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2018 年山东省聊城市莘县中考物理二模试卷
一、单选题（每题3分，共30分）
1．（3分）一个铁球沿斜面滚下，铁球所受重力的方向正确的是（ ）
A． B． C． D ．
2．（3分）如图所示，属于光的反射现象的是（ ）
A．
手影游戏
B．
水中倒影
C．
铅笔“折断”
第1页（共40页）D．
雨后彩虹
3．（3分）在济南的很多住宅小区门口都安装了智能车牌识别系统，如图所示，该
系统的摄像机可以自动将镜头前的车牌信息，通过信号线传递到计算机，实现自
动识别放行，极大地提高了通行效率，该系统的摄像机镜头相当于（ ）
A．平面镜 B．凹透镜 C．凸透镜 D．球面镜
4．（3分）如图所示的各图中，不正确的是（ ）
A．
光的反射
B．
力F的力臂
C．
电灯的安装
第2页（共40页）D．
通电螺线管的磁极
5．（3分）下列关于物态变化的说法正确的是（ ）
A．戴眼镜的人从寒冷的室外进入温暖的室内，镜片会蒙上一层小水珠，是汽化现
象
B．衣柜里的樟脑片逐渐变小，是由于樟脑片熔化了
C．北方冬天美丽的雾凇是空气升华形成的
D．夏天往饮料里加的冰块是凝固形成的
6．（3分）关于磁场和磁感应线，以下说法正确的是（ ）
①磁场看不见摸不着，但可以借助小磁针感知它的存在
②磁感线是磁体周围空间实际存在的曲线
③磁场对放入其中的磁体有力的作用
④地球周围存在磁场。
A．①②③ B．①②④ C．①③④ D．②③④
7．（3分）在2012年“学雷锋”活动中，小明和同学们一起到街头巷尾用砂纸清
除各种“城市牛皮癣”。下列说法正确的是（ ）
A．砂纸对“牛皮癣”的摩擦力与“牛皮癣”对砂纸的摩擦力是一对相互作用力
B．砂纸对“牛皮癣”的摩擦力与“牛皮癣”对砂纸的摩擦力是一对平衡力
C．砂纸发热是通过热传递改变物体内能
D．砂纸表面很粗糙是为了减小摩擦力
8．（3分）关于声音，下列说法正确的是（ ）
A．利用回声可以测地球到月球间的距离
B．人们小声说话时，声音的音调一定低
C．在市区高架桥两侧修隔音墙是为了在传播过程中减弱噪声
D．声和电磁波都能传递信息，且都可以在真空中传播
9．（3分）如图，我国空中加油机正在给歼10战斗机加油。加油过程中，若战斗机
的高度和速度不变，则战斗机的（ ）
第3页（共40页）A．动能增加，势能减小，机械能不变
B．动能不变，势能不变，机械能不变
C．动能减小，势能不变，机械能减小
D．动能增加，势能增加，机械能增加
10．（3分）如图所示电路，电源电压不变，R是定值电阻。将一个“6V 2W”的小灯
泡接在a、b两点间，小灯泡恰能正常发光；若换一个“6V 3W”的小灯泡接在a、b
两点间，则这个小灯泡（ ）
A．比正常发光时暗些 B．比正常发光时亮些
C．恰能正常发光 D．灯丝将会被烧坏
二、多选题（本题3小题，每小题4分，共12分）
11．（4分）汽车里面包含了许多物理知识，下列分析正确的是（ ）
A．汽油机的做功冲程是将内能转化为机械能
B．正确使用安全带是为了防止惯性带来的危害
C．水常用作冷却剂，是因为水的比热容较小
D．北园高架桥限制最高车速是80km/h，合8m/s
12．（4分）下列事例说明的道理正确的是（ ）
A．
沿纸条上方吹气，纸条会向上升起，说明气体在流速大处压强大
第4页（共40页）B．
下端带有橡皮膜的玻璃管在水中越深，膜向上凸起程度越大，说明水静止时，水
内部的压强随深度增加而增大
C．
钢笔能把墨水吸上来，说明了大气压的存在
D．
沙漠中的越野汽车装有非常宽大的轮子，说明增大受力面积可以减小压强，防止
轮子陷入泥沙中
13．（4分）如图，电源电压18V保持不变，电流表量程是0﹣0.6A，电压表量程是0
﹣15V，小灯泡上 标有“6V 3W”字样。要求：开关闭合后两个电表的示数均不超
过所选量程，且灯泡两端电压不允许超过额定电压（灯丝电阻不变）．则下列说法
正确的是（ ）
A．滑动变阻器的滑片向左移动时，电压表示数变小
B．当电流表示数为0.4A时，电压表示数为12V
C．滑动变阻器允许调节的范围是18Ω﹣60Ω
D．该电路的最大功率为9W
三、填空题（每空1分，共14分）
14．（2分）“五•一”休假期间，小明一家乘坐游船在黄河游玩，看见黄河大桥向
他们靠近。以黄河大桥为参照物，小明是 （填“运动”或“静止”）的；小
第5页（共40页）明听到大桥上汽车的鸣笛声主要是通过 传到耳朵的。
15．（2分）图中，甲图是坐在船中的人用手推另一只船时，自己坐的船同时后退，
说明物体间力的作用是 的；盖房子所用的重垂线如乙图所示，所依据的
物理知识是 。
16．（2分）里约奥运会中国女排姑娘团结协作，顽强拼搏逆转夺冠，振奋国人。如
图所示比赛中头号功臣朱婷飞身跃起重扣，球砸在对方界内，表明力可以改变物
体的 。我们在电视中看到的是通过 传来的图象。
17．（2分）搬运砖头的独轮车的有关尺寸如图所示，车和砖头总重G=1000N．推
车时，人手向上的力F= N，使用它可以 （选填“省力”或“省距
离”）。
18．（2分）小明把墨水瓶放在平面镜前，发现后面有墨水瓶的像。为了研究平面
镜所成的是实像还是虚像，他把光屏放在像的位置，他 （选填“能”或
“不能”）在光屏上看到像。当他把墨水瓶向平面镜靠近时，发现镜中像的大小
（选填“变大”、“变小”或“不变”）。
19．（2分）随着人们生活水平的不断提高，汽车走进了许多家庭，汽车的发动机
是汽油机，汽油机在工作时，将内能转化为机械能的是 冲程。在给汽车加
油时，能闻到汽油的气味，这是 现象。
第6页（共40页）20．（2分）如图所示电路中电源电压保持不变，灯泡标有“6V 3W”字样，当开关
S闭合后，灯泡L正常发光，电流表的示数为0.8A．则电阻R= Ω，通电10s，
R产生的热量为 J。
四、作图题（每题2分，共4分）
21．（2分）如图画出漂在水面的物体所受力的示意图。
22．（2分）如图所示，凸透镜的主光轴刚好与水面相平，F是凸透镜的焦点，一束
与水面平行的光入射到凸透镜上，请你作出经凸透镜折射后进入水中光线的大致
位置。
五、实验探究题（每空1分，共19分）
23．（5分）小红同学利用如图甲所示装置对100g冰加热，她每隔相同时间记录一
次温度计的示数，并观察物质的状态。图乙是她根据记录的数据绘制的温度﹣时
间图象。
第7页（共40页）（1）她用温度计测量冰在加热过程中的温度时，主要步骤有：
A．将温度计的玻璃泡与冰充分接触，不要碰到容器底或容器壁；
B．了解冰熔化时的温度，选取一支量程合适的温度计；
C．读取温度读数时，温度计玻璃泡仍和冰接触。
D．观察温度计的量程和分度值。
上述步骤合理的顺序是 （只填写序号）。
（2）根据图象乙可知：冰属于 （选填“晶体”或“非晶体”）；在BC阶段
物质处于 状态（选填“固体”、“液体”或“固液共存”）；
（3）如果某时刻温度如图丁所示，此时温度计读数为 ℃；
（4）图丙时另一位同学在完成同一实验时绘制的温度﹣时间图象，老师认为他的
CD段数据有问题，老师作出这样的判断的依据是 。
24．（4 分）小明用一个凸透镜及相关器材，探究凸透镜的成像规律。
（1）一束平行光射向凸透镜，光屏上得到一个最亮的光斑如图1所示。则该凸透
镜的焦距为 cm；
（2）小明把蜡烛、凸透镜及光屏放在光具座上（如图2所示），要使烛焰的像能成
在光屏的中央，必须将凸透镜向 调整；若要使烛焰在光屏成缩小的实像，
第8页（共40页）则要将凸透镜向 调整（均选填“上”、“下”、“左”或“右”）；该成像
原理与 （选填“放大镜”、“照相机”或“投影仪”）相同。
25．（5分）如表是小华测一滑轮组机械效率时收集的有关数据。
动滑轮 物重 钩码上升高 动力 动力作用点 滑轮组的
重G /N G/N 度h/m F/N 移动距离 机械效率
动
s/m η
1 0.5 1 0.1 0.7 0.3 47.6%
2 0.5 2 0.1 1.1 0.3 ①
3 0.5 4 0.1 2 0.3 66.7%
（1）请在图甲中画出实验中滑轮组的绕绳方法。
（2）在实验过程中，应 拉动弹簧测力计。
（3）将表格中的数据补充完整① 。
（4）在第三次实验中，钩码上升 0.1m 所用时间是 1.5s，则动力的功率为
W。
（5）实验结束后，小华又进一步猜想：滑轮组的机械效率可能与滑轮组细线的绕
法有关。为了验证猜想是否正确，小华利用图乙和图丙两个完全相同的滑轮组进
行实验探究。若实验测得两滑轮组的机械效率大小 （相等/不相等），则可
初步判断猜想是错误的。
26．（5分）小华同学用“伏安法”来测量一只阻值约为5Ω的定值电阻R，实验
x
室有如下器材供选用：
A．两节干电池 B．开关一个和导线若干 C．电压表（0﹣
3～15V）
D．电流表（0～0.6﹣3A） E．滑动变阻器（0～10Ω） F．滑动变阻器（0～
100Ω）
（1）小华同学完成实验电路设计后，为了操作顺利和方便，除了A、B、C和D外，
第9页（共40页）小华同学还需选用
器材（选填“E“或“F”）；
（2）根据设计的实验电路要求，请用笔划线代替导线连接图甲中最后的两根导线；
（3）如图甲所示，连接好电路。在闭合开关前，为保护电路，滑动变阻器的滑片P
应该滑至 端（选填“G”或“H”）；
（4）小华在闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片P时，发现电流表示数始终为零，
而电压表有示数但不发生变化，此时电路中的一处故障是 （选填A、B、
C或D）；
A．滑动变阻器断路 B．滑动变阻器短路
C．定值电阻R 断路 D．定值电阻R 短路
x x
（5）排除故障后，电流表示数为0.40A，电压表示数如乙图所示，则本次实验测得
的定值电阻R 是 Ω。
x
六、计算题（6+7+8=21）
27．（6分）某团队在海拔3000多米的高山上野营时，使用铁锅烧水，他们发现把
体积为 2L 的水从 10℃加热到 85℃时，共消耗了 0.5kg 的干木柴。（c
水
=4.2×103J/（kg•℃），q=1.2×107J/kg，p =1.0×103kg/m3）求：
水
（1）干木柴完全燃烧放出的热量。
（2）水吸收的热量。
（3）铁锅烧水的效率。
28．（7分）如图甲所示，圆柱形容器中盛有适量的水，其内底面积为100cm2．弹簧
测力计的下端挂着一个正方体花岗岩，将花岗岩从容器底部开始缓慢向上提起的
过程中，弹簧测力计的示数F与花岗岩下底距容器底部的距离h的关系如图乙所
示。（g=10N/kg）求：
第10页（共40页）（1）在花岗岩未露出水面前所受水的浮力大小；
（2）花岗岩的密度；
（3）从开始提起到花岗岩完全离开水面，水对容器底部减小的压强。
29．（8分）如图所示电路，电源电压为6V保持不变，R =12Ω，滑动变阻器R 的最
1 2
大阻值为20Ω．当开关S闭合，S 、S 断开时，调节滑动变阻器的滑片至中点，恰好
1 2
使灯泡正常发光，此时电流表示数为0.3A．灯泡电阻按不变计算。求：
（1）灯泡的电阻和额定电压。
（2）灯泡在这种情况下通电1min，消耗的电能。
（3）当S、S 、S 都闭合时，调节滑片至最右端时，且电流表使用0～3A量程，求整
1 2
个电路消耗的电功率P。
第11页（共40页）2018 年山东省聊城市莘县中考物理二模试卷
参考答案与试题解析
一、单选题（每题3分，共30分）
1．（3分）一个铁球沿斜面滚下，铁球所受重力的方向正确的是（ ）
A． B． C． D ．
【分析】重力的方向是竖直向下的，据此判断。
【解答】解：无论物体放在什么位置，重力的方向一定是竖直向下的。
故选：B。
【点评】正确理解重力的大小跟质量成正比。重力的方向是竖直向下的。质地均匀，
外形规则的物体的重心在物体的几何中心处。
2．（3分）如图所示，属于光的反射现象的是（ ）
A．
手影游戏
B．
第12页（共40页）水中倒影
C．
铅笔“折断”
D．
雨后彩虹
【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激
光准直、影子的形成、日食和月食等；
（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上
物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现
光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光
的折射形成的。
【解答】解：A、影子的形成说明光是沿直线传播的，由于光的直线传播，被物体挡
住后，物体后面就会呈现出阴影区域，就是影子，故与题意不符；
B、平静水面上塔的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，符合题意
C、从水中铅笔上反射的光从水中斜射入空气中时，发生折射，折射光线远离法线，
当人逆着折射光线的方向看时，看到的是铅笔的虚像，比实际位置偏高，所以感
觉折断了，故与题意不符；
D、雨过天晴时，常在天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折
射而成的，白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这种现象叫做光的色散现象，
故与题意不符。
故选：B。
【点评】本题主要考查学生利用光学知识解释生活中常见的物理现象，此题与实
际生活联系密切，体现了生活处处是物理的理念。
第13页（共40页）3．（3分）在济南的很多住宅小区门口都安装了智能车牌识别系统，如图所示，该
系统的摄像机可以自动将镜头前的车牌信息，通过信号线传递到计算机，实现自
动识别放行，极大地提高了通行效率，该系统的摄像机镜头相当于（ ）
A．平面镜 B．凹透镜 C．凸透镜 D．球面镜
【分析】要解决此题，需要知道摄像机的构造及制作原理，知道摄像机的镜头相当
于凸透镜，是根据物距大于2倍焦距时成倒立、缩小实像的原理制成。
【解答】解：摄像机的镜头相当于一个凸透镜，它是利用物距大于2倍焦距时成倒
立、缩小实像的原理制成的。
故选：C。
【点评】此题主要考查了凸透镜成像的规律的应用，知道摄像机是根据凸透镜成
像的原理制成的，其镜头相当于凸透镜。
4．（3分）如图所示的各图中，不正确的是（ ）
A．
光的反射
B．
力F的力臂
第14页（共40页）C．
电灯的安装
D．
通电螺线管的磁极
【分析】A、光的反射现象中，反射角等于入射角；
B、力臂是过支点作动力作用线的垂线段；
C、安全用电原则：开关接在火线上；
D、根据安培定则分析。
【解答】解：A、由图可知，入射角为90°﹣50°=40°，光的反射现象中，反射角等于入
射角；反射角也为40°，故A正确；
B、力臂是过支点作动力作用线的垂线段；而图中表示的是力F作用线的一部分，
不是力臂，故B错误；
C、安全用电原则：开关接在火线上，零线接在灯泡的螺旋套上，符合要求，故C正
确；
D、右手握住螺线管，四指弯曲方向为电流的绕行方向，大拇指所指的方向为螺线
管N极方向，故D正确。
故选：B。
【点评】此题涉及到光的反射定律，力臂的画法，安全用电原则，安培定则等多个
知识点，是一道综合性较强的题目。
5．（3分）下列关于物态变化的说法正确的是（ ）
A．戴眼镜的人从寒冷的室外进入温暖的室内，镜片会蒙上一层小水珠，是汽化现
象
B．衣柜里的樟脑片逐渐变小，是由于樟脑片熔化了
C．北方冬天美丽的雾凇是空气升华形成的
第15页（共40页）D．夏天往饮料里加的冰块是凝固形成的
【分析】解决此题的关键是知道物态变化的名称，物质从固态变为液态的过程是
熔化，物质从液态变为固态是凝固，物质从液态变成气态称为汽化，物质从气态
变成液态称为液化，物质直接从固态变成气态的现象称为升华，物质直接从气态
变为固态是凝华。
【解答】解：A、戴眼镜的人从寒冷的室外进入温暖的室内，由于镜片温度较低，周
围的水蒸气遇冷液化成小水滴附着在镜片上，是液化现象，故A错误；
B、衣柜里的樟脑片逐渐变小，是固态直接变成气态的过程，是升华现象，故B错
误；
C、北方冬天美丽的雾凇是空气中的水蒸气遇冷直接变为固态小冰晶，是凝华现
象，故C错误；
D、夏天往饮料里加的冰块是由液态变成固态的过程，属于凝固现象，故D正确。
故选：D。
【点评】解决此类问题的关键是要正确判断物态并明确物态变化的名称。
6．（3分）关于磁场和磁感应线，以下说法正确的是（ ）
①磁场看不见摸不着，但可以借助小磁针感知它的存在
②磁感线是磁体周围空间实际存在的曲线
③磁场对放入其中的磁体有力的作用
④地球周围存在磁场。
A．①②③ B．①②④ C．①③④ D．②③④
【分析】（1）据课本可知，磁场看不见摸不着，但可以借助小磁针感知它的存在，
这是典型的转化法；
（2）磁感线是不存在的，是为了研究方便假象的一些有方向的曲线；
（3）磁场的基本性质是对放入其中的磁体有力的作用；
（4）地球是一个巨大的磁体，地球周围存在磁场；
【解答】解：①磁场看不见摸不着，但可以借助小磁针感知它的存在，这是典型的
转化法，故正确；
②磁感线是不存在的，是为了研究方便假象的一些有方向的曲线，故错误；
③磁场的基本性质是对放入其中的磁体有力的作用，故正确；
第16页（共40页）④地球是一个巨大的磁体，地球周围存在磁场，故正确；
故正确的是①③④，故选C。
故选：C。
【点评】此题考查了磁场的判断方法、磁感线的理解、地磁场的理解等知识点，是
一道综合题。
7．（3分）在2012年“学雷锋”活动中，小明和同学们一起到街头巷尾用砂纸清
除各种“城市牛皮癣”。下列说法正确的是（ ）
A．砂纸对“牛皮癣”的摩擦力与“牛皮癣”对砂纸的摩擦力是一对相互作用力
B．砂纸对“牛皮癣”的摩擦力与“牛皮癣”对砂纸的摩擦力是一对平衡力
C．砂纸发热是通过热传递改变物体内能
D．砂纸表面很粗糙是为了减小摩擦力
【分析】（1）相互作用力：作用在不同的物体上，大小相等、方向相反、作用在同一
直线上；
（2）平衡力：作用在相同的物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上；
（3）改变物体内能的方式有做功和热传递，二者是等效的；
（4）摩擦力与压力大小和接触面的粗糙程度有关，可以通过改变压力或者改变接
触面的粗糙程度改变摩擦力。
【解答】解：（1）砂纸对“牛皮癣”的摩擦力与“牛皮癣”对砂纸的摩擦力分别作
用在砂纸和“牛皮癣”上，是一对相互作用力，不是平衡力，故A正确，B错误；
（2）砂纸发热是因为摩擦生热，通过做功改变了砂纸的内能，故C错误；
（3）砂纸表面很粗糙，是通过增大接触面粗糙程度的方式，增大了摩擦力，故D错
误。
故选：A。
【点评】本题重点考查相互作用力和平衡力的区分，关键是看是否作用在同一物
体上，作用在同一物体上的是平衡力，作用在不同物体上的是相互作用力。
8．（3分）关于声音，下列说法正确的是（ ）
A．利用回声可以测地球到月球间的距离
B．人们小声说话时，声音的音调一定低
第17页（共40页）C．在市区高架桥两侧修隔音墙是为了在传播过程中减弱噪声
D．声和电磁波都能传递信息，且都可以在真空中传播
【分析】（1）声音能够在固体、液体、气体中传播，真空不能传声。
（2）乐音的三个特征，音调、响度和音色。
（3）减弱噪声的途径：①在声源处减弱﹣﹣消声；②在传播过程中减弱﹣﹣吸声；
③在耳朵处减弱﹣﹣隔声。
（4）声音的传播需要介质。
【解答】解：A、声音不能在真空中传播，因此不能利用利用回声探测地球到月球的
距离，故A错误；
B、人们小声说话，声带的振幅小，响度小，与音调无关，故B错误；
C、高架道路两侧建起隔音墙是为了在传播过程中减弱噪声，故C正确；
D、声音的传播需要介质，声音不能在真空中传播，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了音色、回声、真空不能传声以及声与能量的相关知识，具有一
定的综合性，属于声学基础知识的考查。
9．（3分）如图，我国空中加油机正在给歼10战斗机加油。加油过程中，若战斗机
的高度和速度不变，则战斗机的（ ）
A．动能增加，势能减小，机械能不变
B．动能不变，势能不变，机械能不变
C．动能减小，势能不变，机械能减小
D．动能增加，势能增加，机械能增加
【分析】（1）动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大。
（2）重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大。
（3）机械能=动能+势能。物体没有发生弹性形变，势能只考虑重力势能。
【解答】解：战斗机的速度不变，质量不断增大，动能增大。高度不变，质量不断增
第18页（共40页）大，重力势能增大。机械能=动能+势能，动能增大，势能增大，所以机械能增大。
故选：D。
【点评】掌握动能、重力势能、弹性势能大小的影响因素，掌握动能、重力势能、弹
性势能、机械能的大小变化情况。
10．（3分）如图所示电路，电源电压不变，R是定值电阻。将一个“6V 2W”的小灯
泡接在a、b两点间，小灯泡恰能正常发光；若换一个“6V 3W”的小灯泡接在a、b
两点间，则这个小灯泡（ ）
A．比正常发光时暗些 B．比正常发光时亮些
C．恰能正常发光 D．灯丝将会被烧坏
【分析】灯泡的实际功率是由灯泡两端的实际电压决定的，所以要判断第二个小
灯泡消耗的实际功率比2W大还是比2W小，我们就需要先判断出第二个小灯泡
两端的实际电压比6V大还是比6V小，那么怎么才能判断出它两端的电压比6V
大还是小呢？
本题中，R是定值电阻，先后有两个灯泡与R串联。第一个灯泡与R串联，灯泡分
得的实际电压是6V（因为这个灯泡恰好正常发光）；第二个灯泡与R串联，这个灯
泡能分多少电压呢？这就得看第二个灯泡的电阻比第一个灯泡的电阻大还是小
了。如果第二个灯泡的电阻比第一个灯泡的电阻大，则就会造成第二次电路的总
电阻比第一次电路的总电阻大，电路中的电流就比第一次电路的电流小，R两端
的电压就比第一次R两端的电压小，于是就可以得出第二个灯泡分得的电压比第
一个灯泡分得的电压多，反之亦然。
所以解答本题，我们还需要先算出这两个灯泡的电阻，算电阻可根据公式R=
来计算。
【解答】解：根据公式R= 可知，当电压相同时，电功率越大，电阻越小，故“6V
2W”的灯泡电阻比“6V 3W”灯泡电阻大；
第19页（共40页）改接后，电路总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路电流变大，对于定值电阻R来
说，两端的电压变大，根据串联电路具有分压作用，“6V 3W”灯泡两端的电压将
小于6V，所以实际功率小于3W，故比正常暗一些。
故选：A。
【点评】本题与我们常见的一道题其实是类似的：滑动变阻器与定值电阻串联，当
滑动变阻器改变电阻时，分析电路中电流的变化情况、定值电阻和滑动变阻器两
端电压变化情况。本题中虽然没有滑动变阻器，但在电路中先后串联阻值不同的
灯泡，其实就相当于滑动变阻器，所以本题可以和我们常见的滑动变阻器与定值
电阻串联的题型归为一类。
通过解答本题我们要有所收获：①在额定电压相同的情况下，电功率与电阻成反
比；②串联电阻的分压能力与电阻的阻值大小有关，阻值大的电阻分压能力强。
掌握了这两点，就可以帮助我们获得新的解题思路，就可以使问题变得简单化。
二、多选题（本题3小题，每小题4分，共12分）
11．（4分）汽车里面包含了许多物理知识，下列分析正确的是（ ）
A．汽油机的做功冲程是将内能转化为机械能
B．正确使用安全带是为了防止惯性带来的危害
C．水常用作冷却剂，是因为水的比热容较小
D．北园高架桥限制最高车速是80km/h，合8m/s
【分析】（1）内燃机的一个工作循环由吸气、压缩、做功、排气四个冲程组成，其中
压缩冲程机械能转化成内能，做功冲程内能转化成机械能；
（2）一切物体都有保持原来运动状态不变的性质称为惯性，司机和乘客与汽车一
起运动，当汽车突然停止，司机和乘客由于惯性要保持原来的运动状态，容易冲
出车外发生事故；
（3）相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降
低的少，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；
（4）速度的国际单位是m/s，常用单位有km/h，1m/s=3.6km/h。
【解答】解：A、汽油机的做功冲程是将内能转化为机械能，故A正确；
B、正确使用安全带是为了减小汽车紧急刹车时惯性带来的危害，故B正确；
C、因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸
第20页（共40页）收的热量多，所以汽车发动机用水做冷却剂，故C错误；
D、零陵大道限制最高车速80km/h，80km/h=80× m/s≈22.2m/s，故D错误。
故选：AB。
【点评】本题考查了内燃机的冲程、惯性、水的比热容大的利用以及速度单位的换
算，综合性较强，属于基础知识的考查，相对比较简单。
12．（4分）下列事例说明的道理正确的是（ ）
A．
沿纸条上方吹气，纸条会向上升起，说明气体在流速大处压强大
B．
下端带有橡皮膜的玻璃管在水中越深，膜向上凸起程度越大，说明水静止时，水
内部的压强随深度增加而增大
C．
钢笔能把墨水吸上来，说明了大气压的存在
D．
沙漠中的越野汽车装有非常宽大的轮子，说明增大受力面积可以减小压强，防止
轮子陷入泥沙中
【分析】分析四个选择项中的物理情景所涉及的物理知识，然后用相关的知识进
行分析并验证其说法对与错。
【解答】解：
A、沿纸条上方吹气纸条会向上升起，说明气体在流速大处压强小，在流速小处压
第21页（共40页）强大。故A错误。
B、下端带有橡皮膜的玻璃管在水中越深，膜向上凸起程度越大，说明水静止时，
水内部的压强随深度增加而增大。故B正确。
C、钢笔能把墨水吸上来，原因是笔管外的气压大于管内的气压，是利用大气压将
墨水压入笔管内。故C正确。
D、沙漠中的越野汽车装有非常宽大的轮子，是在压力一定时，通过增大受力面积
来减小压强，防止轮子陷入泥沙中。故D正确。
故选：BCD。
【点评】此题考查了流体压强与流速的关系、液体压强的特点、大气压的应用、影
响压强的因素等知识点，牢记和掌握各知识点是正确解答的关键所在。
13．（4分）如图，电源电压18V保持不变，电流表量程是0﹣0.6A，电压表量程是0
﹣15V，小灯泡上 标有“6V 3W”字样。要求：开关闭合后两个电表的示数均不超
过所选量程，且灯泡两端电压不允许超过额定电压（灯丝电阻不变）．则下列说法
正确的是（ ）
A．滑动变阻器的滑片向左移动时，电压表示数变小
B．当电流表示数为0.4A时，电压表示数为12V
C．滑动变阻器允许调节的范围是18Ω﹣60Ω
D．该电路的最大功率为9W
【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，
电流表测电路中的电流。
（1）根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流
的变化和灯泡两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知滑动变阻器两端的
电压变化；
（2）根据P=UI求出灯泡的额定电流，根据欧姆定律求出灯泡的电阻，再根据欧姆
定律求出电流表的示数为0.4A时灯泡两端的电压，利用串联电路的电压特点求
出电压表的示数；
第22页（共40页）（3）比较灯泡的额定电流和电流表的量程确定电路中的最大电流，此时滑动变阻
器接入电路中的电阻最小、电路消耗的功率最大，根据欧姆定律求出电路中的总
电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值，根据P=UI求出电
路的最大功率；当电压表的示数最大时滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据
串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律
得出等式即可求出滑动变阻器接入电路中的最大阻值，进一步求出滑动变阻器接
入电路中电阻的范围。
【解答】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的
电压，电流表测电路中的电流。
（1）滑动变阻器的滑片向左移动时，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变
小，
由I= 可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大，
由U=IR可知，灯泡两端的电压变大，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，滑动变阻器两端的电压变小，即电压表的示数变小，故A正确；
（2）由P=UI可得，灯泡的额定电流：
I= = =0.5A，
L
由I= 可得，灯泡的电阻：
R= = =12Ω，
L
当电流表示数为0.4A时，灯泡两端的电压：
U′=IR=0.4A×12Ω=4.8V，
L L
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电压表的示数：
U =U﹣U′=18V﹣4.8V=13.2V，故B错误；
滑 L
（3）因串联电路中各处的电流相等，且灯泡的额定电流为0.5A，电流表的量程为0
～0.6A，
第23页（共40页）所以，电路中的最大电流为0.5A，
此时电路中的总电阻：
R= = =36Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：
R =R﹣R=36Ω﹣12Ω=24Ω，
滑小 L
电路消耗的最大功率：
P =UI =18V×0.5A=9W，故D正确；
大 大
当电压表的示数为15V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，
此时灯泡两端的电压：
U″=U﹣U =18V﹣15V=3V，
L 滑大
因串联电路中各处的电流相等，
所以， = ，即 = ，
解得：R =60Ω，
滑大
所以，滑动变阻器允许调节的范围是24Ω～60Ω，故C错误。
故选：AD。
【点评】本题考查了电路的动态分析和串联电路的特点、欧姆定律、电功率公式的
应用，关键是滑动变阻器接入电路中最大和最小阻值的确定。
三、填空题（每空1分，共14分）
14．（2分）“五•一”休假期间，小明一家乘坐游船在黄河游玩，看见黄河大桥向
他们靠近。以黄河大桥为参照物，小明是 运动 （填“运动”或“静止”）的；
小明听到大桥上汽车的鸣笛声主要是通过 空气 传到耳朵的。
【分析】（1）一个物体相对于参照物的位置未发生变化，则物体是静止的；一个物
体相对于参照物的位置发生了变化，则物体是运动的。
（2）声音能够在固体、液体、气体中传播，真空不能传声。
【解答】解：（1）小明乘坐游船逐渐靠近大桥，因此以黄河大桥为参照物，小明是运
动的；
第24页（共40页）（2）小明听到岸上汽车的鸣笛声主要是通过空气传播的。
故答案为：运动；空气。
【点评】本题以学生生活片段为切入点，考查相关的物理知识，体现了物理和生活
的联系，注重了学以致用能力的考查。
15．（2分）图中，甲图是坐在船中的人用手推另一只船时，自己坐的船同时后退，
说明物体间力的作用是 相互 的；盖房子所用的重垂线如乙图所示，所依据的
物理知识是 重力方向竖直向下 。
【分析】①物体间力的作用是相互的；
②重力的方向竖直向下。
【解答】解：①图甲中坐在船中的人用手推另一只船时，同时自己坐的船受到了另
一只船对它施加的力的作用，所以自己坐的船会向后退，表明力的作用是相互的
②乙图是利用重力的方向竖直向下，制成重锤，检查墙壁是否竖直。
故答案为：相互；重力的方向竖直向下。
【点评】本题考查学生的观察分析图的能力，能从图中得出自己坐的船是向后退
的、重锤是竖直下垂的。
16．（2分）里约奥运会中国女排姑娘团结协作，顽强拼搏逆转夺冠，振奋国人。如
图所示比赛中头号功臣朱婷飞身跃起重扣，球砸在对方界内，表明力可以改变物
体的 运动状态 。我们在电视中看到的是通过 电磁波 传来的图象。
【分析】①力可以改变物体的运动状态，力可以使物体发生形变；
②磁波可以传递信息。
第25页（共40页）【解答】解：①女排比赛中头号功臣朱婷飞身跃起重扣，改变了排球的运动方向，
球砸在对方界内，表明力可以改变物体的运动状态；
②我们在电视中看到的是通过电磁波传来的图象。
故答案为：运动状态；电磁波。
【点评】本题考查了力的作用效果、电磁波的传播，熟练掌握基础知识即可正确解
题。
17．（2分）搬运砖头的独轮车的有关尺寸如图所示，车和砖头总重G=1000N．推
车时，人手向上的力F= 30 0 N，使用它可以 省力 （选填“省力”或“省距
离”）。
【分析】（1）根据杠杆的平衡条件F L =F L 可以求出作用在车把上竖直向上的力
1 1 2 2
的大小；
（2）结合图片和生活经验，先判断独轮车在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小
关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
【解答】解：（1）由图可知，动力臂为0.3m+0.7m=1m，阻力臂为0.3m，
由FL =GL 可得，F×1m=1000N×0.3m，故F=300N；
1 2
（2）因为独轮车在使用过程中，动力臂大于阻力臂，所以是省力杠杆；
故答案为：300；省力。
【点评】此题主要考查的是杠杆平衡条件的应用、杠杆的分类，属于中考的常见题
型，难度不大。
18．（2分）小明把墨水瓶放在平面镜前，发现后面有墨水瓶的像。为了研究平面
镜所成的是实像还是虚像，他把光屏放在像的位置，他 不能 （选填“能”或
“不能”）在光屏上看到像。当他把墨水瓶向平面镜靠近时，发现镜中像的大小
不变 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【分析】（1）平面镜成的是虚像，虚像不能成在光屏上；
第26页（共40页）（2）平面镜所成的像与物体的大小是相等的。
【解答】解：由于平面镜成的是虚像，所以把墨水瓶放在平面镜前，发现后面有墨
水瓶的像。若把光屏放在像的位置，不能在光屏上看到像；
由于平面镜所成的像与物体大小相等，当他把墨水瓶向平面镜靠近时，发现镜中
像的大小不变；
故答案为：不能；不变；
【点评】知道并理解平面镜成像的特点是解决该题的关键。
19．（2分）随着人们生活水平的不断提高，汽车走进了许多家庭，汽车的发动机
是汽油机，汽油机在工作时，将内能转化为机械能的是 做功 冲程。在给汽车
加油时，能闻到汽油的气味，这是 扩散 现象。
【分析】（1）在汽油机的四个冲程中，机械能转化为内能的是压缩冲程，内能转化
为机械能的是做功冲程；
（2）两种不同的物质相互接触时，彼此进入对方的现象叫扩散现象，扩散现象说
明分子不停地做无规则运动。
【解答】解：
在内燃机的压缩冲程中，活塞压缩气体做功，使气体的内能增大，温度升高，机械
能转化为内能；
做功冲程，高温高压燃气对活塞做功，自身内能减小，活塞机械能增加，即将内能
转化为机械能；
汽车加油时能闻到汽油的气味，是因为汽油分子不停地做无规则运动，这是扩散
现象。
故答案为：做功；扩散。
【点评】本题主要考查对热机各冲程特点的了解、扩散现象的理解和掌握，属于综
合性题目。
20．（2分）如图所示电路中电源电压保持不变，灯泡标有“6V 3W”字样，当开关
S闭合后，灯泡L正常发光，电流表的示数为0.8A．则电阻R= 2 0 Ω，通电10s，R
产生的热量为 1 8 J。
第27页（共40页）【分析】因为灯泡和电阻并联，根据P=UI求出灯泡中的电流，再并联电路的电流
特点求出电阻中的电流，根据欧姆定律即可求出电阻R的阻值，根据Q=W=UIt求
出电阻产生的热量。
【解答】解：当闭合开关S时，灯L正常发光，说明电源电压为U=6V，电流表测的是
总电流，则I=0.8A，
由P=UI可知灯泡中的电流：
I= = =0.5A，
L
根据并联电路的干路电流等于各支路电流之和可知电阻中的电流：
I =I﹣I=0.8A﹣0.5A=0.3A，
R L
由I= 得电阻：
R= = =20Ω；
通电1min电阻R产生的热量：
Q=W=UI t=6V×0.3A×10s=18J。
R
故答案为：20；18。
【点评】本题考查并联电路的特点和欧姆定律、焦耳定律公式的理解和掌握，弄明
白电压和电流关系是解决此题的关键。
四、作图题（每题2分，共4分）
21．（2分）如图画出漂在水面的物体所受力的示意图。
【分析】力的示意图就是用一个带箭头的线段表示力的大小、方向、作用点，线段
第28页（共40页）的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点；
重力和浮力的作用点均在物体的重心上，重力方向竖直向下，浮力方向竖直向上
两个力是一对平衡力。
【解答】解：物体漂浮在水面上，受到重力和浮力的作用，作用点在重心，方向分别
竖直向下和竖直向上，大小相等，示意图如下：
【点评】画力的示意图时，一定要结合物体所处的运动状态，当物体静止或做匀速
直线运动时，受到的力是平衡力。
22．（2分）如图所示，凸透镜的主光轴刚好与水面相平，F是凸透镜的焦点，一束
与水面平行的光入射到凸透镜上，请你作出经凸透镜折射后进入水中光线的大致
位置。
【分析】由图示可知，入射光线平行于主光轴，根据入射光线的特点，可以画出对
应的折射光线。
光由空气中斜射入水中时，发生折射，折射光线和入射光线分居法线两侧，分居
在两种介质中，折射角小于入射角。
【解答】解：
平行于主光轴的入射光线经过凸透镜折射后，折射光线过焦点；再过焦点作法线
并根据折射角小于入射角画出从空气到水中的折射光线，如图所示：
第29页（共40页）【点评】关于凸透镜作图，记住三条特殊光线：平行于主光轴的入射光线，折射光
线过焦点；过光心的入射光线，折射光线传播方向不变；过焦点的入射光线，折射
光线平行于主光轴。
五、实验探究题（每空1分，共19分）
23．（5分）小红同学利用如图甲所示装置对100g冰加热，她每隔相同时间记录一
次温度计的示数，并观察物质的状态。图乙是她根据记录的数据绘制的温度﹣时
间图象。
（1）她用温度计测量冰在加热过程中的温度时，主要步骤有：
A．将温度计的玻璃泡与冰充分接触，不要碰到容器底或容器壁；
B．了解冰熔化时的温度，选取一支量程合适的温度计；
C．读取温度读数时，温度计玻璃泡仍和冰接触。
D．观察温度计的量程和分度值。
上述步骤合理的顺序是 B 、 D 、 A 、 C （只填写序号）。
（2）根据图象乙可知：冰属于 晶体 （选填“晶体”或“非晶体”）；在BC阶段
物质处于 固液共存 状态（选填“固体”、“液体”或“固液共存”）；
（3）如果某时刻温度如图丁所示，此时温度计读数为 ﹣ 4 ℃；
（4）图丙时另一位同学在完成同一实验时绘制的温度﹣时间图象，老师认为他的
CD段数据有问题，老师作出这样的判断的依据是 水的比热容较大，质量相同的
冰和水吸收相同的热量，水升温应较慢 。
【分析】（1）温度计的使用方法是：①估计被测温度，选用量程合适的温度计；
第30页（共40页）②观察温度计的量程和分度值，以便测量时正确读数；
③将温度计的玻璃泡与被测物体充分接触，不要碰到容器底或容器壁；
④读数时，温度计玻璃泡仍留在被测物体中。
（2）认识晶体和非晶体的区别：晶体有一定的熔点，非晶体没有一定的熔点。晶体
在熔化前是固态；熔化过程中处于固液混合态；熔化完后处于液态。
（3）读数时，要先认清分度值，然后看液柱所对应的示数，并注意看清是零上还是
零下；
（4）首先根据该物质的熔点判断出该物质为冰。知道水的比热容最大，结合水和
冰的比热容的特点可做出分析。
【解答】解：（1）由温度计的正确使用方法可知，其合理的操作顺序应该是：
B．了解冰熔化时的温度，选择一支量程合适的温度计；
D．观察温度计的量程和分度值。
A．将温度计的玻璃泡与冰充分接触，不要碰到容器底或容器壁；
C．读取温度计读数时，温度计玻璃泡仍和冰接触；
故步骤合理的顺序是B、D、A、C；
（2）由图乙可知，冰熔化时有一段吸热温度不变，即有一定的熔点，所以是晶体；
冰在熔化过程中，物质处于固液共存状态；
（3）读图丁可知，温度计的分度值是1℃，示数在零下，此时的温度是﹣4℃。
（4）因为水的比热容较大，质量相同的冰和水吸收相同的热量，水升温较慢，而图
丙中水升温应较快，所以可判断出丙图的CD段有问题。
故答案为：（1）B、D、A、C；（2）晶体；固液共存；（3）﹣4；（4）水的比热容较大，质
量相同的冰和水吸收相同的热量，水升温应较慢。
【点评】观察晶体与非晶体图象要学会看关键点，这样才能做出准确的判断。同时
要掌握温度计的正确使用与读数方法。
24．（4 分）小明用一个凸透镜及相关器材，探究凸透镜的成像规律。
第31页（共40页）（1）一束平行光射向凸透镜，光屏上得到一个最亮的光斑如图1所示。则该凸透
镜的焦距为 1 0 cm；
（2）小明把蜡烛、凸透镜及光屏放在光具座上（如图2所示），要使烛焰的像能成
在光屏的中央，必须将凸透镜向 下 调整；若要使烛焰在光屏成缩小的实像，
则要将凸透镜向 左 调整（均选填“上”、“下”、“左”或“右”）；该成像
原理与 照相机 （选填“放大镜”、“照相机”或“投影仪”）相同。
【分析】（1）从凸透镜的焦点和焦距的定义进行判断。
（2）探究凸透镜成像的实验时，在桌面上依次放蜡烛、凸透镜、光屏，三者在同一
条直线上，三者的中心大致在同一高度，像才能成在光屏的中心。
凸透镜成像的规律是：u＞2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机和摄像机。
2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，应用于幻灯机和投影仪。
u＜f，成正立、放大的虚像，应用于放大镜和老花镜。
【解答】解：（1）如图，平行于主光轴的光线经凸透镜折射后会聚在主光轴上一点，
这是凸透镜的焦点，焦点到光心的距离是凸透镜的焦距，凸透镜的焦距是：
f=25cm﹣15cm=10cm。
（2）要使烛焰的像能成在光屏的中央，凸透镜、光屏，三者中心大致在同一高度，
所以凸透镜向下调整。
若要使烛焰在光屏成缩小的实像，则要增大物距，此时像距缩小，像变小，所以应
将凸透镜向左调整；该成像原理与照相机相同。
故答案为：（1）10；（2）下；左；照相机。
【点评】以往的实验多数是在光具座上从左到右依次放置蜡烛、凸透镜、光屏，此
题是从右到左依次放置蜡烛、凸透镜、光屏，如果不认真审题，容易忽略此处的小
变化。
第32页（共40页）25．（5分）如表是小华测一滑轮组机械效率时收集的有关数据。
动滑轮 物重 钩码上升高 动力 动力作用点 滑轮组的
重G /N G/N 度h/m F/N 移动距离 机械效率
动
s/m η
1 0.5 1 0.1 0.7 0.3 47.6%
2 0.5 2 0.1 1.1 0.3 ① 60.6%
3 0.5 4 0.1 2 0.3 66.7%
（1）请在图甲中画出实验中滑轮组的绕绳方法。
（2）在实验过程中，应 竖直向上匀速 拉动弹簧测力计。
（3）将表格中的数据补充完整① 60.6% 。
（4）在第三次实验中，钩码上升 0.1m所用时间是1.5s，则动力的功率为 0.4
W。
（5）实验结束后，小华又进一步猜想：滑轮组的机械效率可能与滑轮组细线的绕
法有关。为了验证猜想是否正确，小华利用图乙和图丙两个完全相同的滑轮组进
行实验探究。若实验测得两滑轮组的机械效率大小 相等 （相等/不相等），则
可初步判断猜想是错误的。
【分析】（1）根据求出绳子的有效段数连接；
（2）在实验过程中，应竖直向上匀速拉动弹簧测力计；
（3）由表中数据，根据η= 求解；
（4）根据表中数据，根据P= 的推导公式求解；
（5）若实验测得两滑轮组的机械效率大小 相等，则可初步判断猜想是错误的。
【解答】解：（1）绳子的有效段数n= =3，连接如下所示：
第33页（共40页）（2）在实验过程中，应竖直向上匀速拉动弹簧测力计，此时测力计示数才等于拉
力大小；
（3）第2次实验，滑轮组的机械效率：
η= = = ≈60.6%。
（4）在第三次实验中，钩码上升0.1m（自由端移动的距离为3×0.1m=0.3m）所用
时间是1.5s，F =2N，则动力的功率P= = = =0.4W。
3
（5）实验结束后，小华又进一步猜想：滑轮组的机械效率可能与滑轮组细线的绕
法有关。为了验证猜想是否正确，小华利用图乙和图丙两个完全相同的滑轮组进
行实验探究。若实验测得两滑轮组的机械效率大小 相等，则可初步判断猜想是
错误的；
故答案为：（1）如上所示；（2）竖直向上匀速；（3）60.6%；（4）0.4；（5）相等。
【点评】本题测一滑轮组机械效率，考查滑轮组的转接、注意事项、效率和功率的
计算及影响机械效率的因素。
26．（5分）小华同学用“伏安法”来测量一只阻值约为5Ω的定值电阻R，实验
x
室有如下器材供选用：
A．两节干电池 B．开关一个和导线若干 C．电压表（0﹣
3～15V）
D．电流表（0～0.6﹣3A） E．滑动变阻器（0～10Ω） F．滑动变阻器（0～
100Ω）
第34页（共40页）（1）小华同学完成实验电路设计后，为了操作顺利和方便，除了A、B、C和D外，
小华同学还需选用
E 器材（选填“E“或“F”）；
（2）根据设计的实验电路要求，请用笔划线代替导线连接图甲中最后的两根导线；
（3）如图甲所示，连接好电路。在闭合开关前，为保护电路，滑动变阻器的滑片P
应该滑至 G 端（选填“G”或“H”）；
（4）小华在闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片P时，发现电流表示数始终为零，
而电压表有示数但不发生变化，此时电路中的一处故障是 C （选填A、B、C
或D）；
A．滑动变阻器断路 B．滑动变阻器短路
C．定值电阻R 断路 D．定值电阻R 短路
x x
（5）排除故障后，电流表示数为0.40A，电压表示数如乙图所示，则本次实验测得
的定值电阻R 是 5. 5 Ω。
x
【分析】（1）根据滑动变阻器的作用分析；
（2）根据电源电压和滑动变阻器的接法画图；
（3）闭合开关前，滑动变阻器阻值调至最大；
（4）根据灯泡发光情况、电流表和电压表是否有示数确定电路的故障；注意灯泡
不亮，说明电路存在断路或灯泡发生短路；电流表示数为零说明电路断路；根据
各选项的故障进行逐一分析。
（5）根据欧姆定律求出电阻。
【解答】解：（1）滑动变阻器在电路中是为了改变电流表和电压表的示数，实现多
次测量；滑动变阻器的阻值较大，则其两端分担的电压较大，定值电阻两端分担
的电压较小，当滑片移动时，电压表的示数变化较小，不利于实验的结果的测量；
故应选用滑动变阻器（0～10Ω）；
第35页（共40页）（2）电源电压为2节干电池，为3V，故电压表量程为0﹣3V；滑动变阻器采用一上
一下的接法，如图：
；
（3）闭合开关前，滑动变阻器阻值调至最大，即滑片移到G端；
（4）闭合开关后电流表没有示数，而电压表有示数，说明电压表并联部分断路，即
定值电阻R 断路；故选C；
x
（5）电压表的示数为2.2V，电流表示数为0.40A，由I= 得测得的定值电阻R 为
x
R= = =5.5Ω。
x
故答案为：（1）E；（2）如图；（3）G；（4）C；（5）5.5。
【点评】本题考查了实物电路图的连接和电路故障的判断、电压表的读数以及电
阻的计算，是一道基础题。
六、计算题（6+7+8=21）
27．（6分）某团队在海拔3000多米的高山上野营时，使用铁锅烧水，他们发现把
体积为 2L 的水从 10℃加热到 85℃时，共消耗了 0.5kg 的干木柴。（c
水
=4.2×103J/（kg•℃），q=1.2×107J/kg，p =1.0×103kg/m3）求：
水
（1）干木柴完全燃烧放出的热量。
（2）水吸收的热量。
（3）铁锅烧水的效率。
【分析】（1）知道干木柴的质量和热值，根据Q =mq求出干木柴完全燃烧放出的
放
热量；
（2）先根据密度公式求出水的质量，又知道水的比热容、初温和末温，根据Q
吸
=cm（t﹣t ）求出水吸收的热量；
0
第36页（共40页）（3）知道水吸收的热量和干木柴完全燃烧放出的热量，根据η= ×100%可以求
出铁锅烧水的效率。
【解答】解：（1）干木柴完全燃烧放出的热量
Q =mq=0.5kg×1.2×107J/kg=6×106J；
放
（2）水的体积V =2L=2×10﹣3m3，
水
由ρ= 可得，水的质量：
m =ρ V =1.0×103kg/m3×2×10﹣3m3=2kg，
水 水 水
水吸收的热量：
Q =c m （t﹣t ）=4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（85℃﹣10℃）=6.3×105J，
吸 水 水 0
（3）铁锅烧水的效率为η= ×100%= ×100%=10.5%。
答：（1）干木柴完全燃烧放出的热量为6×106J；
（2）水吸收的热量为6.3×105J；
（3）铁锅烧水的效率为10.5%。
【点评】本题考查了密度公式、燃料完全燃烧放热公式、吸热公式及效率公式的应
用，属于基础性题目，难度不大。
28．（7分）如图甲所示，圆柱形容器中盛有适量的水，其内底面积为100cm2．弹簧
测力计的下端挂着一个正方体花岗岩，将花岗岩从容器底部开始缓慢向上提起的
过程中，弹簧测力计的示数F与花岗岩下底距容器底部的距离h的关系如图乙所
示。（g=10N/kg）求：
（1）在花岗岩未露出水面前所受水的浮力大小；
第37页（共40页）（2）花岗岩的密度；
（3）从开始提起到花岗岩完全离开水面，水对容器底部减小的压强。
【分析】（1）由图乙可知，花岗岩在露出水面时，弹簧测力计的示数，可得花岗岩
的重力；又可得花岗岩在未露出水面前弹簧测力计的拉力，利用称重法可得花岗
岩所受水的浮力大小；
（2）由阿基米德原理F =ρ gV 可得花岗岩的体积，而花岗岩的质量m= ，利用
浮 水 排
密度公式求花岗岩的密度；
（3）花岗岩离开水面后，水面下降的高度等于排开水的体积除以容器底面积，再
利用液体压强公式求水对容器底部减小的压强。
【解答】解：
（1）由图乙可知，花岗岩的重力G=5.6N，
花岗岩在未露出水面前弹簧测力计的示数F=3.6N，
所以花岗岩所受水的浮力大小：
F =G﹣F=5.6N﹣3.6N=2N；
浮
（2）由F =ρ gV 可得花岗岩的体积：
浮 水 排
V=V = = =2×10﹣4m3，
排
花岗岩的质量：m= = =0.56kg，
花岗岩的密度：
ρ= = =2.8×103kg/m3；
（3）花岗岩离开水面后，水面下降的高度：
△h= = =0.02m，
水对容器底部减小的压强：
△p=ρ g△h=1×103kg/m3×10N/kg×0.02m=200Pa。
水
答：（1）在花岗岩未露出水面前所受水的浮力大小为2N；
（2）花岗岩的密度为2.8×103kg/m3；
第38页（共40页）（3）从开始提起到花岗岩完全离开水面，水对容器底部减小的压强为200Pa。
【点评】本题考查了重力公式、密度公式、液体压强公式、阿基米德原理的应用，能
根据图象提供的信息利用称重法求出花岗岩受到的浮力是关键。
29．（8分）如图所示电路，电源电压为6V保持不变，R =12Ω，滑动变阻器R 的最
1 2
大阻值为20Ω．当开关S闭合，S 、S 断开时，调节滑动变阻器的滑片至中点，恰好
1 2
使灯泡正常发光，此时电流表示数为0.3A．灯泡电阻按不变计算。求：
（1）灯泡的电阻和额定电压。
（2）灯泡在这种情况下通电1min，消耗的电能。
（3）当S、S 、S 都闭合时，调节滑片至最右端时，且电流表使用0～3A量程，求整
1 2
个电路消耗的电功率P。
【分析】（1）当开关S闭合，S 、S 断开且灯泡正常发光时，灯泡L与 R 串联，电流
1 2 2
表测电路中的电流，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出灯
泡的电阻，再根据欧姆定律求出灯泡两端的电压即为额定电压；
（2）根据W=UIt求出灯泡正常发光1min电流所做的功；
（3）当S、S 、S 都闭合且滑片位于最右端时，R 与R 的最大阻值并联，电流表测干
1 2 1 2
路电流，根据电阻的并联求出电路中的总电阻，利用P= 求出电路消耗的电功
率
【解答】解：（1）当开关S闭合，S 、S 断开且灯泡正常发光时，灯泡L与 R 串联，
1 2 2
电流表测电路中的电流，
由I= 可得，电路中的总电阻：
第39页（共40页）R= = =20Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，灯泡的电阻：
R=R﹣ R =20Ω﹣ ×20Ω=10Ω，
L 2
灯泡的额定电压：
U=IR=0.3A×10Ω=3V；
L L
（2）灯泡正常发光1min电流所做的功：
W=UIt=3V×0.3A×60s=54J；
L L
（3）当S、S 、S 都闭合且滑片位于最右端时，R 与R 的最大阻值并联，电流表测干
1 2 1 2
路电流，
因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，
所以，电路中的总电阻：
R′= = =7.5Ω，
电路消耗的电功率：
P= = =4.8W。
答：（1）灯泡的电阻为10Ω，额定电压为3V；
（2）灯泡在这种情况下通电1min，电流所做的功为54J；
（3）整个电路消耗的电功率P为4.8W。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，分清开关闭
合、断开时电路的连接方式是解题的关键，要注意灯泡正常发光时的电压和额定
电压相等。
第40页（共40页）
