2020年安徽省安庆市中考二模物理试题（含答案）_1、初中学习资料_4-4、物理_4-4-5、初三物理全册_2024更新_物理9年级全：2020年试题资料_2020年各地月考、期中、模拟真卷_安徽

2020 年安庆市中考模拟考试物理试题
一、填空题
1.“马赫”一般用于描述飞机、火箭等航空航天飞行器的运行速度。马赫数指的是飞行器速度与声音速度的
比值。已知声音在15℃空气中的传播速度为340m/s，我国人民空军王牌部队的歼-20战机最大飞行速度约为
3马赫，则3马赫=__________km/h。
【答案】3672
【解析】
【详解】由题意可知，马赫数指的是飞行器速度与声音速度的比值，即 ，则3马赫为
2.“5G”是第五代移动通信网络的简称。移动通信主要是依靠无线网络通信技术，就是利用__________进行
信息传输。（选填“机械波”或“电磁波”）
【答案】电磁波
【解析】
【详解】无线通信是利用电磁波信号在自由空间中传播的特性进行信息交换的一种通信方式。
3.夏天，我们常能在荷叶上看到有许多的小水滴，这些小水滴总是以球形的小水珠形式存在在荷叶表面。其
原理是水滴表面的分子受到内部水分子之间的__________作用，产生了一种向内部聚集运动的趋势，水滴的
表面就会尽可能的缩小，最后就缩小成了球体。
【答案】引力
【解析】【详解】水滴表面分子受到内部分子的引力作用，产生了向内部运动的趋势，这样一来，水滴的表面就会尽可
能地缩小。
4.如图所示，一个质量为2kg的包裹放在传送带上一起向右做匀速运动，忽略空气阻力。请你在图中画出此时
该包裹的受力示意图。
【答案】
【解析】
【详解】由于物体和传送带一起匀速运动，相对静止，所以物体不受摩擦力的作用，只受垂直方向上的重力和
支持力的作用，且
F=G=mg=2kg10N/kg=20N
为
受力示意图 ：
。
5.如图所示为手机无线充电装置，手机和充电板内部均安装了金属线圈，将手机置于通电的充电板上，便实
现了“无线充电”。无线充电是利用了____________原理。
【答案】电磁感应
【解析】
【详解】手机内部的线圈，能将充电板中变化的磁场转化为电流给手机电池充电，是利用电磁感应原理工作的。6.可燃冰是由甲烷与水在高压低温条件下形成的类冰状的固体结晶，其在常温常压下会迅速__________（填
物态变化名称）为可燃气体。
【答案】升华
【解析】
【详解】可燃冰在常温常压下会由固态变为气态，释放出可燃气体，是升华现象。
7.如图所示，用滑轮组拉动重为200N的物体在水平桌面上匀速直线运动。已知F=20N，滑轮组的机械效率为
85%，则物体与桌面的之间的摩擦力大小为__________N。
【答案】51
【解析】
【详解】由图可知，由3段绳子通过动滑轮，则s =3s ，滑轮组的机械效率为85%，即
F 物
η= = = = 85%
解得
f=51N
即物体与桌面的之间的摩擦力为51N。
8.物理学中规定：单位时间内通过某一导体任一横截面的电量（单位库伦）叫做电流强度，简称电流。某导体
两端的电压为6伏，在10秒内通过其某一横截面的电荷量为3库伦，则在这段时间内电流所做功为
__________J。
【答案】18
【解析】
【详解】由I= 得Q=It，则这段时间内电流做功
W=UIt=UQ=6V×3C=18J
这段时间内电流所做功为18J。9.如图所示，电源电压U=9V，滑动变阻器R的滑片P滑到某点时，电流表的示数为0.6A，电阻R 消耗的功率
2
为0.9W。已知R 为10Ω，则R连入电路的阻值为__________Ω。
1
【答案】10
【解析】
【分析】
【详解】由电路图可知，电阻R 与R 并联，再与滑动变阻器R串联，电流表测量干路电流，当电流表的示数为
1 2
0.6A时，有
电阻R 消耗的功率为0.9W，由P=UI可得电阻R 所在支路的电流为
2 2
电阻R 所在支路的电流为
1
则有
可得
则R连入电路的阻值为
10.如图所示，空气中的一束激光从左边入射一块等腰直角形的玻璃，请完成这束光的传播光路。（已知光由玻璃进入空气时的临界角约为41.5°）
（ ）
【答案】
【解析】
【详解】由几何知识可知，当从玻璃中斜射入空气时，其入射角为45°，大于临界角，故发生全反射，光线从玻
璃进入空气时，因是垂直照射，所以方向不变，如图所示：
二、选择题
11.关于声音的表述，下列说法正确的是（ ）
A. 音调的单位是频率
B. 0分贝是指周围环境没有声音
C. 声音是以波的形式进行传播的，可以发生反射、折射等现象
D. 超声波的速度比声音的速度要快
【答案】C
【解析】
【分析】
【详解】A．音调由物体振动的频率决定，频率不是单位，故A错误；
B． 0分贝是指人的听觉下限，不是周围环境没有声音，故B错误；
C． 声音是以波的形式进行传播的，声波是机械波，从一种介质传播到另一种介质时，可以发生反射、折射等
现象，故C正确；
D．在相同温度的同种介质中，超声波的速度与声音的传播速度相同，故D错误。故选C。
12.下列说法错误的是（ ）
A. 温度是可以直观反映分子动能大小的宏观物理量
B. 汽油机的压缩冲程是通过做功将内能转化成机械能
C. 医疗用额温枪是通过传感器接收身体发出的红外线得出感应体温数据
D. 冰在熔化过程中吸收热量，温度不变，内能增加
【答案】B
【解析】
【分析】
（1）温度在宏观上反映物体的冷热程度，是分子平均动能的标志；
（2）改变内能有两种方式：做功和热传递；其中做功改变内能，本质是机械能转化为内能，外界对物体做功，
物体内能增加；
（3）一切物体都会向外辐射红外线，温度越高，辐射的红外线越多；
（4）晶体熔化过程中吸收热量，温度保持不变。
【详解】A．温度是分子平均动能的标志，温度高的物体分子平均动能大，这是统计规律，所以能直接反映分子
平均动能大小的宏观物理量是物体的温度，A项正确；故A项不符合题意；
B．汽油机的压缩冲程活塞压缩汽油与空气的混合物，使混合物的温度升高，内能增加，本质是机械能转化为
内能，B项错误；故B项符合题意；
C．医疗用额温枪是通过对物体自身辐射的红外能量的测量，准确测定它的表面温度，C项正确；故C项不符
合题意；
D．冰属于晶体，在熔化过程中温度虽然不变，但吸收热量，所以内能增加，D项正确；故D项不符合题意。
故选B。
13.如图所示，A、B两物块叠放在水平桌面上保持静止。图中分别给出了A、B的受力示意图。下列说法不正
确的是（ ）A. N 的大小等于G +G B. F 和f 两个力的合力大小等于G
B A B N B A
C. f 与f 是一对平衡力 D. N 与F 是一对作用力与反作用力
A B A N
【答案】C
【解析】
【详解】由图知，A物块受到B对它的支持力N 、向下的重力G 、B对它的摩擦力f ， B物块受到地面对它向
A A A
上的支持力N 、向下的重力G 、A对它的摩擦力f ，A对它的压力F ；
B B B N
A．A、B两物块叠放在水平桌面上保持静止，B对地面的压力等于A和B的总重力，因力的作用是相互的，地
面对B的支持力N 与B对地面的压力是一对作用力与反作用力，大小相等，即N 的大小等于G +G ，故A
B B A B
正确，不符合题意；
B．以B为研究对象，B物块在水平桌面上保持静止，受力平衡，B受4个力，N 、G 、f 、F ，4个力的合力为0，
B B B N
N 的大小等于G +G ，因此F 和f 两个力的合力大小等于G ，故B正确，不符合题意；
B A B N B A
C．B对A的摩擦力f ，因力的作用是相互的，则A对B有反方向的摩擦力f ，所以f 与f 是一对作用力与反
A B A B
作用力，故C错误，符合题意；
D．N 是B对A的支持力，因力的作用是相互的，则B对A有反方向的压力F ，所以N 与F 是一对作用力
A N A N
与反作用力，故D正确，不符合题意。
故选C。
14.小明做探究杠杆平衡条件的实验时将手中的5个钩码挂成了如图所示的情况，则（ ）
A. 由图可以得到杠杆平衡条件为FL=FL
1 1 2 2
B. 小明在F 和F 的下方各再挂一个钩码杠杆仍能平衡
1 2
C. 小明取下F 下的一个钩码并将F 的钩码取下杠杆仍能平衡
1 2
D. 小明取下F 下的钩码并将F 的钩码向右移至20cm处杠杆仍能平衡
2 3
【答案】D
【解析】
【详解】A．假设一个钩码的重力为G
F=2G，F=G，F=2G
1 2 3各力力臂为
L=20，L=10，L=15
1 2 3
FL=2G20=40G
1 1
FL=G10=10G
2 2
FL=2G15=30G
3 3
杠杆平衡的条件为
FL=FL+FL
1 1 2 2 3 3
故A不符合题意；
B．在F 和F 的下方各再挂一个钩码后
1 2
FL=3G20=60G
1 1
FL=2G10=20G
2 2
FL=2G15=30G
3 3
FL>FL+FL
1 1 2 2 3 3
杠杆失去平衡，故B不符合题意；
C．取下F 下的一个钩码并将F 的钩码取下后
1 2
FL=G20=20G
1 1
FL=0
2 2
FL=2G15=30G
3 3
FL<FL+FL
1 1 2 2 3 3
杠杆失去平衡，故C不符合题意；
D．取下F 下的钩码并将F 的钩码向右移至20cm处后
2 3
FL=2G20=40G
1 1
FL=0
2 2
FL=2G20=40G
3 3
FL=FL+FL
1 1 2 2 3 3
杠杆重新平衡，故D符合题意。
故选D。
15.如图所示，小明同学在做测量小灯泡电阻的实验时不小心将电压表和电流表的互换了位置，如果此时将
开关闭合，则（ ）A. 两表都不会被烧坏 B. 电流表不会被烧坏，电压表可能被烧坏
C. 两表都可能被烧坏 D. 电压表不会被烧坏，电流表可能被烧坏
【答案】A
【解析】
【详解】两电表互换后，电流表当作导线，电压表当作断路，该电路断路，电流表无示数，电压表读数为电压表
示数。
故选A。
16.如图所示电路中，电源电压不变，R 为定值电阻，R 为滑动变阻器（a、b为其两端点）．当滑片P在某一端
1 2
点时，电流表示数为0.1A，R 消耗的功率为1W；当滑片P移动至某一位置时，电流表示数为0.3A，R 消耗的
2 2
功率为1.8W.则当滑片P从a移到b的过程中
A. 电流表示数变化了0.6A
.
B 电压表示数变化了4V
C. 电路消耗的总功率变化了6W
D. R 消耗的电功率变化了5W
1
【答案】C
【解析】
【详解】由电路图可知，R 与R 串联，电压表测R 两端的电压，电流表测电路中的电流；
1 2 2
因当滑片P在某一端点时电流表示数0.1A小于当滑片P移动至某一位置时电流表示数0.3A，所以滑片P在
该端点时接入电路的阻值最大，即滑片位于b端，由P=UI可得，R 两端的电压：U= 10V，由I=
2 2可得，滑动变阻器的最大阻值：R 100 ，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，
2
电源电压：U=IR+U=0.1A×R+10V；当滑片P移动至某一位置时，电流表示数为0.3A，滑动变阻器两端的
1 1 2 1
电压：U′ 6V，所以电源电压：U=IR+U′=0.3A×R+6V，因电源的电压不变，所以，
2 2 1 2 1
0.1A×R+10V=0.3A×R+6V，解得：R=20 ，电源电压：U=IR+U=0.1A×20 +10V=12V；
1 1 1 1 1 2
当P在a端时，R 连入阻值为0，则电压表的示数为0，电路为R 的简单电路；电流表最大示数：I= =
2 1
=0.6A，R 消耗的电功率与电路消耗的总功率相等，所以P=P=UI=12V×0.6A=7.2W；当P在b端时，电路中
1 1
的电流I′=0.1A，电压表示数U=10V，R 消耗的电功率：P′=(I′)R=(0.1A)2×20 =0.2W，电路消耗的总
2 1 1 2 1
功率：P′=UI′=12V×0.1A=1.2W，则当滑片P从a移到b的过程中：电流表示数变化了
△I=I−I′=0.6A−0.1A=0.5A，故A错误；电压表变化了△U=10V−0V=10V，故B错误；R 消耗的电功率变化
2 1
了△P=P−P′=7.2W−0.2W=7W，故D错误；电路消耗的总功率变化了△P=P−P′=7.2W−1.2W=6W，故C
1 1 1
正确．
17.如图所示电路中，闭合开关S，灯泡L 和L 均发光。若再闭合S，灯L 发光的同时，关于灯L 和L 的发光
1 1 2 2 3 1 2
情况，下列说法正确的是（ ）
A. L 和L 均变亮 B. L 变亮，L 变暗
1 2 1 2
C. L 和L 均变暗 D. L 变暗，L 变亮
1 2 1 2
【答案】B
【解析】
【详解】由电路图可知，闭合开关S 时，L 与L 串联；再闭合S 时，L 与L3并联后再与L 串联；因并联电路中
1 1 2 2 2 1
总电阻小于任何一个分电阻，且串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，再闭合S 后电路的总电阻变小，
2由 可知，电路中的总电流变大，由U= IR可知， L 两端的电压变大，因灯泡的亮暗取决于实际功率的
1
大小，所以，由P = UI可知， L 的实际功率变大，L 变亮。因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，并
1 1
联部分两端的电压变小，且并联电路中各支路两端的电压相等，所以，由
可知，L 的实际功率变小，L 变暗。
2 2
故选B。
三、实验题
18.国家“学生饮用奶计划”在全省推广开来，小明每天都能喝到新鲜优质的牛奶。在学习了密度知识以后，
小明利用托盘天平、烧杯测量牛奶的密度，他进行了如下操作：
(1)小明观察到牛奶包装盒上标有250mL字样；
的
(2)将盒装牛奶放在已经调节好 天平左盘，在右盘中加减砝码后，发现天平仍然不平衡，小明接下来应该进
行的操作是____________；
(3)天平平衡后，右盘中砝码的质量和游码在标尺上的位置如图甲所示。然后小明将盒中的牛奶倒入烧杯中，
用天平测得牛奶包装盒的质量为7g。则牛奶的密度为_________g/cm3；
(4)小刚用这种方法测出的牛奶密度和真实值相比_________（选填“偏大”或“偏小”）。
【答案】 (1). 调节游码使天平平衡 (2). 0.9 (3). 偏小
【解析】
【详解】(2)[1] 将盒装牛奶放在已经调节好的天平左盘中，在右盘中加减砝码后，发现天平仍然不平衡，小刚
接下来应该进行的操作是向右移动游码，使横梁平衡。
(3)[2] 牛奶的质量为
牛奶的密度为(4)[3] 牛奶盒还残留有一些牛奶，所以牛奶盒的质量偏大，测得的牛奶净重偏小，所以计算出的牛奶密度偏小。
19.利用伏安法测量未知电阻阻值时，由于电表自身的内阻而导致测量的误差无法避免。小明设计了如图
（a）、（b）两种电路连接方式来减小测量误差。为了研究使用哪一种连接方式能更加能准确的测量Rx的值，
小明利用电压表试触点1、2的方法做了如图（c）所示的实验探究：
(1)实验发现电压表的变化量大于电流表的变化量时，则应选择图________（选填“a”或“b”）进行实验使
测量误差更小。其根本本质是因为Rx的阻值和________（选填“电压表”或“电流表”）的内阻比较接近，
导致选择另一种接法误差更大；
(2)若某次实验中使用的电压表内阻Rv=3kΩ，电流表的内阻R =0.5Ω，则测量一个阻值约为10Ω的未知电阻
A
阻值，应选择图________（选填“a”或“b”）的连接方式误差更小。
【答案】 (1). a (2). 电流表 (3). a
【解析】
【详解】[1][2] 小明利用电压表试触点1、2的方法做了如图（c）所示的实验探究，实验发现电压表的变化量大
于电流表的变化量，即电流表分到较多的电压，根据串联电路的分压原理知，电流表的电阻较大。故选a图实
验，可以减少电流表内存分压的影响。
的
[3] 3kΩ远大于10Ω，所以电压表对该电阻 影响较小，而0.5Ω与10Ω相差不大，所以电流表的影响较大，故
选a进行实验。
20.如图甲（a）所示，是小明为了研究通过小灯泡的电流跟加在它两端电压的关系设计路图，实验中使用的小
灯泡额定电压为2.5V：
(1)由于滑动变阻器的使用限制，图甲（a）的电路图无法测量到较小的电压数据值，为了完善实验数据，小明设计了如图b所示的电路图，请按照图b的连接方式将图乙的实物图连接完整；
（ ）
(2)比较图a、b的两种滑动变阻器的使用方式，为了节约电能的消耗应选择图________（选填“a”或“b”）
的连接方式更加合适。
【答案】 (1). (2). b
【解析】
【详解】[1] 由电路图可知，滑动变阻器的AB端都连上，且A端连到电源的负极，如图所示：
。
[2] b图中的滑片P左右两边的电阻丝都连接到电路，故整个滑动变阻器都起作用，即电阻最大，电路电流最
小，根据公式
W=Pt=UIt
可知，相同时间内，b消耗电能更少。
四、计算题
21.已知物体动能的表达式为 ， 重力势能表达式为 。如图所示，小明从高出地面3m的
位置竖直向上抛出一个小球，它上升5m后回落，最后到达地面，不计空气阻力。求：
(1)小球抛出时的出手速度v；
0(2) 小球落地时的速度v。
【答案】(1)10m/s；(2)
【解析】
【详解】(1) 小球到达最高点时，动能完全转化为重力势能，则
即
解得
v=10m/s
0
(2) 小球落地时，重力势能转化为动能，则
即
解得
答：(1)小球抛出时的出手速度v 为10m/s。
0
(2)小球落地时的速度v为 。
22.电阻式传感器被广泛应用与测力、测压、称重等领域，其核心部分是一只可变电阻。小明同学用如图甲所
示电路研究某电阻式传感器的一些特性，图中R 为定值电阻，R为电阻式传感器。当控制其阻值从0逐渐变
0
为60Ω时，小明测得传感器消耗的电功率与通过它的电流关系图像如图乙所示，已知电源电压恒定不变。求：
(1)当电流为0.1A时，传感器的电阻；(2)功率P 的值；
1
(3)电源电压和R 的阻值。
0
【答案】(1) ；(2)0.6W；(3)7.5V；
【解析】
【详解】由电路图可知，R与R 串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
0
(1) 由题知，电阻式传感器的阻值从0变为60Ω，传感器消耗的电功率与通过它的电流关系图象如图乙所示。
由图乙可知，通过传感器的电流最小为0.1A，由欧姆定律可知电路中的总电阻最大，传感器的电阻最大，即
为60Ω。
(2) 当I=0.1A时，P 的值
1
(3) 当电路中的电流I=0.1A时，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以由 可知，电源电压为
······①
当R=0Ω时，电路为R 的简单电路，此时电路中的电流最大，由图乙可知最大电流I'=0.5A，则电源的电压
0
······②
因电源的电压不变，所以
解得
R=15Ω
0
U=7.5V
答：(1)当电流为0.1A时，传感器的电阻为60Ω。
(2)功率P 为0.6W。
1
(3)电源电压为7.5V ，R 的阻值为15Ω。
0
23.如图所示，是利用称重法测浮力的实验过程。面积为1m²的桌面上放有一个底面积为20cm²的烧杯，烧杯
里装有200mL的水，弹簧测力计下竖直挂一物体。当把物体浸入水中1/3体积时，如图乙所示，弹簧测力计示
数为12N；当物体浸入水中1/2体积时，如图丙所示，弹簧测力计示数为10N。求：(1)当把物体全部浸没水中后，物体所受到的浮力；
(2)物体的质量；
(3)图丙相对图甲，水对容器底部压强的变化量。
【答案】(1)12N；(2)1.6kg；(3)3000Pa
【解析】
【详解】(1)设物体完全浸没与水中，收到浮力为F ，物重为G，由图乙知物体浸入水中1/3体积时，根据阿基
浮
米德原理可知，此时受到浮力为 ，则
······①
当物体浸入水中1/2体积时，受到浮力为 ，则
······②
由①②解得
G=16N
F =12N
浮
即物体完全浸没与水中，收到浮力为12N。
(2)物体的质量为(3)图丙中物体收到浮力为
根据阿基米德原理
容器底面积为
则容器中液体上升
水对容器底部压强的变化量为
答：(1)当把物体全部浸没水中后，物体所受到的浮力为12N。
(2)物体的质量1.6kg。
(3)图丙相对图甲，水对容器底部压强的变化量3000Pa。