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2019年陕西省初中毕业学业考试物理真题
一、选择题（共8小题，每小题2分，共16分。每小题只有一个选项是符合题意的）
1、雨后的山林中，鸟鸣清脆，溪水潺潺，微风轻拂，树枝摇曳……关于此环境中的声现象，下列说法正
确的是（ ）
A、鸟鸣声、流水声不是由振动产生的 B、人们主要通过音调分辨鸟鸣声和流水声
C、鸟鸣声和流水声在空气中传播速度一定不同 D、茂密的树林具有吸声、消声的作用
【答案】D
【解析】A中无论是鸟鸣声还是流水声都是声音，只要是声音，都是由物体的振动产生的，故 A错；B中由
于鸟鸣声和流水声发声体的材料和振动方式不同，所以二者音色不同，人们能够区分鸟鸣声和流水声是靠
音色，故B错；C中鸟鸣声和流水声都是声音，它们在空气中传播的速度大约是340m/s，故C错；D中声音
在传播过程中如遇到茂密的树林会被吸收，所以植树造林可以控制噪音，故D对。
2、如图所示，用酒精灯给烧瓶中的水加热直到沸腾。撤去酒精灯，用橡皮塞塞紧瓶口，将烧瓶倒置，向
烧瓶底浇冷水，瓶内水再次沸腾。关于实验中的现象。下列说法正确的是（ ）
A、瓶口出现的“白气”是汽化形成的
B、水沸腾过程中，吸收热量，温度升高
C、水再次沸腾说明水的沸点与水面上方气压大小有关
D、用酒精灯加热水是通过做功的方式改变水的内能
【答案】C
【解析】A中瓶口出现的“白气”是水蒸气遇冷液化形成，故A错；B中水在沸腾过程中，吸收热量，但温
度保持在沸点不改变，故B错；C中在用酒精灯把烧瓶中的水加热到沸腾时，水已经到达沸点，但由于撤
去了酒精灯，所以水不能再沸腾，若将烧瓶倒置，给烧瓶底部浇冷水，烧瓶内水面上方的空气遇冷收缩，
气压降低，水的沸点降低，故能再次沸腾，即 C对；D中用酒精灯加热水是通过热传递的方式来改变水的
内能，故D错。
3、对图中物理现象的认识，下列说法正确的是（ ）图－1 图－2 图－3 图－4
A、图－1中，木杆的影子是光的反射形成的 B、图－2中验钞机利用红外线能使荧光物质发光的原理制成
C、图－3中，舞蹈演员在平面镜中成等大的实像 D、图－4中，筷子看起来向上弯折是光的折射现象
【答案】D
【解析】A中木杆的影子是光沿直线传播形成的，故A错；B中验钞机利用的是紫外线能使荧光物质发光的
原理制成，故B错；C中平面镜成像成的是等大的虚像，故C错；D中筷子在水中的部分看起来向上偏折是
因为筷子在水中的部分反射的光通过水面发生折射后进入人的眼睛的，故D对。
4、足球运动中蕴含许多物理知识，下列说法正确的是（ ）
A、足球的直径约为40cm B、飞行中的足球受到重力和踢力
C、守门员将飞来的足球扑出表明力可以改变物体的运动状态
D、草坪上静止的足球受到的支持力与它对草坪的压力是一对平衡力。
【答案】C
【解析】A中足球的直径大约21.5cm，故A错；B中飞行中的足球已经离开人体，不再受踢力，如果忽略
空气阻力，只受重力的作用，故B错；C中守门员将飞来的足球扑出改变了足球的运动方向和速度，也即
是改变了足球的运动状态，故C对；足球受到的支持力与它对草坪的压力没有作用在同一个物体上，所以
不是一对平衡力，故D错。
5、下列说法中，错误的是（ ）
A、水的比热容比砂石大，因而吸收热量的本领比砂石强
B、书包带做的比较宽是通过增大受力面积减小压力
C、滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度有关
D、固体很难被压缩说明分子间有斥力
【答案】B
【解析】本题是要选错误选项，在答案B中，书包的背带做的比较宽是通过增大受力面积减小压强而不是
减小压力，故B错，答案选B
6、下列说法中，正确的是（ ）
A、核电站是利用核裂变释放的核能发电的 B、摩擦起电的过程中创造了电荷
C、原子是构成物质的最小微粒，不可再分 D、太阳能是不可再生能源【答案】A
【解析】A中核电站就是利用核裂变释放的核能来发电的，因为受控的核聚变目前还在研究之中，故 A对；
B中摩擦起电的实质是电子发生了转移，并没有创造电荷，故B错；C中原子不是构成物质的最小微粒，它
还可以再分，故C错；D中太阳能是可再生能源，故D错。
7、工人用如图所示的装置运送砂石。下列说法正确的是（ ）
A、滑轮组中的定滑轮能改变拉力的大小
B、图中动滑轮相当于一个省力杠杆
C、绳子自由端下拉1m，桶上升2m
D、质量为65kg的工人利用该滑轮组能提起150kg的砂石
【答案】A
【解析】A中定滑轮只能改变力的方向，不能改变力的大小，故A错；B中动滑轮的实质相当于一个动力臂
为阻力臂2倍的省力杠杆，故 B对；C中绳子自由端移动的距离是物体上升距离的 2倍，所以桶上升
0.5m，故C错；D中，工人重约650N,由于是两根绳子承担着物重，所以人最多能拉起650N×2＝1300N的
物体，而砂石重约1500N，故D错
8、如图是小轩家的部分电路。下列说法正确的是（ ）
A、若熔断器熔丝断了，可以用铜丝代替
B、若导线cd间断路，仍然可以安全使用三线插座
C、若闭合开关S，灯泡L不发光。用测电笔检测e点，氖管不发光，则说明灯丝一定断了
D、若ab间断路，灯泡L仍能正常工作
【答案】D
【解析】A中若熔断器熔丝断了，说明电路出现故障，应在排除故障后换用同规格的熔丝，绝不能用铜丝代替，故A错；B中若cd间断路，则插座接地线断，用电器的金属外壳不能接地，所以不能再安全使用三
线插座，故B错；C中e点与零线直接相连，灯泡正常发光情况下，用测电笔检测e点，氖管也不发光，所
以不能说明灯丝断了。D中若ab间断路，但灯泡的两端依然可以连接到火线和零线形成回路，所以灯泡可
以正常发光，故D对。
五、填空与作图（共6小题，计19分）
24、 2019年5月17日，在西昌卫星发射中心，长征三号丙运载火箭成功发射中国北斗卫星系统第45颗卫
星。在载荷一定的情况下，为使火箭获得足够大的升空飞行能量，选用的燃料应具有较大的_______。升
空过程中，卫星与火箭分离前相对于火箭是__________的。入轨后，卫星是通过___________和地面进行
信息传递的。
【答案】热值；静止；电磁波
【解析】本题第一空的考点是热值，燃料的热值越大，把卫星送上天需要的燃料就越少，也就能减少火箭
自身的重力；本题的第二空考察的是相对静止，在卫星与火箭分离前，由于卫星以火箭为参照物没有位置
的变化，所以是静止的；第三空考察现代通讯技术中的电磁波，电磁波可以在真空中传播，所以卫星是通
过电磁破和地面进行信息传递的。
25、如图所示，用尺子快速水平击打盖在杯口的硬纸片，鸡蛋由于具有_______并未随纸片一起飞出。假
设纸片飞出后不再受任何力的作用，纸片将保持___________状态。
【答案】惯性；匀速直线运动状态。
【解析】本题的第一空考察惯性，物体保持静止状态及匀速直线运动状态的性质叫惯性，鸡蛋原来是静止
的，由于惯性，它要保持原有的静止状态，所以没有和纸片一起飞出；第二空考察牛顿第一定律，一切物
体在不受力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态，纸片飞出是运动状态，所以不受力外力作用
时，将做匀速直线运动。
26、6月6日是全国爱眼日。眼球中晶状体和角膜的共同作用相当于一个_______透镜。视力正常的人看物
体时，物体在视网膜上成_________（选填“正立”或“倒立”）、缩小的实像。近视眼需佩戴______透
镜矫正视力。
【答案】凸；倒立；凹。
【解析】本题考察眼睛及近视眼的矫正，眼睛相当于一架精密的照相机，眼球中的晶状体和角膜共同作用
相当于一个凸透镜，视网膜相当于光屏，视力正常的人看物体时，远近不同的物体都会在视网膜上成倒立、缩小的实像，当人患上近视眼这种视力疾病时，远处的物体就会成像在视网膜的前方，要用凹透镜的来矫
正。
27、1831年，物理学家法拉第发现：闭合电路的一部分导体在磁场中做__________运动时，电路中会产生
____________，这个现象叫作电磁感应。根据此原理发明的__________，为人类进入电气化时代做出了重
大贡献。
【答案】切割磁感线；感应电流；发电机。
【解析】本题考察的是电磁感应现象，当闭合电路的一部分导体在做切割磁感线的运动时，电路中就会产
生电流，这个现象叫做电磁感应，产生的电流叫做感应电流，利用电磁感应原理，人们发明了发电机。
28、质量为1×104t的轮船静止在水面上时，受到的浮力是________N，排开水的体积是_____m3.轮船利用
柴油机的______冲程获得机械能。当轮船以36km/h的速度匀速行驶时，柴油机的输出功率是2×106W,则轮
船受到的牵引力是__________N(ρ ＝1.0×103 kg/m3，g＝10N/kg)。
水
【答案】1×108；1×104；做功；2×105；
【解析】本题的第一空考察浮力，根据二力平衡原理，漂浮在液面上的物体所受到的浮力与物体自身的重
力相等，F浮＝G＝mg＝1×107kg×10N/kg=1×108N；本题的第二空考察内燃机，内燃机中只有做功冲程把
内能转化为机械能；本题的第三空考察功率的计算，v＝36km/h＝10m/s，由公式P＝ ＝Fv得：F＝ ＝
＝2×105N。
29、（1）在图－1所示杠杆的A点，画出使杠杆在水平位置时最小拉力F的示意图及其力臂L。
(2)图－2是“伏安法”测量小灯泡电功率的实物电路，用笔画线代替导线完成电路连接。
【答案】
L【解析】第（1）第一小题中要画最小的拉力F，需要找到最长的力臂，最长的力臂是OA，它与力的作用线
垂直。第（2）小题中一是考察滑动变阻器的接法，二是考察电压表的接法，滑动变阻器接法是一上一下，
所以从开关的右侧接线柱连接到A或B接线柱均可，而电压表要测小灯泡两端的电压，必须与小灯泡并联，
所以把小灯泡的左侧接线柱与电压表的负接线柱相连。
六、实验与探究题（共3小题，计19分）
30. 按要求填空。
（1）图－1所示，体温计的示数为__________℃。
（2）图－2所示，缓慢改变______________,通过观察细线OA的方向来判断重力方向。
（3）图－3所示，奥斯特实验揭示了____________________。
（4）图－4所示，比较（a）、（b）实验可知：液体内部的压强大小与________有关。
【答案】36.8；木板倾角θ；电流周围存在磁场；深度
【解析】第（1）小题考察体温计的读数，体温计一个大格代表1℃，一个小格代表0.1℃；第二小题考察探究重力方向的方法，通过改变木板倾角θ的大小，观察到悬线始终在竖直方向；第（3）小题考察电流
的磁场，著名的奥斯特实验揭示了在电流的周围存在磁场；第（4）小题是探究液体压强与什么因素有关
的实验，图中控制了液体密度相同，探头的朝向相同，由于探头所处的深度不同，所以通过h 和h 所体现
1 2
出来的液体压强不同。
31、物理小组测量一个不规则小石块的密度。
（1）将天平放在水平工作台上。天平调平时，把游码移到标尺的_____________处，观察到指针偏向分度
盘中央刻度线的右侧，应将平衡螺母向_________（选填“左”或“右”）调节。
（2）如图－1所示小石块的质量为_______g，用图－2所示方法测得小石块的体积为________cm3，则小石
块的密度为___________kg/m3。
（3）如果天平的砝码缺失，如何测量小石块的的质量？小组设计了下列两种测量方案（已知水的密度为
ρ ）
水
方案一，如图－3所示。
①在量筒中倒入适量的水，水面上放置塑料盒，此时量筒的读数为V
1
②将不小石块轻轻放入塑料盒内，量筒的读数为V
2
③上述方法测得小石块的质量为_______________（用物理量符号表示）。
方案二，如图－4所示。
①将两个相同的烧杯分别放在天平左、右托盘中，调节天平平衡
②向右盘烧杯中加水直到天平平衡
③将烧杯中的水全部倒入空量筒中，测出体积
④将小石块轻轻放入左盘烧杯中
⑤计算小石块的质量。
上述实验步骤正确的顺序为______________（填序号）。
【答案】零刻度线；左；23.2；10（或10.0）；2.32×103；ρ （V －V ）
水 2 1
【解析】本题的第（1）小题考察天平横梁的调平，把天平放在水平工作台上后，先把游码拨至标尺左侧
的零刻线处，平衡螺母的调节规律是：指针偏右向左调，指针偏左向右调；第（2）小题第一空考察天平的读数，砝码质量加上游码在标尺上的读数，标尺一大格代表1g，一小格代表0.2g；第二空考察排水法测
小石块的体积，读数时视线与水面的下表面相平，物体的体积等于35cm3-25cm3=10 cm3。第（3）小题方案
一主要考察浮力的相关知识，当物体漂浮在液面时，所受的浮力与物体自身的重力相等，所以塑料盒内放
入小石块时，小石块的重力就等于此时多排开水的重力，石块的质量也等于排开水的质量，m ＝m ＝ρ
石 水
（V －V ）；方案二主要先利用小石块的质量与烧杯中水的质量相等，通过量筒测出烧杯中水的体积，通
水 2 1
过m＝ρ V 算出水的质量即是石块的质量。
水 水
32、物理小组探究导电液体的导电性与接入电路中液体横截面积大小的关系。他们用长方体水槽、浓度一
定的食盐水、电源、滑动变阻器、电压表及电流表等器材进行了探究。实验电路连接如图－1所示，将电
极M、N分别固定在水槽左右两侧底部的中央。
（1）闭合开关前，为保护电路，应将滑动变阻器的滑片P移到最_______（选填“左”或“右”）端。
（2）实验中，通过调节___________来保持电极M、N间的电压恒为3V。控制其他条件不变，通过向水槽
中添加食盐水，从而达到改变食盐水的_______________的目的，用电流表测出相应的电流值。食盐水导
电性的强弱可以由______________来判断。实验数据如下表：
（3）依据表格中的数据在图－2中描点，做出电流I随横截面积S变化的I－S图像。
（4）（2分）分析表格中的数据或图像，可得到初步结论：其他条件不变，横截面积增大时，食盐水的导
电性_______________。（5）为验证实验结论是否具有普遍性，应采取的做法是：______________________________________.
【答案】（1）右；（2）滑动变阻器的滑片；横截面积；电流表的示数（或电流的大小）（3）如右图所
示（4）先增大后不变 （5）换不同导电液体，多次实验（或换不同浓度的食盐水，多次实验）
【解析】本题第（1）问考察滑动变阻器的调节，滑片P滑到右端，滑动变阻器接入电路中的阻值最大，能
起到保护电路的作用。第（2）问第一空通过调节滑动变阻器滑片改变接入电路的的阻值从而控制MN两端
的电压不变；第二空添加盐水后，液体的横截面积增大；第三空食盐水的导电性能可以通过电流表的读数
判断，电流大，导电性能强，电流小，导电性能弱。第（4）问根据表格中的数据或图像都可以看出，当
食盐水的横截面积增大时，电流先增大后不变，所以食盐水的导电性也是先增大后不变。
七、综合题（共2小题，计16分）
33、图示为某种型号的剪叉式高空作业平台。这台机器利用起升电机升降作业平台，方便工人高空作业。
该机器的部分数据如下表所示。
（1）这台机器空载且静止时，对水平地面的压强是多大？
（2）起升电机以额定功率工作时，将总重为1000N的人和作业工具以0.2m/s的速度举高8m。该机器做的
有用功是多少？机械效率是多少？
（3）此类机器机械效率一般较低的主要原因是：________________________________________________。
【解析】（1）机器放在水平面上静止时，对地面的压力等于机器自身的重力
F＝G＝mg=3200kg×10N/kg＝3.2×104N
机器对地面的压强：P＝ ＝ ＝4×105Pa（2）起升电机在工作时所做的有用功即是克服人和作业工具的重力所做的功
W ＝Gh＝1000N×8m＝8×103J
有
把人和作业工具举高8m所用的时间
由公式v＝ 得t＝ ＝ ＝40s
由表格可知，机器的额定功率P＝4KW=4×103W
机器的做的总功：W ＝Pt=4×103W×40s＝1.6×105J
总
机器的机械效率：
η＝ ×100%＝ ×100%＝5%
（3）机器所做的额外功较多（或机器自重较大）
34、如图－1为某校物理小组设计的具有加热和保温功能的电热器内部简化电路。Rt为热敏电阻，阻值随
温度升高而减小。R 、R 、R 均为电热丝，且R ＝R ＝400Ω。闭合开关S 、S ，电热器开始加热。
1 2 3 1 2 1 2
（1）控制电路中，电磁铁的上端是___________极。
（2）加热时，动触点与上方静触点b、c接通，工作电路的总功率是多少？
（3）电磁铁对衔铁的吸引力F与控制电路中电流I的关系如图－2所示。当电磁铁对衔铁的吸引力为1N时，
动触点a与下方静触点d接通，进入保温状态，此时热敏电阻Rt的阻值是多少？（电磁铁线圈电阻不计）
（4）保温状态下，R 的功率为64W，则工作电路30s消耗的电能是多少？
1
【解析】（1）根据右手螺旋定则可判断出电磁铁的上端为N极
（2）当电热器加热时，动触点与上方静触点b、c接通，此时R 与R 并联
1 2
根据P＝UI和I＝ 可得R 工作时的功率P ＝ ＝ ＝121W
1 1
根据R＝R＝400Ω可得R 的功率等于R 的功率：P ＝P ＝121W
1 2 2 1 2 1
所以工作电路的总功率P ＝P +P ＝121W+121W＝242W
并 1 2
（3）由图－2可知，当电磁铁对衔铁的吸引力为1N时，控制电路中的电流I＝0.2A
根据I＝ 可得：
此时热敏电阻的阻值Rt＝ ＝ ＝30Ω
（4）电热器处于保温状态时，动触点a与下方静触点d接通，此时R 与R 串联
1 2
根据P＝UI和I＝ 得P＝I2R
从而I＝ ＝ ＝0.4A
工作电路30s消耗的电能：
W＝UI t＝220V×0.4A×30s＝2640J
串
