒸气遇到温度较低的玻璃液化成的小水滴；
冰花是室内温度较高的水蒸气遇到温度较低的玻璃凝华成的小冰晶。
发生这两种现象的条件是室内外有一定的温差，当温差不大时发生液化，当温差较大时发
生凝华。
【点评】此题考查的是生活中的液化和凝华现象，是一道热学的基础题。
23．【分析】（1）已知时间和路程，利用速度公式计算这段时间他骑行的速度；
（2）根据二力平衡条件求出阻力，然后利用W＝fs计算他骑行这5min内克服阻力做的功；
（3）他骑行时自行车对地面的压力等于人和车的重力之和，已知压力和接触面积，利用公
式p＝ 得到对地面的压强。
【解答】解：（1）他骑行的速度是：
v＝ ＝ ＝5m/s。
（2）他在平直公路上5min内匀速行驶，受力平衡，则阻力f＝F＝60N，
所以他骑行这5min内克服阻力做的功：
W＝fs＝60N×1500m＝9×104J。
（3）骑行过程中地面受到的压力为：
F压 ＝G总 ＝（m人+m车 ）g＝（50kg+15kg）×10N/kg＝650N，
则他骑行时自行车对地面的压强为：
p＝ ＝ ＝2.6×105Pa。
答：（1）这段时间他骑行的速度是5m/s；
第10页（共12页）（2）若他骑行时的牵引力恒为60N，则他骑行这5min内克服阻力做了9×104J功；
（3）若他骑行时自行车两轮与地面总的接触面积为25cm2，则他骑行时自行车对地面的压
强为2.6×105Pa。
【点评】此题是一道力学综合题，考查了速度、功和压强的计算，以及二力平衡条件的应用，
关键是知道他骑行时自行车对地面的压力等于人和车的重力之和。
24．【分析】（1）灯泡正常发光时的功率和额定功率相等，根据P＝ 求出灯泡正常工作时
的电阻；
（2）电源的电压一定时，由P＝ 可知，开启加热功能时，加热部分的总电阻最小，由图
可知开关S 的状态；
2
（3）由题知，系统处于保温状态时，开关S 应是断开，两电阻R 、R 串联，总电阻最大，总
2 1 2
功率最小，根据串联电路的电流特点结合R 与R 的电功率之比表示出两个电热丝的功率
1 2
之比得出电阻关系，根据电阻的串联和W＝Pt＝ t求出系统处于保温状态时电热丝消
耗的电能；系统处于加热状态，开关S 闭合，电阻丝R 被短路，根据W＝Pt＝ t求出电
2 2
阻丝R 消耗的电能，两种状态下消耗的电能之和即为电路消耗的总电能，利用 ＝
1
η
×100%求出沼气完全燃烧释放的热量，再利用Q放 ＝Vq求出每天需要完全燃烧沼气的体
积；
【解答】解：
（1）由P＝ 可得，灯泡正常工作时的电阻：
R ＝ ＝ ＝484 由；
L
Ω
（2）电源电压一定时，由P＝ 可知，可知，开启加热功能时，加热部分的总电阻最小，由
图可知，开关S 处于闭合状态；
2
（3）由题知，系统处于保温状态时，开关S 应是断开，两电阻R 、R 串联，总电阻最大，总
2 1 2
功率最小，
第11页（共12页）因串联电路中各处的电流相等，且R 与R 的电功率之比为1：3，
1 2
所以，由P＝I2R可得，两个电热丝的电阻之比：
＝ ＝ ＝ ，
则R ＝ R ＝ ×30 ＝10 ，
1 2
Ω Ω
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，系统处于保温状态时，电热丝消耗的电能：
W保温 ＝ t＝ ×10×3600s＝4.356×107J，
系统处于加热状态，开关S 闭合，电阻丝R 被短路，电阻丝R 消耗的电能：
2 2 1
W加热 ＝ t＝ ×10×3600s＝1.7424×108J，
电路消耗的总电能：
W＝W保温+W加热 ＝4.356×107J+1.7424×108J＝2.178×108J，
由 ＝ ×100%可得，沼气完全燃烧释放的热量：
η
Q放 ＝ ＝ ＝4.356×108J，
由Q放 ＝Vq可得，每天需要完全燃烧沼气的体积：
V＝ ＝ ＝24.2m3。
答：（1）灯泡正常工作时的电阻为484 ；
（2）闭合； Ω
（3）每天需要完全燃烧24.2m3的沼气。
【点评】本题考查了电功率公式和电功公式、燃料完全燃烧释放热量公式以及沼气能源的
特点，正确的判断照明、保温和加热状态时电路的连接方式是关键。
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