第 1 页 共 5 页
物理试题答案
1.A 2.B
3.【答案】C 【详解】A．图甲中，脱水桶的脱水原理是水滴的附着力不足以提供做圆周运动的向
心力时水滴做离心运动被甩出，选项A 错误；B．图乙中，火车转弯时行驶速度超过设计速度
时，火车受
支持力和重力的合力不足以提供火车做圆周运动的向心力，此时火车有做离心运动
的趋势，则车轮会挤压外轨，选项B 错误； C．图丁中，“水流星”转动过程中，在最高点处当
满足
时，绳子的拉力等于0，选项C 正确。D．图丙中，汽车通过拱桥最高点时，加速
度向下，汽车失重，则汽车受到的支持力小于重力，选项D 错误；
4. 【答案】C【详解】A．根据动能定理可知，运动员在P 点的动能为
故A 错误；B．运动员从M 点到P 点机械能减少量等于该过程克服阻力做的功，可知运动员从M
点到P 点机械能减少了
，故B 正确；C．以P 点所在平面为零势能面，运动员在P 点的重力势
能为零，则运动员在P 点的机械能等于该位置运动员的动能；从P 点到Q 点只有重力做功，机械
能守恒，则有
故C 正确；D．运动员从M 点到Q 点重力势能减少量等于该过程
重力做的功，该过程重力势能减少了
，故D 错误。
5.【答案】B 【详解】AB．物体在空中运动阶段，由动能定理有
解得
,
与成线性对称关系。故A 错误，B 正确；C．由
可判断
与竖直方向位移成线性变化，故C 错误；D．物体在空中只受重力作用，机械能守恒，
故D 错误。故选B。
6. 【答案】D 【详解】A．座椅所受重力和缆绳拉力的合力提供其做匀速圆周运动的向心力，故
A 正确；B．如图,由牛顿第二定律有
,解得
故B 正
确；
C．同理有
,由几何关系有
,解得
线速度大小为
故正确；D.座椅由静止至达到稳定
速度的过程中，由动能定理有
,解得
故D 错误。
第 2 页 共 5 页
7.【答案】D 【详解】A．第一宇宙速度是近地卫星的环绕速度，根据
,可得
小球在最高点时，根据牛顿第二定律有
,变形得
由F-v2图像可知，当
时，
,当
时，
此时
,则
,X 星球的第一宇宙速度
，A 错误；BC．由
又
,化简可得
,星球密度
，B 错误，C 错误；
D．卫星轨道半径
,根据万有引力提供向心力
,结合
,解得
，D 正确。
8.【答案】AB 【详解】根据题意可知在
点蹦床对运动员的弹力等于运动员的重力：A．在
到
过程，除了重力对运动员做功外，还有蹦床弹力对运动员做负功，运动员的机械能减少，故
A 正确；
B．运动员从
到
过程做自由落体运动，速度增大，从
到
过程所受的弹力小于其重力，所以
速度继续增大，从
到
过程所受的弹力大于其重力，做减速运动，可知在B 点，速度达到最
大，动能最大，故B 正确；C．运动员从
到C 过程中，重力一直对其做正功，重力势能一直减
小，故C 错误；D．从
到
过程，蹦床对运动员的弹力竖直向上，运动员向下运动，可知蹦床
对运动员的弹力做负功，蹦床的弹性势能增大，故D 错误。故选AB。
9.【答案】AD 【详解】A．根据
图像可知，物体A、B 的加速度大小为
对物体A，根据牛顿第二定律可得
,解得A、B 间的动摩擦因数
，故A 正确；
B．对物体B，根据牛顿第二定律可得
,解得木板A 的质量
，故B 错误；
C．
时间内，二者的相对位移为
,解得
，故C 错误；
D．根据能量关系可得系统损失的机械能
代入数据解得
，故D 正
确。
10.【答案】CD 【详解】A．从A 到B，环和重物系统的机械能守恒，故A 不正确；BD．环到
B 时，由几何关系知
, 故
, 设环到B 时，重物上升高度为h ，则
设到B 时环的速度为v，则重物的速度为
,则根据环和重物组成的系统机械能守恒
4
tan
3
53
5
(
)sin53
4
5
d
d
h
d
cos53
0.6
v
v
第 3 页 共 5 页
有
,解得
,显然，从A 到B，环重力势能的
减少量等于重物机械能的增加量与环动能的增量，故B 错误，D 正确。C．环下降到最低点时，
设此时滑轮到环的距离为
，根据环与重物系统机械能守恒，有
求得
,则环下降的高度为
,故C 正确。故选CD。
11. （1） AB （2） ①. 0.629
. 0.600
②
（2） 2g （3）C
（2）①.重锤的重力势能减少量
.
②打点间隔为
,打B 点时重锤
速度为
重锤动能的增加量为
(3).根据机械能守恒定律得
,解得
,斜率为
(4).由于纸带在下落过程中，重物和空气之间存在阻力，纸带和打点计时器之间存在摩擦力，所以
减小的重力势能一部分转化为动能，一部分克服空气阻力和摩擦力做功，故重力势能的减少量大
于动能的增加量，故选C。
12. 【答案】(1) 匀速
(2) B
【详解】（1）[1]若气垫导轨水平，则滑块不挂钩码时在气垫导轨上受的合外力为零，能在气垫
导轨上静止或能在导轨上匀速直线运动，或滑块经过两个光电门的时间相等；
[2]如果要验证动能定理表达式，则需满足
，其中
，
即需满足
（2）A．因钩码向下运动的位移大小为x 时，滑块运动的位移大小就是2x，所以滑块的加速度大
小就是钩码加速度的2 倍，则A 错误；B．弹簧测力计的读数为滑块所受合外力大小，故B 正
确；
C．实验过程中钩码合力竖直向下，则处于失重状态，故C 错误；D．滑块的合力可以由弹簧测力
计直接测量，所以不需要钩码的总质量
应远小于滑块和遮光条的总质量
，故D 错误。故选
B。
13.【答案】(1).16J (2).
(3).
【详解】（1）选
所在平面重力势能为零，物体在
点相对零势能面的高度为，根据重力势
2
2
1
3
2.5 (0.6 )
2.5
2
2
4
1
5
d
d
mv
m
v
mg
mg
5
19
gd
v
L
2
2
2.5
(
)sin53
mg
L
d
mg L
d
5
3
L
d
2
2
4
3
h
L
d
d
第 4 页 共 5 页
能定义式
（2 分） ⇒
（1 分）
（2）.物体从
点下滑至
点的过程中，轨道光滑，只有重力做功，机械能守恒。根据机械能守
恒定律有
（2 分）,解得
（1 分）
（3）.对物体从
点开始运动直到在水平轨道上停止的全过程应用动能定理，重力做正功，摩擦
力做负功，初末动能均为零。方程为
（3 分）,代入数据解得
（1 分）
14. 【答案】(1).
(2).0.6m/s2 (3).720m
【详解】（1）.根据
（2 分），可得汽车所受的阻力大小
（1 分）
（2）.∵V3>V1，∴当汽车的速度V3=25m/s 时，由
（2 分），得F=3200N，
根据
（2 分），解得a=0.6m/s2 （1 分）
（3）.0~20s 的位移：
（1 分）
20s~38s 内对汽车由动能定理：
（2 分）,解得
（1 分）
0~38s 的位移:
（2 分）
15.【答案】(1).EP=4.5J (2).6m/s (3).80N,方向竖直向下（4）.Q=2J， △E 电=6J
【详解】(1).小物块在P 点处：
（1 分），
（1 分）
（2）.水平台NO 段对系统由能量守恒：△E 增=
E
△
减
（1 分），
（1 分）
（3）.PA 段对小物块由动能定理：
（1 分）， 解得
在A 点，根据牛顿第二定律可得:
（1 分）,解得
由牛顿第三定律，小物块在A 点对轨道的压力大小
（1 分）
（4）.小物块恰好过C 点时，NC=0,即
（1 分），可得
CE 段对小物块由动能定理：
（1 分），解得
（1 分）
第 5 页 共 5 页
小物块滑上传送带时由牛顿第二定律：
，解得
（向右）（1 分）
设小物块一直匀加速到V 的位移
，解得
∵
，∴小物块先做匀加速直线运动再做匀速直线运动（1 分）
在小物块加速阶段，系统产生的摩擦热
（1 分），加速时间
解得Q=2J（1 分）。
小物块和传送带系统由能量守恒：△E 增=
E
△
减
（1 分），解得
（1 分）
