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微信：cs5311742016 主营各地名校期中期末真题卷及小初高全套教材教案讲义知识点总结
2022-2023 学年北京市师达中学九年级（上）段考物理试卷（12 月
份）
1. 在国际单位制中，电功率的单位是（ ）
A. 伏特（V） B. 安培（A） C. 焦耳（J） D. 瓦特（W）
【答案】D
【解析】
【详解】A．伏特是电压的基本单位，故A不符合题意；
B．安培是电流的基本单位，故B不符合题意；
C．焦耳是电能的基本单位，故C不符合题意；
D．瓦特是电功率的基本单位，故D符合题意。
故选D。
2. 符合安全用电原则的是
A. 用湿抹布擦拭使用中的电视机
B. 在高压线下放风筝
C. 有人触电时应首先切断电源
D. 继续使用绝缘皮破损的导线
【答案】C
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【解析】
【分析】生活用水是导体；安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体；当有人触电时，应
先切断电源；绝缘皮破损的导线容易漏电，发生触电事故．
【详解】A、水是电的导体，用湿抹布擦带电的用电器时，可能会因湿抹布导电而发生触电事故，故不符
合安全用电原则；
B、在高压线附近放风筝，一旦风筝接触高压线会造成人触电，故不符合安全用电原则；
C、当发现有人触电时，应该立即采取的措施是：迅速切断电源或用绝缘体挑开电线，不能用手拉开电线
和触电的人，这样自己也会触电，故符合安全用电原则；
D、绝缘层破损了的导线仍然使用，容易发生触电事故，故不符合安全用电原则．
故选C.
3. 据物理学史记载，最先发现通电导线周围存在磁场的科学家是（ ）
A. 安培 B. 欧姆 C. 伏特 D. 奥斯特
【答案】D
【解析】
【详解】A．安培是法国物理学家、化学家和数学家，他的主要成就是发现安培定则和电流的相互作用规
律，发明电流计等，故A不符合题意；
B．欧姆是德国物理学家，1826年，欧姆发现了电学上的一个重要定律，即欧姆定律，这是他最大的贡献，
故B不符合题意；
C．伏特是意大利物理学家，因在1800年发明伏打电堆而著名，故C不符合题意；
D．奥斯特是丹麦物理学家、化学家和文学家，在物理学领域，他首先发现通电导线周围存在磁场，故D
符合题意。
故选D。
4. 在如图所示的家用电器中，消耗电能主要是用来产生热量的是（ ）
A. 电熨斗 B. 台式电风扇
C. 电视机 D. 笔记本电脑
【答案】A
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【解析】
【详解】A．电熨斗通电后主要是发热，把电能主要转化为内能，是电流的热效应，故A符合题意；
B．台式电风扇通电后主要是转动，把电能主要转化为机械能，故B不符合题意；
C．电视机通电后主要是发光和产生声音，把电能主要转化为光能、声能，故C不符合题意；
D．笔记本电脑通电后主要是把电能转化为光能和声能，故D不符合题意。
故选A。
5. 图中，各元件在家庭电路中连接符合安全用电原则的是( )
A. 甲、乙 B. 甲、丁 C. 乙、丙 D. 丙、丁
【答案】B
【解析】
【详解】甲图中，三孔插座的上孔接地、左孔接零线、右孔接火线，符合安全用电原则，故甲接法正确；
乙图中，开关接在零线上，灯泡的螺旋套接在地线上，故乙接法错误；
丙图中，三孔插座的上孔接地、左孔接火线、右孔接零线，故丙接法错误；
丁图中，开关接在火线上，灯泡的螺旋套接在零线上，符合安全用电原则，故丁接法正确。所以接法正确
的是甲、丁。
故选B。
6. 1820年，安培在科学院的例会上做了一个小实验，引起与会科学家的极大兴趣。如图所示，他把螺线管
沿东西方向水平悬挂起来，然后给螺线管通电，看到的现象是
A. 通电螺线管转动后停在任意位置
B. 通电螺线管仍保持在原来的位置
C. 通电螺线管不停地转动下去
D. 通电螺线管转动后停在南北方向上
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【答案】D
【解析】
【详解】由安培定则判断出B端为N极，A端为S极，而地球本身是个大磁体，在地面附近，地磁场的方
向是由南方指向北方的，故B端指向北方，A端指向南方，故选D。
7. 家庭电路中的保险丝突然熔断，发生这一现象的原因可能是（ ）
A. 电路的总电阻变大 B. 电路的总功率变大
C. 大功率用电器停止工作 D. 用电器发生断路
【答案】B
【解析】
【详解】A．根据 可得，电压不变，当电阻变大时，电路中电流就会变小，所以不会熔断保险丝，
故不A符合题意；
B．根据 可得，电路中用电器过多，可能总功率过大，电压不变，电流过大，会熔断保险丝，故B
符合题意；
C．当电路中大功率用电器停止工作时，总功率变小，电路的电压不变，则通过干路的电流也变小，所以
不会熔断保险丝，故C不符合题意；
D．电路如果断路，电路中没有电流，不会熔断保险丝，故D不符合题意。
故选B。
8. 我国是世界上最早使用指南针的国家，东汉学者王充在《论衡》中记载到：“司南之杓，投之于地，其
柢指南”。如图所示的司南放在水平光滑的“地盘”上，静止时它的长柄指向南方。关于指南针（司南），
下列说法中正确的是（ ）
A. 指南针只有一个磁极
B. 指南针的指向不会受到附近磁铁的干扰
C. 可自由转动的指南针，静止时指南北是由于地磁场的作用
D. 指南针周围不存在磁场
【答案】C
【解析】
【详解】A．任何磁体都有两个磁极，指南针是磁体，所以有2个磁极，故A错误；
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B．指南针的磁极有磁性，指向会受到附近磁铁的干扰，故B错误；
CD．地球是一个大磁体，地球周围存在的磁场叫地磁场，自由转动的指南针，其静止时指南北是由于地磁
场的作用，故C正确，D错误。
故选C。
9. 如图所示为一种试电笔的构造图，下列说法中正确的是（ ）
A. 使用试电笔时手可以接触金属笔尖
B. 使用试电笔时手不要接触金属笔卡
C. 试电笔中的电阻可以用铁丝代替
D. 正确使用试电笔，若氖管发光则说明接触的是火线
【答案】D
【解析】
【详解】AB．手不要接触试电笔前端的金属体笔尖，必须接触试电笔末端的金属体笔卡，使电源和大地之
间形成通路，故AB错误；
CD．在使用试电笔时，试电笔的高值电阻和人串联在火线和大地之间，加在两者之间的电压是 ，此
时试电笔的高值电阻分担的电压很大，人体分担的电压很小，通过人体的电流很小，氖管发光，不会发生
触电事故，因此不能用铁丝代替试电笔中的电阻，而零线与大地之间无电压，所以氖管不发光，故C错误，
D正确。
故选D。
10. 下列关于电功率的说法中正确的是（ ）
A. 电功率是表示电流做功多少的物理量
B. 电流通过用电器做的电功越多，电功率就越大
C. 用电器在相同的时间内消耗的电能越多，电功率越大
D. 额定功率大的用电器一定比额定功率小的用电器消耗的电能多
【答案】C
【解析】
【详解】A．电功率是表示消耗电能快慢的物理量，而不是表示电流做功多少的物理量，故A错误；
B．根据电功率的定义式 可知，消耗的电能与时间的比值越大，电功率越大，电流通过用电器做
的电功越多，电功率不一定越大，故B错误；
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C．电功率表示用电器单位时间内消耗的电能多少，根据电功率的定义式 可知，用电器在相同的
时间内消耗的电能越多，电功率越大，故C正确；
D．额定功率大的用电器，实际功率不一定大，故电流做功不一定快，再根据 ，做功的时间未知，
电流做功也就不一定多，用电器消耗的电能不一定多，故D错误。
故选C。
11. 甲、乙两只电热杯及其铭牌如图所示，若它们的电阻不随温度的变化而改变，则下列说法中正确的是
（ ）
A. 甲的电阻小于乙的电阻
B. 两电热杯均正常工作时，相同时间内消耗的电能一样多
C. 若将乙接在电压为110V的电路中，它的实际功率为250W
D. 若将两电热杯串联后接在电压为220V的电路中，相同时间内甲产生的热量较多
【答案】D
【解析】
【详解】A．两电加热器均正常工作时的功率和额定功率相等，根据
P=UI=
的变形式
可知，甲的功率较小 ，其电阻较大，故A错误；
B．两电加热器均正常工作时的功率和额定功率相等，由图知甲的额定功率较小，根据W=Pt可知，相同时
间内甲消耗的电能较少，故B错误；
C．乙的电阻
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将乙接入110V的电路中，它的实际功率
故C错误；
D．两电加热器串联后接在220V的电路中时通过它们的电流相等，甲的电阻大，由P=I2R可知，甲的实际
功率较大，相同时间内甲产生的热量较多，故D正确。
故选D。
12. 如图是灵敏电流计内部结构示意图，当有电流通过灵敏电流计中的线圈时，线圈就会带动指针发生偏
转。在如图所示的实验中，与灵敏电流计工作原理相同的是（ ）
A. 电磁铁磁性的强弱与线圈匝数有关
B. 通电后导体在磁场中由静止开始运动
C. 闭合回路的一部分导体切割磁感线产生电流
D. 通电导线下方的小磁针发生偏转
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【答案】B
【解析】
【详解】A．当有电流通过灵敏电流计中的线圈时，就会带动指针发生偏转，这原理是通电线圈的部分导
体在磁场中会受到了力的作用，是电动机的基本原理。电磁铁磁性的强弱与线圈匝数有关，是通电导线周
围存在磁场，磁场的强弱与匝数和电流的大小等因素有关，故A不符合题意；
B．通电后导体在磁场中由静止开始运动，因为在磁场中受到了力的作用，与电流计的原理相同，故B符
合题意；
C．闭合回路的一部分导体切割磁感线产生电流是电磁感应现象，即磁能够生电，故C不符合题意；
D．通电导线下方的小磁针发生偏转，是因为电流周围存在磁场，故D不符合题意。
故选B。
13. 小希按照图所示电路进行实验，闭合开关S后发现小灯泡L不发光。他猜测电路中某处可能发生断路
故障，于是用一只电压表查找故障的位置，测查记录如下表所示。若电路中只有一处发生断路故障，则断
路的位置是（ ）
电压表接入点 a、b a、c a、d a、e
电压表示数
A. a、b之间 B. b、c之间
C. c、d之间 D. d、e之间
【答案】B
【解析】
【详解】闭合开关 后发现小灯泡 不发光，说明电路出现了断路现象；
A．若a、b断路，则电压表所在的电路是通路，电压表有示数，与题意不符，故A不符合题意；
B．若b、c之间，则电压表接a、b时，电压表所在的支路断路，没有示数，电压表接在a、d及a、e之间
都是通路，电压表有示数，故B符合题意；
C．若c、d之间断路，则电压表接a、c时，没有示数，故C不符合题意；
D．若d、e之间断路，则电压表接在a、c时，没有示数，故D不符合题意。
故选 。
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14. 图甲是小灯泡L和电阻R的I-U图像。将小灯泡L和电阻R接入图乙所示的电路中，只闭合S 时，电
1
流表的示数为0.5A。电源两端电压保持不变，下列说法中正确的是 （ ）
A. 只闭合S 时，小灯泡L的电阻为2Ω
1
B. 只闭合S 时，小灯泡L的功率为8W
1
C. 再闭合S 后，电路总功率的增加量为2.8W
2
的
D. 再闭合S 后，1min 内电阻R产生 热量为48J
2
【答案】D
【解析】
【详解】AB．由电路图知，只闭合开关S 时，电路中只有小灯泡L工作，此时通过小灯泡的电流为
1
0.5A，由图甲知，小灯泡此时的电压为4V。则小灯泡此时的电阻
此时小灯泡的功率
P=UI=4V×0.5A=2W
1 1 1
故AB错误；
CD．再闭合S 后，小灯泡和电阻并联在电路中，电流表测干路电流，此时通过电阻R的电流为0.2A，而
2
整个过程中，电源两端的电压不变，所以电路总功率的增加量
P=UI=4V×0.2A=0.8W
2 1 2
1min内电阻R产生的热量
Q=Pt=0.8W×1×60s=48J
2
故C错误，D正确。
故选D。
15. 如图所示，把标有“6V 3W”的小灯泡 L 与最大阻值为 100的滑动变阻器R连接在总电压恒为18V
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的电路中，灯丝电阻不随温度变化。电流表和电压表选择的量程分别为“0~0.6A”和“0~15V”。闭合开关
S，在保证电路安全的情况下，移动滑动变阻器的滑片 P，则下列说法中正确的是（ ）
A. 向右移动滑片P，电流表和电压表示数均变小
B. 向右移动滑片P，小灯泡变暗，电路的总功率变大
C. 滑动变阻器接入电路中的阻值变化范围为18Ω~60Ω
D. 小灯泡电功率的变化范围是 0.75W~3W
【答案】D
【解析】
【详解】A．分析电路可知，灯和滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流，电压表测滑动变阻器两端的
电压，当滑片向右移动时，滑动变阻器的电阻变大，电源电压和灯的电阻不变，根据公式 得电
路中电流变小，即电流表示数变小，根据公式 得灯的电压变小，根据串联电路的电压规律得
，所以滑动变阻器的电压变大，即电压表示数变大，故A错误；
B．向右移动滑片，电路中的电流变小，所以小灯泡变暗，电源电压不变，根据公式 得电路的总功
率变小，故B错误；
C．灯决定电路中的最大电流为
灯的电阻为
滑动变阻器的最小电阻为
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电压表决定电路中的最小电流为
滑动变阻器的最大电阻为
滑动变阻器接入电路中的阻值变化范围为24Ω~60Ω，故C错误；
D．小灯泡的最小功率为
小灯泡的最大功率为
的
小灯泡电功率 变化范围是 0.75W~3W，故D正确。
故选D。
16. 关于研究磁场的方法和磁场的描述，下列说法中正确的是（ ）
A. 磁感线是磁体周围空间实际存在的曲线
B. 用磁感线可以形象地描述磁场的分布情况
C. 用能自由转动的小磁针可以判断磁场中某点的磁场方向
D. 在磁体周围撒铁屑可以判断该磁体周围的磁场方向
【答案】BC
【解析】
【详解】A．磁感线是为描述磁场而建立的模型，并不是实际存在的曲线，故A错误；
B．用磁感线可以形象地描述磁场的分布情况，故B正确；
C．能自由转动的小磁针在磁场中静止时，N极的指向就是该点磁场方向，所以可以判断磁场中某点的磁
场方向，故C正确；
D．在磁体周围撒铁屑，铁屑虽然会形成规则形状，但不可以判断该磁体周围的磁场方向，故D错误。
故选BC。
17. 如图所示，甲、乙、丙、丁分别为动四式话筒、动圈式扬声器、电动机、发电机的构造示意图或原理
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示意图，下列说法中正确的是（ ）
A. 甲与丁的原理相同，都是利用电磁感应原理
B. 甲与丙的原理相同，都是利用电磁感应原理
C. 乙与丁的原理相同，都是利用磁场对通电线圈有力的作用
D. 乙与丙的原理相同，都是利用磁场对通电线圈有力的作用
【答案】AD
【解析】
【详解】动圈式话筒的原理与发电机的原理都是把机械能转换成电能，利用的是电磁感应原理；而扬声器
的原理与电动机的原理是相同的，都是把电能转化为机械能，利用磁场对通电线圈有力的作用。所以甲与
丁的原理相同，乙与丙的原理相同，故BC错误，AD正确。
故选AD。
18. 小利同学设计并进行了一组探究实验，实验过程如图所示。实验发现，当电路闭合时，原来静止在南
北方向上的可自由转动的小磁针会发生偏转，偏转的方向如图中的箭头指示的方向。对于这组实验，下列
说法中正确的是（ ）
A. 该组实验证明了电磁感应现象
B. 甲、乙两图的实验说明电流的周围存在着磁场
C. 该组实验现象可用来说明发电机的工作原理
D. 甲、丙两图的实验说明通电导体周围的磁场方向与导体中的电流方向有关
【答案】BD
【解析】
【详解】AB．甲图通电时，放在通电导线周围的小磁针方向发生偏转；乙图断电时，放在导线周围的小磁
针方向未发生偏转。该组实验为奥斯特实验，放在通电导线周围的小磁针的方向发生偏转，说明电流周围
存在磁场，而不是证明了电磁感应现象，故A错误，B正确；
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C．电动机是利用电流的磁效应，即通电导体在磁场中受到力的作用，而发电机是利用电磁感应现象，即
闭合电路的一部分导体在磁场中作切割磁感线运动，导体中就会产生电流的现象。该组实验证明了通电导
体在磁场中受到力的作用，反映的是电动机的工作原理，故C错误；
D．根据图甲可知，通电导体下方的小磁针发生偏转；根据图丙可知，当改变导体中电流方向，通电导体
下方的小磁针偏转方向改变，因此该实验说明了通电导体周围的磁场方向与电流方向有关，故D正确。
故选BD。
19. 如图所示，灯L 上标有“6V 3.6W”，L 灯上的标识中部分文字模糊，只能看清“6V”。只闭合开
1 2
关S 时，灯L 的功率为1.6W；只闭合开关S 和S 时，灯L 和L 都正常发光。不考虑灯丝随电阻随温度
3 1 1 2 1 2
的变化，下列说法中正确的是（ ）
A. 只闭合S 时，L 和L 两灯串联
3 1 2
B. L 和L 两灯的灯丝阻值之比是2∶1
1 2
C. 只闭合S 时与只闭合S 和S 时，电路消耗的总功率之比是2∶9
3 1 2
D. 只闭合S 时与只闭合S 和S 时，通过L 灯的电流之比是4∶9
3 1 2 1
【答案】ABC
【解析】
【详解】A．只闭合S 时，电流从电源的正极出发依次经L、S、L 回到电源的负极，两灯泡串联，故A
3 1 3 2
正确；
B．只闭合开关S 和S 时，两灯泡并联，由并联电路中各支路两端的电压相等且L 和L 都正常发光，所以
1 2 1 2
电源电压为
U=U=U=6V
1 2
由 可得，灯L 的电阻为
1
只闭合开关S 时，L、L 串联，由于灯L 的功率为1.6W，由P=I2R可得，通过灯泡L 的电流为
3 1 2 1 1
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因串联电路中各处的电流相等，所以电路中的电流为
I=I =0.4A
1
由 可得，电路的总电阻
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以灯L 的电阻为
2
R=R -R=15Ω-10Ω=5Ω
2 总 1
则L 和L 两灯的灯丝阻值之比为
1 2
R∶R=10Ω∶5Ω=2∶1
1 2
故B正确；
C．只闭合S 时电路的总功率为
3
P =UI=6V×0.4A=2.4W
总
只闭合S 和S 时电路的总功率为
1 2
则
P ∶P ′=2.4W∶10.8W=2∶9
总 总
故C正确；
D．只闭合S 时通过L 灯的电流为0.4A，只闭合S 和S 时，通过L 灯的电流为
3 1 1 2 1
则
I∶I′=0.4A∶0.6A=2∶3
1
故D错误 。
故选ABC。
20. 如图甲所示为小光研究滑动变阻器R 的电功率变化规律的电路图，R 为定值电阻，电源两端的电压保
2 1
持不变．闭合开关后，在调节滑动变阻器R 的滑动头从a端滑到b端的过程中，记录了若干组通过R 的电
2 2
流与其两端电压的数据，并在分析实验数据后画出了R 的电功率P随其两端电压U变化关系的图像，如图
2
乙所示．下列说法中正确的是
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A. R 的阻值为20Ω
1
B. R 的最大阻值为50Ω
2
C. 电源两端的电压为5V
D. 该电路的最大电功率为3W
【答案】B
【解析】
【详解】ABC．由图甲可知，R 与R 串联，电压表测R 电压，由图乙可知，变阻器两端电压U=3V，变
1 2 2 2
阻器消耗的功率为P=0.9W，此时变阻器接入电路的电阻：
2
串联电路中电流处处相等，电路的电流为
①
由图甲可知，当滑片P至b端时，R 全部接入电路，由图乙可知，此时变阻器的功率为P'=0.5W，
2 2
U'=5V，此时变阻器接入电路的电阻为其最大值：
2
电路的电流：
②
由①②可得：R=10Ω，电源电压U=6V，故AC项错误，B正确；
1
D．由 可知，在U不变时，R越小，电路消耗的电功率越大，由图可知，当P处于a端时，
变阻器未接入电路，此时电路中总电阻最小，功率最大：
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故D项错误．
21. 如图所示的电能表示数为______ 度。
【答案】2022.9
【解析】
【详解】电能表数字方框中最后一位是小数，单位是 ，即“度”，所以电能表的示数为
，即2022.9度。
22. 如图所示，通电螺线管的左端为N极，右端为S极，则电源的______端为正极。（选填“左”或
“右”)
【答案】右
【解析】
【详解】已知通电螺线管的左端为N极，右端为S极；伸出右手握住螺线管，使大拇指所指的方向为通电
螺线管的N极，则四指弯曲指示电流的方向，因此电源右端为正极，左端为负极；如图所示：
23. 小鹏在探究小灯泡的亮度与哪些因素有关的实验中，选用了如图所示的实验器材，其中小灯泡上标有
“2.5V”字样，电源两端的电压恒为3V，设计电路后连接了部分电路。
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（1）请用笔画线代替导线，将图中的实物电路连接完整。（ ）
（2）小鹏进行了4次测量，并将有关数据及现象记录在表格中。分析表格中的信息可知，小灯泡额定功率
的测量值为___________W。
（3）实验得出的结论是：同一小灯泡，其两端的电压越大，它的实际功率越大，灯泡也就越___________
（选填“亮”或“暗”）。
次数 电压U/V 电流I/A 实际电功率P/W 小灯泡亮度
不亮
稍亮
正常
更亮
【答案】 ①. ②. 0.75 ③. 亮
【解析】
【详解】（1）[1]电压表与灯泡并联，滑动变阻器与灯泡串联且与一上一下的连接，如图所示
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（2）[2]由表格中实验数据知：灯泡两端的电压为2.5V时，通过灯泡的电流为0.3A, 故灯泡的额定功率
（3）[3]由表格中实验数据知：小灯泡两端的电压变大，实际功率变大，灯泡变亮。故得出的结论是：同
一小灯泡，其两端的电压越大，电流越大，它的实际功率越大，灯泡也就越亮。
24. 某同学按照图所示的实验装置组装电路并进行探究实验，用弹簧测力计将铁块P从电磁铁上拉开，观
察拉开时弹簧测力计示数大小判断电磁铁的磁性强弱。根据实验现象，回答下列问题：
（1）如果将铁块P从电磁铁上拉开时弹簧测力计示数越大，说明电磁铁磁性越_______（选填“强”或
“弱”）；
（2）线圈的匝数一定时，闭合开关，滑片向右缓慢移动，电磁铁磁性将______（填“增强”、 “减弱”
或“不变”）；
（3）闭合开关，电流大小不变，增加线圈的匝数，将铁块P从电磁铁上拉开时弹簧测力计示数_____（填
“变大”、 “变小”或“不变”）。
【答案】 ①. 强 ②. 减弱 ③. 变大
【解析】
【详解】(1)[1]实验中电磁铁的磁性越强，对铁块的吸引力越大，弹簧伸长的越长，弹簧测力计的示数越大，
将铁块P从电磁铁上拉开时弹簧测力计示数越大，说明电磁铁磁性越强；
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(2)[2]线圈的匝数一定时，闭合开关，滑片向右缓慢移动，变阻器连入电路的电阻变大，由I= 可知通过
电路的电流变小，电磁铁磁性将减弱；
(3)[3]电流大小不变，增加线圈的匝数，电磁铁磁性增强，将铁块P从电磁铁上拉开时弹簧测力计示数变大。
25. 如图是某同学“探究产生感应电流条件”的实验装置，请按要求完成下列问题：
（1）下列可产生感应电流的操作是__（填字母）。
A．导体AB沿竖直方向运动
B．导体AB沿水平方向运动
C．蹄形磁铁沿竖直方向运动
D．蹄形磁铁沿水平方向运动
（2）若要改变导体AB中的感应电流方向，请说出一种操作方法：_____________。
【答案】 ①. BD ②. 详见解析
【解析】
【详解】(1)[1] A．只让导体AB在竖直方向上下运动，导体AB没有切割磁感线运动，导体中没有感应电流
产生，不符合题意；
B．只让导体AB在水平方向左右运动，导体AB切割磁感线运动，导体中有感应电流产生，符合题意；
C．只让蹄形磁体在竖直方向上下运动，导体AB相对磁铁没有切割磁感线运动，导体中没有感应电流产生，
不符合题意；
D．只让蹄形磁体在水平方向左右运动，导体AB相对磁铁也做切割磁感线运动，导体中有感应电流产生，
符合题意；
(2)[2]要改变导体AB中的感应电流方向，可以调换U形磁铁的磁极或改变导体AB的运动方向。
26. 小莎利用如图所示的实验装置，探究电流做功多少跟什么因素有关。通过电动机将质量一定的重物提
升一段距离来反映电流做功的多少，闭合开关，电动机将重物提升的高度越大，表明电流做的功越多。电
路中的电源两端的电压可调，电压表测量电动机两端的电压，电流表测量通过电动机的电流，现将测得的
实验数据记录在下表中。
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次数 电流表示数I/A 电压表示数U/V 通电时间t/s 重物上升高度h/m
1 0.12 4 10 0.06
2 0.12 4 20 0.12
3 0.14 6 10 0.09
4 0.16 10 10 0.17
（1）闭合开关后，电动机将重物提升的过程，是将_______能转化为重物的机械能的过程；
（2）比较实验次数1和2，可以归纳出的结论是：电流做功的多少与_______有关；
（3）比较实验次数1、3和4，可以归纳出的结论是：在通电时间一定时，电流与电压的乘积越大，电流
通过电动机所做的功越_______。
【答案】 ①. 电 ②. 通电时间 ③. 多
【解析】
【详解】（1）[1]电流通过电动机时，消耗了电能，而电动机又提升了重物，所以是电能转化为了机械能。
（2）[2]由表中实验序号为1、2的实验数据可知，在电流与电压相等时，通电时间越长，重物上升的高度
越大，电流做功越多，由此可得：在电压与电流一定时，通电时间越长，电流做功越多，即电流做功的多
少与通电时间有关。
（3）[3]由表中实验序号为1、3和4的实验数据可知，通电时间相同而电压与电流不同，电压与电流的乘
积越大，重物上升的高度越高，电流做功越多，由此可得：在通电时间一定的情况下，电流做功与电流和
电压的乘积有关，电流与电压乘积越大，电流做功越多。
27. 如图所示，小军在探究通电导线在磁场中会受到力的作用的实验中，用两根水平且平行的金属轨道把
一根直导线ab支起来，并让这根导线处于蹄形磁体的磁场中。闭合开关后，有电流通过这根直导线，会看
到直导线在磁场中由静止开始沿轨道运动起来。把蹄形磁体上下磁极调换一下，使磁场方向与原来相反，
保持导线ab中的电流方向不变，闭合开关后，会看到直导线ab仍会由静止开始运动，只是运动的方向与
原来相反。请你写出小军所探究的问题是_________________________________。
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【答案】通电导线在磁场中受力方向与磁场方向是否有关
【解析】
【分析】力是改变物体运动状态的原因；当力的方向发生改变的时候，受力物体的运动状态也会发生改变；
通电导线在磁场中所受力的方向与电流的方向和磁场的方向有关。
【详解】小军的探究过程是：让导线处于蹄形磁体的磁场中，闭合开关后，看到直导线在磁场中运动起来；
然后把蹄形磁体上下磁极调换一下，使磁场方向与原来相反，保持导线ab中的电流方向不变，闭合开关后，
会看到直导线运动的方向与原来相反。所以研究的是通电导线在磁场中的受力方向与磁场方向的关系。
28. 为了验证“通过电热丝电流大小和通电时间相同 的情况下，电热丝的电阻值越大，其产生的热量越
多”的猜想，小炜选用了以下满足实验要求的器材：电源、滑动变阻器和开关各一个，电流表和停表各一
块，导线若干，以及如图1所示的三个完全相同的保温烧瓶。烧瓶内装有质量相等、初温相同的煤油，以
及完全相同的温度计和阻值不同的电热丝，其中三个电热丝的电阻值大小关系为 ，它们的电
阻值均不随温度发生变化。他设计的实验电路图如图2所示。
（1）实验中用___________ 反映电流通过电热丝产生热量的多少；
（2）以下是小炜的主要实验步骤，请你帮他补充完整：
①按电路图将装置甲、滑动变阻器、电流表等串联接入电路中，把滑动变阻器的滑片P调到接入电路阻值
最大的位置；
②闭合开关S，调节滑动变阻器滑片P到适当位置，用电流表测量通过电热丝的电流I，开始计时的同时观
察并记录装置甲中温度计的示数t ，将电热丝阻值R、t 的数据记录在表格中。通电1min，停止计时的同
0 0
时观察并记录温度计的示数t，断开开关S；
③分别用装置乙和装置丙替换电路中的装置甲，仿照步骤（2）再做2次实验。每次闭合开关S后，调节滑
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动变阻器滑片P，使___________ ，开始计时的同时观察并记录装置中温度计的示数t，将电热丝阻值R、
0
t 的数据记录在表格中。通电1min，停止计时的同时观察并记录温度计的示数t，断开开关S；
0
④利用公式Δt= ___________ （用测量的物理量的符号表示）计算出每次实验中煤油升高的温度，并记录
在表格中；
（3）请帮助该同学设计一个记录实验数据的表格。（ ）
【答案】 ①. 温度计升高的示数 ②. 电流为I ③. t-t ④. 见解析
0
【解析】
【详解】（1）[1]根据转换法，实验中用温度计升高的示数反映电流通过电热丝产生热量的多少。
（2）[2]根据实验目的，要控制电流和通电时间相同，分别用装置乙和装置丙替换电路中的装置甲，仿照
步骤（2）再做 次实验。每次闭合开关 后，调节滑动变阻器滑片P，使电流为I，开始计时的同时观察
并记录装置中温度计的示数t。
0
[3]实验中煤油升高的温度为
Δt=t-t
0
利用上式得到升高的温度。
（3）[4]根据实验要求，控制通电时间相同，改变通过电阻丝的电流大小，用煤油升高的温度Δt的大小表
示电流通过电阻丝R产生热量的多少，据此设计记录数据的表格如下所示：
实验次数 电流大小 初温 末温 升高的温度
1
2
3
29. 表是小丽在研究电功率 和电阻 间的关系的实验中记录的实验数据，请根据表格中的数据归纳出电
功率 和电阻 的关系： ___________。
【答案】
【解析】
【详解】分析表中的数据可知，电阻的电功率随电阻的变化关系设为
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则当 时， ；当 时， ，即
解 得
所以电功率 和电阻 的关系式
30. 如图所示，在竖直放置的电磁铁上方用弹簧悬挂一条形磁体，磁极位置如图中所示，滑动变阻器的滑
片 P 位于变阻器的中间部位闭合开关后可看到小灯泡发光．现调节滑动变阻器的滑片 P 的位置，保证条
形磁体始终未接触电磁铁，弹簧的形变始终为弹性形变，灯泡始终处于发光状态．请通过分析说明，在滑
动变阻器滑片 P 位置的所有可能的调节过程中，其滑片 P 位置变化与小灯泡的亮暗变化和弹簧的长度变
化的对应关系．
【答案】若滑片P向a端滑动，滑动变阻器接入电路中的电阻变大，电路中的电流变小，小灯泡变暗，电
磁铁磁性减弱，条形磁体受到的吸引力减小，则弹簧长度减小；若滑片 P向b端滑动，滑动变阻器接入电
路中的电阻变小，电路中的电流变大，小灯泡变亮，电磁铁磁性增强，条形磁体受到的吸引力增大，则弹
簧长度增大．
【解析】
【分析】由电源的正负极可知电流方向，由安培定则可知螺线管的磁极；根据滑片的移动方向与小灯泡的
亮暗变化以及磁极间相互作用分析弹簧长度变化．
【详解】闭合开关，由安培定则可以判断电磁铁上端为S极，下端为N极，则电磁铁与条形磁体相互吸引；
若滑片P向a端滑动，滑动变阻器接入电路中的电阻变大，电路中的电流变小，小灯泡变暗，电磁铁磁性
减弱，条形磁体受到的吸引力减小，则弹簧长度减小；
若滑片P向b端滑动，滑动变阻器接入电路中的电阻变小，电路中的电流变大，小灯泡变亮，电磁铁磁性
增强，条形磁体受到的吸引力增大，则弹簧长度增大．
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31. 实验桌上有满足实验要求的如下实验器材：电源、已调零的电压表、滑动变阻器、已知阻值为R 的定
0
值电阻和额定电压为6V的小灯泡各一个，开关和导线若干。小明设计了如图所示的测量额定电压为6V的
小灯泡额定电功率的电路图。
(1)他进行实验的步骤如下：
①按图连接实验电路，将滑动变阻器的滑片P移动到接入电路中阻值的最大处；
②断开开关S、闭合开关S，移动滑动变阻器的滑片P，使电压表示数为6V；保持滑动变阻器的滑片P位
2 1
置不变，闭合开关S，记录电压表的示数为U（此过程中，电路各元件均完好）；
2
③小明根据测得的数据，计算出小灯泡的额定功率为P = ，老师指出小明设计的电路图存
额
在错误，按照这个错误方案，在小明操作无误，正确读数的情况下，测得的小灯泡的电功率_____小灯泡
的额定电功率。（选填“大于”或“小于”）。
(2)小明在老师的帮助下，改正了实验设计中的错误，正确连接了如图所示的实验电路，请把小明的实验步
骤补充完整：
①断开开关S、闭合开关S、S，移动滑动变阻器的滑片P，使电压表示数为6V；
2 1 3
②保持滑动变阻器滑片P的位置不变，_____，记录电压表的示数为U；
③小明根据测得的数据，计算出了小灯泡的额定功率。
他又利用R 及实验数据计算出小灯泡正常工作的电阻R =_____。
0 L
【答案】 ①. 小于 ②. 断开 ，闭合 、 ③.
【解析】
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【详解】(1)[1]对比电路图和实物图的电路结构，发现实物图比电路图多一开关S；断开开关S、闭合开关
3 2
S ，灯、定值电阻R 和滑动变阻器串联，电压表测灯两端的电压，移动滑动变阻器的滑片 P，使电压表示
1 0
数为6V，灯正常发光；保持滑动变阻器的滑片 P位置不变，如果能像实物图中一样，断 S ，闭合开关
3
S 、S ，因电路的连接关系没有改变，各电阻和电压大小不变，灯仍正常发光，电压表测出灯与 R 的电压
1 2 0
U ，根据串联电路的电压规律，可求出R 的电压为
L0 0
= 6V
的
由欧姆定律可求出通过R 电流
0
= =
即灯的额定电流，故灯的额定功率
P =U =6V×
额 额
而在(1)②根据电路图的实际操作中，保持滑动变阻器的滑片P位置不变，闭合开关S，此时R 短路，灯
2 0
与变阻器串联，记录电压表的示数为U，此时，电压表示数U为灯的电压，而不是灯与R 的电压U ，因
0 L0
变阻器连入电路中的电阻不变，根据分压原理，此时测量出灯的电压U比灯与R 的电压U 小，即
0 L0
U
