文档内容
奉贤区 2016~2017 学年第二学期九年级质量调研考试
理化试卷
（满分150分，考试时间100分钟） 17.04
物理部分
考生注意：
1．本试卷物理部分含五个大题。
2．答题时，考生务必按答题要求在答题纸规定的位置上作答，在草稿纸、本试卷上答题一
律无效。
一、选择题（共16分）
1．四冲程热机工作过程中，将内能转化为机械能的是（ ）
A．吸气冲程B．做功冲程C．压缩冲程D．排气冲程
2．在原子核中，带正电的粒子是（ ）
A．质子B．中子 C．电子D．原子
3．能区分不同乐器声音的主要依据是（ ）
A．频率B．音调 C．响度D．音色
4．以下各种单色光中，属于光的三基色之一的是（ ）
A．绿光B．橙光 C．黄光D．紫光
5．如图所示，O点表示杠杆的支点，其中错误的是（ ）
A． B． C． D．
6．如图所示为相距6米在同一水平面上同时开始沿一直线运动的甲、乙两辆小车
的s﹣t图象，则（ ）A．甲、乙运动的快慢相同
B．运动3秒甲通过的路程比乙大
C．运动3秒甲、乙可能相距5米
D．运动3秒甲、乙不可能相距13米
7．如图所示，电源电压保持不变，闭合电键S，电路正常工作，一段时间后，电流
表A的示数变小，电压表V的示数不变，然后将电流表A与电阻R 对换，发现电
2
流表的示数再次变小．若故障只发生在电阻R 、R 上，则（ ）
1 2
A．只有R 断路 B．只有R 断路
1 2
C．R 和R 同时断路D．R 和R 同时短路
1 2 1 2
8．如图所示，均匀圆柱体甲和盛有液体乙的圆柱形容器放置在水平地面上，甲、
乙质量相等，现沿水平方向切去甲并从容器中抽出乙，且切去甲和抽出乙的高度
相同，则比较甲对地面的压强的变化量△p 与乙对容器底部的压强的变化量△p
甲
以及甲对地面压力的变化量△F 与乙对容器底部压力的变化量△F 的大小关
乙 甲 乙
系，正确的是（ ）
A．△p ＜△p ，△F ＞△F B．△p ＞△p ，△F ＞△F
甲 乙 甲 乙 甲 乙 甲 乙C．△p ＜△p ，△F ＜△F D．△p ＞△p ，△F ＜△F
甲 乙 甲 乙 甲 乙 甲 乙
二、填空题（共26分）
9．一节干电池的电压为 伏； 能的优点之一是便于输送和分配；丹麦物理
学家奥斯特发现了电流周围存在 ．
10．列车进站时，若以站台为参照物，列车是 的；由于 列车在刹车时会继
续向前滑行；当列车停在水平地面上时，其 力与地面对列车的支持力属于一
对平衡力．
11．白糖溶解在杯中整杯水变甜了，这现象说明分子在不停的做无规则的 ；
太阳能热水器给水加热，它是利用 的方式来增加水的内能的；沿海地区白天
和夜晚的温差比较小主要是由于水的 比较大造成的结果．
12．某导体两端的电压为3伏，2秒内通过该导体横截面的电荷量为3库，则通过
该导体的电流为 安，电流做功为 焦．当通过该导体的电流为0.5安时，导
体的电阻为 欧．
13．重8牛的物体在4牛的水平拉力作用下沿水平方向做匀速直线运动，2秒内
运动了0.5米，拉力的功率为 瓦，在此过程中物体的机械能将 （选填“变
大”“不变”或“变小”），重力对物体做功为 焦．
14．如图所示，用手将一普通木块浸没在水中，已知木块上A点距水面0.2米，则
A点受到水的压强为 帕，松手后，木块在露出水面前的过程中受到浮力的大
小 （选填“变小”、“不变”或“变大”）；木块在露出水面后静止时重力与
浮力的合力为 牛．
15．如图所示，电源电压保持不变，电阻R ＜R ＜R ，仅闭合电键S 时，电流表、电
1 2 3 1
压表均有示数；接着断开S 并闭合S 后，电流表A的示数将 ，电压表V的示
1 2
数将 ；若将S 、S 、S 均闭合，则电压表与电流表示数的比值将 （均填“变
1 2 3
大”、“不变”或“变小”）．16．某小组同学研究静止在斜面上的物体对斜面的压力大小与物体重力大小的关
系，他们选择一轻质硬直尺作为斜面，在直尺的中点A处用细线挂上一重力G为
1牛的钩码作为重物，直尺下端可以绕O点转动，在直尺上端B点沿垂直于直尺
方向向上施加一拉力F 为0.3牛，使直尺保持倾角α不变，然后撤去钩码，在A点
B
沿垂直于直尺方向向下施加一拉力F 为0.6牛，恰能使直尺保持倾角为α不变且
A
F 大小仍为0.3牛，如图（a）所示．接着改变钩码的数量，重复实验步骤，如图
B
（b）、（c）所示．
（1）实验中直尺在F 和F 的作用下与在F 和G作用下都能够保持倾角α不变，是
B A B
因为直尺满足了 条件的缘故，此时F 的作用效果与G的作用效果是 的．
A
（2）分析比较（a）、（b）和（c）可得出初步结论；静止于倾角不变的斜面上的物体，
．
（3）实验中该小组同学发现在物体重力不变的条件下，可以通过 来增大物体
对斜面的压力（填入你认为正确的选择字母：A．作用点A向B移动 B．作用点
A向O点移动 C．减小倾角α D．增大倾角α）
（4）关于静止在斜面上的物体对斜面的压力方向与物体重力方向间夹角的大小，
该小组用学经过讨论后认为夹角应该 α（选填“大于”、“等于”或“小
于”）
三、作图题（共6分）
17．如图重为6牛的物体静止在水平面上，用力的图示法画出它所受的重力G．18．如图所示，有两根导线尚未连接，请用笔画线代替导线补上，补上后要求：电
流表仅测L 的电流，电键仅控制L ．
1 2
四、计算题（共24分）
19．质量为1千克的水温度升高了20℃，求吸收的热量Q ．[c =4.2×103焦/（千
吸 水
克•℃）]．
20．浸没在水中的合金块排开水的体积为5×10﹣4米3，求合金块受到浮力的大小
21．如图所示，薄壁圆柱形容器底面积为2×10﹣2米2，盛有0.3米深的水，置于水
平地面上，求：
（1）容器内水的质量m ．
水
（2）容器底部受到水的压力F ．
水
（3）现将一个边长为a、质量为m的正方体放入在容器内的水中后（水未溢出），
容器对水平面的压强增加量△p 恰好等于水对容器底部的压强增加量△p ，求
容 水
该正方体的质量m的大小范围（用字母表示）．
22．如图所示，电源电压为12伏不变，电阻R 的阻值为30欧，电阻R 的阻值为
1 2
10欧，闭合电键S后，求：
（1）通过电路的电流I．
（2）电阻R 消耗的功率P．
1
（3）现用标有“20Ω 0.5A”字样的滑动变阻器R 或R ，使移动变阻器滑片的过程
1 2
中电流表示数变化量△I的最小值，求变阻器连入电路的阻值范围．五、实验题（共18分）
23．图（a）中，弹簧测力计的量程为 牛，现在的示数为 牛，图（b）是电子
天平，该仪器可以测量物体的 ，此时的示数为 克．
24．小朱同学在做“探究凸透镜成像的规律”实验时，首先依次将蜡烛、凸透镜
和光屏放在水平放置的光具座上，接着调整它们的中心大致在 ，目的是 ，
若所用凸透镜的焦距为10厘米，蜡烛、凸透镜和光屏的位置如图所示，此时光屏
上的像一定是 像；若保持凸透镜的位置不变，将蜡烛放置在36厘米刻度处，
则光屏在光具座的 厘米刻度处时可以得到一个清新的像（选填“79”、“81”
或“85”）
25．某同学做“测定小灯泡的电功率”实验，实验器材有电压为6伏的电源，标
有“20Ω 2A”字样的滑动变阻器、电流表、电键、标有“0.3A”字样且额定电压可能
为“2.5V”或“3.8V”的小灯泡以及导线若干．他连接电路后按正确的步骤操作，
闭合电键时电流表示数如图所示，接着移动滑动变阻器的滑片直至小灯正常发光
发现滑片P在滑动变阻器的中点附近．
（1）该同学判断小灯正常发光的依据是电流表示数为 安．
（2）为了确定小灯的额定电压，他用10欧的电阻替换滑动变阻器，并记录下电流
表的示数，请将下表填写完整．
实验序号 U（伏） I（安） R（欧） P（瓦）1 / 20 /
2 0.30 /
3 0.32 10 /
26．为了研究浸没在液体汇总的柱体上下表面受到液体的压强大小与哪些因素有
关，某小组同学把高为0.1米的金属柱体先后竖直浸没于甲、乙，丙三种液体中进
行实验，如图所示．实验中，他们改变圆柱体在液体中的深度h，并用压强传感器
测得金属柱体上表面和下表面受到液体的压强ρ 和ρ ，记录数据如表一、表二和
1 2
表三所示．
表一 甲液体（ρ =0.8×103千克/米3）
甲
实 h ρ ρ
1 2
验
（米） （帕） （帕）
序
号
1 0.20 784 1568
2 0.40 2352 3136
3 0.60 3920 4704
表二 乙液体（ρ =1.0×103千克/米3）
乙
实 h ρ ρ
1 2
验
（米） （帕） （帕）
序
号
4 0.20 910 1960
5 0.40 2940 3920
6 0.60 4900 5880
表三 丙液体（ρ =1.2×103千克/米3）
丙
实 h ρ ρ
1 2
验
（米） （帕） （帕）
序号
7 0.20 1176 2352
8 0.40 3528 4704
9 0.60 5880 7056
（1）分析比较实验序号 数据中p 和h的关系及相关条件，可得出的初步结论
1
是：同一柱体浸没与不同液体中，当深度相同时，柱体上表面受到的压强越大．
（2）分析比较实验序号1、2、3（或4、5、6或7、8、9）数据中的p 和h的关系及相
2
关条件，可得出的初步结论是：同一柱体浸没于同种液体中， ．
（3）进一步分析比较表一、表二或表三中的压强ρ 与ρ 的差及相关条件，可得出
2 1
的结论是： ．
（4）进一步分析比较表一、表二和表三中的压强ρ 与ρ 的差及相关条件，可得出
2 1
的结论是： ．
（5）该小组同学讨论后认为运用相同的研究方法和探究过程，还可以研究“浸没
在液体中的柱体上下表面受到液体的 大小与哪些因素有关”
奉贤区参考答案
1－5：BADAD 6－8：CBC
9、1.5 电 磁场 10、运动 惯性 重力
11、运动 热传递 比热容 12、1.5 9 2
13、1 不变 0 14、1960 不变 0
15、变小 变大 变小
16、（1）杠杆平衡的 相同 （2）对斜面的压力大小与物体重力大小成正比
（3）AC （4）等于
17、18、作图略
19、Q ＝cm△t=8.4×104J
吸
20、F ＝ ＝49N
浮21、（1）m ＝ ＝ ＝6kg
水
（2）F ＝G ＝mg＝58.8N
水 水
（3）压强增加量相同，故密度小于或等于水
22、（1） ＝0.3A
（2）P＝UI＝3.6W
1
23、0-5 2.2 质量 500.0
24、同一高度 为了使像清晰地成在光屏的中央
倒立 放大 实 85
25、 0.326、（1）1、4、7（或2、5、8或3、6、9）
（2）柱体下表面受到的压强与下表面所处的深度成正比
（3）同一柱体浸没于同一液体中，柱体上下表面受到的压强差与物体所处的深度无关。
（4）同一柱体浸没于不同液体中，柱体上下表面受到的压强差与液体密度有关，液体密
度越大，压强差越大。
（5）压力2017 年上海市奉贤区中考物理二模试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（共16分）
1．四冲程热机工作过程中，将内能转化为机械能的是（ ）
A．吸气冲程B．做功冲程C．压缩冲程D．排气冲程
【考点】GN：有关热机的计算．
【分析】热机是将热能转化为机械能的机器，它的一个工作循环包括四个冲程：吸
气、压缩、做功、排气冲程，其中压缩冲程是将机械能转化为内能；做功冲程是将
内能转化为机械能．
【解答】解：
在做功冲程中，燃料燃烧的化学能转化为内能，高温高压的燃气推动活塞做功，
将内能转化为机械能；
而压缩冲程中，消耗机械能，产生内能，所以是将机械能转化为内能的过程；
吸气冲程和排气冲程中没有能量的转化．
故选B．
2．在原子核中，带正电的粒子是（ ）
A．质子B．中子 C．电子D．原子
【考点】32：原子的核式模型．
【分析】在原子结构中，原子是由原子核和带负电的核外电子构成的，原子核又是
由带正电的质子和不带电的中子构成的．
【解答】解：根据原子结构的相关知识可知，原子中带正电的微粒是质子．
故选A．
3．能区分不同乐器声音的主要依据是（ ）
A．频率B．音调 C．响度D．音色
【考点】9H：音色．
【分析】声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有
关；音色是由发声体本身决定的一个特性．
【解答】解：不同乐器的材料与结构不同，其发出声音的音调和响度可能相同，但
音色一般不同；利用声音区分不同的乐器，主要是依据乐器发出声音的音色不同
故选D．
4．以下各种单色光中，属于光的三基色之一的是（ ）
A．绿光B．橙光 C．黄光D．紫光
【考点】AQ：色光的三原色和颜料的三原色．
【分析】彩色电视机荧屏上呈现各种颜色是由红绿蓝三色色光合成的，红、绿、蓝
三种色光叫色光的三原色．
【解答】解：用放大镜观察彩色电视画面，可以发现是由红、绿、蓝三种色光混合而
成的，因此红、绿、蓝被称为色光的三原色．
故选A．
5．如图所示，O点表示杠杆的支点，其中错误的是（ ）
A． B． C． D．
【考点】7M：杠杆及其五要素．
【分析】支点是杠杆绕着转动的固定点，结合图中的标注可做出判断．
【解答】解：ABC、根据支点的概念，杠杆绕着转动的固定点，图中所标注的O点都
符合这一要求，故ABC均正确；
D、动滑轮工作时相当于一个可以整体移动的省力杠杆，其支点是在左侧绳子与
滑轮的接触点，而不是在滑轮的轴上，故D错误．
故选D．
6．如图所示为相距6米在同一水平面上同时开始沿一直线运动的甲、乙两辆小车
的s﹣t图象，则（ ）A．甲、乙运动的快慢相同
B．运动3秒甲通过的路程比乙大
C．运动3秒甲、乙可能相距5米
D．运动3秒甲、乙不可能相距13米
【考点】68：速度与物体运动．
【分析】（1）通过该图象得出甲乙两物体运动的速度即可；
（2）据图象得出物体运动的路程关系即可；
（3）据甲乙两个物体可能的运动方向逐个分析即可判断．
【解答】解：A、据图可知，甲的速度是：v = = =1m/s；乙的速度是：v = =
甲 乙
≈1.3m/s；故两个物体的运动速度不同，故A错误；
B、据图可知，甲3s运动的路程是3m，乙运动3s的路程4m，所以运动3秒乙通过
的路程比甲大，故B错误；
CD、若甲乙两物体像距6m，两物体的运动方向相同，甲追乙运动，故甲走路程是
3m，乙走路程是4m，所以此时两个物体像距6m，故此时两个物体的距离是6m﹣
3m+4m7=7m；
若甲乙两物体像距6m，两物体的运动方向相同，乙追甲运动，故甲走路程是3m，
乙走路程是 4m，所以此时两个物体像距 6m，故此时两个物体的距离是 6m﹣
4m+3m=5m；若甲乙两物体像距6m，两物体的运动方向相反，故甲走路程是3m，乙走路程是
4m，所以此时两个物体像距6m，故此时两个物体的距离是6m+4m+3m=13m；故
C正确，D错误；
故选C．
7．如图所示，电源电压保持不变，闭合电键S，电路正常工作，一段时间后，电流
表A的示数变小，电压表V的示数不变，然后将电流表A与电阻R 对换，发现电
2
流表的示数再次变小．若故障只发生在电阻R 、R 上，则（ ）
1 2
A．只有R 断路 B．只有R 断路
1 2
C．R 和R 同时断路D．R 和R 同时短路
1 2 1 2
【考点】IE：电流表、电压表在判断电路故障中的应用．
【分析】根据电路图可知，两电阻并联，电流表测量干路电流，电压表测量并联电
路两端电压；根据电流表和电压表的示数变化情况判断电路故障．
【解答】解：电流表示数变小，说明有支路出现断路，电压表示数不变，说明有可能
是R 、R 发生了断路，故D不符合题意；
1 2
将电流表A与电阻R 对换，若是R 断路，此时电流表的示数将不变，故AC不符合
2 1
题意；
若是R 断路，即相当于该电路是断路，即电路中没有电流，故电流表示数会继续
2
变小为零，故B符合题意．
故选B．
8．如图所示，均匀圆柱体甲和盛有液体乙的圆柱形容器放置在水平地面上，甲、
乙质量相等，现沿水平方向切去甲并从容器中抽出乙，且切去甲和抽出乙的高度
相同，则比较甲对地面的压强的变化量△p 与乙对容器底部的压强的变化量△p
甲
以及甲对地面压力的变化量△F 与乙对容器底部压力的变化量△F 的大小关
乙 甲 乙
系，正确的是（ ）A．△p ＜△p ，△F ＞△F B．△p ＞△p ，△F ＞△F
甲 乙 甲 乙 甲 乙 甲 乙
C．△p ＜△p ，△F ＜△F D．△p ＞△p ，△F ＜△F
甲 乙 甲 乙 甲 乙 甲 乙
【考点】83：压强大小比较．
【分析】根据规则物体压强变形公式p=ρgh和p= 得出甲对地面压强和乙对容器
底压强的大小关系，进一步得出沿水平方向切去甲并从容器中抽出乙，且切去甲
和抽出乙的高度相同，再利用p=ρgh判断甲对地面的压强和乙对容器底部的压强
的大小关系；公式F=pS比较压力大小关系．
【解答】解：因为甲和乙的质量相等，所以甲对地面和乙对容器底的压力相等；由
图示可知，甲的受力面积大，由p= 可知，甲对地面的压强小于乙对容器底的压
强；
因为h ＞h ，由p=ρgh可知，ρ ＜ρ ；当沿水平方向切去甲并从容器中抽出乙，
甲 乙 甲 乙
且切去甲和抽出乙的高度相同，由p=ρgh可知，切去的甲和抽出的乙产生的压强
p ′＜p ′，因此p 可能大于p ，p 可能等于p ，p 可能小于p ；
甲 乙 甲 乙 甲 乙 甲 乙
由图可知，甲与地面的接触面积S 大于乙与地面的接触面积S ；
甲 乙
此时根据公式F=pS可知，△F =△p S ，△F ＞△p S ；
甲 甲 甲 乙 乙 乙
当△p ＜△p 时，S ＞S ；则△F 和△F 的大小关系无法确定，故AC都有可
甲 乙 甲 乙 甲 乙
能；
当△p ＞△p 时，S ＞S ；则△F =△p S ＞△F ＞△p S ；故B正确，D错
甲 乙 甲 乙 甲 甲 甲 乙 乙 乙
误．
故选ABC．
二、填空题（共26分）
9．一节干电池的电压为 1. 5 伏； 电 能的优点之一是便于输送和分配；丹麦
物理学家奥斯特发现了电流周围存在 磁场 ．【考点】I1：电压；C9：通电直导线周围的磁场．
【分析】一节干电池电压1.5V；
电的优点主要是：输送方便，安全、经济，生产、使用方便，清洁无污染；
奥斯特发现了电能生磁．即通电导线周围有磁场，且通电导体周围的磁场取决于
电流的方向，这就是电流的磁效应．
【解答】解：一节干电池电压1.5V；
电能的优点之一是便于输送和分配；
1820年，丹麦物理学家奥斯特发现了通电导体周围存在磁场，即电流的磁效应．
故答案为：1.5；电；磁场．
10．列车进站时，若以站台为参照物，列车是 运动 的；由于 惯性 列车在刹
车时会继续向前滑行；当列车停在水平地面上时，其 重 力与地面对列车的支
持力属于一对平衡力．
【考点】6L：惯性；52：参照物及其选择；6R：平衡力的辨别．
【分析】（1）判断物体是运动还是静止，关键是看物体与参照物之间是否有位置
的变化；
（2）物体保持原来运动状态不变的性质称为惯性，且一切物体都具有惯性；
（3）二力平衡的条件是：同体，共线，等值，反向．
【解答】解：
（1）列车进站时，若以站台为参照物，列车与站台之间的位置不断发生变化，列车
是运动的；
（2）一切物体都具有惯性，行驶的列车由于惯性，在刹车时继续向前运动；
（3）列车受到的重力与地面对它的支持力，大小相等，方向相反，作用在一条直线
上，作用在同一物体上，是一对平衡力．
故答案为：运动；惯性；重．
11．白糖溶解在杯中整杯水变甜了，这现象说明分子在不停的做无规则的 运动
；太阳能热水器给水加热，它是利用 热传递 的方式来增加水的内能的；沿海
地区白天和夜晚的温差比较小主要是由于水的 比热容 比较大造成的结果．
【考点】GW：扩散现象；GA：热传递改变物体内能；GE：水的比热容的特点及应用．【分析】（1）物质是由分子组成的，一切物质的分子都在永不停息的做无规则运
动，且温度越高，分子运动越快；
（2）改变物体内能可以通过两种方法进行，一是做功，二是热传递；
（3）水的比热容大，即相同质量的水和其他物质相比，吸收或放出相同的热量，水
的温度变化小，据此分析回答．
【解答】解：
（1）白糖放入水中，过一段时间后整杯水都变甜了，这是扩散现象，这种现象说明
分子在不停的做无规则运动；
（2）太阳能热水器给水加热，是通过热传递的方式来改变水的内能，使其温度升
高的；
（3）水的比热容大，质量相同的水和干泥土，在同样受热或冷却时（即吸收或放出
的热量相等），水的温度变化较小，所以沿海地区的温差比内陆地区的小．
故答案为：运动；热传递；比热容．
12．某导体两端的电压为3伏，2秒内通过该导体横截面的电荷量为3库，则通过
该导体的电流为 1. 5 安，电流做功为 9 焦．当通过该导体的电流为0.5安时
导体的电阻为 2 欧．
【考点】IH：欧姆定律的应用；H4：电量及其计算；J3：电功的计算．
【分析】（1）知道10秒内通过该导体横截面的电荷量，根据I= 求出通过导体的
电流，根据W=UIt=UQ求出电流做的功，根据欧姆定律求出导体的电阻；
（2）电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，
与两端的电压和通过的电流无关．
【解答】解：通过导体的电流：
I= = =1.5A，
这段时间内电流做的功：
W=UIt=UQ=3V×3C=9J，由I= 可得，导体的电阻：
R= = =2Ω，
因电阻是导体本身的一种性质，与导体两端的电压和通过的电流无关，
所以，当通过该导体的电流为0.5安时，导体的电阻仍为2Ω不变．
故答案为：1.5；9；2．
13．重8牛的物体在4牛的水平拉力作用下沿水平方向做匀速直线运动，2秒内
运动了0.5米，拉力的功率为 1 瓦，在此过程中物体的机械能将 不变 （选
填“变大”“不变”或“变小”），重力对物体做功为 0 焦．
【考点】EC：功的计算；FF：功率的计算；FN：动能和势能的大小变化．
【分析】（1）知道水平拉力和在此方向上移动的距离，根据W=Fs求出拉力做的功，
又知道做功时间，利用P= 求出拉力的功率；
（2）影响动能大小的因素：质量、速度．质量越大，速度越大，动能越大；影响重力
势能大小的因素：质量、被举的高度．质量越大，高度越大，重力势能就越大；机械
能等于动能和势能之和；
（3）做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是在力的方向上移动的距
离，据此分析重力做功．
【解答】解：（1）水平拉力做的功：
W=Fs=4N×0.5m=2J，
拉力的功率：
P= = =1W；
（2）在此过程中，物体的质量和速度、高度均不变，则物体的动能和重力势能不变，
机械能不变；
（3）物体在水平方向上运动，在重力方向上没有移动距离，所以重力做的功为0J．故答案为：1；不变；0．
14．如图所示，用手将一普通木块浸没在水中，已知木块上A点距水面0.2米，则
A点受到水的压强为 1960 帕，松手后，木块在露出水面前的过程中受到浮力
的大小 不变 （选填“变小”、“不变”或“变大”）；木块在露出水面后静止
时重力与浮力的合力为 0 牛．
【考点】89：液体的压强的计算；8O：阿基米德原理．
【分析】（1）已知A点所处水的深度，根据p=ρgh计算A点受到水的压强；
（2）根据F =ρ gV 判断木块所受浮力的大小变化；
浮 液 排
（3）木块在露出水面后静止，处于平衡状态，据此可知合力大小．
【解答】解：
（1）A点受到水的压强为：p=ρgh=1.0×103kg/m3×9.8N/kg×0.2m=1960Pa；
（2）木块在露出水面前的过程中，排开水的体积不变，由F =ρ gV 可知，木块受
浮 液 排
到的浮力不变；
（3）木块在露出水面后静止时漂浮，处于平衡状态，木块受到的重力与浮力大小
相等、方向相反，二力的合力为0N．
故答案为：1960；不变；0．
15．如图所示，电源电压保持不变，电阻R ＜R ＜R ，仅闭合电键S 时，电流表、电
1 2 3 1
压表均有示数；接着断开S 并闭合S 后，电流表A的示数将 变小 ，电压表V
1 2
的示数将 变大 ；若将S 、S 、S 均闭合，则电压表与电流表示数的比值将 变
1 2 3
小 （均填“变大”、“不变”或“变小”）．
【考点】IZ：电路的动态分析．【分析】仅闭合电键S 时，该电路为R 、R 的串联电路；断开S 并闭合S 后，该电
1 1 3 1 2
路为R 、R 的串联电路；若将S 、S 、S 均闭合，则R 、R 并联，根据电流表和电压表
1 2 1 2 3 1 2
的作用分析．
【解答】解：仅闭合电键S 时，该电路为R 、R 的串联电路，电压测量R 两端的电
1 1 3 1
压，电流表测量电路中的电流；
断开S 并闭合S 后，该电路为R 、R 的串联电路，由于R ＜R ＜R ，此时的总电阻
1 2 1 2 1 2 3
会变大，由欧姆定律可知，电流表示数会减小；此时电压表测量的是R 两端的电
2
压，由于R ＜R ，由串联电路电压规律可知，此时电压表示数会变大；
1 2
若将S 、S 、S 均闭合，则R 、R 并联，由并联电路的电阻特点可知，总电阻会变小；
1 2 3 1 2
此时电压表与电流表示数的比值为电路的总电阻，会变小．
故答案为：变小；变大；变小．
16．某小组同学研究静止在斜面上的物体对斜面的压力大小与物体重力大小的关
系，他们选择一轻质硬直尺作为斜面，在直尺的中点A处用细线挂上一重力G为
1牛的钩码作为重物，直尺下端可以绕O点转动，在直尺上端B点沿垂直于直尺
方向向上施加一拉力F 为0.3牛，使直尺保持倾角α不变，然后撤去钩码，在A点
B
沿垂直于直尺方向向下施加一拉力F 为0.6牛，恰能使直尺保持倾角为α不变且
A
F 大小仍为0.3牛，如图（a）所示．接着改变钩码的数量，重复实验步骤，如图
B
（b）、（c）所示．
（1）实验中直尺在F 和F 的作用下与在F 和G作用下都能够保持倾角α不变，是
B A B
因为直尺满足了 杠杆平衡的 条件的缘故，此时F 的作用效果与G的作用效
A
果是 相同 的．
（2）分析比较（a）、（b）和（c）可得出初步结论；静止于倾角不变的斜面上的物体，
对斜面的压力大小与物体重力大小成正比 ．
（3）实验中该小组同学发现在物体重力不变的条件下，可以通过 C 来增大物
体对斜面的压力（填入你认为正确的选择字母：A．作用点A向B移动 B．作用点A向O点移动 C．减小倾角α D．增大倾角α）
（4）关于静止在斜面上的物体对斜面的压力方向与物体重力方向间夹角的大小，
该小组用学经过讨论后认为夹角应该 等于 α（选填“大于”、“等于”或
“小于”）
【考点】81：压力及重力与压力的区别．
【分析】（1）根据杠杆平衡的条件即可判断；根据F 与G对杠杆的作用效果即可
A
判断．
（2）分析比较（a）、（b）和（c）的对斜面的压力大小与物体重力大小的数据变化得
出结论．
（3）在物体重力不变的条件下，根据物体对斜面的压力的影响因素即可判断；
（4）根据物体对斜面的压力方向与物体重力方向间，利用几何中三角形的关系即
可判断．
【解答】解：
（1）由于直尺在F 和F 的作用下与在F 和G作用下都能够保持倾角α不变，说明
B A B
直尺能处于平衡状态，则直尺满足了杠杆平衡的条件；
压力F 与钩码的重力G对杠杆的作用效果都是使直尺顺时针转动，由于同一幅
A
图中两次F 的大小、方向和作用点都相同，所以F 的作用效果与G的作用效果是
B A
相同的．
（2）分析比较（a）、（b）和（c）的数据可知：物体重力大小增大为原来的几倍，物体
对斜面的压力大小也增大为原来的几倍，所以，物体对斜面的压力大小与物体重
力大小成正比．
（3）物体在水平面上对水平面的压力与物体的重力相等，当倾角α增大时物体对
斜面的压力变小，所以在物体重力不变的条件下，可以通过减小倾角α来增大物
体对斜面的压力，故C正确；
当物体在倾角α一定的斜面上时，物体对斜面的压力不变，与物体对斜面的作用
点位置无关，故AB错误；
（4）由于物体对斜面的压力方向垂直于斜面向下，物体重力方向竖直向下（即与
水平面垂直），根据直角三角形的关系可知，物体对斜面的压力方向与物体重力
方向间夹角的大小等于α．
故答案为：（1）杠杆平衡的；相同；（2）对斜面的压力大小与物体重力大小成正比；（3）C；（4）
等于．
三、作图题（共6分）
17．如图重为6牛的物体静止在水平面上，用力的图示法画出它所受的重力G．
【考点】7B：重力示意图．
【分析】画力的图示要确定力的大小、方向、作用点，并选择合适的标度．
【解答】解：设标度为3N，重心在物体的中心上，从中心开始，沿竖直向下的方向
画两段等长的线段，在线段的末端标上箭头表示力的方向，如下图．
18．如图所示，有两根导线尚未连接，请用笔画线代替导线补上，补上后要求：电
流表仅测L 的电流，电键仅控制L ．
1 2
【考点】HR：实物的电路连接．
【分析】根据串联电路电流规律，电流表仅测L 的电流，研究两灯的连接；由电键
1
仅控制L 确定电键的连接．
2
【解答】解：题中要求电流表仅测L 的电流，说明两灯不能串联，只能并联，则电流
1
表与L 串联，选用大量程较为安全；根据电键与控制的用电器串联，因电键仅控
1
制L ，故电键与L 串联，如下图所示：
2 2四、计算题（共24分）
19．质量为1千克的水温度升高了20℃，求吸收的热量Q ．[c =4.2×103焦/（千
吸 水
克•℃）]．
【考点】GG：热量的计算．
【分析】知道水的质量、水的比热容、水温度的升高值，利用吸热公式Q =cm△t
吸
求水吸收的热量．
【解答】解：
水吸收的热量：
Q =cm△t
吸
=4.2×103J/（kg•℃）×1kg×20℃
=8.4×104J．
答：水吸收的热量为8.4×104J．
20．浸没在水中的合金块排开水的体积为5×10﹣4米3，求合金块受到浮力的大小
【考点】8P：浮力大小的计算．
【分析】知道合金块排开水的体积，利用阿基米德原理F =ρ gV 求合金块所受
浮 水 排
到的浮力．
【解答】解：F =ρ gV =1.0×103kg/m3×9.8N/kg×5×10﹣4m3=4.9N．
浮 液 排
答：合金块受到的浮力的大小为4.9N．
21．如图所示，薄壁圆柱形容器底面积为2×10﹣2米2，盛有0.3米深的水，置于水
平地面上，求：
（1）容器内水的质量m ．
水
（2）容器底部受到水的压力F ．
水
（3）现将一个边长为a、质量为m的正方体放入在容器内的水中后（水未溢出），容器对水平面的压强增加量△p 恰好等于水对容器底部的压强增加量△p ，求
容 水
该正方体的质量m的大小范围（用字母表示）．
【考点】86：压强的大小及其计算．
【分析】（1）已知水的深度和容器底面积，可求出水的体积，再利用密度公式可求
得水的质量．
（2）因为容器为圆柱形容器，所以容器底部受到水的压力等于水的重力，利用重
力公式可求．
（3）正方体放入水中后，容器对地面压力的增加量等于物体的重力，则容器对地
面压强的增加量△p = = ；
容
由于水对物体的浮力和物体对水的压力是一对相互作用力，大小相等，所以水对
容器底部的压力增加量△F =F ，则水对容器底部的压强增加量：△p = =
水 浮 水
；
由此可知G =F ，这说明正方体放入水中后处于漂浮或悬浮状态，由物体的浮沉
物 浮
条件可知ρ ≤ρ ，利用公式m=ρV可求出正方体的质量m的大小范围．
物 水
【解答】解：（1）容器内水的体积：
V=Sh=2×10﹣2m2×0.3m=6×10﹣3m3，
容器内水的质量：
m =ρ V=1.0×103kg/m3×6×10﹣3m3=6kg；
水 水
（2）因为容器为圆柱形容器，
所以容器底部受到水的压力：
F =G =m g=6kg×9.8N/kg=58.8N；
水 水 水（3）正方体放入水中后，水未溢出，容器对地面压力的增加量等于物体的重力，
则容器对地面压强的增加量：
△p = = ﹣﹣﹣﹣﹣①；
容
由于水对物体的浮力和物体对水的压力是一对相互作用力，大小相等，
所以，正方体放入水中后，水对容器底部的压力增加量△F =F ，
水 浮
则水对容器底部的压强增加量：
△p = = ﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
水
由题知，△p =△p ，
容 水
所以 = ，
则G =F ，这说明正方体放入水中后处于漂浮或悬浮状态，
物 浮
由物体的浮沉条件可知ρ ≤ρ ，
物 水
所以，该正方体的质量：m=ρ V=ρ a3≤ρ a3．
物 物 水
即该正方体的质量m的大小范围为0＜m≤ρ a3．
水
答：（1）容器内水的质量m 为6kg；
水
（2）容器底部受到水的压力F 为58.8N；
水
（3）该正方体的质量m的大小范围为0＜m≤ρ a3．
水
22．如图所示，电源电压为12伏不变，电阻R 的阻值为30欧，电阻R 的阻值为
1 2
10欧，闭合电键S后，求：
（1）通过电路的电流I．
（2）电阻R 消耗的功率P．
1
（3）现用标有“20Ω 0.5A”字样的滑动变阻器R 或R ，使移动变阻器滑片的过程
1 2
中电流表示数变化量△I的最小值，求变阻器连入电路的阻值范围．【考点】IH：欧姆定律的应用．
【分析】（1）由图知，两只电阻串联．已知两只电阻阻值，可以得到电路总电阻；已
知电源电压和电路总电阻，利用欧姆定律得到电路电流；
（2）已知电路电流和电阻阻值，利用公式P=I2R得到电阻消耗的功率；
（3）将滑动变阻器替换某一电阻，根据滑动变阻器允许通过的最大电流，可以得
到电路最小电阻，进一步得到滑动变阻器接入电路的最小阻值和变阻范围．
【解答】解：
（1）闭合电键S后，R 、R 串联，则电路总电阻为R=R +R =30Ω+10Ω=40Ω，
1 2 1 2
电路电流为I= = =0.3A；
（2）电阻R 消耗的功率为P =I2R =（0.3A）2×30Ω=2.7W；
1 1 1
③（a）用变阻器R 替换电阻R ；
3 1
I =0.5A，
最大
I = = =0.4A；
最小
所以，△I =0.5A﹣0.4A=0.1A；
最大
由I= 可知：R = = =24Ω，
最小
R =R ﹣R =24Ω﹣10Ω=14Ω；
3最小 最小 1
变阻器R 的阻值范围为14Ω～20Ω．
3
（b）用变阻器R 替换电阻R ；当R =0Ω时电路中的电流最大为：
3 2 3最小
I = = =0.4A＜0.5A，
最大
I = = =0.24A；
最小△I =0.4A﹣0.24A=0.16A；
最大
变阻器R 的阻值范围为0Ω～20Ω．
3
所以，用变阻器R 替换电阻R ；电流表示数变化量△I的最小值，变阻器连入电路
3 2
的阻值范围为0Ω～20Ω．
答：
（1）通过电路的电流为0.3A．
（2）电阻R 消耗的功率P 为0.9W．
1 1
（3）用变阻器R 替换电阻R ；在移动变阻器滑片的过程中，电流表示数变化量△I
3 2
的最大，变阻器连入电路阻值的范围是0Ω～20Ω．
五、实验题（共18分）
23．图（a）中，弹簧测力计的量程为 0﹣5 牛，现在的示数为 2. 2 牛，图（b）
是电子天平，该仪器可以测量物体的 质量 ，此时的示数为 500.0 克．
【考点】25：质量的测量与天平；74：弹簧测力计的使用与读数．
【分析】弹簧测力计的原理：在弹性限度内，弹簧的伸长与受到的拉力成正比；弹
簧测力计的示数在量程范围内，最小分度值是0.2N，由此读出示数；电子天平能
称量物体的质量．
【解答】解：图中弹簧测力计的最大刻度是5N，则量程为0～5N，分度值为0.2N，
故弹簧测力计的示数为2.2N；
由图可知，电子天平可以测量物体的质量，示数为500.0克．
故答案为：0﹣5；2.2；质量；500.0．
24．小朱同学在做“探究凸透镜成像的规律”实验时，首先依次将蜡烛、凸透镜
和光屏放在水平放置的光具座上，接着调整它们的中心大致在 同一高度 ，目的是 使像成在屏的中心 ，若所用凸透镜的焦距为10厘米，蜡烛、凸透镜和光
屏的位置如图所示，此时光屏上的像一定是 倒立、放大、实 像；若保持凸透镜
的位置不变，将蜡烛放置在36厘米刻度处，则光屏在光具座的 8 5 厘米刻度处
时可以得到一个清新的像（选填“79”、“81”或“85”）
【考点】B7：凸透镜成像规律及其探究实验．
【分析】凸透镜成像规律实验的要求，首先必须将烛焰、凸透镜、光屏三者的中心
放在同一高度上；
凸透镜成像的规律和应用：u＞2f，成倒立缩小的实像，应用是照相机；u=2f，成倒
立等大的实像，应用是测焦距；f＜u＜2f，成倒立放大的实像，应用是投影仪；u=f，
不成像；u＜f，成正立放大的虚像，应用是放大镜；
凸透镜成实像时，物距变小，像距变大，像变大．
【解答】解：
根据凸透镜成像规律中实验的要求，必须让三者中心放在同一高度上，使像成在
屏的中心；
凸透镜的焦距为10厘米，凸透镜在50cm处，蜡烛在35cm处，则物距为15cm，满
足f＜u＜2f条件，成倒立、放大的实像；
由图可知，蜡烛在35cm位置时，像在80cm处，将蜡烛放置在36厘米刻度处，物
距减小1cm，仍成倒立、放大的实像，像距增大的距离大于 1cm，故光屏应在
85cm处．
故答案为：同一高度；使像成在屏的中心；倒立、放大、实；85．
25．某同学做“测定小灯泡的电功率”实验，实验器材有电压为6伏的电源，标
有“20Ω 2A”字样的滑动变阻器、电流表、电键、标有“0.3A”字样且额定电压可能
为“2.5V”或“3.8V”的小灯泡以及导线若干．他连接电路后按正确的步骤操作，
闭合电键时电流表示数如图所示，接着移动滑动变阻器的滑片直至小灯正常发光
发现滑片P在滑动变阻器的中点附近．（1）该同学判断小灯正常发光的依据是电流表示数为 0. 3 安．
（2）为了确定小灯的额定电压，他用10欧的电阻替换滑动变阻器，并记录下电流
表的示数，请将下表填写完整．
实验序号 U（伏） I（安） R（欧） P（瓦）
1 / 20 /
2 0.30 /
3 0.32 10 /
【考点】JF：电功率的测量．
【分析】（1）灯泡正常工作时，通过灯泡的实际电流与额定电流相等；
（2）连接电路后按正确的步骤操作，闭合开关时变阻器连入阻值最大，读出此时
电流表示数，根据电路特点和欧姆定律得到灯泡两端电压；
同理计算出用10欧的电阻替换滑动变阻器时灯泡两端电压，从而确定灯泡两端
电压的变化范围，即可确定灯泡的额定电压，再由P=UI计算其额定功率．
【解答】解：
（1）由题知，灯泡额定电流是0.3A，而灯泡正常工作时，所以通过灯泡的实际电流
与额定电流相等，即为0.3A．
（2）连接电路后按正确的步骤操作，闭合开关时滑动变阻器的滑片应在最大值处，
因为灯泡额定电压0.3A，所以电流表选用的是0﹣0.6A量程，分度值0.02A，所以
电流表示数为0.22A，
由欧姆定律可得滑动变阻器两端电压：U =IR=0.22A×20Ω=4.4V，
R
由串联电路总电压等于各电阻两端电压之和得灯泡两端的电压：U=U﹣U =6V﹣
L R
4.4V=1.6V；
由表中第3次第数据知，当用R =10Ω的电阻替换滑动变阻器时，电路中电流为
1
I′=0.32A，R 两端的电压为：U =I′R =0.32A×10Ω=3.2V，
1 1 1
U=U﹣U =6V﹣3.2V=2.8V；
L 1
由表中第2次数据知，当I=0.30Ω时，此时灯泡电流达到额定电压正常发光，所以
小灯额定电压应在1.6～2.8伏之间，所以灯泡的额定电压为2.5V．
所以，P =U I =2.5V×0.3A=0.75W；
额 额 额
表格如下：
实验序号 U（伏） I（安） R（欧） P（瓦）
1 / 0.22 20 /
2 2.5 0.30 / 0.75
3 2.8 0.32 10 /
故答案为：（1）0.3；（2）见上表．
26．为了研究浸没在液体汇总的柱体上下表面受到液体的压强大小与哪些因素有
关，某小组同学把高为0.1米的金属柱体先后竖直浸没于甲、乙，丙三种液体中进
行实验，如图所示．实验中，他们改变圆柱体在液体中的深度h，并用压强传感器
测得金属柱体上表面和下表面受到液体的压强ρ 和ρ ，记录数据如表一、表二和
1 2
表三所示．
表一 甲液体（ρ =0.8×103千克/米3）
甲
实 h ρ ρ
1 2
验
（米） （帕） （帕）
序
号
1 0.20 784 1568
2 0.40 2352 3136
3 0.60 3920 4704
表二 乙液体（ρ =1.0×103千克/米3）
乙
实 h ρ ρ
1 2
验
（米） （帕） （帕）
序
号
4 0.20 910 1960
5 0.40 2940 3920
6 0.60 4900 5880表三 丙液体（ρ =1.2×103千克/米3）
丙
实 h ρ ρ
1 2
验
（米） （帕） （帕）
序
号
7 0.20 1176 2352
8 0.40 3528 4704
9 0.60 5880 7056
（1）分析比较实验序号 1 、 4 、 7（ 或 2 、 5 、 8 或 3 、 6 、 9 ） 数据中p 和h的关系及相
1
关条件，可得出的初步结论是：同一柱体浸没与不同液体中，当深度相同时，柱体
上表面受到的压强越大．
（2）分析比较实验序号1、2、3（或4、5、6或7、8、9）数据中的p 和h的关系及相
2
关条件，可得出的初步结论是：同一柱体浸没于同种液体中， 柱体所受水的压
强随着深度的增加而增大 ．
（3）进一步分析比较表一、表二或表三中的压强ρ 与ρ 的差及相关条件，可得出
2 1
的结论是： 同一柱体浸没在同一种液体中，上下表面所受的压强差是不变的，
即与深度无关 ．
（4）进一步分析比较表一、表二和表三中的压强ρ 与ρ 的差及相关条件，可得出
2 1
的结论是： 同一柱体，浸入液体中的物体上下表面所受的压强差与液体的密度
有关，即液体的密度越大，压强差越大 ．
（5）该小组同学讨论后认为运用相同的研究方法和探究过程，还可以研究“浸没
在液体中的柱体上下表面受到液体的 压力 大小与哪些因素有关”
【考点】8C：探究液体压强的特点实验．
【分析】（1）想探究液体内部压强与液体密度的关系，应该保持液体的深度相同；
（2）分析比较实验序号1、2、3（或4、5、6或7、8、9）数据中的p 和h的关系即可
2
得出结论；
（3）进一步分析比较表一、表二或表三中的压强差与深度的关系即可；
（4）进一步分析比较表一、表二或表三中的压强差与液体密度的关系即可；
（5）该小组同学讨论后认为运用相同的研究方法和探究过程，还可以研究“浸没在液体中的柱体上下表面受到液体的压力大小与哪些因素有关；
【解答】解：（1）想探究液体内部压强与液体密度的关系，应该保持液体的深度相
同，故应该选择1、4、7（或2、5、8或3、6、9）实验装置，即同一柱体浸没与不同液
体中，当深度相同时，柱体上表面受到的压强越大．
（2）分析比较实验序号1、2、3（或4、5、6或7、8、9）数据中的p 和h的关系及相
2
关条件，可得出的初步结论是：同一柱体浸没于同种液体中：柱体所受水的压强
随着深度的增加而增大；
（3）分析比较表一、表二或表三中的压强差相等，即：圆柱体浸没在同种液体中，
下、上表面受到液体的压强差是一个定值；即与深度无关．
（4）进一步分析比较表一、表二和表三中的压强ρ 与ρ 的差及相关条件，可得出
2 1
的结论是：同一柱体，浸入液体中的物体上下表面所受的压强差与液体的密度有
关，即液体的密度越大，压强差越大；
（5）该小组同学讨论后认为运用相同的研究方法和探究过程，还可以研究“浸没
在液体中的柱体上下表面受到液体的压力大小与哪些因素有关；
故答案为：（1）1、4、7（或2、5、8或3、6、9）；（2）柱体所受水的压强随着深度的增
加而增大；（3）同一柱体浸没在同一种液体中，上下表面所受的压强差是不变的，
即与深度无关；
（4）同一柱体，浸入液体中的物体上下表面所受的压强差与液体的密度有关，即
液体的密度越大，压强差越大；（5）压力．2017年5月23日
