高一物理答案_2026年01月高一试卷_260118黑龙江省哈尔滨市2025-2026学年高一上学期期末学业质量检测（全）_黑龙江省哈尔滨市2025-2026学年高一上学期期末学业质量检测物理含答案

哈尔滨市 2025 级高一上学期学业质量监测 物理答案 一、单选题：本题共15小题，每小题 3分，共 45分。在每小题给出的四个选 项中，只有一项是符合题目要求的。 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 答案 B A C B B C D C 题号 9 10 11 12 13 14 15 答案 A A C A C B D 二、多选题：本题共3小题，每小题 4分，共 12分。在每小题给出的四个选项 中有多个选项符合题目要求，全部选对的得 4分，选对但不全的得 2分，选错 或不答的得 0分。 题号 16 17 18 答案 AC CD AC 三、实验题：本题共 2小题，共 14分，其中 19题 6分，20题 8分。 19、【答案解析】 (1) x1 x 2 (2)槽码盘和槽码的质量远小于小车的质量（或者M>>m.其他形式对也给分） 1 (3)a- M 20、【答案解析】 (1)B (2)1.60 (3)F (4)25.0 四、计算题：本题共3小题，共 29分。其中 21题 6分，22题 9分，23题14 分。解答时请写出必要的文字说明，方程式和重要的演算步骤，只写出答案后 不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。 21．（6分） 【答案解析】（1）竖直方向有 NFsin(Mm)g0——1分 代入数据解得地面对雪圈的支持力大小为 N 512N——1分 1 {#{QQABLQEt4wg4gJZACT5KQ0HCCwmYsIEyLMgEwRAWuAwKwZFIFKA=}#}所以水平地面对雪圈支持力的大小为512N，方向竖直向上。——1分 (2)水平方向有 Fcos f 0 ——1分 雪圈与水平地面间的动摩擦因数为 ——1分以下 f N 解得 1  =0.125——1分 8 22．（9分） 【答案解析】（1）智能元件脱离无人机后做竖直上抛运动，速度减到0时上升高度为 v2=2gh——1分 0 此时距地面最高 H=h+h ——1分 1 H=80m——1分 (2)智能元件脱离后，仅受重力作用，做竖直上抛运动，上升时间为t ， 1 根据 0v gt ——1分 0 1 则 t =1s 1 智能元件上升到最高点后，做自由落体运动，下落过程经过t 2 H-h2= 1 2 gt 2 2——1分 t =3s 2 智能元件从脱离无人机到被无人机追上所用的时间一共为 t=t +t =4s——1分 1 2 (3)当智能元件落地前瞬间被无人机追上，无人机的加速度最小，选向下的方向为正方向， 无人机所走的位移为 h =v t − 1 at2 ——1分 3 0 2 2 2 −h =v t +L+h −h ——1分 3 0 1 1 2 解得： a=18m/s2——1分 2 {#{QQABLQEt4wg4gJZACT5KQ0HCCwmYsIEyLMgEwRAWuAwKwZFIFKA=}#}23．（14分） 【答案解析】（1）根据题意，物块在传送带上先做匀加速运动，由牛顿第二定律得 mgsinmgcosma 1——1分 解得 a 10m/s2 1 设物块滑上传送带后经时间t 与传送带同速，则有 1 v=a t ——1分 1 1 解得 t =0.4s 1 此过程物块的位移大小为 v x = t =0.8m<3.05m 1 2 1 之后物块所受滑动摩擦力方向沿斜面向上，由牛顿第二定律得 mgsinmgcosma 2——1分 解得 a 2m/s2 2 由匀变速直线运动规律得 v2 v2 2a Lx  B 2 1 ——1分 解得 v =5m/s——1分 B （2）临界1：刚好不从右侧滑离（共速时刚好到达木板右端） 对货物： μ mg=ma 1 3 解得 a =4m/s2 3 对木板: FmgM mg M a 1 2 1 1 4 物块与木板共速时， v −a t =a t B 3 3 4 3 位移关系： 1 1 d =v t − a t2− a t2 1 B 3 2 3 3 2 4 3 3 {#{QQABLQEt4wg4gJZACT5KQ0HCCwmYsIEyLMgEwRAWuAwKwZFIFKA=}#}解得 F=2N——3分 临界2：刚好不从左侧滑离（滑块与木板共速后刚好不发生相对滑动） 以滑块与木板为整体，有 F−μ (M +m)g=(M +m)a 2 1 1 5 对滑块有 μ mg=ma 1 5 联立解得 F=17.5N——2分 所以F的范围是 2N≤F≤17.5N。 （3） 对货物受力分析可知 μ mg=ma 1 3 解得 a =4m/s2 3 对木块受力分析可知 μ mg−μ （nM g+mg）=nM a ——1分 1 2 2 2 6 n表示木块的数量，a >0木块发生移动，由题意可知n2，即货物在木块1和木块2上运 6 动时，木块不发生移动。 对滑块分析有 v2−v2=−2a 2d ，v =3m/s 1 B 3 2 1 对木块3和木块4分析，当n2时a =0.5m/s2 6 v =v −a t =a t 共 1 3 共 6 共 2 t = s 共 3 1 v = m/s 共 3 共速过程相对位移为： ∆x= v1+v 共 t − 0+v 共 t =1m=d ——1分 2 共 2 共 1 由于共速后滑块与木块相对静止，所以一直减速， 由于小物块可视为质点，无论小物块在3还是在4上，加速度相同均为μ g。 2 共速后对滑块，木块3，木块4受力分析可知 μ （2M g+mg）=(m+2M )a 2 2 2 7 4 {#{QQABLQEt4wg4gJZACT5KQ0HCCwmYsIEyLMgEwRAWuAwKwZFIFKA=}#}0−v2 =−2a x 共 7 减 x = 1 m——1分 减 18 木块3的最远位移 x = 0+v 共 t +x = 1 m——1分 m 2 共 减 6 5 {#{QQABLQEt4wg4gJZACT5KQ0HCCwmYsIEyLMgEwRAWuAwKwZFIFKA=}#}