文档内容
2021 学年第二学期“自适应”自测初三综合试卷
考生注意：
1．试卷第1～20题为物理部分，第21～41题为化学部分，第42题开始为跨学科案例分析部
分。
2．试卷满分135分。考试时间120分钟。
3．按要求在答题纸规定的位置作答，在试卷、草稿纸上答题一律无效。
物理部分
一、选择题（本大题6题，共12分）下列各题均只有一个正确选项，请将正确选项的代号用
2B铅笔填涂在答题纸的相应位置。更改答案时，用橡皮擦去，重新填涂。
1. 下列粒子中不带电的是（ ）
A. 质子 B. 中子 C. 电子 D. 原子核
【答案】B
【解析】
【分析】
【详解】原子是由原子核和核外电子组成的，原子核带正电，电子带负电，原子核是由质子和中子组成的，
质子带正电，中子不带电。
故选B。
2. 能区分不同乐器声音的主要依据是（ ）
A. 响度 B. 音调 C. 音色 D. 振幅
【答案】C
【解析】
【详解】不同物体发声的音色一般不同，所以区分不同乐器声音主要依据音色。故ABD不符合题意，C符
合题意。
故选C。
的
3. 芭蕾舞演员站在平面镜前2米处，则镜中 像到平面镜的距离是（ ）
A. 1米 B. 2米 C. 4米 D. 8米
【答案】B
【解析】
【详解】根据平面镜成像规律可知，像到平面镜的距离等于物体到平面镜的距离等于2m，故B符合题意。
故选B。
4. 四冲程汽油机的工作简图如图所示，其中表示做功冲程的是（ ）A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】A．进气门开启，活塞下行，气体进入汽缸，是吸气冲程，故A不符合题意；
B．两气门都关闭，活塞上行，汽缸容积变小，是压缩冲程，故B不符合题意；
C．两气门都关闭，活塞下行，汽缸容积变大， 是做功冲程，故C符合题意；
D．排气门开启，活塞上行，气体排出汽缸，是排气冲程，故D不符合题意。
故选C。
5. 用弹簧测力计沿竖直方向两次拉动重为G的物体，两次运动的s-t图像如图所示，对应的测力计示数和
速度分别为F、v 和F、v，则（ ）
1 1 2 2
A. v＜v，F＜F B. v＜v，F＝F
1 2 1 2 1 2 1 2
C. v＞v，F＞F D. v＞v，F＝F
1 2 1 2 1 2 1 2
【答案】D
【解析】
【详解】由s-t图，两次运动图像均为过原点直线，因此两次运动都为匀速直线运动，根据二力平衡知识可
知
取相同运动时间，图像1纵坐标对应数值比图像2更大，即相同时间，图像1运动距离更大，速度更大，
即故ABC不符合题意，故D符合题意。
故选D。
6. 如图所示，质量相等的实心均匀正方体甲、乙置于水平地面上。现沿水平或者竖直方向切去相同厚度
∆h，使得剩余部分对地面的压强相等，下列方案中可行的有（ ）
①甲、乙都水平切
②甲、乙都竖直切
③甲水平切、乙竖直切
④甲竖直切、乙水平切
A. ①和③ B. ①和④ C. ②和③ D. ②和④
【答案】A
【解析】
【详解】设甲的边长为 ，甲的密度为 ，乙的边长为 ，乙的密度为 ，质量相等的实心均匀正方
体甲、乙置于水平地面上，则根据质量相等，可以列等式
①甲、乙都水平切，切去后，甲仍然是均匀的柱状体，则剩余部分甲对地面的压强为
同理剩余部分乙对地面的压强为
若剩余部分压强相等，则可以列等式
经整理可知从图可知看出
则
而
则
且
故切去的高度 大于0，故①可行；
②甲、乙都竖直切，则甲剩余部分对地面的压强为
同理乙剩余剩余部分对地面的压强为
而
的
故剩余部分 压强不可能相等，故②不可行；
③甲水平切、乙竖直切，则甲剩余部分对地面的压强为
乙竖直切，乙剩余部分对地面的压强为
若剩余部分压强相等，则经整理可知
故③可行；
④甲竖直切、乙水平切，则甲剩余部分对地面的压强为
乙剩余部分对地面的压强为
将剩余部分的压强相减，即可知
因为
故
剩余部分不可能相等，故④不可行，故综上所述，①和③可行，A符合题意。
故选A。
二、填空题（本大题共7题，共23分）请将结果填入答题纸的相应位置。
7. 上海地区家庭电路的电压为______伏，家中电冰箱与电灯是______连接（选填“串联”或“并联”），
发电厂的电能通过______（选填“高压”或“低压”）输电的方式进入千家万户。
【答案】 ①. 220 ②. 并联 ③. 高压
【解析】
【详解】[1]我国家庭电路的电压为220V。
[2]家中电冰箱与电灯工作时互不影响，则它们是并联的。
[3]在输送功率一定时，由P=UI可知，电压越高，电流越小；由焦耳定律Q=I2Rt可知，输送的电流减小，
可以减小输送过程中电能的损失，所以发电厂采用高压输电。
8. 如图甲在升旗仪式中旗杆顶端A的装置是______滑轮（选填“定”或“动”），国旗在匀速上升过程中动能______（选填“增大”、“不变”或“减小”）。如图乙所示的冰球比赛中，球被击打飞出主要表明
力可以改变物体的______。
甲 乙
【答案】 ①. 定 ②. 不变 ③. 运动状态
【解析】
【详解】[1][2]甲在升旗仪式中旗杆顶端A的装置是定滑轮，国旗在匀速上升过程中，质量和速度都不变，
因此动能也不变。
[3]如图乙所示的冰球比赛中，球被击打飞出，球受到力，运动状态发生改变，表明力可以改变物体的运动
状态。
9. 某导体两端的电压为9伏，在10秒内通过该导体横截面的电荷量为3库，通过该导体的电流为______
安，该导体的电阻为______欧，如图所示，根据通电螺线管中磁感线的方向，可判断电源的正极为______
端（选填“A”或“B”）。
【答案】 ①. 0.3 ②. 30 ③. A
【解析】
【详解】[1]由 可得，通过该导体的电流为
[2]由欧姆定律可得，该导体的电阻为
[3]由图中可知，磁感线从通电螺线管的左端出发，回到右端，故可知通电螺线管的左端为N极，由安培定
则可得，电源的正极为A端。10. 共享单车手机扫码解锁时，手机的摄像头相当于______透镜（选填“凹”或“凸”），二维码位于手
机摄像头的______（选填“一倍焦距以内”、“一倍焦距和二倍焦距之间”或“二倍焦距以外”）；正常
行驶过程中，车轮与地面的摩擦属于______摩擦（选填“滚动”或“滑动”）。
【答案】 ①. 凸 ②. 二倍焦距以外 ③. 滚动
【解析】
【详解】[1][2]手机摄像头相当于凸透镜，是利用物体在2倍焦距以外，成倒立缩小实像的原理制成的。
[3] 一个物体在另一个物体表面滚动时产生的摩擦产生的摩擦叫滚动摩擦，正常行驶过程中，车轮在地面
上滚动，所以它们之间的摩擦是滚动摩擦。
11. 距水面0.1米深处水的压强为______帕。重为8牛、体积为1×10-3米3的物体漂浮在水面上，物体受到
的浮力为______牛，物体受到的合力为______牛。
【答案】 ①. 980 ②. 8 ③. 0
【解析】
【详解】[1]由题意可知，水深为0.1m，根据液体压强公式可知，距水面0.1米深处水的压强
距水面0.1米深处水的压强为980Pa。
[2]由题意可知，这物体重为8N，并且漂浮在水面上，根据物体的浮沉条件，浮力大小等于其重力大小，
则物体受到的浮力为8N。
[3]由于该物体处于漂浮状态，即静止状态，处于平衡状态，物体受到的合力为0。
12. 在图所示的电路中，电源电压为U 且保持不变，电阻R、R 的阻值均为R。
0 1 2 0
①闭合开关S，电流表A的示数将______，电压表V示数将______（均选填“变小”、“不变”或“变
大”）；
②一段时间后，发现电路中有一个电表的示数变小，已知电路中存在一处断路故障，且只发生在电阻R、
1
R 上。现通过断开开关S判断故障。请根据相关信息写出开关S断开后两电表的示数及相应的故障______。
2
【答案】 ①. 变大 ②. 不变 ③. 电流表示数 为，电压表示数为U
0
，R
1
断路；电流表示
数为0，电压表示数为U，R 断路
0 2
【解析】【分析】由电路图可得，电路为R、R 并联，电流表测量干路电流，电压表测量电源和各支路电压。
1 2
【详解】[1]开关闭合前，只有R 接入电路，开关闭合后，电路为R、R 并联，电流表测量干路电流，故
1 1 2
电流表示数变大。
[2]电压表始终测量电源电压，故示数不变。
[3]当R、R 其中一个电阻断路时，电压表仍测量电源电压，故电压表的示数不变，那么示数减小的只能是
1 2
电流表；此时断开开关S，若电流表示数为 不变，则证明R 断路；断开开关S，若电流表示数为0，则
1
证明断路的是R。
2
13. 阅读材料，回答问题：
材料一：物理学上将物体对支持物的压力（或对悬挂物的拉力）小于物体所受重力时出现的现象做失重现
象。如当人们乘电梯加速下降时，人处于失重状态，此时人对电梯地面压力就小于人受到的重力；
材料二：如图甲为天宫课堂的两个实验：（a）在太空抛物实验中，被抛出的冰墩墩沿着抛出方向做匀速
直线运动；（b）在水油分离实验中，快速旋转瓶子使其做圆周运动可将水和油分离。
①当电梯加速下降时，电梯内的人受到的重力和电梯对人的支持力______（选填“是”或“不是”）一对
平衡力；
②在电梯内用弹簧测力计测重为5牛物体的重力，发现测力计示数大于5牛。请根据上述材料判断电梯的
运动情况：______；
③在水油分离实验中，如果在瓶子甩到最低处（A点）时，细线恰好断开，如图乙所示，则瓶子离开A点
的
后 运动轨迹最符合实际的是______（选填“a”、“b”或“c”）；请根据上述阅读材料与信息说明
你选填的理由______。
【答案】 ①. 不是 ②. 减速下降##加速上升 ③. a ④. 见解析
【解析】
【详解】①[1]由题意知，处于失重状态，是物体对支持物的压力小于物体所受重力的现象。当人乘电梯加速下降时，根据二力平衡的特点可知，电梯内的人受到的重力和电梯对人的支持力大小不相等，这两个力
不是一对平衡力。
②[2]由题意知，当人在电梯上加速下降时，人对电梯地面的压力小于人受到的重力，而人对电梯地面的压
力和电梯地面对人的支持力是一对相互作用力，这两个力的大小相等，即此时人受到电梯地面向上的支持
力小于人受到向下的重力；当在电梯内测力计对物体向上的拉力大于向下的重力时，物体处于非平衡状态，
由同一直线上的二力合成知识可知，若物体向下运动，则物体向下减速运动；若物体向上运动，则物体向
上加速运动，即电梯的运动情况是向下减速或向上加速运动。
③[3][4]瓶子甩到最低处A点时，细线恰好断开，此时瓶子不受力的作用，根据牛顿第一定律可知，瓶子将
保持绳子断开前的运动状态做匀速直线运动，因此a轨迹最符合实际。
三、作图题（本大题共2题，共5分）请将图直接画在答题纸的相应位置，作图题必须使用
2B铅笔。
14. 在图中，小球受到绳子的拉力F大小为10牛，用力的图示法画出拉力F。
【答案】
【解析】
【详解】小球受的绳子拉力F为10N，方向沿绳向上，标度为5N，如图所示
15. 在图中，根据给出的反射光线OB画出入射光线AO，并标出入射角的大小．
（ ）【答案】
【解析】
【分析】根据反射定律：反射光线、入射光线和法线在同一平面内，反射光线、入射光线分居法线两侧，
反射角等于入射角，作出入射光线并标出入射角及其度数．
【详解】由图知,反射角为 ,可得入射角也为 ,在法线左侧画出入射光线,度数等于反射角为 即可，
如图所示：
四、综合题（本大题共5题，共30分）请将计算过程和答案写入答题纸的相应位置。
16. 物体排开水的体积为2×10－3米3，求它所受的浮力F ．
浮
【答案】20牛
【解析】
【详解】根据阿基米德原理可得，物体受到的浮力为：
F =ρ gV =1.0×103kg/m3×10N/kg×2×10－3m3=20N．
浮 水 排
17. 木块在大小为20牛的水平拉力作用下，10秒内沿水平地面前进5米，求此过程中拉力做的功W及功
率P。
【答案】100J，10W
【解析】
【详解】解：此过程中拉力做的功
功率为
答：此过程中拉力做的功W为100J，功率P为10W。
18. 如图所示，质量为1千克的圆柱形薄壁容器A和长方体B置于水平地面上。A的底面积为1×10-2米
2，内盛有2千克水。求：①容器中水的体积V ；
水
②容器对水平地面的压强p ；
容
③将长方体B完全浸没在容器A的水中，容器中没有水溢出，若容器对水平地面的压强增加量∆p容与容
器底部受到水的压强增加量∆p水的比值为3，求长方体的密度ρ 。
B
【答案】①2×10-3m3；②2940Pa；③3×103kg/m3
【解析】
【详解】解：①根据公式 可知，水的体积为
②容器在水平地面上，对地面的压力等于自身的重力，即
F＝G＝m g＝(1kg＋2kg)×9.8N/kg＝29.4N
总
根据公式 可知容器对地面的压强为
③由题意可知
∆p ∶∆p ＝ 3
容 水
变形得
解得，B的密度为
ρ ＝ 3ρ = 3×1×103 kg/m3= 3×103 kg/m3
B 水
答：①容器中水的体积V 为2×10-3m3；
水
②容器对水平地面的压强p 为2940Pa；
容③长方体的密度ρ 为3×103kg/m3。
B
19. 如图所示的电路中，电源电压为6伏且保持不变，另有阻值为10欧的定值电阻R 和滑动变阻器R。闭
1 2
合开关S。
①若电路的MN间仅连入R，求：
1
（a）通过R 的电流I；
1 1
（b）10秒内电流通过R 所做的功W；
1 1
②若将电阻R 与滑动变阻器R 并联后连入MN间，电流表的示数为I ；若将电阻R 与滑动变阻器R 串联
1 2 并 1 2
后连入MN间，电流表的示数为I 。在电路安全的情况下，I 与I 的最小差值为0.3安，I 与I 的最大
串 并 串 并 串
差值为1.4安。求R 的最大阻值和允许通过R 的最大电流。
2 2
【答案】①（a）0.6A；（b）36J；②20Ω，1A
【解析】
【详解】解：①（a）若电路的MN间仅连入R，则由欧姆定律可得，通过R 的电流为
1 1
（b）由W=UIt可得，10秒内电流通过R 所做的功为
1
W=U It=6V×0.6A×10s=36J
1 1 1
②由电路图可知，当并联电路的干路电流最小（滑动变阻器接入阻值最大），串联电路的电流最大时（此
时滑动变阻器接入阻值为0），此时I 与I 的差值最小，即
并 串
I －I =0.3A
并小 串大
由欧姆定律可得
将U=6V代入，解得滑动变阻器R 的最大阻值为R =20Ω，同理可得，当并联电路的干路电流最大，串联
2 2大
电路的电流最小（此时滑动变阻器接入阻值最大）时 ，此时I 与I 的差值最大，即
并 串
I I =1.4A
并大- 串小
由欧姆定律可得即
解得允许通过R 的最大电流为I =1A。
2 2大
答：①（a）通过R 的电流I 为0.6A；
1 1
（b）10秒内电流通过R 所做的功W 为36J；
1 1
②R 的最大阻值为20Ω，允许通过R 的最大电流为1A。
2 2
20. 小华做“测定小灯泡的电功率”实验，现有电源（电压为2伏的整数倍且保持不变）、待测小灯泡
（标有“0.3A”字样，额定功率小于0.7瓦）、电流表、电压表、滑动变阻器、开关及导线若干。他连接
电路，移动变阻器滑片P至最大阻值处，闭合开关，观察到电压表示数为2.4伏，小灯泡发光较暗。然后
移动变阻器滑片使小灯正常发光，此过程中电压表指针偏转了6小格。
①画出小华实验时的电路图______；
②当观察到电流表示数为______安时，小灯正常发光；
③请根据相关信息，求电源电压及小灯的额定功率______。（需写出计算过程）
【答案】 ①. ②. 0.3A ③. 0.66W
【解析】
【详解】①[1]因为
P ˂ 0.7W
额
由公式P=UI变形可知
即
U ˂ 2.3V
额
由题意可知当移动变阻器滑片P至最大阻值处，闭合开关，观察到电压表示数为2.4伏，所以电压表测量
的是滑动变阻器两端的电压，据此可知小华实验时的电路图为
②[2]灯泡要正常发光，那么灯泡两端的电压为灯泡的额定电压，通过灯泡的电流为额定电流，由题可知，
灯泡的额定电流为0.3A,所以当观察到电流表示数为0.3A安时，小灯正常发光。③[3]因为
P ˂ 0.7W
额
由公式P=UI变形可知
即
U ˂ 2.3V
额
U =U＋U˂2.3V＋2.4V
总 1 2
即
U˂4.8V
又因为电源电压为2伏的整数倍，所以
U =4V
总
因为电源电压为4V，所以电压表量程为0～15V，分度值为0.1V，滑动变阻器阻值减小，电压表示数就减
小，当灯泡正常发光时，电压表指针偏转了6小格，所以电压表示数就减小了0.6V，所以根据串联电路中
电压的规律可知
U =U-U =4V-(2.4V-0.6V)=2.2V
额 滑
根据公式P=UI可知，小灯的额定功率为
P =U I =2.2 V×0.3 V=0.66W
额 额 额
