考向32空间点、线、面的位置关系（重点）-备战2022年高考数学一轮复习考点微专题（新高考地区专用）(30723922)_02高考数学_新高考复习资料_2022年新高考资料

考向 32 空间点、线、面的位 置关系 1．（2021·山东高考真题）已知 ， 表示平面， ， 表示直线，以下命题中正确的选项是（ ） A．假设 ， ，那么 B．假设 ， ， ，那么 C．假设 ， ，那么 D．假设 ， ， ， ，那么 【答案】C 【分析】 根据线面垂直的性质定理，可判断A；根据面面平行的性质定理，可判断B、C；根据面面平行的判定定理， 可判定D 【详解】 选项A：假设 ， ，那么 或 在 内，故选项A错误； 选项B：假设 ， ， ，那么 或 与 异面，故选项B错误； 选项D：假设 ， ， ， ，且 、 相交才能判定 ，故选项C错误； 选项C：依照两平面平行的性质可知C正确． 故选：C 2．（2021·全国高考真题（理））在正方体 中，P为 的中点，则直线 与 所成 的角为（ ） A． B． C． D． 【答案】D 【分析】平移直线 至 ，将直线 与 所成的角转化为 与 所成的角，解三角形即可. 【详解】 如图，连接 ，因为 ∥ ， 所以 或其补角为直线 与 所成的角， 因为 平面 ，所以 ，又 ， ， 所以 平面 ，所以 ， 设正方体棱长为2，则 ， ，所以 . 故选：D 1、共面、共线、共点问题的证明 (1)证明共面的方法：先确定一个平面，然后再证其余的线(或点)在这个平面内． (2)证明共线的方法：先由两点确定一条直线，再证其他各点都在这条直线上． (3)证明线共点问题的常用方法是：先证其中两条直线交于一点，再证其他直线经过该点． 2、异面直线的判定方法： 判定定理：平面外一点A与平面内一点B的连线和平面内不经过该点的直线是异面直线； 反证法：证明两线不可能平行、相交或证明两线不可能共面，从而可得两线异面．3、求异面直线所成的角常采用“平移线段法”，平移的方法一般有三种类型：利用图中已有的平行线平 移；利用特殊点(线段的端点或中点)作平行线平移；补形平移．计算异面直线所成的角通常放在三角形中 进行． 平移线段法是求异面直线所成角的常用方法，其基本思路是通过平移直线，把异面问题化归为共面问题来 解决，具体步骤如下： ①平移：平移异面直线中的一条或两条，作出异面直线所成的角； ②认定：证明作出的角就是所求异面直线所成的角； ③计算：求该角的值，常利用解三角形； ④取舍：由异面直线所成的角的取值范围是错误: 引用源未找到，当所作的角为钝角时，应取它的补角作 为两条异面直线所成的角． 求异面直线所成的角要特别注意异面直线之间所成角的范围． 1．四个公理 公理1：如果一条直线上的两点在一个平面内，那么这条直线在此平面内． 公理2：过不在一条直线上的三点，有且只有一个平面． 公理3：如果两个不重合的平面有一个公共点，那么它们有且只有一条过该点的公共直线． 公理4：平行于同一条直线的两条直线互相平行． 2．空间中直线与直线的位置关系 (1)位置关系的分类 (2)异面直线所成的角 ①定义：设a，b是两条异面直线，经过空间任一点O作直线a′∥a，b′∥b，把a′与b′所成的锐角(或 直角)叫做异面直线a与b所成的角(或夹角)． ②范围：. 3．空间中直线与平面的位置关系 直线与平面的位置关系有：直线在平面内、直线与平面相交、直线与平面平行三种情况． 4．空间中平面与平面的位置关系 平面与平面的位置关系有平行、相交两种情况． 5．等角定理 如果空间中两个角的两条边分别对应平行，那么这两个角相等或互补． 【知识拓展】 平面的基本性质，点、直线、平面之间的位置关系是高考试题主要考查知识点，题型除了选择题或填 空题外，往往在大题中结合平行关系、垂直关系或角的计算间接考查．1．（2021·广西玉林市·高一期中）在正方体 中， ， ， ， 分别为 ， ， ， 的中点，则直线 与 所成角的大小是（ ）． A． B． C． D． 2．（2021·吉林长春市·（理））给出下列命题： ①若 的三条边所在直线分别交平面 于 三点，则 三点共线； ②若直线 是异面直线，直线 是异面直线，则直线 是异面直线； ③若三条直线 两两平行且分别交直线 于 三点，则这四条直线共面； ④对于三条直线 ，若 ， ，则 . 其中所有真命题的序号是（ ） A．①② B．①③ C．③④ D．②④ 3．（2021·全国）如图， 、 、 、 分别是三棱柱的顶点或所在棱的中点，则表示直线 与 是异面直线的图形有______. 4．（2022·全国高三专题练习（理））将正方形 沿对角线 折成直二面角，给出下列四个结论： ① ， 所成的角为 ；② 为等边三角形；③ ；④ 与平面 所成角 .其中真 命题是______.（请将你认为是真命题的序号都填上）1．（2021·长春市基础教育研究中心（长春市基础教育质量监测中心）高三（文））长方体 中， ， ， ，则异面直线 与 成角余弦值为（ ） A． B． C． D． 2．（2021·嘉峪关市第一中学高三（文））已知 ， 是不同的直线， ， 是不同的平面，则 的 一个充分条件是（ ） A． ， B． ， C． ， D． ， 3．（2021·全国（理））在正四面体 中，E，F分别为 ， 的中心，则下列说法中不正 确的是（ ） A． B． 平面 C．异面直线 ， 所成的角为90° D． 4．（2021·全国）如图，在三棱柱 中， ， ， ， ，则异面直线 与 所成的角等于（ ） A．30° B．60° C．90° D．120° 5．（2022·全国高三专题练习）如图所示，在正方体ABCD﹣ABCD中，E是平面ADDA的中心，M、N、F 1 1 1 1 1 1 分别是BC、CC、AB的中点，则下列说法正确的是（ ） 1 1 1A．MN EF，且MN与EF平行 B．MN EF，且MN与EF平行 C．MN EF，且MN与EF异面 D．MN EF，且MN与EF异面 6．（2021·全国高三）（多选题）在三棱锥 中， ， ， ， ，则下列结论中正确的是（ ） A． B． 平面 C．平面 平面 D．点 到平面 的距离为 7．（2021·陕西高三（文））在空间中，给出下面四个命题，其中真命题的个数为___________. ①过平面 外的两点，有且只有一个平面与平面 垂直； ②若平面 内有不共线三点到平面 的距离都相等，则 ； ③若直线 与平面 内的无数条直线垂直，则 ； ④两条异面直线在同一平面内的射影一定是两条相交直线. 8．（2021·山西大附中高三（理））在棱长为 的正方体 中， 分别是 和 的 中点，经过点 的平面把正方体 截成两部分，则截面与 的交线段长为 ________. 9．（2021·全国高三（理））如图，在正方体 中， 为 的中点，则直线 与直线 所成角的正切值是___________.10．（2021·黑龙江哈尔滨市第六中学校高三（文））如图，正方体AC的棱长为1，点M在棱AD上， 1 1 1 AM＝2MD，过M的平面α与平面ABC平行，且与正方体各面相交得到截面多边形，则该截面多边形的周 1 1 1 1 长为______________． 11．（2021·全国高三专题练习（理））已知正方体 中， 分别为棱 的中点. （1）求证； 四点共面； （2）求二面角 的余弦值. 12．（2021·四川省绵阳南山中学高三（文））如图，四边形 为正方形， ， ， ，（1）求证：点 不在平面 内： （2）若平面 平面 ，且 ，求点 到平面 的距离． 1．（2021·湖南高考真题）设m，n为两条不同的直线，，为两个不同的平面，则下列结论正确的是（ ） A．若 ， ，则 B．若 ， ， ，则 C．若 ， ， ，则 D．若 ， ， ，则 2．（2019·全国高考真题（文））设α，β为两个平面，则α∥β的充要条件是 A．α内有无数条直线与β平行 B．α内有两条相交直线与β平行 C．α，β平行于同一条直线 D．α，β垂直于同一平面 3．（2019·上海高考真题）已知平面 两两垂直，直线 满足： ，则直线 不可能满足以下哪种关系 A．两两垂直 B．两两平行 C．两两相交 D．两两异面 4．（2007·江西高考真题（理））如图，正方体AC的棱长为1，过点A作平面ABD的垂线，垂 1 1 足为点H．则以下命题中，错误的命题是A．点H是△ABD的垂心 1 B．AH垂直平面CBD 1 1 C．AH的延长线经过点C 1 D．直线AH和BB所成角为45° 1 5．（2012·重庆高考真题（文））设四面体的六条棱的长分别为1，1，1，1， 和 ，且长为 的棱与 长为 的棱异面，则 的取值范围是（ ） A． B． C． D． 6．（2014·全国高考真题（文））已知正四面体ABCD中，E是AB的中点，则异面直线CE与BD所成角的 余弦值为 A． B． C． D． 7．（2019·北京高考真题（理））已知l，m是平面 外的两条不同直线．给出下列三个论断： ①l⊥m；②m∥ ；③l⊥ ． 以其中的两个论断作为条件，余下的一个论断作为结论，写出一个正确的命题：__________． 8．（2011·全国高考真题（文））已知正方体 中，E为 的中点，则异面直线AE与BC 所成角的余弦值为 . 9．（2016·全国高考真题（理））α、β是两个平面，m、n是两条直线，有下列四个命题： （1）如果m⊥n，m⊥α，n∥β，那么α⊥β.（2）如果m⊥α，n∥α，那么m⊥n. （3）如果α∥β，m α，那么m∥β. （4）如果m∥n，α∥β，那么m与α所成的角和n与β所成的 角相等. 其中正确的命题有________.(填写所有正确命题的编号）10．（2020·全国高考真题（文））如图，在长方体 中，点 ， 分别在棱 ， 上， 且 ， ．证明： （1）当 时， ； （2）点 在平面 内． 1．【答案】C 【分析】 首先把两条直线平移了有交点，再求其直线所成的角. 【详解】 如图连接 ， ，则 是 的中点， 又 为 的中点，所以 ，连接 ，则 是 的中点，又 为 的中点，所以 ， 于是 是直线 与 所成的角或其补角． 易知 是正三角形，所以 ． 故选：C 2．【答案】B 【分析】 根据平面的基本性质，以及空间中两直线的位置关系，逐项判定，即可求解. 【详解】 对于①中，若 的三条边所在直线分别交平面 于 三点， 可得 且 平面 ，所以 三点必在两平面的交线上， 所以 三点共线，所以①正确； 对于②中，若直线 是异面直线，直线 是异面直线，则直线 可能相交，平行或异面直线，所以② 错误； 对于③中，若三条直线 两两平行且分别交直线 于 三点，由公理3可得这四条直线共面，所以 ③正确； 对于④中，例如：若 是过长方体一顶点的三条棱，则满足若 ， ，此时 与 相交，所以④ 错误. 其中所有真命题的序号是①③. 故选：B. 3．【答案】②④ 【分析】 图①中，直线 ，图②中 面 ，图③中 ，图④中， 面 ． 【详解】 解：根据题意， 在①中， 且 ，则四边形 是平行四边形，有 ，不是异面直线； 图②中， 、 、 三点共面，但 面 ，因此直线 与 异面； 在③中， 、 分别是所在棱的中点，所以 且 ，故 ， 必相交，不是异面直 线； 图④中， 、 、 共面，但 面 ， 与 异面． 所以图②④中 与 异面．故答案为：②④. 4．【答案】①②③ 【分析】 在①中，设 ，取 中点 ， 中点 ， 中点 ，推 导出 是等边三角形，从而得到 ， 所成的角为 ； 在②中，由 ，且 ，由此能得到 为等边三角形； 在③中，推导出 面 ，从而 ； 在④中，推导出 是 与平面 所成角，从而得到 与平面 所成角为 ． 【详解】 解：在①中： 将正方形 沿对角线 折成直二面角，得到四面体 ， 设 ， 取 中点 ， 中点 ， 中点 ，连结 ， ， ， ， ， 则 ，且 ， ， 由三角形中位线定理得 ， ，且 ， ， 是 ， 所成的角， ， 是等边三角形， ， ， 所成的角为 ，故①正确； 在②中： ，且 ， ， ， 为等边三角形，故②正确； 在③中： ， 是 中点， ， ，又 ， 面 ， 面 ， ，故③正确； 在④中： 是直二面角， ， 平面 ， 是 与平面 所成角， ， ， 与平面 所成角为 ，故④错误． 故答案为：①②③．1．【答案】D 【分析】 AC DAC AD AC 连接 ，可得 1 即为异面直线 1与 1 1所成的角或其补角，即可求出. 【详解】 连接 AC ，  AA 1 //CC 1 ,AA 1 CC 1，  四边形 AA 1 C 1 C 为平行四边形， AC //AC DAC AD AC 1 1 ，则 1 即为异面直线 1与 1 1所成的角或其补角， AC2AD2DC2 2 cosDAC  1 1  1 2ACAD 6 . 1 故选：D.2．【答案】B 【分析】 利用充分条件结线面关系的判定和性质逐个分析判断 【详解】 对于A，由，n，可得n与可能平行，可能垂直，可能相交不垂直，所以A错误， 对于B，由//，n，可得n，所以B正确， 对于C，由，n//，可得n与可能平行，可能垂直，可能相交不垂直，n可能在内，所以C错 误， 对于D，由m//，nm，可得n与可能平行，可能垂直，可能相交不垂直，所以D错误， 故选：B 3．【答案】D 【分析】 取CD的中点O，连接AO、BO，画出图形，结合图形，对选项中的命题真假性判断即可． 【详解】 解：取CD的中点O，连接AO、BO，如图所示： 对于A，点A、F、O和点B、E、O分别共线， AF BE 因为点E、F分别为 和 的中心，所以  2， △BCD △ACD FO EO 所以EF//AB，所以选项A正确；对于B，因为AOCD，BOCD，且AOBOO，所以CD平面ABO， 即CD平面ABEF，选项B正确； 对于C，因为 m 平面ABO，所以CD AB，选项C正确； 1 对于D，因为 ，设 ，所以EF  ， EF//AB AB1 3 2 2 3 3 在 中，BE  BO  1 ， RtAEB 3 3 2 3 2  3 6 所以AE AB2BE2  1     ，选项D错误． 2 3   故选：D． 4．【答案】B 【分析】 证明三棱柱是直三棱柱，然后补形成一个正方体，再根据平行线作出异面直线所成的角，在三角形中计算 可得． 【详解】 AB AC AB AC ACAC  A AC,AC  ACC A 因为 ， 1， 1 ， 1 平面 1 1， ACC A AA  ACC A AB AA 所以 AB 平面 1 1， 1 面 1 1，所以 1． AC  AA AC  2AC  2AA AC  AA ABCABC 又 1， 1 1，所以 1 1 1，所以三棱柱 1 1 1为直三棱柱． ABCABC BAC 90 AB AC  AA ABDCABDC 如图，在直三棱柱 1 1 1中， ， 1，将其补形成正方体 1 1 1 1， BD AD ABCD AB//CD ABDC 连接 1， 1 1，则 1 1， 1 1，所以四边形 1 1为平行四边形， AC //BD ABD BA AC 所以 1 1，所以 1 1或其补角为异面直线 1与 1所成的角． ABD ABBD  AD  2AB ABD 60 在 1 1中， 1 1 1 1 ，所以 1 1 ， BA AC 所以异面直线 1与 1所成的角等于60°， 故选：B．5．【答案】D 【分析】 1 设正方体ABCD﹣ABCD的棱长为2a，求出 即得MN EF，连结DE，再证明MN与EF异面，即得解. 1 1 1 1 MN,EF 2 【详解】 解：设正方体ABCD﹣ABCD的棱长为2a， 1 1 1 1 2a 2a MN  MC2CN2  ( )2( )2  2a 则 1 1 2 2 ， 作点E在平面ABCD内的射影点G，连结EG，GF， 2a EF  EG2GF2  ( )2( 2a)2  3a 所以 2 ， 1 所以MN EF，故选项A,C错误； 2 1 连结DE，因为E为平面ADDA的中心，所以DE AD， 1 1 2 1 又因为M，N分别为BC，CC的中点，所以MN∥BC， 1 1 1 1 又因为BC∥AD，所以MN∥ED，且DE∩EF＝E， 1 1 所以MN与EF异面，故选项B错误； 故选：D． 6．【答案】ABC【分析】 A由线面垂直的判定得AC面SBC，根据线面垂直的性质可证AC BS；B线面垂直的性质有SB AC， 再由线面垂直的判定得SB面ABC；C利用线面垂直证明面面垂直，即可知面SBC面SAC；D取SC的 中点D，连接BD，易证BD平面SAC，即可知BD即为点B到平面ACS的距离. 【详解】 由AC BC，AC SC，SC、BC面SBC，SCBC C，所以AC面SBC，易得AC BS，故A正 确； 由AC平面SBC，AC平面SAC，所以面SBC面SAC，故C正确； 易知SB AC，SB AB，AB、AC面ABC，ABAC  A，所以SB面ABC，故B正确； 取SC的中点D，连接BD，则BDSC，又面SBC面SAC，面SBCI 面SAC SC，所以BD平面SAC， 2 则 即为点 到平面 的距离，CDBD ，故D错误. BD B ACS 2 故选：ABC. 7．【答案】0. 【分析】 由平面外两点的连线与平面垂直时，过两点有无数个平面与平面垂直，可判定①不正确；由只有当  // 不共线的三点在平面 的同侧时，才能得到 ，可判定②不正确；根据线面垂直的定义，可判定③不 正确；根据两异面直线的射影的情况，可判定④不正确. 【详解】 对于①中，当平面外两点的连线与平面垂直时，此时过两点有无数个平面与平面垂直，所以①不正 确；  // 对于②中，只有当不共线的三点在平面 的同侧时，才能得到 ，所以②不正确； 对于③中，只有直线l与平面内的任意直线垂直时，才能得到l ，所以③不正确；对于④中，两条异面直线在同一平面内的射影可能是两条相交直线或两条平行直线或直线和直线外的一点， 所以④不正确， 综上可得，正确命题的个数为0个. 故答案为：0. 10 8．【答案】 3 【分析】 如图，先作出截面，然后利用三角形相似和勾股定理可求得答案 【详解】 解：如图，连接 AE 并延长交 DC 延长线于 M ，连接 FM 交 CC 1于 G ，连接 EG 并延长交 B 1 C 1延长线于 N ， 连接 NF 并延长交 A 1 D 1于 H ，连接 AH ，则五边形 AEGFH 为经过点 A,E,F 的正方体的截面， 1 因为 为 的中点，所以CE BC 2， E BC 2 因为CE∥AD，所以MCE∽VMDA， CM CE 1 所以   ，所以 , DM AD 2 CM CD4 因为 DM ∥ C 1 D 1，所以 △MCG ∽ FC 1 G ， CG CM 2 8  2 CG 4 所以CG CF ，所以 3 3, 1 1 8 2 10 所以 EG CE2CG2  22 3    3 ， 10 所以截面与BCCB 的交线段长为 3 ， 1 1 10 故答案为： 32 9．【答案】 4 【分析】 AD AD//BC ADE BC DE 连接 1，由正方体的性质可得 1 1，则 1 为异面直线 1与直线 1 所成的角，再利用锐角三角 函数计算可得； 【详解】 2 故答案为： 4 3 2 10．【答案】 ． 【分析】 先利用平行关系得到截面与正方体的交点位于靠近D，A，C的三等分点处，从而得到截面为MIHGFE，利用 1 正方体的棱长求出截面的周长即可． 【详解】 在平面ADDA中寻找与平面ABC平行的直线时，只需要ME∥BC，如图所示， 1 1 1 1 1 因为AM＝2MD，故该截面与正方体的交点位于靠近D，A，C的三等分点处，故可得截面为MIHGFE， 1 1 1ME2 2a,MI  2a,IH 2 2a,HG 2a FG2 2a, EF  2a 设正方体的棱长为3a，则 ， ， MEEFFGGH HIIM 9 2a 所以截面MIHGFE的周长为 ， 又因为正方体AC的棱长为1，即3a＝1， 1 3 2 故截面多边形的周长为 ． 3 2 故答案为： ． 2 5 11．【答案】（1）证明见解析；（2） . 5 【分析】 (cid:4) uuur uuur AE (cid:4) AEFC AECF （1）建立空间直角坐标系，求出 1 ，FC坐标得 1 ，从而得四边形 1 为平行四边形即可证明； (cid:4)(cid:4)  (cid:4)(cid:4) m  n （2）分别求出平面 AEB 与平面 EBC 的法向量 (cid:4) m  和 n (cid:4)，利用向量法求解二面角的公式 cosm,n (cid:4)(cid:4) m  n 1 1 1 即可求解. 【详解】 解：如图建立空间直角坐标系Dxyz，设正方体的边长为2， A 0,2,2 E0,0,1 C2,0,0 F2,2,1 （1）因为 1 ， ， ， ， (cid:4) (cid:4) AE 0,2,1 FC 0,2,1 所以 1 ， ， uuur uuur AEFC AE//FC AE  FC 所以 1 ，所以 1 ，且 1 ， AECF A,E,C,F 所以四边形 1 为平行四边形，所以 1 四点共面；B 2,2,2 （2） 1 ， (cid:4) AEB mx,y,z 设平面 1 1的法向量分别为 ，则 (cid:5) (cid:5) mAE0 2yz0 (cid:5) 1(cid:5)  (cid:4) mA 1 B 1 0，即 2x0 ，取 y1 得m0,1,2， (cid:4) EBC n1,2,2 同理可得，平面 1 的法向量 ， (cid:4)(cid:4)  (cid:4)(cid:4) m  n 2 5 cosm,n (cid:4)(cid:4)   所以 m n 5 ， 2 5 由图可知，二面角为钝角，所以二面角A EB C的余弦值为 . 1 1 5 10 12．【答案】（1）证明见解析；（2） 5 ． 【分析】 （1）由反证法即可证出； （2）取AD中点H，由题意易证C，H，E，F 共面，所以点D到平面CEF的距离即为点D到平面CHF V V 的距离，再由等积法 DCHF FCHD即可求出． 【详解】 （1）证明：（反证法）假设点D在平面CEF内．设C，D，E，F 四点确定的平面为．因为四边形ABEF为正方形，所以EF//AB．因为平面ABCD与 平面ABEF不重合，所以EF 平面ABCD，又 m 平面ABCD，所以EF//平面ABCD．因为EF平面 ，平面平面ABCDCD，所以EF//CD；所以AB//CD．AB，CD为直角梯形ABCD的两腰，不 可能平行，故假设不成立．点D不在平面CEF内． （3）取AD中点H，连接HF，HC，由AD2BC，所以AH BC，且AH //BC，所以AHBC为平行四 边形，∴HC//AB且HC  AB ∵AB//EF，且ABEF ，∴C，H，E，F 共面， 1 1 S CHD  2 11 2 ， FA 2 ， FH  3 ， CH  2 ， CF  FA2CA2  7 FH2CH2CF2 1 cosCHF   所以 2FHCH 10 ， 1 5 1 1 10 S  FHCHsinCHF  hS  FAS h ∴ CHF 2 2 ．由V V 得3 CHF 3 CHD，∴ 5 DCHF FCHD 10 故D到平面CEF的距离是 5 ．1．【答案】D 【分析】 根据线面的位置关系可判断A；举反例判断B、C；由面面垂直的判定定理可判断D，进而可得正确选项. 【详解】 对于A：若m//n，n//，则m//或m，故选项A不正确； ADDA  ABCD  BC m BC n m//n 对于B：如图平面 1 1为平面 ，平面 1 1 1 1为平面 ，直线 1 1为 ，直线 为 ，满足 ， m//，n//，但与相交，故选项B不正确； 对于C：如图在正方体 ABCDA 1 B 1 C 1 D 1中，平面 ADD 1 A 1为平面  ，平面 A 1 B 1 C 1 D 1为平面  ，直线 AD 为 m ， BC n  m n m//n 1 1 直线 为 ，满足 ， ， ，则 ，故选项C不正确；对于D：若mn，m，可得n或n//，若n，因为n，由面面垂直的判定定理可得； 若n//，可过n作平面与相交，则交线在平面内，且交线与n平行，由n可得交线与垂直，由 面面垂直的判定定理可得，故选项D正确； 故选：D. 2．【答案】B 【分析】 本题考查了空间两个平面的判定与性质及充要条件，渗透直观想象、逻辑推理素养，利用面面平行的判定 定理与性质定理即可作出判断． 【详解】   // 由面面平行的判定定理知： 内两条相交直线都与 平行是 的充分条件，由面面平行性质定理知， //     // 若 ，则 内任意一条直线都与 平行，所以 内两条相交直线都与 平行是 的必要条件，故 选B． 【点睛】 面面平行的判定问题要紧扣面面平行判定定理，最容易犯的错误为定理记不住，凭主观臆断，如：“若 a,b,a//b // ，则 ”此类的错误． 3．【答案】B 【分析】 通过假设a//b，可得a,b平行于,的交线，由此可得c与交线相交或异面，由此不可能存在a//b//c， 可得正确结果. 【详解】 设l，且l与a,b均不重合 假设：a//b//c，由a//b可得：a//，b// 又l，可知a//l，b//l 又a//b//c，可得：c//l 因为,,两两互相垂直，可知l与相交，即l与c相交或异面 若l与a或b重合，同理可得l与c相交或异面 可知假设错误，由此可知三条直线不能两两平行 本题正确选项：B 【点睛】本题考查空间中的直线、平面之间的位置关系，关键在于能够通过线面关系得到第三条直线与前两条线之 间的位置关系，从而得到正确结果. 4．【答案】D 【详解】 因为三棱锥A－ABD是正三棱锥，故顶点A在底面的射影是底面的中心，A正确；平面ABD∥平面CBD， 1 1 1 1 而AH垂直于平面ABD，所以AH垂直于平面CBD，B正确；根据对称性知C正确，故选D. 1 1 1 5．【答案】A 【分析】 先在三角形BCD中求出a的范围，取BC中点E，，再在三角形AED中求出a的范围，二者相结合即可得 到答案． 【详解】 BCD BC a BDCD1 A AD 2 设四面体的底面是 ， ， ，顶点为 ， 在三角形BCD中，因为两边之和大于第三边可得：0a2，① 取BC中点E， E是中点，直角三角形ACE全等于直角DCE， a AEED 1( )2 所以在三角形AED中， 2 ， 两边之和大于第三边 a 2 2 1( )2  2 ，得0a 2 ，（负值0值舍）② 0a 2 由①②得 ． (0, 2) 故答案为 ．【点睛】 本题主要考查了三角形三边关系以及异面直线的位置．解决本题的关键在于利用三角形两边之和大于第三 边这一结论． 6．【答案】B 【详解】 AD F EF,CF E AB EF//BD CEF 试题分析：如图，取 中点 ，连接 ，因为 是 中点，则 ， 或其补角就是异 1 1  2 2 3 cosCEF   面直线 所成的角，设正四面体棱长为1，则 3 ， 1， 3 6 ．故 CECF  EF  CE,BD 2 2 2 选B． 考点：异面直线所成的角． 【名师点睛】 求异面直线所成的角的关键是通过平移使其变为相交直线所成角，但平移哪一条直线、平移到什么位置， 则依赖于特殊的点的选取，选取特殊点时要尽可能地使它与题设的所有相减条件和解题目标紧密地联系起 来．如已知直线上的某一点，特别是线段的中点，几何体的特殊线段． 7．【答案】如果l⊥α，m∥α，则l⊥m或如果l⊥α，l⊥m，则m∥α. 【分析】 将所给论断，分别作为条件、结论加以分析. 【详解】 将所给论断，分别作为条件、结论，得到如下三个命题： （1）如果l⊥α，m∥α，则l⊥m. 正确； （2）如果l⊥α，l⊥m，则m∥α.正确；（3）如果l⊥m，m∥α，则l⊥α.不正确，有可能l与α斜交、l∥α. 【点睛】 本题主要考查空间线面的位置关系、命题、逻辑推理能力及空间想象能力. 2 8．【答案】 3 【详解】 连接DE， 设AD=2，易知AD∥BC， ∴∠DAE就是异面直线AE与BC所成角， 在△RtADE中，由于DE= ，AD=2，可得AE=3， ∴cos∠DAE= = ． 9．【答案】②③④ 【详解】 试题分析：：①如果m⊥n，m⊥α，n∥β，不能得出α⊥β，故错误； ②如果n∥α，则存在直线l α，使n∥l，由m⊥α，可得m⊥l，那么m⊥n．故正确； ③如果α∥β，m α，那么⊂m与β无公共点，则m∥β．故正确 ④如果m∥n，α∥⊂β，那么m，n与α所成的角和m，n与β所成的角均相等．故正确 考点：命题的真假判断与应用；空间中直线与直线之间的位置关系；空间中直线与平面之间的位置关系 10．【答案】（1）证明见解析；（2）证明见解析. 【分析】 （1）根据正方形性质得ACBD，根据长方体性质得ACBB ,进而可证AC平面BBDD,即得结果； 1 1 1 （2）只需证明 EC 1 //AF 即可，在 CC 1上取点 M 使得 CM 2MC 1,再通过平行四边形性质进行证明即可.【详解】 （1）因为长方体 ABCDA 1 B 1 C 1 D 1,所以 BB 1  平面 ABCDACBB 1, ABCDABCD,ABBC ABCD ACBD 因为长方体 1 1 1 1 ,所以四边形 为正方形 因为 BB 1 I BDB,BB 1 、BD 平面 BB 1 D 1 D ,因此 AC 平面 BB 1 D 1 D , 因为EF平面BBDD,所以AC EF； 1 1 （2）在 CC 1上取点 M 使得 CM 2MC 1,连 DM,MF , DE2ED,DD //CC ,DD=CC EDMC ,ED//MC , 因为 1 1 1 1 1,所以 1 1 DMCE DM//EC 所以四边形 1 为平行四边形， 1 因为MF//DA,MF=DA,所以M、F、A、D四点共面，所以四边形MFAD为平行四边形， DM//AF,EC //AF E、C、A、F 1 ，所以 1 四点共面， C AEF 因此 1在平面 内 【点睛】 本题考查线面垂直判定定理、线线平行判定，考查基本分析论证能力，属中档题.