文档内容
专题05 首届新高考-圆锥曲线大题综合（首届新高考江西、
广西、贵州、甘肃专用）
一、解答题
1．（2023·福建龙岩·统考模拟预测）已知双曲线 的左顶点为
，渐近线方程为 .直线 交 于 两点，直线 的斜率之和
为-2.
(1)证明：直线 过定点；
(2)若在射线 上的点 满足 ，求直线 的斜率的最大值.
【答案】(1)证明见解析
(2)
【分析】（1）根据顶点坐标和渐近线得出双曲线方程，解设
，设直线 的斜率分别为 ，通过化简表示出
直线 的方程，即可得出结论.
（2）利用平面几何知识，将几何问题转化为 ，求出 的坐标，最后
直线 的斜率用 的斜率表示，即可求解.
【详解】（1）由题知 ，
的方程为： ，
显然直线 的斜率存在，
设直线 ，
联立 ，得 ，
且 ，设直线 的斜率分别为 ，
则 ，
故 ，
又
，
，
，
，
不过点 ，
，
所以直线 过定点 .
（2）由题设直线 .
由 ，得 .
由 ，得 .
故 ，
同理 .由 可知， ，
即 .
因为 ，
化简得 .
当 时取等号，
所以直线 的斜率的最大值为 .
2．（2023·江苏无锡·江苏省天一中学校考模拟预测）在平面直角坐标系中 中，动
点 到定点 的距离比它到 轴的距离大1， 的轨迹为 .
(1)求曲线 的方程；
(2)已知点 ， 分别为曲线 上的第一象限和第四象限的点，且
，求 与 面积之和的最小值.
【答案】(1)
(2)
【分析】（1）由题意直接求动点的轨迹方程即可；（2）当直线 的斜率为0时，不适合题意，所以设出直线的方程与抛物线联立利用
基本不等式求解即可.
【详解】（1）设动点 的坐标为 ，由已知得， ，
化简得： ，故曲线 的方程为 .
（2）如图：
因为点 ， 分别为曲线 上的第一象限和第四象限的点，
所以当直线 的斜率为0时，不适合题意；
当直线 的斜率不为0时，设直线 的方程为 ，
由 得， ， ，
所以 ，
由 ，得 ，
因为 ，所以 ，
所以 ，
所以 ，解得： 或 （舍去），
当 时，直线 的方程为 ，
直线 过定点 ，且满足 ，且 ，
所以当且仅当 ，即 ， 时取等号，
故最小值为 .
3．（2023·河北·统考模拟预测）已知椭圆 的左焦点为 ，过点 作直线
交 于点 ， .
(1)若 ，求直线 的斜率；
(2)设 ， 是 上异于 的点，且 ， ， 三点共线，求证： .
【答案】(1)
(2)证明见解析.
【分析】（1）求出椭圆左焦点 的坐标，设出直线 的方程，与椭圆方程联立，运用
韦达定理和向量共线的坐标表示，解方程可得直线 的斜率；
（2）求出直线 的方程，与椭圆方程联立，运用韦达定理求得点 的坐标，再求直
线 的斜率，与直线 的斜率比较可得证明.
【详解】（1）依题意，椭圆 的左焦点 ，
当直线 的斜率为0时，此时 、 两点是椭圆长轴上的两点，
向量 ， 或 ， 均不满足 ，
不合题意，所以直线 的斜率不为0.
故可设直线 的方程为 ， ， ，由 得： ，
，
则 ， ①，
由 可得 ，
所以 ，即 ②，
由①②可得 ， ，
化简整理得 ，所以 ，
所以直线 的斜率为 .
（2）证明：由 ， 可得直线 的方程为 ，
由 得： ，
所以 ，结合
可得： ， ，即 ，
又 ，则 ，
所以 ，所以 .4．（2023·福建厦门·统考模拟预测）已知点 ，点 ，点 是 轴上的动
点，点 在 轴上，直线 与直线 垂直， 关于 的对称点为 ．
(1)求 的轨迹 的方程；
(2)过 的直线 交 于 两点， 在第一象限， 在 处的切线为 交 轴于点 ，
过 作 的平行线交 于点 是否存在最大值？若存在，求直线 的方程；若
不存在，请说明理由．
【答案】(1)
(2)存在；
【分析】（1）利用向量垂直以及中点坐标公式即可求解，或者利用菱形的性质以及抛
物线的定义可判断点 的轨迹是以 为焦点， 为准线的抛物线．
（2）将问题转化为直线 与 的倾斜角之差最大．联立直线与抛物线方程，得到韦
达定理， 求导得切线斜率，即可利用倾斜角与斜率的关系，结合正切的和差角公式以
及基本不等式即可求解.
【详解】（1）法1：
设
因为 ，所以 ，即 ．
又 ，所以 ，所以
法2：如图，设 关于 的对称点为 ，由已知得， 互相垂直平分
所以四边形 为菱形，所以 ．
因为 为 中点，所以 ，即 点在定直线 上
因为 ，所以 与直线 垂直
即点 到定点 的距离等于点 到定直线 的距离
所以点 的轨迹是以 为焦点， 为准线的抛物线．
所以点 的轨迹 的方程为 ．
（2） 存在最大值．
延长 交 于 ，
所以 最大即直线 与 的倾斜角之差最大．
由题意可知直线 有斜率，设 ，（ ）
由 得
所以 ．因为 ，所以 的斜率 ， 的斜率 ．
设直线 与 的倾斜角为 ，则
．
．
当且仅当 即 , 时等号成立
因为 ，所以 ，
所以当 最大时， 最大，即 最大
此时 ，所以 ，
所以 的方程为 ．
【点睛】圆锥曲线中取值范围问题的五种求解策略：
（1）利用圆锥曲线的几何性质或判别式构造不等关系，从而确定参数的取值范围；
（2）利用已知参数的范围，求新的参数的范围，解这类问题的核心是建立两个参数之
间的等量关系；
（3）利用隐含的不等关系建立不等式，从而求出参数的取值范围；
（4）利用已知的不等关系建立不等式，从而求出参数的取值范围；
（5）利用求函数值域的方法将待求量表示为其他变量的函数，求其值域，从而确定参
数的取值范围.
5．（2023·山东泰安·统考模拟预测）已知为 坐标原点，
， ， 和 交点为 .
(1)求点 的轨迹 ；(2)直线 和曲线 交与 两点，试判断是否存在定点 使
？如果存在，求出 点坐标，不存在请说明理由.
【答案】(1)
(2)存在定点 坐标为 或
【分析】（1）利用已知条件表示出 点坐标，进而表示出直线 ， 的方程，联
立即可得出 点轨迹方程.
（2）假设存在定点 ，设点 坐标为 ， ，联立方程组
，得出 ， ，由 整理得出
，对 恒成立，即可得出结论.
【详解】（1）设点 ， ，
，即 ，
点坐标为 ，
，即 ，
点坐标为 ，
根据两点坐标可得，
直线 方程为： ，
直线 方程为： ，
两式移项相乘得： ，整理得 ，
点的轨迹为以 为焦点，长轴长为 的椭圆，
即其方程为 .
（2）假设存在定点 ，
设点 坐标为 ， ，
联立方程组 消 得 ，
直线与椭圆交于两点，
即 ，
，
，
，
，
，
整理得：
，
，对 恒成立，
，得 ，
，所以存在定点 坐标为 或 .
6．（2023·安徽合肥·合肥市第六中学校考模拟预测）如图，在平面直角坐标系 中，
点 在椭圆 ： 上，从原点 向圆
作两条切线分别与椭圆 交于点 ， ，若直线 ，
的斜率分别为 ， ，且 ．
(1)求圆 的半径 ；
(2)探究 是否为定值？若是，请求出该定值；若不是，请说明理由．
【答案】(1)
(2)是定值，
【分析】（1）设过原点作圆的切线 ，利用圆心到直线的距离等于半径得到
，利用韦达定理及 得到 ，结合
点在椭圆上，即可求出半径 ；
（2）设 ， ，由 ，可得 ，再由点在椭圆上得
到 ， ，即可得到 ，从而求出 的值.【详解】（1）设直线 ， 的方程分别为 ， ，过原点作圆的切线
，
则 ，即 ，即 ，
所以 ，即 ，
所以 .
（2）是定值，且 ，理由如下：
设 ， ，
因为 ，所以 ，即 ①，
又 、 在椭圆上，所以 ， ，
所以 ， ，
代入①可得 ，化简得 ，
所以
，
所以 .
7．（2023·安徽亳州·安徽省亳州市第一中学校考模拟预测）双曲线的光学性质如下：
如图1，从双曲线右焦点 发出的光线经双曲线镜面反射，反射光线的反向延长线经过左焦点 .我国首先研制成功的“双曲线新闻灯”，就是利用了双曲线的这个光学性
质.某“双曲线灯”的轴截面是双曲线一部分，如图2，其方程为 分别
为其左、右焦点，若从右焦点 发出的光线经双曲线上的点 和点 反射后（
在同一直线上），满足 .
(1)当 时，求双曲线的标准方程；
(2)过 且斜率为2的直线与双曲线的两条渐近线交于 两点，点 是线段 的中
点，试探究 是否为定值，若不是定值，说明理由，若是定值，求出定值.
【答案】(1)
(2)是定值，定值为
【分析】（1）延长 与 交于 ，根据 ，得到
，再设 ，利用双曲线的定义求解；
（2）设 ，利用双曲线的定义得到两渐近线所在直线方程 ，设直线方程为 ，联立求得 即可.
【详解】（1）解：如图所示：
延长 与 交于 ，
因为 ，
所以 ，
设 ，则 ，即 ，
，
故方程为 ；
（2）设 ，
则 ，
，
两渐近线所在直线方程为： ，
设直线方程为 ，将渐近线两侧平方与直线联立，
则 可得 ，则 ，则 ，
故 .
8．（2023·湖南长沙·长郡中学校考二模）已知圆 是圆
上任意一点，线段 的垂直平分线与半径 相交于点 ，当点 运动时，点 的
轨迹为曲线 ．
(1)求曲线 的方程；
(2)过点 的直线与曲线 相交于点 ，与 轴相交于点 ，过点 的另一
条直线 与 相交于 两点，且 的面积是 面积的 倍，求直线 的方
程．
【答案】(1)
(2)
【分析】（1）根据题意和椭圆的定义即可求解；
（2）首先求出直线 的方程，以及 点的坐标，讨论直线 的斜率存在与否，当斜率
存在时，设直线 的方程为 ，联立解方程组求出
，根据 的面积是 面积的 倍，化简可以得到
，进一步求出斜率，从而得出答案.
【详解】（1）因为点 为线段 的垂直平分线与半径 的交点，
所以 ，所以 ，所以点 的轨迹是以 为焦点，长轴长为4的椭圆，在椭圆中 ，
所以曲线 的方程为 ．
（2）由已知得 ，所以直线 的方程为 ，所以 点的坐标为
．
当直线 的斜率不存在时， ，或
都与已知不符；
当直线 的斜率存在时，设直线 的方程为 ，
由 得 ，
易知 ，则 ，
，
由 的面积是 面积的 倍可得 ，
化简得 ，即 ，
又 ，所以 ，即 ，也就是 ，
所以 ，
解得 ，
所以直线 的方程为 ．9．（2023·湖南·校联考模拟预测）已知椭圆 ： 的左、右焦点分
别为 ， ，过 的直线 与 交于 ， 两点， 的周长为8，且点 在
上．
(1)求椭圆 的方程；
(2)设直线 与圆 ： 交于C，D两点，当 时，求
面积的取值范围．
【答案】(1)
(2)
【分析】（1）由 的周长结合椭圆的定义得出 ，再将 代入椭圆方
程，即可求出 ，进而得出椭圆的方程；
（2）设直线l的方程为 ，由点到之间距离公式及勾股定理得出 ，
设 ， ，由直线 方程与椭圆方程联立，得出 和 ，代入
，设 ， ，由 的单调性得
出值域，即可求出 的范围．
【详解】（1）因为 的周长为8，所以 ，解得 ，
将点 的坐标代入椭圆方程 ，得 ，解得 ，
所以椭圆E的方程为 ．
（2）由（1）知圆 的方程为 ，设直线l的方程为 ，
则圆心 到直线l的距离 ，
由 ，可得 ．
设 ， ，联立方程组 ，
消去x得 ，
则 ， ，
所以 ，
设 ，则 ，
设 ，
易知 在 上单调递增，则 在 上单调递增，因为 ，
所以 ．
10．（2023·河北唐山·唐山市第十中学校考模拟预测）已知椭圆 ：
经过点 ，且离心率为 .
(1)求椭圆C的方程；
(2)直线 ， 均过点A，且互相垂直，直线 与圆O： 交于M，N两点，直
线 与椭圆C交于另一点B，求 面积的最大值.
【答案】(1)椭圆C的标准方程为 ；
(2) 面积的最大值为 .
【分析】（1）由条件列关于 的方程，解方程求 ，可得椭圆方程；
（2）设出直线方程，求出点 的坐标及点到直线距离和弦长 表示出面积，再讨
论取得最大值即可求解.
【详解】（1）因为 经过点 ，
所以 ，解得 ，因为椭圆 的离心率为 ，
所以 ，又 ，
所以 ，
故椭圆C的标准方程为 ；
（2）若直线 的斜率为 ，则 的斜率不存在，
所以 的方程为 ，
直线 与椭圆 的交点为 ，与条件矛盾；
由已知当直线 的斜率不存在时， 的斜率为 ，
所以 的方程为 ， 的方程为 ，
联立 可得， 或 ，
故 ，
联立 ，可得 或 ，
所以点 的坐标为 ，
所以点 到直线 的距离为 ，
所以 的面积为 ，
当直线 的斜率存在且不为 时，设其方程为 .
则直线 的方程为 .
圆心 到直线 的距离为 .
直线 被圆 截得的弦长为 ，由 ，消 可得， ，
设点 的坐标为 ，则 ，故 ， ，
所以点 的坐标为 ，
所以 .
因为 ，
所以
.
当 时， 时，上式等号成立.
因为 ，
所以当直线 的方程是 时， 面积取得最大值，最大值为 .【点睛】关键点点睛：解决直线与椭圆的综合问题时，要注意：
（1）注意观察应用题设中的每一个条件，明确确定直线、椭圆的条件；
（2）强化有关直线与椭圆联立得出一元二次方程后的运算能力，重视根与系数之间的
关系、弦长、斜率、三角形的面积等问题．
11．（2023·黑龙江哈尔滨·哈尔滨三中校考模拟预测）已知椭圆C：
的左右焦点分别为 、 ，离心率 ， 、 分别为椭圆C
的左、右顶点，且 .
(1)求椭圆C的方程；
(2)若O为坐标原点，过 的直线l与椭圆C交于A、B两点，求 面积的最大值；
(3)若椭圆上另有一点M，使得直线 与 斜率 、 满足 ，请分析直线
BM是否恒过定点.
【答案】(1)
(2)1(3)直线MB恒过定点
【分析】（1）根据离心率，长轴长为4，求得 ，即可求出椭圆方程.
（2）联立直线与椭圆方程，得到韦达定理，利用弦长公式求得AB，并求得AB边上的
高，表示出三角形面积，由基本不等关系求得最大值即可.
（3）设直线MB的方程为 ，联立 与椭圆方程，结合韦达定理，设
、 ，得到 ，结合 ，然后，代入计算即可得
到结果.
【详解】（1）由已知可得： ，
解得： ， ，则 ，则有C： ；
（2）由于直线l不能与y轴垂直，故设 ，
，代入可得
恒成立，设 ， ，
则有 ，
点O到直线l的距离为
所以当且仅当： 时取最大值；
（3）设直线MB的方程为
，代入可得
，可设 、
则有 ， ，
因为 ，所以 ，
因为 在椭圆 上，所以 ，所以 ，
代入 ，且 ，
可得 ，
即 ，即
即
由于 ，化简得 ，即直线MB恒过定点 .【点睛】方法点睛：定点、定值问题通常是通过设参数或取特殊值来确定“定点”是
什么、“定值”是多少，或者将该问题涉及的几何式转化为代数式或三角问题，证明
该式是恒定的. 定点、定值问题同证明问题类似，在求定点、定值之前已知该值的结
果，因此求解时应设参数，运用推理，到最后必定参数统消，定点、定值显现.
12．（2023·黑龙江哈尔滨·哈师大附中校考模拟预测）已知双曲线 ： （
， ）的渐近线方程为 ，焦距为10， ， 为其左右顶点．
(1)求 的方程；
(2)设点 是直线 ： 上的任意一点，直线 、 分别交双曲线 于点 、 ，
，垂足为 ，求证：存在定点 ，使得 是定值．
【答案】(1)
(2)证明见解析
【分析】（1）由双曲线的渐近线方程及焦距求解双曲线的方程即可；
（2）设出直线 的方程与双曲线的方程联立得到韦达定理，与直线 ， ，
联立最终得到点 的轨迹方程，即可求解.
【详解】（1）依题意 ： .
（2）证明：如图：设 、 ， ，
直线 ： ，即 ： .
（记 ， ）代入 中得：
.
所以 ， .
又因为直线 ： 、直线 ： 联立得：
.
.
.
.
即 或 （舍）.
所以 .
所以， 点轨迹为，以 为圆心，2为半径的圆上，所以 ， .
13．（2023·湖南长沙·周南中学校考三模）已知椭圆E： 的左、
右焦点分别为 ,焦距与短轴长均为4. 设过F 的直线l交E于M,N,过M,N分别作E
2
在点M,N上的两条切线,记它们的交点为P,MN的中点为Q.
(1)证明：O,P,Q三点共线；(2)过F 作平行于l的直线分别交PM,PN于A,B,求 的取值范围.
1
参考结论：点T( , )为椭圆 ( )上一点,则过点T( , )的椭圆的
切线方程为 .
【答案】(1)证明见解析
(2)
【分析】（1）先求得椭圆方程,再设 的方程为 ,联立椭圆的方程,并化简切
线方程组可得 .再设 的中点为 ,证明 即可；
（2）取 中点 ,根据三角形的性质有 四点共线,再结合椭圆的对称性有
即可.
【详解】（1）由题意, , ,解得 , ,故椭圆的方程为
.
又 ,显然 的斜率不为0,故设 的方程为 , ,
则 ,即 ,故 , .
联立过 的切线方程 ,即 ,
相减可得 ,即 ,化简可得
.代入 可得 ,故 .
设 的中点为 ,则 , ,故
.
因为 , ,故 ,所以 三点共线.
（2）由 作平行于l的直线分别交 于 ,易得 ,取 中点 ,
根据三角形的性质有 四点共线,
结合椭圆的对称性有 ,当且仅当 时取等
号.故 .
【点睛】方法点睛：根据直线与椭圆的位置关系,结合向量的性质,联立方程利用韦达定
理证明三点共线与求取值范围的问题.需要根据题意联立直线与椭圆的方程,利用韦达定
理得到P,Q的坐标,再根据三角形与向量的性质转化所求的量从而进行简化求解范围.属
于难题.
14．（2023·湖北武汉·华中师大一附中校考模拟预测）已知过右焦点 的直线交双曲线 于 两点，曲线 的左右顶点分别为 ，虚轴长
与实轴长的比值为 ．
(1)求曲线 的方程；
(2)如图，点 关于原点 的对称点为点 ，直线 与直线 交于点 ，直线
与直线 交于点 ，求 的轨迹方程．
【答案】(1)
(2)
【分析】（1）根据右焦点坐标、虚轴长与实轴长的比值可得曲线 的方程；
（2）设直线 的斜率分別为 ，直线 为 ，
与双曲线方程联立，利用韦达定理代入可得 、 的值，求出直线 、直线
方程联立求得 ，可得直线 的方程 ，与
联立可得 可得答案．
【详解】（1）由题意得 ，又 ，则 ，曲线的方程为 ；
（2）设直线 的斜率分別为 ，直线 为 ，
由 ，得 ，
，
，
则
，
，
由于点 关于原点 的对称点为点 ， ，
则直线 为 ，直线 为 ，显然 ，由 ，得 ，
即 ，
则直线 的方程为 ，
由 得 ，即 ，
当 时，由对称性可知 在 轴上，
此时直线 平行于直线 ，不符合题意，
故 的轨迹方程为 ．
【点睛】关键点点睛：第二位关键点是利用韦达定理得 、 的值，直线
的方程与直线 方程联立得 点坐标，考查了学生发现问题解决问题的能力．
15．（2023·广东深圳·深圳中学校考模拟预测）已知定点 ，关于原点 对称的
动点 ， 到定直线 的距离分别为 ， ，且 ，记 的轨迹为曲
线 .
(1)求曲线 的方程，并说明曲线 是什么曲线？
(2)已知点 ， 是直线 与曲线 的两个交点， ， 在 轴上的射影
分别为 ， （ ， 不同于原点 ），且直线 与直线 相交于点 ，
求 与 面积的比值.
【答案】(1)曲线 的方程为 或 ，曲线 是以点 ， 为焦点，长轴长为 的椭圆与 轴组成的曲线
(2)比值为1
【分析】（1）设 ，由 直接列式化简可得；
（2）先证直线 直线 的交点 也是直线 与直线 的交点，则有
， ，由 即可求解.
【详解】（1）设 ， .
由 有 ， ，
两边平方得 ，化简得
，
即曲线 的方程为 或 .
曲线 是以点 ， 为焦点，长轴长为 的椭圆与 轴组成的曲线.
（2）设直线 与椭圆相交于 ， 两点，则 ， .
令 ，将 代入 并整理得 ，，
， .
直线 的方程为： .
设 ，则 ，同理直线 与直线 相交于点 ， .
，其中
.
从而 ， 与 重合.
因为 ，所以 .
又 ， ，则 .
所以 与 面积的比值为1.
16．（2023·江苏苏州·校联考三模）已知点 是圆 上一动点，点
，线段 的垂直平分线交线段 于点 .
(1)求动点 的轨迹方程 ；
(2)定义：两个离心率相等的圆锥曲线为“相似”曲线.若关于坐标轴对称的曲线 与曲
线 相似，且焦点在同一条直线上，曲线 经过点 .过曲线 上任一点
作曲线 的切线，切点分别为 ，这两条切线 分别与曲线 交于点
（异于点 ），证明： .
【答案】(1) ；
(2)证明见解析.【分析】（1）根据给定条件，结合轴对称的性质及椭圆定义求出方程作答.
（2）由（1）及已知求出曲线 的方程，验证 斜率不存在的情况，当
斜率存在时，设出它们的方程，再与 ， 的方程联立推理作答.
【详解】（1）依题意， ，
由椭圆的定义知，交点 的轨迹是以点 为左右焦点的椭圆，且长轴长 ，
焦距 ，
则 ，
所以曲线 的方程为 .
（2）由（1）知，曲线 的离心率为 ，且焦点在x轴上，则曲线 的离心率
为 ，
曲线 的焦点在x轴上，而曲线 经过点 ， ，
因此曲线 的长半轴长 ，半焦距 ，短半轴长 有 ，
于是曲线 的方程为 ，设 ，当切线 的斜率不存在时， 的方程为 ，代入 得 ，
此时 、 与曲线 都相切， 为 的中点， 为 的中点，则
；
当切线 的斜率不存在时，同理有 ；
当切线 和 的斜率都存在时，设切线 的方程为 ，分别代入
和 ，
化简得 ①， ②，
依题意，方程①有两个相等的实数根 ，方程②有两个不相等的实数根 ，
于是 ，即 ，
则 ，此时 为 的中点.
同理可证， 为 的中点，因此 ，
所以 .
【点睛】求椭圆的标准方程有两种方法：
①定义法：根据椭圆的定义，确定 ， 的值，结合焦点位置可写出椭圆方程．
②待定系数法：若焦点位置明确，则可设出椭圆的标准方程，结合已知条件求出a，
b；若焦点位置不明确，则需要分焦点在x轴上和y轴上两种情况讨论，也可设椭圆的
方程为 (A>0，B>0，A≠B)．
17．（2023·江苏扬州·扬州中学校考模拟预测）在平面直角坐标系中，已知抛物线
上的点 到焦点 的距离的5.
(1)求抛物线方程及点 的坐标.
(2)过点 的直线 交 于 两点，延长 ， 分别交抛物线于 两点.令
， ， ， ，求 的最小值.【答案】(1) ，
(2)
【分析】（1）根据抛物线定义列式得 的值，即可得抛物线方程及点 的坐标；
（2）设 ， ， ， ，分别表示 、 ，根据
，得 ，代入 ，利用基本不等式求解．
【详解】（1）已知抛物线 上的点 到焦点 的距离的5
所以 ，解得 ，故抛物线方程为 ，
所以 ，则 ，所以点 的坐标为 ；
（2）设 ， ， ， ， ，
由于A，F，M三点共线，故 ，即 ，
同理B，F，N三点共线， ，故直线 的方程为： ，
即 ， ， ，由 得 ，所以 ， ，
所以直线 的方程为： ，即 ，直线恒过定点 ，
注意到 ，所以 ，设 ， ，则：
，
，
因此 ，所以 的最小值为 ，此时 .
【点睛】方法点睛：圆锥曲线中最值或范围问题的常见解法：（1）几何法，若题目的
条件和结论能明显体现几何特征和意义，则考虑利用几何法来解决；（2）代数法，若
题目的条件和结论能体现某种明确的函数关系，则可首先建立目标函数，再求这个函
数的最值或范围．
18．（2023·江苏苏州·模拟预测）如图，在平面直角坐标系 中，已知抛物线
的焦点为 ，过 的直线交 于 ， 两点（其中点 在第一象限），过
点 作 的切线交 轴于点 ，直线 交 于另一点 ，直线 交 轴于点 .
(1)求证： ；(2)记 ， ， 的面积分别为 ， ， ，当点 的横坐标大于2时，
求 的最小值及此时点 的坐标.
【答案】(1)证明见解析
(2)最小值为 ，此时点 的坐标为
【分析】（1）利用导数的几何意义确定直线斜率，设出直线方程，联立抛物线方程，
把所证等式转化为比例式，利用相似比转化为纵坐标之比，即可得证；
（2）对 的面积可以采用分割法转化为两三角形面积之差，最后将表达式进行
化简，借助函数的导数确定单调性进而确定最值.
【详解】（1）设点 ，则 .因为点 在第一象限，
可设函数 ，则 ，所以 ，
所以直线 方程为 ，令 ，则 ，即点 .
设直线 ，与 联立得 ，所以 ，同理
.
因为 ， ，所以 ，则 ，
设直线 ，与 联立得 ，
又因为直线 与抛物线交于 两点，所以 .
因为点 ，所以 ，代入抛物线 ，
又因为 在第四象限，可知 .因为 ， ，
所以 ，
即 ，原命题得证.
（2）由（1）知 ，所以 ，得 ，即 .
所以 ，
另由（1）知 ， ， ，
所以 ，即 ；
， ，
设函数 ， ，
则 .
当 时， ， 单调递减；当 时， ， 单调递
增.
所以当 时， 取得最小值为 ，此时点 的坐标为 .【点睛】关键点点睛：本题求解的关键有两个：一是利用导数的几何意义确定切线的
斜率；二是把目标式表示出来后，利用导数求解最值.
19．（2023·安徽合肥·合肥一六八中学校考模拟预测）已知双曲线
的左､右焦点分别为 为双曲线 的右支上一点，点 关
于原点 的对称点为 ，满足 ，且 .
(1)求双曲线 的离心率；
(2)若双曲线 过点 ，过圆 上一点 作圆 的切线 ，直线
交双曲线 于 两点，且 的面积为 ，求直线 的方程.
【答案】(1)
(2) 或
【分析】（1）根据题意，由双曲线的定义结合余弦定理列出方程，即可得到结果；
（2）根据题意，分直线 的斜率不存在与存在讨论，联立直线与双曲线方程，结合韦
达定理即可得到结果.
【详解】（1）由对称性可知： ，故 ，
由双曲线定义可知： ，即 ，所以 ，
又因为 ，在 中，由余弦定理得： ，
即 ，解得： ，
故离心率为 .
（2）
因为双曲线过点 ，所以双曲线方程：
当直线 的斜率不存在时，则
直线 的斜率不存在时不成立.
当直线 的斜率存在时，设直线 的方程为
又点 到直线 距离 ，
联立 ，消去 得 ，
则 ，
由 的面积为 ，即 ，
将 代入上式得 ，或 ，即 或 ，
经检验，满足 ，
直线 的方程为： 或
【点睛】关键点睛：本题主要考查了双曲线的性质，以及直线与双曲线相交问题，难
度较难，解答本题的关键在于联立直线与双曲线方程表示出 ，结合面积公式列出
方程.
20．（2023·浙江·校联考模拟预测）已知椭圆 ，下顶点为 是椭圆上
任意一点，过点 作 轴的平行线与直线 交于 点，若点 关于点 的
对称点为 ，直线 交椭圆于 两点.
(1)求椭圆 上点到直线 的距离的最大值；
(2)已知 ．过点 作 垂直直线 ，垂足为 ，是否存在定点 ，使得
为定值，若存在求出定点 坐标和 ，若不存在，请说明理由.
【答案】(1)
(2)存在定点 ，使得 .
【分析】（1）设椭圆任意一点 ，结合点到直线的距离
公式，求得 ，利用三角函数的性质，即可求解；
（2）设直线 的斜率分别为 ，得到 ，以 为原点，轴仍为 轴建立直角坐标系，把椭圆的方程转化为 ，设直线 的
方程为 ，联立方程组，求得 的值，进而得到 过定点 ，求得
的中点为 及 ，结合直角三角形性质，即可求解.
【详解】（1）解：由点 是椭圆 上的任意一点，可设
，
则点 到直线 的距离为 ，
其中 且 ，
当 时，可得 ，所以 ，
即椭圆 上点到直线 的最大距离为 .
（2）解：由题意，可得点 ，
设直线 的斜率分别为 ，且 ，则 ，
则 ，可得 ，
平移坐标系，以 为原点， 轴仍为 轴建立直角坐标系，则 ，
则椭圆 的方程变为 ，
设直线 的方程为 ，可得 ，
所以 ，所以 ，可得 ，
所以直线 的方程为 ，
经过定点 ，即 ，
所以直线 过定点 ，又由 ，可得 的中点为 ，且 ，
中直角 中，根据直角三角形斜边的中线等于斜边的一半，
可得 ，即存在定点 ，使得 .
21．（2023·重庆·统考模拟预测）已知椭圆 的右焦点为 ，点
A，B在椭圆C上，点 到直线 的距离为 ，且 的内心恰好是点
D．
(1)求椭圆C的标准方程；
(2)已知O为坐标原点，M，N为椭圆上不重合两点，且M，N的中点H在直线
上，求 面积的最大值．
【答案】(1)
(2)
【分析】（1）设椭圆 的左焦点为 ，则 ，再根据
的内心恰好是点D，可得 轴，求出直线 的方程，再根据点 到直线 的距
离求得 即可得解；
（2）设 ，利用点差法求得直线 的斜率为 ，设直线 的方程为 ，联立方程，利用韦达定理求出 ，再利用
弦长公式求出 ，利用点到直线的距离公式求出点 直线 的距离，再利用三角
形的面积公式结合基本不等式即可得解.
【详解】（1）设椭圆 的左焦点为 ，则 ，
故点 到直线 的距离等于 ，
因为 的内心恰好是点D，
所以点 到直线 的距离相等且为 ，
则 即为点 到直线 的距离，
所以 ，即 轴，
由 ，令 ，则 ，
不妨取 ，则 ，
故直线 的方程为 ，即 ，
则点 到直线 的距离为 ，即 ，
又 ，所以 ，
所以椭圆C的标准方程为 ；
（2）设 ，则 ，
因为M，N为椭圆上不重合两点，
则有 ，两式相减得 ，
则 ，即 ，
设直线 的方程为 ，
联立 ，消 得 ，
，解得 ，
所以 ，
，
则 ，
原点 到直线 的距离 ，，
故 ，
当且仅当 ，即 时，取等号，
所以 面积的最大值为 ．
【点睛】方法点睛：利用韦达定理法解决直线与圆锥曲线相交问题的基本步骤如下：（1）设直线方程，设交点坐标为 ；
（2）联立直线与圆锥曲线的方程，得到关于 （或 ）的一元二次方程，必要时计算
；
（3）列出韦达定理；
（4）将所求问题或题中的关系转化为 、 （或 、 ）的形式；
（5）代入韦达定理求解.
22．（2023·辽宁·辽宁实验中学校考模拟预测）已知椭圆C： 与y轴
交于 ， 两点，椭圆上异于A，B两点的动点D到A，B两点的斜率分别
为 ， ，已知 ．
(1)求椭圆C的方程；
(2)过定点 与动点D的直线，与椭圆交于另外一点H，若AH的斜率为 ，求
的取值范围．
【答案】(1)
(2)
【分析】（1）取 在椭圆上，代入得 ，再计算 的表达式即可
求出 值；
（2）取 的方程为 ,其中 ，联立椭圆方程得
，设 ，则得到韦达定理式，计算得 ，再计算 ，再设函数利用导数即可求出范围.
【详解】（1）取 在椭圆上, ,
又 ，
，
椭圆 的方程为 .
（2）当直线 的斜率存在时，
设直线 的方程为 ,其中 ,
将直线方程带入 得, ,
其判别式为 ,
或 ，取 为交点,
,
,
又 , ,取 ,
，
令 ，解得 ，令 ， ，在 上单调递减,在 上单调递增,
又 的值域为 ,
即 的取值范围为 .
当直线 的斜率不存在时，则点 关于 轴对称，则 ，
综上 的取值范围为 .
【点睛】关键点睛：本题第二问的关键是采取设线法，设 ，为了简便运算
令 ，从而得到韦达定理式，首先计算 ，在化简代入韦达定理式得
，再计算 ，最后设函数，利用导数求出其范围即可.
23．（2023·江苏·金陵中学校联考三模）已知椭圆E： ，椭圆上有四个动点
A，B，C，D， ，AD与BC相交于P点.如图所示.
(1)当A，B恰好分别为椭圆的上顶点和右顶点时，试探究：直线AD与BC的斜率之积
是否为定值？若为定值，请求出该定值；否则，请说明理由；
(2)若点P的坐标为 ，求直线AB的斜率.【答案】(1)是定值，定值为
(2)
【分析】（1） 由题意求出直线 的斜率，再求 可设直线CD的方程为
，设 ， ，将直线方程代入椭圆方程化简，利用根与
系数的关系，然后求解 即可；
（2）设 ， ， ，记 ，表示出点 的坐标，将A，D
两点的坐标代入椭圆方程，化简得 ，再由 可得
，从而可得 ，进而可得直线 的方程，则可求出其
斜率.
【详解】（1）由题意知， ， ，所以 ， ，所以 ，
设直线CD的方程为 ，设 ， ，
联立直线CD与椭圆的方程 ，整理得 ，
由 ，解得 ，且 ，
则 ， ，
所以，
故直线AD与BC的斜率之积是定值，且定值为 .
（2）设 ， ， ，记 ( )，
得 .所以 .
又A，D均在椭圆上，所以 ，
化简得 ，
因为 ，所以 ，
同理可得 ，
即直线AB： ，
所以AB的斜率为 .
【点睛】关键点睛：此题考查直线与椭圆的位置关系，考查椭圆中的定值问题，解题
的关键是设出直线CD的方程，代入椭圆方程中消元化简，再利用根与系数的关系，
再利用直线的斜率公式表示出 ，结合前面的式子化简计算可得结果，考查计算
能力和数形结合的思想，属于较难题.
24．（2023·广东广州·广州市培正中学校考模拟预测）如图，在 中，点
.圆 是 的内切圆，且 延长线交 于点 ，若 .(1)求点 的轨迹 的方程；
(2)若椭圆 上点 处的切线方程是 ，
①过直线 上一点 引 的两条切线，切点分别是 ，求证：直线 恒过定
点 ；
②是否存在实数 ，使得 ，若存在，求出 的值，若不存在，
说明理由.
【答案】(1)
(2)①证明见解析；②存在实数
【分析】（1）抓住内切圆的性质找到等量关系，再由定义法即可求结果；
（2）①通过题设发现切点 的坐标满足一个同构方程，从而得出直线 的方程求
出过的定点；
②涉及到直线与圆锥曲线相交的问题，若用的是代数法，一般是联立方程化简，结合
韦达定理将所求表达出来再进化简转化等，注意设而不求的思想方法
【详解】（1）解：据题意， ，
从而可得 ，
由椭圆定义知道， 的轨迹为以 为焦点的椭圆，
所以所求的椭圆 的方程为 .
（2）解：①设切点坐标为 ，直线 上的点 的坐标 ，则切线方程分别为 ，
又两切线均过点 ，即 ，
从而点 的坐标都适合方程 ，
而两点之间确定唯一的一条直线，故直线 的方程是 ，
显然对任意实数 ，点 都适合这个方程，故直线 恒过定点 .
②将直线 的方程 ，代入椭圆方程，得 ，
即 ，
不妨设 ，
同理 .
所以
故存在实数 ，使得 .
25．（2023·湖南邵阳·邵阳市第二中学校考模拟预测）已知双曲线 的离心率为2，右
焦点与抛物线 的焦点重合，双曲线 的左、右顶点分别为 ， ，点 为第二
象限内的动点，过点 作双曲线 左支的两条切线，分别与双曲线 的左支相切于两点 ， ，已知 ， 的斜率之比为 .
(1)求双曲线 的方程；
(2)直线 是否过定点？若过定点请求出定点坐标，若不过定点请说明理由.
(3)设 和 的面积分别为 和 ，求 的取值范围.
参考结论：点 为双曲线 上一点，则过点 的双曲线的切线方程为
.
【答案】(1)
(2)过定点，定点坐标为
(3)
【分析】（1）由条件确定双曲线的焦点位置，设其方程，再列出关于 的方程，
解方程可得双曲线方程，
（2）设 ，由条件 ， 的斜率之比为 可得 ，设
， ， ，结合所给结论求切线 ， 方程，由此可得
直线 的方程，由此判断结论；
（3）先证明 ，设 ，结合设而不求法表示 ，再通过换元，
利用函数的单调性求其取值范围.【详解】（1）由已知双曲线 为焦点在 轴上，中心为原点的双曲线，
设其方程为 ，
因为双曲线 的离心率为2，
所以 ， ，
又双曲线 的右焦点与抛物线 的焦点重合，抛物线 的焦点坐标为 ，
所以 ，所以 ，
双曲线 的标准方程为 ；
（2）知 ， ，设 ，
所以 ， ，
因为 ， 的斜率之比为 ，即 ，
解得 ，所以点 在直线 上，
设 ， ， ，
则切线 方程为： ，
则切线 方程为： ，
因为点 既在直线 上又在直线 上，
即： ， ，
所以直线 的方程为： ，化简可得 ，
所以直线 过定点 ；（3）由（2）得直线 过定点 ，所以， ， ，
所以，点 到直线 的距离为点 到直线 的距离的3倍，所以， ，
因为 ，所以， ，
若直线 的斜率为 ，则直线 与双曲线的左支的交点为 与已知矛盾，
若直线 的斜率不存在，则直线 的方程为 ，
直线 与双曲线 的交点坐标为 ，
故切线 的方程为 ，切线 的方程为 ，
此时点 的坐标为 ，与点 在第二象限矛盾，
设 ，
将 代入双曲线 中得
，由已知 ，
方程 的判别式 ，
所以， ， ，
由已知 ，
所以 ， ，
所以 ， ，
化简可得 ，又 ，所以 或 ，
所以 的取值范围为
所以
令 ，则 ，
所以
函数 在 上单调递增，
所以 ，
所以， 的取值范围为 .
【点睛】关键点点睛：解决直线与双曲线的综合问题时，要注意：
(1)注意观察应用题设中的每一个条件，明确确定直线、双曲线的条件；
(2)强化有关直线与双曲线联立得出一元二次方程后的运算能力，重视根与系数之间的
关系、弦长、斜率、三角形的面积等问题．
26．（2023·湖北恩施·校考模拟预测）已知 是椭圆 的左右
焦点，以 为直径的圆和椭圆 在第一象限的交点为 ，若三角形 的面积为1，其内切圆的半径为 ．
(1)求椭圆 的方程；
(2)已知A是椭圆 的上顶点，过点 的直线与椭圆 交于不同的两点 ，点
在第二象限，直线 分别与 轴交于 ，求四边形 面积的最大值．
【答案】(1)
(2)4
【分析】（1）根据三角形 的面积及内切圆的半径列出方程组求得 得椭圆方程；
（2）设直线 的方程与椭圆方程联立， ，写出直线 的方
程求出 的坐标，并求出 ， ，将 表示为
的函数，使用基本不等式求最大值.
【详解】（1）由题意知 ，则 ，
又 ，
则 ，
又 ，
解得 ，
所以椭圆 的方程为 .（2）设直线 的方程为
联立方程组 ，可得 ，
则 ，
直线 的方程： ，所以 ，同理 ，
，
，
，
当且仅当 时，四边形 的面积最大，最大值为4．
【点睛】关键点点睛：求四边形 的面积最大值，首先要选择合适的面积公式，
这是非常规四边形，使用的面积公式为 ，为此计算 ，
代入转化为 的函数求最大值.
27．（2023·湖北荆门·荆门市龙泉中学校考模拟预测）已知椭圆E： ．若直
线l： 与椭圆E交于A、B两点，交x轴于点F，点A，F，B在直线 ：
上的射影依次为点D，K，G．
(1)若直线l交y轴于点T，且 ， ，当m变化时，探究 的值
是否为定值？若是，求出 的值；否则，说明理由；(2)连接AG，BD，试探究当m变化时，直线AG与BD是否相交于定点？若是，请求出
定点的坐标，并给予证明：否则，说明理由．
【答案】(1)是，
(2)存在，定点 ．
【分析】（1）设直线 交椭圆于 ，联立 ，得到关于 的
一元二次方程，利用韦达定理，并结合 及 ，可得到 的表达
式，进而可证明 ；
（2）令 ，可知直线 与 相交于 ，进而讨论 时，直线 与
也相交于 即可.
【详解】（1）易知 ，且直线l与y轴的交点为 ，
设直线l交椭圆于 ， ．
联立 ，得 ．
所以 ．
所以 ， ，
又 ．可得 ．所以 ．
又 .同理可得 ．
所以 ，
因为 ．
所以 ．
（2）若 ，则直线l为 ．此时四边形ABGD为矩形，根据对称性可知直线
AG与BD相交于F，K的中点N，易知 ；
若 ，由题意．可知 ． ，
所以直线AG的方程为 ，
当 时，
．
所以点 在直线AG上．同理可知，点 也在直线BD上．
所以 时，直线AG与BD也相交于定点 ．
综上所述，m变化时．直线AG与BD相交于定点 ．
方法点睛：求定值问题，常见的方法：
（1）从特殊入手，求出定值，再证明这个值与变量无关；
（2）直接推理、计算，并在计算推理的过程中消去变量，从而得到定值.
28．（2023·山东泰安·统考模拟预测）已知曲线 上的动点 满足 ，且
.
(1)求 的方程；
(2)若直线 与 交于 、 两点，过 、 分别做 的切线，两切线交于点 .在以
下两个条件①②中选择一个条件，证明另外一个条件成立.
①直线 经过定点 ；
②点 在定直线 上.
【答案】(1) ( )
(2)答案见解析
【分析】（1）由双曲线的定义得出曲线 的方程；
（2）若选择①证明②成立：利用导数得出过 和过 的方程，从而得出交点 的横坐标，再由 证明点 在定直线 上；若选择②证明①成立：
利用导数得出过 和过 的方程，从而得出 ，再由直
线 的方程证明直线 经过定点 .
【详解】（1）因为 ，
所以曲线 是以 、 为焦点，以 为实轴长的双曲线的右支,
所以 ，即 ，
又因为 ，所以 ，得 ，
所以曲线 的方程为 ( ).
（2）若选择①证明②成立.
依题意， 在双曲线右支上，此时直线 的斜率必不为 ，
设直线方程为 ， ，不妨设 在第一象限， 在第四象限.
因为 ，所以 ，且 ，求导得 ，
所以过点 的直线方程为 ，
化简为 ①，同理 ②，
联立方程①②得,交点 的横坐标为 ，
因为 、 点在直线 上，所以 ，
所以 ，
所以 的横坐标 .即点 在定直线 上.
若选择②证明①成立.
不妨设 在第一象限， 在第四象限.设 ，
因为 ，所以 ，且 ，
求导得 ，所以过点 的直线方程为 ，
化简为 ①，同理 ②
联立方程①②得交点 的横坐标为 ，
由题意， ，
即 ③.
因为 ，
所以过直线 的方程为 ，
化简 ，
整理得
由③式可得 ,
易知 ，即直线 过定点 .【点睛】关键点睛：在解决第二问时，关键是由导数的几何意义得出过 和过 的方
程，这里涉及到二级结论极点极线的知识，但大题需要证明，这里给出了导数的证明.
29．（2023·山东潍坊·三模）已知椭圆 的离心率为 ，且过
点 ．
(1)求椭圆 的标准方程；
(2)若动直线 ： 与椭圆 交于 两点，且在坐标平面内存在
两个定点 ，使得 （定值），其中 分别是直线 的斜
率， 分别是直线 的斜率．
①求 的值；
②求四边形 面积的最大值．
【答案】(1)
(2)① ；②
【分析】（1）利用离心率和过点坐标联立即可求解得出答案.
（2）①设 ，把 与椭圆 的标准方程联立，利用消元表示出要求的式子，即可得出结论；②不妨设点 ，点 ，利用点
到直线的距离公式，即可表示出要求的面积，进而求解其最大值即可.
【详解】（1）由題意得，
解得 ，
则椭圆 的标准方程为 .
（2）①设 ，
把 与椭圆 的标准方程联立，
消去 ，可得 ，
注意到 为方程 的两根，
故有恒等式 ，
则 ，
同理，把 与椭圆 的标准方程联立，
消去 ，可得 ，
注意到 为方程 的两根，
故有恒等式 ，
则 ，
则 ，
所以 ，
若 为定值，则必有 ，计算可得 ， ，
故 ．
②不妨设点 ，点 ，点 ，点 到直线 的距离分别是 ，
因为 ， ， ，
所以 ，
四边形 面积
（当 时取等号），
所以四边形 面积的最大值是 ．
30．（2023·云南·校联考模拟预测）已知圆 ： ，定点 ，如
图所示，圆 上某一点 恰好与点 关于直线 对称，设直线 与直线 的交点
为 .
(1)求证： 为定值，并求出点 的轨迹 方程；
(2)设 ， 为曲线 上一点， 为圆 上一点（ ， 均不在 轴上）.直线 ， 的斜率分别记为 ， ，且 .求证：直线 过定点，并
求出此定点的坐标.
【答案】(1)证明见解析，
(2)证明见解析，定点坐标为
【分析】（1）根据对称性求得 为定值，结合双曲线定义求得轨迹 方程；
（2）解一：根据 在双曲线上，用点差法得 ， ，代
入 可得 ，将 方程 代入求得直线 恒过定
点.
解二：分别联立直线与双曲线、圆，求出 的坐标，设定点 ，由三点共线
得 ，得直线 恒过定点.
【详解】（1）证明：由图，由点 与D关于PQ对称，则 ，
所以 ，故为定值.
由 ，
由双曲线定义知，点T的轨迹为以 ， 为焦点，实轴长为2的双曲线，
设双曲线E方程为 ，
所以 ， ， ，
所以双曲线E的方程为 .
（2）解一：因为 ，如图，令 ， ，
两式相减得： ，
同理， 两式相减得： ，
，即 ，
由题知直线 斜率一定存在，设直线 方程 ，
则 ，
整理得 ，所以 ，
故直线 恒过定点 .
解二：由已知得 ： ， ： ，
联立直线方程与双曲线方程 消去 整理得 ，
由韦达定理得 ，所以 ，即 .
所以 .
联立直线方程与圆的方程 消去 整理得 ，由韦达定理得 ，所以 ，即 ，
因为 ，即 ，所以 ，
若直线MN过定点，则由对称性得定点在x轴上，设定点 .
由三点共线得 ，
即 ，
所以直线MN过定点 .
【点睛】方法点睛：圆锥曲线中直线过定点问题通法，是先设出直线方程 ，
通过韦达定理和已知条件若能求出 为定值可得直线恒过定点，若得到 和 的一次
函数关系式，代入直线方程即可得到直线恒过定点.此题中由于两点分别是直线与双曲
线、圆的交点，故只能求出两交点的坐标，用两点坐标结合直线方程得到直线恒过定
点.
