文档内容
2021 学年第二学期初三综合教学质量检测试卷
物理部分
一、选择题（共12分）下列各题均只有一个正确选项，请将正确选项的代号用2B铅笔填涂
在答题纸的相应位置上，更改答案时，用橡皮擦去，重新填涂。
1. 在原子中，带负电的粒子是( )
A. 电子 B. 质子 C. 中子 D. 核子
【答案】A
【解析】
【详解】原子是由位于原子中心的原子核和核外绕核转动的电子组成；原子核由质子和中子组成，质子带
正电，中子不带电，电子带负电．故选A．
2. 首次测定了大气压强的数值的科学家是
A. 牛顿 B. 阿基米德 C. 托里拆利 D. 帕斯卡
【答案】C
【解析】
【详解】意大利著名科学家托里拆利首次使用实验的方法测量出了大气压强的值．
故选C．
3. 一束光线射向平静的水面，若反射角为30度，则入光线与水面的夹角为（ ）
A. 30° B. 60° C. 70° D. 90°
【答案】B
【解析】
【详解】根据光的反射定律知，反射角等于入射角，反射角为30度，则入射角也等于30度。法线与平静
的水面垂直，入射光线与法发线的夹角为入射角，则入射光线与水面的夹角为
90°-30°=60°
故选B。
4. 在“探究凸透镜成像的规律”实验中，若物体到透镜光心的距离为25厘米，在光屏成一个清晰缩小的
像，则该凸透镜可能的焦距为（ ）
A. 10厘米 B. 15厘米 C. 20厘米 D. 25厘米
【答案】A
【解析】
【详解】由凸透镜成像规律可知光屏上有一个清晰缩小的像，此时物距为
u>2f由题可知，物体到透镜光心的距离为25厘米，则有
25cm>2f
解得凸透镜可能的焦距为
f<12.5cm
故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
5. P、Q是同一直线上的两个点，甲、乙两小车分别经过Р点向Q点做直线运动，它们的s-t图像如图
（a）、（b）所示。若甲比乙晚0.5秒经过Р点，却比乙早1.5秒通过Q点，则P、Q间的距离为（ ）
A. 5米 B. 10米 C. 15米 D. 20米
【答案】D
【解析】
【详解】由图可知甲的速度
乙的速度
若P、Q间的距离为s，甲比乙晚0.5秒经过Р点，却比乙早1.5秒通过Q点，则
解得
s=20m
则P、Q间的距离为20m。
故选D。6. 如图所示，放在水平桌面上的轻质薄壁圆柱形容器A、B中分别盛有甲、乙两种液体，且m >m 。现
甲 乙
将两个完全相同的小球分别浸没在甲、乙液体中，且ρ >ρ =ρ ，液体无溢出。此时甲、乙液体对容器底
球 甲 乙
部的压强变化量分别为Δp 、Δp ，容器对水平桌面的压强变化量分别为Δp 、Δp ，则（ ）
甲 乙 A B
A. 一定大于 B. 一定等于
C. 一定小于 D. 可能等于
【答案】B
【解析】
【详解】假设轻质薄壁圆柱形容器A、B的底面积分别为S 、S ，将两个完全相同的小球分别浸没在甲、
A B
乙液体中，则甲对容器底部的压强变化量
乙对容器底部的压强变化量
甲容器对水平桌面的压强变化量
乙容器对水平桌面的压强变化量
则则
因为
所以
故选B 。
二、填空题（共20分）请将结果填入答题纸的相应位置。
7. 北京冬奥会主题曲《一起向未来》由多位艺人共同演唱，听众可根据______辨别出不同歌手，歌手中有
女“高”音和男“低”音，这里的“高”、“低”是指声音的______，听众感觉到歌声的强弱程度叫做声
音的______。（均选填“响度”“音调”或“音色”）
【答案】 ①. 音色 ②. 音调 ③. 响度
【解析】
【详解】[1]音色是声音的特色，每个人的音色都是不同的，所以可根据音色辨别出不同歌手。
[2]声音的高低是指音调，音调的高低由振动频率的高低决定。歌手中有女“高”音和男“低”音，这里的
“高”、“低”就是指声音的音调。
[3]声音的强弱程度指声音的响度，响度的大小由振幅决定。
8. 如图（a）所示，是北京冬奥会高山滑雪比赛中运动员穿越旗门时的场景，以旗门为参照物，运动员是
______（选填“运动”或“静止”）；图（b）中运动员碰撞旗杆时，旗杆发生弯曲，说明______；运动
员从山上向终点下滑的过程中，他的______转化为动能。
【答案】 ①. 运动 ②. 力可以使物体发生形变 ③. 重力势能
【解析】【详解】[1]以旗门为参照物，运动员的位置在不断改变，以旗门为参照物，运动员是运动的。
[2]运动员碰撞旗杆时，旗杆发生弯曲，说明运动员对旗杆的力使旗杆发生了形变。
[3]运动员从山上向终点下滑的过程中，质量不变，高度降低，重力势能减小，速度增大，动能增大，重力
势能转化为动能。
9. 用如图所示的滑轮装置匀速提升重为50牛的物体，若不计滑轮重及摩擦，则拉力F的大小为______牛；
若该物体5秒内匀速升高了2米，则此过程中拉力F所做的功为______焦，功率为______瓦。
【答案】 ①. 25 ②. 100 ③. 20
【解析】
【详解】[1]不计滑轮重及摩擦，使用动滑轮能省力一半，匀速向上提升物体时，拉力为
[2]动滑轮费一倍距离，即
根据做功 的计算公式可得，拉力做的功为
W=Fs=25N×4m=100J
[3]由功率的计算公式可得，功率为
10. 在10秒内通过某导体横截面的电荷量为6库，则导体中的电流为______安，若该导体两端的电压为6
伏，则其电阻为______欧，这段时间内电流做功为______焦。
【答案】 ①. 0.6 ②. 10 ③. 36
【解析】
【详解】[1]依题意得，导体中的电流为
[2]由欧姆定律得，导体的电阻为
[3]这段时间内电流做功为11. 在图所示的电路中，电源电压为U 保持不变，电阻R=R=R。闭合开关S时，
0 1 2 0
①请判断电流表、电压表示数的变化情况。______
②一段时间后，突然一只电表的示数变大，另一只电表的示数变小。请根据相关信息写出此时电压表、电
流表的示数及对应的故障。______
【答案】 ①. 电压表示数变小，电流表示数变大 ②. 电压表示数为 ，电流表示数为0， 断路；
电压表示数为0，电流表示数为 ， 短路
【解析】
【详解】①[1]S断开时，电压表、R 和电流表串联在电路中，电压表测电源电压；因电压表内阻很大，故
2
电流表示数为0；当闭合开关S时，两电阻串联，电压表测R的电压，根据串联电路电压的规律，故电压
1
表示数变小；电流表测串联电路的电流，故电流表示数变大。
②[2]电路发生的故障分为断路和短路，分R 断路和短路及R 断路和短路四种情况讨论。
2 1
（1）若R 断路，整个电路断路，两表都没有示数，即两表示数都变小，不符合题意；
2
（2）若R 短路，电路为R 的简单电路，电压表测电源电压，电压表示数变大，因电路的电阻变小，由欧
2 1
姆定律，电流表示数变大，不符合题意；
（3）若R 断路，电压表、R 和电流表串联在电路中，电压表测电源电压，电压表示数为 ，电压表示数
1 2
变大，电流表示数为0，电流表示数变小，符合题意；
（4）若R 短路，电路为R 的简单电路，电压表与导线并联，电压表示数为0，电压表示数变小，电流表
1 2
测电路的电流，由欧姆定律，电流表示数为 ，电流表示数变大，符合题意。
综上，此时电压表、电流表的示数及对应的故障：电压表示数为 ，电流表示数为0， 断路；电压表
示数为0，电流表示数为 ， 短路。12. 如图所示，是汽车安全气囊系统的简易结构图。当汽车受到猛烈撞击时，安全气囊系统开始工作，安
全气囊里的气体发生剂温度会迅速升高到150℃并发生可控爆炸，瞬间产生大量气体填充安全气囊，从而
缓冲驾驶员及乘客头颈部及胸部受到的撞击力。请仔细观察图中的信息，描述完整汽车安全气囊系统某部
分的工作过程及其所用到的物理知识。
（1）汽车正常行驶时，铁球不会误触金属触片导致电路接通，是利用了“______”的知识。
（2）汽车行驶过程中，当车前部受到猛烈撞击停止运动时，铁球会继续向前运动从而碰触金属触片接通
电路，是利用了物体的“______”。
（3）______，是利用了“______”的知识。
【答案】 ①. 磁 ②. 惯性 ③. 见详解 ④. 见详解
【解析】
【详解】（1）[1]汽车正常行驶时，磁体吸引铁球，使铁球不会误触金属触片导致电路接通，是利用了磁
的知识。
（2）[2]当车前部受到猛烈撞击停止运动时，铁球由于具有惯性继续向前运动从而碰触金属触片接通电路，
是利用了物体的惯性。
（3）[3][4]当铁球触碰金属触片接通电路后，会使电阻（热）丝工作产生热，这利用了电（或电路、或电
流热效应）的知识。或者当电阻（热）丝工作时，会使气体发生剂内能增大温度升高，这利用了热学知识。
三、作图题（共4分）请将图直接画在答题纸的相应位置，作图必须使用2B铅笔。
13. 请根据平面镜成像的特点，在图中画出物体AB在平面镜中的像A'B'。【答案】
【解析】
【详解】分别作出物体AB端点A、B关于平面镜的对称点A′、B′，用虚线连接A′、B′即为AB在平面镜中
的像。如下图
14. 请在图中标出通电路线管的N极、磁感线方向和电源的正、负极。
【答案】
【解析】
【详解】由同名磁极相排斥，异名磁极相吸引得，螺线管的左端是N极，右端是S极；由安培定则：右手
拇指指向螺线管N极，四指指向电流方向得，电流从螺线管右端进入，左端流出；电路中电流从电源正极
流向电源负极，因此电源右端为正极，左端为负极，如图所示：
四、综合题（共34分）请根据要求在答题纸的相应位置作答。15. 某轻质杠杆平衡时，动力臂l 为0.5米，阻力臂l 为1米，阻力F 的大小为50牛，求动力F 的大小。
1 2 2 1
【答案】100N
【解析】
【详解】解：根据杠杆的平衡条件得
代入数据得
解得
答：动力F 为100N。
1
16. 重为8牛的物体，其体积为1×10−3米3，用手把它浸没在水中。求：
①该物体所受浮力F 的大小；
浮
②放手瞬间，该物体所受合力F 的大小及方向。
合
【答案】①9.8N；②1.8牛，竖直向上
【解析】
【详解】解：①由题意可知，物体完全浸没在水中，所以
根据阿基米得原理可得
②完全浸没在水中的物体放手后会向上运动，在水中受到竖直向上的浮力和竖直向下的重力，合力大小为
合力方向竖直向上。
答：①物体所受浮力F 的大小为9.8N；
浮
②放手瞬间，该物体所受合力F 的大小为1.8N及方向向上。
合
17. 如图所示，底面积为2×10−2米2的薄壁轻质柱形容器置于水平地面上，容器内盛有水且容器足够高。圆
柱体A的质量为3千克，体积为2×10−3米3。现用细绳将A悬挂着并使其一半浸在水中时，容器内水的深
度为0.4米。求：
①水对容器底部的压强p ；
水的
②容器中水 质量m ；
水
③将细绳剪断，当圆柱体下沉到容器底部并静止时，容器对水平地面的压强p 。
地
【答案】①3920Pa；②7kg；③4900Pa
【解析】
【详解】解：①水对容器底部的压强为
②依题意得，容器中水的体积为
由 得，容器中水的质量为
③将细绳剪断，当圆柱体下沉到容器底部并静止时，容器对水平地面的压力为
此时容器对水平地面的压强
答：①水对容器底部的压强p 为3920Pa；
水
②容器中水的质量m 为7kg；
水
③将细绳剪断，当圆柱体下沉到容器底部并静止时，容器对水平地面的压强p 为4900Pa。
地
18. 在图（a）所示电路中，R 是定值电阻，滑动变阻器R 标有“20欧 1安”字样。
1 2
①若电源电压为6伏，电阻R 的阻值为10欧，闭合开关S，通过R 的电流为0.4安，求：电阻R 两端的电
1 1 1
压U 和滑动变阻器R 的阻值；
1 2
的
②若再分别按图（b）和（c）连接电路，则发现图（b）中电流 最小值恰好等于图（a）中电流的最
大值，图（c）中电流表示数的最小值恰好等于图（b）中电流的最大值。若电源电压保持不变，求：电源电压U和电阻R 的阻值。
1
【答案】①4伏，5欧；②10伏，20欧
【解析】
【详解】解：①闭合开关S，R 和R 串联。R 的阻值为10欧，通过R 的电流为0.4安，根据欧姆定律可知，
1 2 1 1
R 两端的电压为
1
U=IR=0.4安×10欧=4伏
1 1 1
根据串联电路电压规律，R 两端的电压为
2
U=U´-U=6伏-4伏＝2伏
2 1
由于串联电路中电流处处相等，所以通过R 的电流为
2
I=I=0.4安
2 1
所以电阻R 的阻值为
2
②（a）图中电流最大时，滑动变阻器接入的阻值为0，电路时关于R 的简单电路，所以最大电流为
1
（b）图中，当滑动变阻器全部接入电路时，阻值最大，电流最小，最小电流为
由于（b）图中电流的最小值恰好等于（a）图中电流的最大值，所以
解得由于滑动变阻器R 标有“20欧 1安”字样，所以（b）图中电流的最大值为I =1A；（c）图中，R 与
2 b最大 1
R 并联，当滑动变阻器全部接入电路时，阻值最大，电流最小，干路的最小电流为
2
由于（c）图中电流表示数的最小值恰好等于图（b）中电流的最大值，所以
解得， U＝10伏，所以电源电压为10伏。
答：①若电源电压为6伏，电阻R 的阻值为10欧，闭合开关S，通过R 的电流为0.4安，电阻R 两端的电
1 1 1
压U 为4伏，滑动变阻器R 的阻值为5欧；
1 2
②若再分别按图（b）和（c）连接电路，则发现图（b）中电流的最小值恰好等于图（a）中电流的最大值，
图（c）中电流表示数的最小值恰好等于图（b）中电流的最大值。若电源电压保持不变，则电源电压U为
10伏，电阻R 的阻值为20欧。
1
19. 小明做“测定小灯泡的电功率”实验，实验器材有：由若干节干电池组成的电源、电压表、电流表、
开关各一个，标有“5Ω 2A”和“20Ω 2A”字样的滑动变阻器、标有“3.8V 0.3A”和“4.5V 0.3A”
字样的小灯泡各一个，以及导线若干。他选择其中一个小灯泡、一个滑动变阻器以及其它器材进行实验。
小明正确连接电路，将滑片移到阻值最大处，闭合开关，此时电压表的示数为4.0伏，电流表的示数为
0.32安。小明发现无法继续进行实验，于是他仅更换了另一个滑动变阻器，并将滑片移到阻值最大处，再
次闭合开关，移动滑片，当电压表示数为3伏时，电流表的示数如图所示。
①实验中，小明判断小灯泡正常发光的依据是______；
为
②电源电压 ______伏；
③写出图中电流表的示数并说明理由______；
④小灯泡的额定功率为______瓦。
【答案】 ①. 电流表示数为0.3安时，小灯正常发光 ②. 5.6 ③. 见解析 ④. 1.14【解析】
【详解】①[1]由题意知，小灯泡的正常工作电流为0.3A，电流表与灯泡串联，所以小明判断小灯泡正常发
光的依据是当电流表示数为0.3A，小灯正常发光。
②[2]小明正确连接电路，将滑片移到阻值最大处，闭合开关，此时电压表的示数为4.0V，电流表的示数为
0.32A，超过小灯泡的额定电流，说明所用滑动变阻器的最大值较小为标有“5Ω 2A”由串联电路电压特
点和欧姆定律得，电源电压为
③[3]小灯两端的电压为3V小于前一次小灯两端的电压4.0V，所以通过小灯的电流也应小于前一次通过小
灯的电流0.32A，因此电流表为小量程0~0.6A，图中电流表的分度值为0.02A，所以此时示数为0.26A。
④[4]第一次电压表的示数为4.0V，电流表的示数为0.32A，可知电路的灯泡为“3.8V 0.3A”，故额定功
率为
20. 小明在学习了比热容的相关知识后，想探究物体放出热量的快慢与哪些因素有关。他把一个装有1千
克热水的热水袋悬挂在空中，将一支温度计插入热水中测量水温，当水温下降到80℃时开始计时，并且他
根据相关信息计算了热水放出的总热量。改变环境温度后，他再次进行了实验，实验数据记录如表1、表2
所示。
表1：环境温度为20℃，m ＝1千克。
水
序号 1 2 3 4 5 6 7
放热时间（分） 0 10 20 30 40 50 60
热水温度（℃） 80 55 42 33 28 25 23
热水放出的总热量（×103
0 159.6 197.4 218.4 231 239.4
焦）
表2：环境温度为30℃，m ＝1千克。
水
序号 1 2 3 4 5 6 7
放热时间（分） 0 10 20 30 40 50 60
热水温度（℃） 80 60 48 41 36 34 32.5
热水放出的总热量
0 84 134.4 163.8 184.8 193.2 199.5
（×103焦）
①已知水的比热容为4.2×103焦/（千克·℃），则表1开始计时的0~10分钟内，热水放出的总热量为
______×103焦。②根据表1或表2中第二行和第四行中的数据及相关条件，可得出的初步结论是：相同环境温度下，相同
质量的热水随着温度降低，单位时间内放出的热量越来越______。
③根据表1和表2中实验序号______的数据及相关条件，可得出的初步结论是：相同质量的热水，放热时
间相同，______。
【答案】 ①. 105 ②. 少 ③. 2、3、4、5、6或7 ④. 环境温度越高，（单位时间内）放出
的热量越少
【解析】
【详解】[1]根据放热公式可得，热水放出的总热量为
[2]由表1的数据可知，第一组和第二组之间放出的总热量差为105（×103焦），第二组和第三组之间的总
热量差为54.6（×103焦），后面的数据同理会比上一此总热量差少，由此可得结论为：相同环境温度下，
相同质量的热水随着温度降低，单位时间内放出的热量越来越少。
[3][4]根据表1和表2中实验序号2、3、4、5、6或7的数据可知，表格2的数据总是比表格1的数据小，
而表格2的环境温度比表格1的大。由此可得出的初步结论是：相同质量的热水，放热时间相同，环境温
度越高，（单位时间内）放出的热量越少。
