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化学试题
可能用到的相对原子质量：H1 C12 O16 S32 C135.5 Fe56 Cu64 Ba137
一、选择题(本题包括12小题，每小题2分，共24分。每小题只有一个选项符合题意)
1. 《天工开物》记载的下列造物过程中涉及化学变化的是
A. 棉线织布 B. 粮食酿酒 C. 楠木制舟 D. 沙里淘金
【答案】B
【解析】
【详解】A、棉线织布只改变物质的外部形状，不产生新物质，不涉及化学变化，故选项错误；
B、粮食酿酒过程中产生了新物质酒精，属于化学变化，故选项正确；
C、楠木制舟只改变物质的外部形状，不产生新物质，不涉及化学变化，故选项错误；
D、沙里淘金是物质的分离，不产生新物质，不涉及化学变化，故选项错误。
故选B
2. 下列是人体几种体液的正常pH范围，其中呈酸性的是
A. 胰液7.5～8.0 B. 胆汁7.1 ～7.3
C. 血浆7.35～7.45 D. 胃液0.9 ～1.5
【答案】D
【解析】
【详解】酸性溶液pH<7，碱性溶液pH>7，中性溶液pH=7，胰液和胆汁以及血浆的pH>7显碱性，胃液
pH<7显酸性，故选D。
阅读下列材料，完成下面小题：金属钠在一定条件下制取单质钛的化学方程式为
。将钛和钛合金放在海水中数年，取出后仍光亮如初。钠元素和钛元素
在元素周期表中的相关信息如图所示。
3. 下列化学用语表示正确的是
A. 2个钠原子：Na B. 3个氯离子：3Cl
2
学科网（北京）股份有限公司C. NaCl中Na元素的化合价： D. 钠原子结构示意图：
4. 由金属钠制取单质钛的化学反应属于
A. 化合反应 B. 分解反应 C. 置换反应 D. 复分解反应
5. 下列有关钛的说法不正确的是
A. 钛的原子序数为22 B. 钛属于金属元素
C. 钛合金抗腐蚀性比铁好 D. 钛的相对原子质量是47.87g
【答案】3. D 4. C 5. D
【解析】
【3题详解】
A、原子用元素符号表示，原子个数则在元素符号前加上相应的数字，则2个钠原子表示为2Na，故选项
错误；
B、氯离子带1个单位负电荷，表示为Cl-，离子个数则在离子符号前加上相应的数字，则3个氯离子表示
为3Cl-，故选项错误；
C、氯化钠中钠元素失去电子显+1价，不是-1价，故选项错误；
D、钠元素是第11号元素，其原子结构示意图为： ，故选项正确。
故选D；
【4题详解】
由题目已知方程式可知，金属钠制取单质钛，是一种单质和一种化合物反应生成另一种单质和另一种化合
物，属于置换反应，故选C。
【5题详解】
A、周期表示意图中左上角数字表示该元素的原子序数，故选项正确；
B、钛元素的元素名称中带“钅”，所以钛元素属于金属元素，故选项正确；
C、根据题干“将钛和钛合金放在海水中数年，取出后仍光亮如初”，而铁很容易生锈，可以证明钛合金
抗腐蚀性比铁好，故选项正确；
D、相对原子质量单位是“1”，不是“g”，故选项错误。
故选D。
6. 中国科学家成功以二氧化碳和水为原料人工合成葡萄糖(C H O)。下列说法正确的是
6 12 6
学科网（北京）股份有限公司A. 葡萄糖由三种元素组成 B. 葡萄糖中含有水分子
C. 葡萄糖属于有机高分子 D. 葡萄糖中C、H元素的质量比为1：2
【答案】A
【解析】
【详解】A、由化学式可知，葡萄糖由C、H、O三种元素组成，符合题意；
B、由化学式可知，葡萄糖由葡萄糖分子构成，每个葡萄糖分子中含6个碳原子、12个氢原子、6个氧原
子，不含水分子，不符合题意；
C、葡萄糖含碳元素，属于有机物，葡萄糖的相对分子质量为：12×6+12+16×6=180，相对分子质量比较小，
不属于高分子化合物，不符合题意；
D、葡萄糖中C、H元素的质量比为：（12×6）：12=6:1，不符合题意。
故选A。
7. 实验室配制质量分数为6%的NaCl溶液。下列图示操作正确的是
A. 取用NaCl B. 称量NaCl
C. 量取HO D. 溶解NaCl
2
【答案】C
【解析】
【详解】A、取用药品时，瓶塞应倒放在桌面上，防止污染试剂，图中所示操作错误；
B、托盘天平的使用要遵循“左物右码”的原则，图中所示操作砝码与药品位置放反了，图中所示操作错
误；
C、读取液体体积，视线应与液体的凹液面最低处保持水平，图中所示操作正确；
D、不能在量筒内进行溶解操作，应在烧杯中进行，图中所示操作错误。
故选：C。
8. 下列物质的性质与用途具有对应关系的是
A. 活性炭有吸附性，可用于净水 B. 石墨有导电性，可用于生产铅笔芯
C. 一氧化碳有可燃性，可用来炼铁 D. 碳酸钙难溶于水，可用作补钙剂
学科网（北京）股份有限公司【答案】A
【解析】
【详解】A、活性炭结构疏松多孔，具有吸附性，可以吸附水中的色素和异味，符合题意；
B、石墨质软，容易留下痕迹，故可用于生产铅笔芯，不符合题意；
C、一氧化碳具有还原性，可用来炼铁，不符合题意；
D、碳酸钙含钙元素，且能与胃液中的稀盐酸反应生成氯化钙，故可作补钙剂，不符合题意。
故选A。
9. 下列实验方案能达到实验目的的是
选项 实验目的 实验方案
A 稀释浓HSO 将水倒入浓HSO 中并用玻璃棒不断搅拌
2 4 2 4
B 鉴别NaOH和NH NO 固体 取样，分别溶于水中，测量溶液温度的变化
4 3
C 除去NaCl固体中少量的NH Cl 加入Ca(OH) 固体，研磨
4 2
D 检验蜡烛中是否含有氧元素 在蜡烛的火焰上方罩一只干燥烧杯，观察现象
A. A B. B C. C D. D
【答案】B
【解析】
【
详解】A、稀释浓硫酸：将浓硫酸沿器壁慢慢注入水中，并用玻璃棒不断搅拌，使热量尽快散发出去，
不能将水注入浓硫酸中，不符合题意；
的
B、氢氧化钠溶于水，放出大量 热，溶液温度升高，硝酸铵溶于水吸热，溶液温度降低，现象不同，可
以区分，符合题意；
C、加入氢氧化钙固体，研磨，氢氧化钙和氯化铵反应生成氯化钙、氨气和水，引入了新的杂质氯化钙，
不符合题意；
D、在蜡烛的火焰上方罩一只干燥烧杯，有水雾出现，说明蜡烛燃烧生成了水，说明蜡烛中含有氢元素，
不符合题意。
故选B。
10. KC1和KNO 的溶解度(见下表)和溶解度曲线(见图)。下列说法正确的是
3
温度/℃ 0 10 20 30 40 50 60
KNO 13.3 20.9 31.6 45.8 63.9 85.5 110
溶解 3
学科网（北京）股份有限公司度/g KCl 27.6 31.0 34.0 37.0 40.0 42.6 45.5
A. 曲线甲代表KCl的溶解度曲线
B. 40℃时KNO 饱和溶液中KNO 的质量分数为63.9%
3 3
C. t 的值在20~30之间
1
的
D. 将t℃时甲和乙 饱和溶液升温至t℃时，溶液中溶质的质量分数：甲>乙
1 2
【答案】C
【解析】
【详解】A、曲线甲溶解度受温度影响大，所以甲曲线对应的是KNO，选项不正确；
3
B、40℃时KNO 饱和溶液中KNO 的质量分数为： ，选项不正确；
3 3
C、t℃时甲和乙的溶解度相等，由表格可以看出在只有在20~30之间，才有相等的溶解度，因此t 的值应
1 1
20~30之间，选项正确；
D、t℃时甲和乙溶解度相等，所以甲乙饱和溶液的质量分数也相等，将t℃时甲和乙的饱和溶液升温至
1 1
t℃时，由于溶解度都增大，溶液都变成了不饱和溶液，但溶质，溶剂质量都不变，所以甲乙饱和溶液的
2
质量分数仍相等，选项不正确；
故选：C
11. 为探究一瓶久置的NaOH溶液样品是否变质，进行如下实验：
实验一：取少量样品于试管中，滴加1~2滴酚酞溶液，溶液显红色。
实验二：取少量样品于试管中，加入适量稀硫酸，有气泡放出。
实验三：取少量样品于试管中，加入足量的BaCl 溶液，有白色沉淀生成。过滤，向滤液中滴加1~2滴酚
2
酞溶液，溶液显红色。
下列结论正确的是
A. 实验一说明NaOH溶液没有变质 B. 实验二说明NaOH溶液全部变质
C. 实验三中生成的沉淀为Ba(OH) D. 实验三说明NaOH溶液部分变质
2
【答案】D
【解析】
学科网（北京）股份有限公司【分析】实验一说明溶液呈碱性；实验二有气泡产生说明氢氧化钠溶液已变质，溶质中含有碳酸钠；实验
三加入足量的BaCl 溶液，有白色沉淀生成，该沉淀为氯化钡和碳酸钠生成的碳酸钡沉淀，且加入足量的
2
BaCl 溶液，已将溶液中的碳酸钠完全反应，过滤沉淀后，向滤液中滴加1~2滴酚酞溶液，溶液显红色，说
2
明溶液中还含有氢氧化钠，故氢氧化钠溶液已部分变质。
【详解】故选D。
12. 一种利用太阳能分解水的原理如图所示。下列说法不正确的是
A. 反应I的化学方程式：
B. 理论上每生成2gH，同时生成32gO
2 2
C. 反应Ⅲ中生成SO 和O 的分子个数比为2：1
2 2
在
D. 反应I、Ⅱ和Ⅲ 反应前后均有元素化合价发生改变
【答案】B
【解析】
【分析】根据图示可知反应I的化学方程式为
I+SO+2H O=2HI+HSO ，反应II的化学方程式为 ，反应III的化学方程式为
2 2 2 2 4
。据此解答。
【详解】A、反应I的化学方程式正确，不符合题意；
B、反应I生成HI和HSO 的分子个数比为2:1，根据反应II和反应III方程式可知，2个HI分子能生成1
2 4
个氢气分子，而1个HSO 分子只能生成0.5个氧气分子，氢分子和氧分子比值为2:1，设生成的氧气质量
2 4
为x,
学科网（北京）股份有限公司，x=16g，则生成2g氢气的同时生成16g氧气，符合题意；
C、根据反应III的化学方程式，生成SO 和O 的分子个数比为2：1，选项正确，不符合题意；
2 2
D、反应I中碘元素反应前后元素化合价改变，反应II中氢元素和碘元素反应前后化合价均改变，反应III
中氧元素反应前后化合价改变，选项正确，不符合题意。
故选B。
二、非选择题(本题包括4小题，共36分)
13. 2022年北京成功举办冬奥会，化学功不可没。
（1）冬奥会环保人员的服装面料是利用回收废弃的塑料瓶加工制成。
①塑料属于_______(填字母)。
a.金属材料 b.复合材料 c.合成材料
②回收废弃塑料可缓解_______(填字母)。
a.酸雨 b.白色污染 c.温室效应
（2）冬奥会火炬“飞扬”首次采用液氢作燃料。关于氢气液化的过程说法正确的是_______(填字母)。
a.氢分子的体积变小 b.氢分子间的间隔变小 c.氢分子的数目变少
（3）冬奥会上提供经过二氧化氯消毒处理的直饮水。
①二氧化氯的化学式为_______。
②证明该直饮水是软水的实验方案为_______。
（4）冬奥会为运动员提供的某运动饮料包装标签部分说明见图。其中能预防骨质疏松、佝偻病的阳离子
是_______(填离子符号)。
【答案】（1） ①. c ②. b
（2）b （3） ①. C1O ②. 取样加入肥皂水，振荡产生大量泡沫
2
（4）Ca2+
【解析】
【小问1详解】
塑料属于合成材料；回收废弃塑料可缓解白色污染。
【小问2详解】
氢气液化是由气体变为液体，体积变小，原因是分子间间隔变小。
学科网（北京）股份有限公司【小问3详解】
①二氧化氯的化学式为ClO 。
2
②证明该直饮水是软水的实验方案为加入取样加入肥皂水，振荡产生大量泡沫则为软水，否则为硬水。
【小问4详解】
骨质疏松、佝偻病是因为缺钙，则能预防骨质疏松、佝偻病的阳离子是Ca2+。
14. 连云港海洋资源丰富，应用前景广阔。
（1）海水晒盐。下图是利用海水提取粗盐的过程：
①“蒸发池”中质量逐渐减少的物质是_______(填化学式)。
②实验室里除去粗盐中难溶性杂质一般步骤为溶解、过滤、蒸发，这三种基本操作中都要使用的玻璃仪器
是_______。
③析出晶体后的“母液”是氯化钠的_______(选填“饱和溶液”或“不饱和溶液”)。母液中含有MgC1 ，向母液
2
中加入澄清石灰水有白色沉淀生成，该复分解反应的化学方程式为_______。
（2）海底探物。海底埋藏着大量的“可燃冰”，其主要成分是甲烷水合物(由甲烷分子和水分子组成)，还含
有少量的CO 等气体。
2
①下列说法正确的是_______(填字母)。
a.可燃冰和干冰都属于混合物
b.可燃冰与煤相比是较清洁燃料
c.可燃冰和石油都属于可再生能源
②利用CH 和HO进行催化重整制氢气，反应前后分子变化的微观示意图如图所示。其中“乙→丙”发生反
4 2
应的化学方程式为_______。
【 答 案 】 （ 1 ） ① . HO ②. 玻 璃 棒 ③ . 饱 和 溶 液 ④ .
2
学科网（北京）股份有限公司（2） ①. b ②.
【解析】
【
小问1详解】
①“蒸发池”中蒸发出水，溶质质量不变，故质量逐渐减少的物质是HO；
2
②粗盐提纯的实验步骤及所需玻璃仪器为：溶解（烧杯、玻璃棒）、过滤（烧杯、漏斗、玻璃棒）、蒸发
（玻璃棒），故均需的玻璃仪器是玻璃棒；
③结晶池中蒸发结晶后，析出粗盐，得到母液，故析出晶体后的“母液”是氯化钠的饱和溶液；
氯化镁和氢氧化钙反应生成氢氧化镁和氯化钙，该反应的化学方程式为：
；
【小问2详解】
①a、可燃冰主要成分是甲烷水合物，还含有少量的二氧化碳等，属于混合物，干冰是固体二氧化碳，是由
同种物质组成，属于纯净物，不符合题意；
b、可燃冰主要成分是甲烷水合物，甲烷燃烧生成二氧化碳和水，煤燃烧会产生二氧化硫等污染物，故可
燃冰与煤相比是较清洁燃料，符合题意；
c、可燃冰和石油短期内均不能再生，属于不可再生能源，不符合题意。
故选b；
②由图可知，“乙→丙”发生反应中一氧化碳和水参与了反应，生成物为二氧化碳和氢气，故该反应为一
氧化碳和水在高温和催化剂的作用下转化为二氧化碳和氢气，该反应的化学方程式为：
。
15. CuSO 是化学实验中常见试剂。
4
（1）验证质量守恒定律。
步骤1：在锥形瓶中加入适量的CuSO 溶液，塞好橡胶塞。将几根铁钉用砂纸打磨干净，将盛有CuSO 溶
4 4
液的锥形瓶和铁钉一起放在托盘天平上称量，记录所称质量为m
1。
步骤2：将铁钉浸入到CuSO 溶液中，塞好橡胶塞。观察实验现象，待反应有明显现象后，将盛有CuSO
4 4
溶液和铁钉的锥形瓶一起放在托盘天平上称量，记录所称质量为m
2
①用砂纸将铁钉打磨干净的作用是_______。
②步骤2中可观察到明显的实验现象是_______。该变化可说明Fe和Cu的金属活动性由强到弱的顺序是
学科网（北京）股份有限公司_______。
③若m=m，可证明参加反应的Fe和CuSO 的质量总和等于_______。
1 2 4
（2）探究CuSO 溶液对HO 分解具有催化作用。
4 2 2
①若要证明CuSO 溶液对HO 分解具有催化作用，除需证明CuSO 在反应前后化学性质和质量不发生改变
4 2 2 4
外，还需证明的是_______。
②为探究CuSO 在反应前后质量是否发生改变，某同学设计如下实验：
4
向HO 溶液中滴入10ga%的CuSO 溶液，待反应完全后，向试管中加入足量的BaCl 溶液，产生沉淀，过
2 2 4 2
滤、洗涤、干燥，称量沉淀物为bg。
上述实验步骤中若缺少“洗涤、干燥”，则通过沉淀物bg计算出溶液中CuSO 的质量_______0.1ag。(填“大
4
于”或“小于”或“等于”)
（3）将16.0gCuSO 置于坩埚中加热，固体质量与成分随温度变化的曲线如图所示。
4
①650℃时，CuSO 开始发生分解反应，生成CuO和另一种氧化物X，X的化学式为_______。
4
②1000℃时，CuO开始发生分解反应，生成Cu O和O 计算图中m的值____。(写出计算过程)
2 2.
【答案】（1） ①. 除去铁钉表面的铁锈 ②. 银白色的铁钉表面有红色固体出现，溶液由蓝色变为
浅绿色 ③. Fe＞Cu ④. 生成的Cu和FeSO 的质量总和
4
（2） ①. CuSO 溶液能改变HO 分解速率 ②. 大于
4 2 2
（3） ①. SO ②. 解：设生成Cu O的质量为z
3 2
z=7.2g
学科网（北京）股份有限公司即m的值为7.2g
【解析】
【小问1详解】
①用砂纸将铁钉打磨干净的作用是将铁钉表面的铁锈除去，防止影响实验；
将铁钉浸入到CuSO 溶液中，铁和硫酸铜反应生成硫酸亚铁和铜，现象为：银白色的铁钉表面有红色固体
4
出现，溶液由蓝色变为浅绿色；
铁能将铜从其盐溶液中置换出来，说明金属活动性：Fe＞Cu；
③m 为反应前盛有CuSO 溶液的锥形瓶和铁钉，m 为反应后盛有CuSO 溶液的锥形瓶和铁钉的质量，若
1 4 2 4
m=m，说明参加反应的Fe和CuSO 的质量总和等于生成的Cu和FeSO 的质量总和；
1 2 4 4
【小问2详解】
①催化剂能改变化学反应速率，且化学反应前后，催化剂的质量和化学性质不变，故还需证明的是CuSO
4
溶液能改变HO 分解速率；
2 2
②上述实验步骤中若缺少“洗涤、干燥”，会导致沉淀物的质量偏大，计算得出的硫酸铜的质量偏大，则
计算出溶液中CuSO 的质量大于0.1ag；
4
【小问3详解】
①①650℃时，CuSO 开始发生分解反应，生成CuO和另一种氧化物X，根据质量守恒定律，化学反应前后，
4
元素的种类和质量不变，另一氧化物中一定含硫元素，硫元素的质量为 ，则另
一氧化物中氧元素的质量为：16.0g-3.2g-8.0g=4.8g，设该氧化物的化学式为：SO，则32x：16y=3.2g：
x y
4.8g，x：y=1:3，故该氧化物的化学式为：SO ；
3
②见答案。
16. 用如图所示装置制取干燥的CO，并对CO 的部分性质进行探究。
2 2
（1）装置A中发生反应的化学方程式为_______。
学科网（北京）股份有限公司（2）①装置B中饱和NaHCO 溶液的作用是_______。
3
②装置C中试剂X应该选用_______(填字母)。
a.稀HSO b.浓HSO c.KOH溶液
2 4 2 4
（3）收集CO 并验满。将集满CO 的锥形瓶与盛有足量NaOH溶液的注射器和传感器密封连接，缓慢的
2 2
将NaOH溶液注入到锥形瓶中，采集信息形成图像。见图。
①检验装置D中CO 已经集满的方法是_______。
2
②随着反应的进行，锥形瓶中压强降低的原因是_______。
③反应结束后锥形瓶中的压强保持在40kPa说明_______。
（4）取2mL饱和澄清石灰水于试管中，用4mL蒸馏水稀释，向其中缓慢通入足量CO。测定反应体系的
2
电导率变化如图所示。(忽略反应前后溶液体积的变化)
【查阅资料】
材料一：溶液的导电力越强，溶液的电导率越大。
材料二：单位体积溶液中某离子的个数越多，则该离子的浓度越大，溶液的导电能力越强。相同浓度的不
同离子导电能力不同。
材料三：Ca(OH) 溶于水能完全解离出Ca2+和OH-。
2
CaCO 遇到溶有CO 的水时，能反应生成易溶于水的Ca(HCO )，Ca(HCO ) 在水中能完全解离出Ca2+和
3 2 3 2 3 2
学科网（北京）股份有限公司；。
①石灰水中通入CO 气体，溶液的电导率先逐渐降低的主要原因是_______。
2
②反应最终电导率的稳定值低于初始值的可能原因是_______、_______。
【答案】 ①. ②. 除去HCl气体 ③. b ④. 将燃着的
小木条置于锥形瓶口，木条熄灭 ⑤. CO 与NaOH反应，使锥形瓶中CO 气体减少，压强变小 ⑥. 向
2 2
上排空气法收集到的CO 气体不纯 ⑦. Ca(OH) 与CO 反应生成CaCO 沉淀，使溶液中离子的浓度逐渐
2 2 2 3
降低，溶液的导电能
力逐渐下降 ⑧. 生成的CaCO 未能完全转化为Ca(HCO ) ⑨. OH-导电能力强于
3 3 2
【解析】
【详解】（1）装置A为稀盐酸与石灰石反应制取二氧化碳，方程式为：
。
（2）①装置B中溶液为碳酸氢钠溶液，呈碱性能与挥发出的HCl发生反应，所以其作用是吸收HCl气体。
②装置C是为了吸收水蒸气，则X应选用的具有极强吸水性的浓硫酸，故选b。
（3）①二氧化碳不支持燃烧，验满的方法是在锥形瓶口放置燃着的木条，若木条熄灭，则已集满。
②氢氧化钠可与二氧化碳反应生成碳酸钠，反应过程中消耗二氧化碳气体，二氧化碳气体减少，锥形瓶内
压强降低。
③反应结束后锥形瓶中的压强保持在40kPa，则可说明有其他气体剩余，即为收集到的二氧化碳气体不纯。
（4）①石灰水中通入CO 气体，溶液的电导率先逐渐降低的主要原因是，氢氧化钙与二氧化碳反应生成
2
碳酸钙和水，使溶液中离子浓度降低，致使其电导率逐渐下降。
②反应最终电导率的稳定值低于初始值的可能原因是氢氧根离子导电能力强于碳酸氢根离子、生成的碳酸
钙沉淀未能完全转化为碳酸氢钙。
学科网（北京）股份有限公司学科网（北京）股份有限公司
