文档文本内容
西南大学附中高 2027 届高二下 6 月定时检测
物理答案
一、选择题：1-7，每题 4分。8-10，全部选对的得 5分，选对但不全的得 3分，有选错的得 0
分。
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
B A B B C C C AC BD ABD
三、实验题：本大题共 2小题，共 16分．
11、（7分）（1）增大（2分） （2）10.2（2分） 156（3分）
12、（9分）（1）C（2分） （2）0.620−0.640均可（2分）
M +m ( 6−n ) m g
（3） （3分） （4） 0 （2分）
M 6m +M
0
四、计算题
13．（11分）（1）当足球与队员速度相等时，由v +at =v
0 1 共 1
解得t =1s
共
v +v
此时足球运动x = 0 1t =11m
足 共
2
队员运动x =vt =10 m，
队 1 共
二者相距最远距离为d = x −x =1m
m 足 队
（2）此后足球减速为0时0=v −at
0 1 2
解得t =6s
2
对队员x′ =v t =60m>36m
队 2 2
1
故队员在足球停止运动前追上足球，由vt =v t− at2
1 0 2 1
解得t =2s
14．（12分）（1）风筝受三个力，如图所示
学科网（北京）股份有限公司根据平衡条件列方程，初始状态风筝平面、风筝线与水平面夹角均为30°
因此水平方向Fsin30°=Tcos30°
竖直方向Fcos30°=mg+Tsin30°
联立解得F = 3mg
（2）风力变为原来的2倍，即F′=2F =2 3mg
风筝平面倾角不变，故F′方向不变。设调整后风筝线拉力为T′，风筝线与水平面夹角为θ，重新列平衡方
程，水平方向F′sin30°=T′cosθ
竖直方向F′cos30°=mg+T′sinθ
代入F′=2 3mg
T′cosθ= 3mg
化简得：
T′sinθ=2mg
利用同角三角函数关系sin2θ+cos2θ=1
两式平方相加得T2 ( sin2θ+cos2θ ) = ( 3mg )2 +( 2mg )2
即T2 =7m2g2
解得T′= 7mg
（若把改变后风力理解为F′=3 3mg，方程形式不变，T′= 19mg）
v2 3+2 6 3− 6 10 2 15 v2
15．（18分）（1）L= 0 ；（2）①v = v ，v = v ，②Δx = − 0
3µg 物1 9 0 甲 9 0 m 147 245 µg
（1）由题知，物块与木板相对运动过程中，物块向右匀减速，木板向右匀加速，最终两者速度相同，设物
块运动的加速度大小为a，有µmg =ma
可得a=µg
学科网（北京）股份有限公司木板运动的加速度大小为a ，有µmg =2ma
1 1
µg
可得a =
1 2
两者相对运动过程中，历时t，最终共同速度大小为v ，则v =v −at =at
共 共 0 1
2v v
解得t = 0 ，v = 0
3µg 共 3
v +v
设该过程中，物块位移大小为x ，木板位移大小为x ，则对物块有x = 0 共 t
物 木 物
2
v
对木板有x = 共 t
木
2
木板长度L= x −x
物 木
v2
联立解得L= 0
3µg
（2）①由题知，物块在甲上运动过程中，物块向右匀减速的加速度大小仍为a=µg，甲、乙、丙一起向
µg
右匀加速的加速度大小仍为a = 。设物块在甲上运动过程中，历时t ；物块离开甲时，物块位移大小
1 2 1
1
为x ，甲、乙、丙位移大小为x ，对物块有x =v t = at2
物1 1 物1 01 2 1
1
对甲、乙、丙有x = at2
1 2 11
L
且x −x =
物 1 3
( )
2 3− 6 v
0
联立解得t =
1 9µg
物块离开甲时，物块速度大小为v ，甲、乙、丙速度大小为v ，对物块有v =v −at
物1 甲 物1 0 1
3+2 6
解得v = v
物1 9 0
对甲、乙、丙有v =at
甲 11
3− 6
解得v = v
甲 9 0
②物块离开甲滑上乙后，甲向右做匀速直线运动，物块向右匀减速的加速度大小仍为a=µg，乙和丙一起
学科网（北京）股份有限公司2
向右匀加速的加速度大小为a ，有µmg = ⋅2ma
2 3 2
3µg
得a = ．
2 4
假设物块能离开乙，设物块在乙上运动过程中，历时t ，物块位移大小为x ，乙和丙位移大小为x ，对
2 物2 2
1
物块有x =v t − at2
物2 物1 2 2 2
1
对乙和丙有x =v t + a t2
2 甲 2 2 2 2
L
且x −x =
物2 2 3
( )
4 6−2 10 v
0
联立解得t =
2 21µg
物块离开乙时，物块的速度为v ，乙和丙的速度为v ，对物块有v =v −at
物2 2 物2 物1 2
1 2 6 2 10
解得v = + + v
物2 3 63 21 0
对乙、丙有v =v +a t
乙 甲 2 2
1 2 6 10
解得v = + − v
乙 3 63 14 0
由v >v 知，物块将离开乙滑上丙，之后乙向右做匀速直线运动，物块向右匀减速，丙向右匀加速，设
物2 乙
1
丙运动的加速度大小为a ，µmg = ⋅2ma
3 3 3
3µg
得a =
3 2
假设物块没有滑出丙，最终两者一起向右匀速运动，共同速度为v′ ，物块在丙上运动的时间为t ，则
共 3
10v
v′ =v −at =v +a t 解得t = 0
共 物2 3 乙 3 3 3 15µg
物块在丙上相对运动过程中，物块位移大小为x ，丙位移大小为x ，
物3 丙
v +v′ v +v′
对物块有x = 物2 共 t ，对丙有x = 乙 共 t
物3 2 3 丙 2 3
该过程中，物块与丙的相对位移大小Δx = x −x
物丙 物3 丙
学科网（北京）股份有限公司v2
联立解得Δx = 0
物丙 18µg
L v2
由Δx < = 0 可知，物块最终没有滑出丙，将与丙一起向右做匀速直线运动
物丙 3 9µg
L v2
因此，最终物块到丙右端的距离Δx= −Δx = 0
3 物丙 18µg
在物块和丙相对运动的整个过程中，甲的位移大小x = x +v ( t +t )
甲 1 甲 2 3
v +v
乙的位移大小x = x +x +v t ，其中x = 甲 乙 t
乙 1 2 乙 3 2 2 2
该过程中，甲和乙之间的最大距离Δx = x −x
m 乙 甲
10 2 15 v2
联立解得Δx = − 0
m 147 245 µg
学科网（北京）股份有限公司
